2024年山東菏澤市曹縣數(shù)學(xué)九上開學(xué)達(dá)標(biāo)檢測模擬試題【含答案】-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項(xiàng)，其中只有一項(xiàng)符合題目要求）
1、（4分）如圖，四邊形ABCD中，AB=CD，對角線AC，BD相交于點(diǎn)O，AE⊥BD于點(diǎn)E，CF⊥BD于點(diǎn)F，連接AF，CE，若DE=BF，則下列結(jié)論：①CF=AE；②OE=OF；③四邊形ABCD是平行四邊形；④圖中共有四對全等三角形．其中正確結(jié)論的個數(shù)是
A．4 B．3 C．2 D．1
2、（4分）若式子有意義，則一次函數(shù)的圖象可能是（）
A．B．C．D．
3、（4分）式子有意義，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是（）
A．a(chǎn)≥-1B．a(chǎn)≠2C．a(chǎn)≥-1且a≠2D．a(chǎn)＞2
4、（4分）下列交通標(biāo)志是軸對稱圖形的是（）
A．B．C．D．
5、（4分）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知點(diǎn)A（2，﹣2），在y軸上確定點(diǎn)P，使△AOP為等腰三角形，則符合條件的有（）個．
A．5B．4C．3D．2
6、（4分）一次函數(shù)的圖像經(jīng)過點(diǎn)，且的值隨值的增大而增大，則點(diǎn)的坐標(biāo)可以為（）
A．B．C．D．
7、（4分）如圖所示，圓柱的高AB=3，底面直徑BC=3，現(xiàn)在有一只螞蟻想要從A處沿圓柱表面爬到對角C處捕食，則它爬行的最短距離是（）
A．B．C．D．
8、（4分）某服裝制造廠要在開學(xué)前趕制套校服，為了盡快完成任務(wù)，廠領(lǐng)導(dǎo)合理調(diào)配加強(qiáng)第一線人力，使每天完成的校服比原計劃多，結(jié)果提前天完成任務(wù)，問：原計劃每天能完成多少套校服？設(shè)原來每天完成校服套，則可列出方程（）
A．B．
C．D．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）如圖，點(diǎn)A是反比例函數(shù)圖象上一點(diǎn)，過點(diǎn)A作AB⊥y軸于點(diǎn)B，點(diǎn)C、D在x軸上，且BC∥AD，四邊形ABCD的面積為3，則這個反比例函數(shù)的解析式為_____．
10、（4分）當(dāng)x＝1時，分式無意義；當(dāng)x＝2時，分式的值為0，則a＋b＝_____．
11、（4分）若是的小數(shù)部分，則的值是______．
12、（4分）若直角三角形其中兩條邊的長分別為3，4，則該直角三角形斜邊上的高的長為________．
13、（4分）如圖，菱形ABCD的周長為20，對角線AC與BC相交于點(diǎn)O，AC=8，則BD=________.
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）如圖，已知直線AQ與x軸負(fù)半軸交于點(diǎn)A，與y軸正半軸交于點(diǎn)Q，∠QAO=45°，直線AQ在y軸上的截距為2，直線BE：y=-2x+8與直線AQ交于點(diǎn)P．
（1）求直線AQ的解析式；
（2）在y軸正半軸上取一點(diǎn)F，當(dāng)四邊形BPFO是梯形時，求點(diǎn)F的坐標(biāo)．
（3）若點(diǎn)C在y軸負(fù)半軸上，點(diǎn)M在直線PA上，點(diǎn)N在直線PB上，是否存在以Q、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形是菱形，若存在請求出點(diǎn)C的坐標(biāo)；若不存在請說明理由．
15、（8分）八年級（1）班同學(xué)為了解某小區(qū)家庭月均用水情況，隨機(jī)調(diào)査了該小區(qū)部分家庭，并將調(diào)查數(shù)據(jù)整理成如下兩幅不完整的統(tǒng)計圖表：
請根據(jù)以上信息，解答以下問題：
（1）直接寫出頻數(shù)分布表中的m、n的值并把頻數(shù)直方圖補(bǔ)充完整；
（2）求出該班調(diào)查的家庭總戶數(shù)是多少？
（3）求該小區(qū)用水量不超過15的家庭的頻率．
16、（8分）計算：（-2）（+1）
17、（10分）先化簡，再求值：，其中x=20160+4
18、（10分）（定義學(xué)習(xí)）
定義:如果四邊形有一組對角為直角，那么我們稱這樣的四邊形為“對直四邊形”
（判斷嘗試）
在①梯形;②矩形:③菱形中，是“對直四邊形”的是哪一個. (填序號)
（操作探究）
在菱形ABCD中，于點(diǎn)E,請在邊AD和CD上各找一點(diǎn)F,使得以點(diǎn)A、E、C、F組成的四邊形為“對直四邊形”，畫出示意圖，并直接寫出EF的長，

