1.(2024廣東汕頭一模)半導(dǎo)體摻雜對于半導(dǎo)體工業(yè)有著舉足輕重的作用,其中一種技術(shù)是將摻雜源物質(zhì)與硅晶體在高溫(800到1 250攝氏度)狀態(tài)下接觸,摻雜源物質(zhì)的分子由于熱運(yùn)動(dòng)滲透進(jìn)硅晶體的表面,溫度越高摻雜效果越顯著,下列說法正確的是( )
A.這種滲透過程是自發(fā)可逆的
B.硅晶體具有光學(xué)上的各向同性
C.這種滲透過程是分子的擴(kuò)散現(xiàn)象
D.溫度越高摻雜效果越好是因?yàn)闇囟壬邥r(shí),所有分子的熱運(yùn)動(dòng)速率都增加
答案 C
解析 摻雜源物質(zhì)的分子由于熱運(yùn)動(dòng)滲透進(jìn)硅晶體的表面,所以這種滲透過程是分子的擴(kuò)散現(xiàn)象,該過程為自發(fā)過程,其逆過程不能自發(fā)進(jìn)行,故A錯(cuò)誤,C正確;由于硅晶體的晶格結(jié)構(gòu),硅晶體具有光學(xué)上的各向異性,故B錯(cuò)誤;溫度越高摻雜效果越好是因?yàn)闇囟壬邥r(shí),分子的平均速率增大,并不是所有分子的熱運(yùn)動(dòng)速率都增加,故D錯(cuò)誤。
2.某古法榨油中的一道工序是撞榨,即用重物撞擊楔子壓縮油餅。如圖所示,質(zhì)量為50 kg的重物用一輕繩與固定點(diǎn)O連接,O與重物重心間的距離為4 m,某次將重物移至輕繩與豎直方向成37°角處,由靜止釋放,重物運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與楔子發(fā)生碰撞,若碰撞后楔子移動(dòng)的距離可忽略,重物反彈,上升的最大高度為0.05 m,重物與楔子作用時(shí)間約為0.05 s,重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,整個(gè)過程輕繩始終處于伸直狀態(tài),則碰撞過程中重物對楔子的作用力約為( )
A.4 000 NB.5 000 N
C.6 000 ND.7 000 N
答案 B
解析 根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mgL(1-cs 37°)=12mv12,碰撞后重物上升過程,有mgh=12mv22,根據(jù)動(dòng)量定理有Ft=mv2-(-mv1),聯(lián)立解得F=5 000 N,由牛頓第三定律可知重物對楔子的作用力約為5 000 N,故選B。
3.(2024山東泰安一模)如圖所示,A、B是圍繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的兩顆衛(wèi)星,其中A衛(wèi)星的軌道半徑為RA,B衛(wèi)星的軌道半徑為RB,經(jīng)過相同的時(shí)間,A衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為SA,B衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為SB,已知SB∶SA=1∶2,則RB∶RA的值為( )
A.1∶2B.1∶3
C.1∶4D.1∶8
答案 C
解析 設(shè)衛(wèi)星的周期為T,t時(shí)間內(nèi)衛(wèi)星與地心О的連線掃過的面積為S=tTπR2,根據(jù)題意有SB∶SA=tTBπRB2∶tTAπRA2=RB2TB∶RA2TA=1∶2,根據(jù)萬有引力提供向心力可得Gm地mR2=m4π2T2R,可得T=4π2R3Gm地,則可得TATB=RA3RB3,聯(lián)立可得RB∶RA=1∶4,故選C。
4.(2024山東聊城一模)如圖所示,正方體框架ABCD-A1B1C1D1的底面A1B1C1D1處于水平地面上。從頂點(diǎn)A沿不同方向水平拋出小球(可視為質(zhì)點(diǎn)),不計(jì)空氣阻力。關(guān)于小球的運(yùn)動(dòng),下列說法正確的是( )
A.落點(diǎn)在棱BB1上的小球,落在B1點(diǎn)時(shí)平拋的初速度最大
B.落點(diǎn)在面A1B1C1D1內(nèi)的小球,落在C1點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長
C.落點(diǎn)在三角形B1C1D1內(nèi)的小球,平拋初速度的最小值與最大值之比是1∶2
D.落點(diǎn)在線B1D1上的小球,落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率均不相同
答案 C
解析 設(shè)正方體棱長為l,落點(diǎn)在棱BB1上的小球,落在B1點(diǎn)時(shí)豎直位移最大,根據(jù)t=2lg可知,運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長,根據(jù)v=st可知平拋的初速度最小,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;根據(jù)t=2lg可知落點(diǎn)在面A1B1C1D1內(nèi)的小球豎直位移相等,則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;落點(diǎn)在三角形B1C1D1內(nèi)的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,最大的水平位移為2l,最小水平位移為22l,最小水平位移與最大水平位移之比為1∶2,則平拋初速度的最小值與最大值之比是1∶2,選項(xiàng)C正確;落點(diǎn)在線B1D1上的小球,豎直速度均為vy=2gl,落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率PG=mgvy均相同,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