（實(shí)踐應(yīng)用）
某加工廠有一批四邊形板材，形狀如圖所示，若AB=3米，AD=1米，
.現(xiàn)根據(jù)客戶要求，需將每張四邊形板材進(jìn)一步分割成兩個等腰三角形板材和一個“對直四邊形"板材，且這兩個等腰三角形的腰長相等，要求材料充分利用無剩余.求分割后得到的等腰三角形的腰長，
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）頻數(shù)直方圖中，一小長方形的頻數(shù)與組距的比值是6，組距為3，則該小組的頻數(shù)是_____．
20、（4分）如圖，在△ABC中，AB＝3，AC＝5，點(diǎn)D，E，F(xiàn)分別是AB，BC，AC的中點(diǎn)，則四邊形ADEF的周長為_____．
21、（4分）如圖，在中，，點(diǎn)D,E,F分別是AB,AC,BC邊上的中點(diǎn)，連結(jié)BE,DF,已知則_________．
22、（4分）已知a+b=5，ab=-6，則代數(shù)式ab2+a2b的值是______．
23、（4分）如圖，△ABC是邊長為6的等邊三角形，D是AB中點(diǎn)，E是邊BC上一動點(diǎn)，連結(jié)DE，將DE繞點(diǎn)D逆時針旋轉(zhuǎn)60°得DF，連接CF，若CF=，則BE=_________。
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）如圖，已知□ABCD邊BC在x軸上，頂點(diǎn)A在y軸上，對角線AC所在的直線為y=+6，且AC=AB，若點(diǎn)P從點(diǎn)A出發(fā)以1cm/s的速度向終點(diǎn)O運(yùn)動，同時點(diǎn)Q從點(diǎn)C出發(fā)以2cm/s的速度沿射線CB運(yùn)動，當(dāng)點(diǎn)P到達(dá)終點(diǎn)O時，點(diǎn)Q也隨之停止運(yùn)動．設(shè)點(diǎn)P的運(yùn)動時間為t（s）．
（1）直接寫出頂點(diǎn)D的坐標(biāo)（______，______），對角線的交點(diǎn)E的坐標(biāo)（______，______）；
（2）求對角線BD的長；
（3）是否存在t，使S△POQ=S?ABCD，若存在，請求出的t值；不存在說明理由．
（4）在整個運(yùn)動過程中，PQ的中點(diǎn)到原點(diǎn)O的最短距離是______cm，（直接寫出答案）
25、（10分）已知：關(guān)于x的方程有兩個不相等的實(shí)數(shù)根．
（1）求m的取值范圍；
（2）若m為正整數(shù)，且該方程的根都是整數(shù)，求m的值．
26、（12分）解方程：（用公式法解）．
參考答案與詳細(xì)解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項(xiàng)，其中只有一項(xiàng)符合題目要求）
1、B
【解析】
試題分析：∵DE=BF，∴DF=BE。
∵在Rt△DCF和Rt△BAE中，CD=AB，DF=BE，∴Rt△DCF≌Rt△BAE（HL）。
∴FC=EA。故①正確。
∵AE⊥BD于點(diǎn)E，CF⊥BD于點(diǎn)F，∴AE∥FC。
∵FC=EA，∴四邊形CFAE是平行四邊形。
∴EO=FO。故②正確。
∵Rt△DCF≌Rt△BAE，∴∠CDF=∠ABE?！郈D∥AB。
∵CD=AB，∴四邊形ABCD是平行四邊形。故③正確。
由上可得：△CDF≌△BAE，△CDO≌△BAO，△CDE≌△BAF，△CFO≌△AEO，△CEO≌△AFO，△ADF≌△CBE等。故④圖中共有6對全等三角形錯誤。
故正確的有3個。故選B。
2、A
【解析】
試題分析：當(dāng)時，式子有意義，所以k＞1，所以1-k＜0，所以一次函數(shù)的圖象過第一三四象限，故選A．
考點(diǎn)：1．代數(shù)式有意義的條件；2．一次函數(shù)圖像的性質(zhì)．
3、C
【解析】
根據(jù)被開方數(shù)大于等于0,分母不等于0列式計算即可.
【詳解】
解：由題意得，
解得，a≥-1且a≠2，
故答案為：C.
本題考查的知識點(diǎn)是根據(jù)分式有意義的條件確定字母的取值范圍，屬于基礎(chǔ)題目，比較容易掌握.
4、C
【解析】
試題分析：A、不是軸對稱圖形，故此選項(xiàng)錯誤；
B、不是軸對稱圖形，故此選項(xiàng)錯誤；
C、是軸對稱圖形，故此選項(xiàng)正確；
D、不是軸對稱圖形，故此選項(xiàng)錯誤．
故選C．
點(diǎn)睛：此題主要考查了軸對稱圖形的概念．如果一個圖形沿一條直線折疊，直線兩旁的部分能夠互相重合，這個圖形叫做軸對稱圖形，這條直線叫做對稱軸，這時，我們也可以說這個圖形關(guān)于這條直線（成軸）對稱．
5、B
【解析】
試題解析：∵A(2,?2)，

①如圖：若OA=AP,則
②如圖：若OA=OP,則
③如圖：若OP=AP,則
綜上可得：符合條件的點(diǎn)P有四解.