5.放射性元素衰變時(shí),通常會(huì)放出α、β、γ三種射線,這三種射線穿透本領(lǐng)的示意圖如圖所示,下列說法正確的是( )
A.射線x可能為γ射線
B.射線x可以用來消除工業(yè)生產(chǎn)中的有害靜電
C.射線y的速度約為光速的110
D.射線z的本質(zhì)為高速電子流
答案 B
解析 α射線的穿透本領(lǐng)最弱,γ射線的穿透本領(lǐng)最強(qiáng),則射線x應(yīng)為α射線,射線z應(yīng)為γ射線,射線y應(yīng)為β射線,A項(xiàng)錯(cuò)誤;α射線的電離本領(lǐng)最強(qiáng),可以用來消除有害靜電,B項(xiàng)正確;β射線的本質(zhì)為高速電子流,其速度可達(dá)光速的99%,即接近光速,C項(xiàng)錯(cuò)誤;γ射線的本質(zhì)是高能光子,D項(xiàng)錯(cuò)誤。
6.(2024湖南張家界二模)如圖所示,ABCD是邊長為l的正三棱錐,虛線圓為三角形ABD的內(nèi)切圓,M、N、P分別為BD、AB和AD邊與圓的切點(diǎn),O為圓心,正三棱錐的頂點(diǎn)A、B和D分別固定有電荷量為+Q、+Q和-Q的點(diǎn)電荷,則( )
A.同一帶正電的點(diǎn)電荷分別置于M、P兩點(diǎn)的電勢能不相等
B.將質(zhì)子由C移動(dòng)到M,電勢能減少
C.將電子由P移動(dòng)到N,電場力做正功
D.M、P兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同
答案 C
解析 根據(jù)對稱性可知,M點(diǎn)和P點(diǎn)的電勢相等,則同一帶正電的點(diǎn)電荷分別置于M、P兩點(diǎn)的電勢能相等,故A錯(cuò)誤;根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢面關(guān)系圖可知,若僅考慮B處和D處點(diǎn)電荷時(shí),C點(diǎn)和M點(diǎn)的電勢相等,質(zhì)子由C移動(dòng)到M,靠近A處的正點(diǎn)電荷,電場力做負(fù)功,電勢能增加,故B錯(cuò)誤;在A處點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中,N點(diǎn)和P點(diǎn)的電勢相等,在B處點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中,N點(diǎn)的電勢大于P點(diǎn)的電勢,在D處點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中,N點(diǎn)的電勢大于P點(diǎn)的電勢,所以N點(diǎn)的電勢高于P點(diǎn)的電勢,電子在N點(diǎn)的電勢能小于在P點(diǎn)的電勢能,則電子由P到N,電勢能減小,電場力做正功,故C正確;根據(jù)對稱性可知,M點(diǎn)和P點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等,方向不同,故D錯(cuò)誤。
7.(2024廣東深圳一模)如圖所示,整個(gè)空間存在一水平向右的勻強(qiáng)電場和垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場,光滑絕緣斜面固定在水平面上。一帶正電滑塊從斜面頂端由靜止下滑,下滑過程中始終沒有離開斜面,下滑過程中滑塊的位移s、受到的洛倫茲力F洛、加速度a與機(jī)械能E機(jī)等物理量的大小隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是( )
答案 B
解析 滑塊下滑過程中始終沒有離開斜面,滑塊沿斜面受到的重力分力和電場力分力均保持不變,滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則a-t圖像為一條與橫軸平行的直線;根據(jù)s-t圖像的斜率表示速度,可知s-t圖像的斜率逐漸增大,故A、C錯(cuò)誤;由于滑塊由靜止做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則有F洛=qvB=qBat∝t,可知F洛-t圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線,故B正確;除重力做功外,還有電場力做功,則滑塊的機(jī)械能不守恒,故D錯(cuò)誤。
二、多項(xiàng)選擇題:本題共3小題,每小題6分,共18分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,全部選對得6分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。
8.(2024廣東三模)音叉可以用來產(chǎn)生簡諧聲波,如圖所示,在水平桌面上將兩個(gè)音叉A和B間隔一定距離正對放置,下列說法正確的是( )
A.若只敲擊音叉A,音叉B也可能會(huì)發(fā)出聲音
B.若音叉A的頻率大于音叉B的頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波速較大
C.若音叉A的頻率大于音叉B的頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波長較短
D.若同時(shí)敲擊音叉A和B,音叉A和B發(fā)出的聲波相遇時(shí),一定會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象
答案 AC
解析 若音叉A和B完全相同,音叉A發(fā)出的聲波頻率等于音叉B的固有頻率,則音叉B會(huì)發(fā)生共振從而發(fā)聲,故A正確;兩音叉發(fā)出的聲波速度相同,根據(jù)v=fλ可知,若音叉A發(fā)出的聲波頻率大于音叉B發(fā)出的聲波頻率,則音叉A發(fā)出的聲波波長較短,故B錯(cuò)誤,C正確;只有兩音叉發(fā)出的聲波頻率相等時(shí),才會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象,故D錯(cuò)誤。
9.(2024河北模擬預(yù)測)間距為L、長度均為2s的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在水平面內(nèi),靜止的金屬棒垂直放置在導(dǎo)軌的左端,且始終與導(dǎo)軌接觸良好。t=0時(shí)刻,電流大小為I的恒定電流從一根導(dǎo)軌流入,經(jīng)過金屬棒,再從另一根導(dǎo)軌流回,如圖所示。當(dāng)金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌的中點(diǎn)時(shí),電流大小突然變?yōu)?I,導(dǎo)軌電流在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場近似可視為勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度B與電流I成正比。已知金屬棒的質(zhì)量為m。則( )
A.金屬棒在左、右兩段導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受安培力的大小之比為1∶2
B.金屬棒在左、右兩段導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為1∶4
C.金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌中點(diǎn)與末端的動(dòng)能之比為1∶4
D.金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌中點(diǎn)與末端的速度大小之比為1∶5
答案 BD
解析 由題意可知磁感應(yīng)強(qiáng)度B與電流I成正比,金屬棒在左、右兩段導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)電流之比為I∶2I=1∶2,則磁感應(yīng)強(qiáng)度之比為B∶2B=1∶2,金屬棒在左、右兩段導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受安培力的大小之比為F左∶F右=BIL∶(2B·2IL)=1∶4,金屬棒在左、右兩段導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為a左∶a右=F左m∶F右m=1∶4,故A錯(cuò)誤,B正確;設(shè)金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌中點(diǎn)的速度為v1,金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌末端的速度為v2,根據(jù)動(dòng)能定理可得F左s=12mv12-0,F左s+F右s=12mv22-0,聯(lián)立可得金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌中點(diǎn)與末端的動(dòng)能之比為12mv12∶12mv22=F左s∶(F左s+F右s)=1∶5,則金屬棒運(yùn)動(dòng)到導(dǎo)軌中點(diǎn)與末端的速度大小之比為v1∶v2=1∶5,故C錯(cuò)誤,D正確。
10.(2024廣東佛山二模)手機(jī)無線充電工作原理如圖所示,其中送電線圈和受電線圈的匝數(shù)比n1∶n2=5∶1,兩個(gè)線圈中所接電阻的阻值均為R。當(dāng)ab間接上220 V的正弦交變電流后,受電線圈中產(chǎn)生交變電流再通過轉(zhuǎn)換電路轉(zhuǎn)換成直流電實(shí)現(xiàn)給手機(jī)快速充電,這時(shí)轉(zhuǎn)換電路ef兩端的電壓為5 V,受電線圈中的電流為2 A。把裝置線圈視為理想變壓器,則( )
A.若ab間接入5 V直流電壓,則轉(zhuǎn)換電路ef兩端的電壓為5 V
B.受電線圈中的頻率與送電線圈中的頻率相同
C.快速充電時(shí),流過送電線圈的電流大小為0.2 A
D.快速充電時(shí),線圈cd兩端的輸出電壓為42.5 V
答案 BD
解析 若充電器線圈中通以恒定電流,產(chǎn)生恒定的磁場,故手機(jī)受電線圈不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢,則轉(zhuǎn)換電路ef兩端的電壓為零,故A錯(cuò)誤;電磁感應(yīng)現(xiàn)象中交變電流的頻率不變,受電線圈中的頻率與送電線圈中的頻率相同,故B正確;由U1U2=n1n2可知,U1U2=51,又U1I1=U2I2,所以快速充電時(shí),流過送電線圈的電流大小為I1=U2U1I2=15×2 A=0.4 A,故C錯(cuò)誤;由送電線圈電路可知Uab-I1R=U1,由受電線圈電路可知U2-I2R=Uef,解得線圈cd兩端的輸出電壓為U2=42.5 V,故D正確。

相關(guān)試卷

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練4 圓周運(yùn)動(dòng) 天體的運(yùn)動(dòng)（Word版附解析）：

這是一份備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練4 圓周運(yùn)動(dòng) 天體的運(yùn)動(dòng)（Word版附解析），共7頁。

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練12 振動(dòng)與波（Word版附解析）：

這是一份備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練12 振動(dòng)與波（Word版附解析），共10頁。試卷主要包含了1 s時(shí)速度為0等內(nèi)容，歡迎下載使用。

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練13 光學(xué)（Word版附解析）：

這是一份備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練13 光學(xué)（Word版附解析），共11頁。試卷主要包含了下列關(guān)于光學(xué)現(xiàn)象的說法正確的是，微波爐是利用微波進(jìn)行工作的，4 mm等內(nèi)容，歡迎下載使用。

英語朗讀寶

相關(guān)試卷 更多

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練14 熱學(xué)（Word版附解析）

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練14 熱學(xué)（Word版附解析）
備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練15 近代物理（Word版附解析）

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練15 近代物理（Word版附解析）
備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練16 力學(xué)實(shí)驗(yàn)（Word版附解析）

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練16 力學(xué)實(shí)驗(yàn)（Word版附解析）
備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練17 電學(xué)實(shí)驗(yàn)（Word版附解析）

備戰(zhàn)2025年高考二輪復(fù)習(xí)物理（廣東版）專題分層突破練17 電學(xué)實(shí)驗(yàn)（Word版附解析）
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
入駐教習(xí)網(wǎng)，可獲得資源免費(fèi)推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎(jiǎng)勵(lì)，申請 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
高考專區(qū)
歡迎來到教習(xí)網(wǎng)
  • 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊
qrcode
二維碼已過期
刷新

微信掃碼，快速注冊

手機(jī)號(hào)注冊
手機(jī)號(hào)碼

手機(jī)號(hào)格式錯(cuò)誤

手機(jī)驗(yàn)證碼 獲取驗(yàn)證碼

手機(jī)驗(yàn)證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個(gè)字符，數(shù)字、字母或符號(hào)

注冊即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊
手機(jī)號(hào)注冊
微信注冊

注冊成功

返回
頂部