故選B.
點(diǎn)睛：等腰三角形的問題，一般都分類討論.
6、A
【解析】
y的值隨x值的增大而増大，可知函數(shù)y=kx-1圖象經(jīng)過第一、三、四象限，結(jié)合選項(xiàng)判斷點(diǎn)（1，-3）符合題意．
【詳解】
解：y的值隨x值的增大而増大，
∴k＞0，
∴函數(shù)圖象經(jīng)過第一、三、四象限，
點(diǎn)（1，-3）、點(diǎn)（5，3）和點(diǎn)（5，-1）符合條件，
當(dāng)經(jīng)過（5，-1）時，k=0，
當(dāng)經(jīng)過（1，-3）時，k=-2，
當(dāng)經(jīng)過（5，3）時，k=，
故選：A．
本題考查一次函數(shù)圖象及性質(zhì)；熟練掌握一次函數(shù)圖象性質(zhì)，點(diǎn)與函數(shù)圖象的關(guān)系是解題的關(guān)鍵．
7、C
【解析】
分析：要求最短路徑，首先要把圓柱的側(cè)面展開，利用兩點(diǎn)之間線段最短，然后利用勾股定理即可求解．
詳解：把圓柱側(cè)面展開，展開圖如圖所示，點(diǎn)A、C的最短距離為線段AC的長．
在Rt△ADC中，∠ADC=90°，CD=AB=3，AD為底面半圓弧長，AD=1.5π，
所以AC=，
故選C．
點(diǎn)睛：本題考查了平面展開-最短路徑問題，解題的關(guān)鍵是會將圓柱的側(cè)面展開，并利用勾股定理解答．
8、C
【解析】
由實(shí)際每天完成的校服比原計劃多得到實(shí)際每天完成校服x（1+20%）套，再根據(jù)提前4天完成任務(wù)即可列出方程．
【詳解】
∵原來每天完成校服套，實(shí)際每天完成的校服比原計劃多，
∴實(shí)際每天完成校服x（1+20%）套，
由題意得，
故選：C．
此題考查分式方程的實(shí)際應(yīng)用，正確理解題意是解題的關(guān)鍵．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、
【解析】
解：過A點(diǎn)向x軸作垂線，如圖：
根據(jù)反比例函數(shù)的幾何意義可得：四邊形ABCD的面積為3，即|k|=3，
又∵函數(shù)圖象在二、四象限，
∴k=﹣3，
即函數(shù)解析式為：y=﹣．
故答案為y=﹣．
本題考查反比例函數(shù)系數(shù)k的幾何意義．
10、3
【解析】
先根據(jù)分式無意義的條件可求出的值,再根據(jù)分式值為0的條件可求出b的值,最后將求出的a,b代入計算即可.
【詳解】
因?yàn)楫?dāng)時,分式無意義,
所以,
解得:,
因?yàn)楫?dāng)時,分式的值為零,
所以,
解得:,
所以
故答案為:3.
本題主要考查分式無意義和分式值為0的條件,解決本題的關(guān)鍵是要熟練掌握分式無意義和分式值為0的條件.
11、1
【解析】
根據(jù)題意知，而，將代入，即可求解．
【詳解】
解：∵ 是的小數(shù)部分，而我們知道，
∴，
∴．
故答案為1．
本題目是二次根式的變型題，難度不大，正確理解題干并表示出來，是順利解題的關(guān)鍵．
12、2.4或
【解析】
分兩種情況：直角三角形的兩直角邊為3、4或直角三角形一條直角邊為3，斜邊為4，首先根據(jù)勾股定理即可求第三邊的長度，再根據(jù)三角形的面積即可解題．
【詳解】
若直角三角形的兩直角邊為3、4，則斜邊長為，
設(shè)直角三角形斜邊上的高為h，
，
∴．
若直角三角形一條直角邊為3，斜邊為4，則另一條直角邊為
設(shè)直角三角形斜邊上的高為h，
，
∴．
故答案為：2.4或．
本題考查了勾股定理和直角三角形的面積，熟練掌握勾股定理是解題的關(guān)鍵．
13、1
【解析】
分析: 根據(jù)菱形的四條邊都相等可得AB=5，根據(jù)菱形的兩條對角線互相垂直且平分可得AC⊥BD，AO=AC=4，BO=DO，再利用勾股定理計算出BO長，進(jìn)而可得答案．
詳解: ∵四邊形ABCD是菱形，
∴AC⊥BD，AO=，
AC=4，BO=DO，AD=AB=DC=BC，
∵菱形ABCD的周長為20，
∴AB=5，
∴BO==3，
∴DO=3，
∴DB=1，
故答案為：1．
點(diǎn)睛: 此題主要考查了菱形的性質(zhì)，關(guān)鍵是掌握菱形的性質(zhì) ①菱形具有平行四邊形的一切性質(zhì)；②菱形的四條邊都相等；③菱形的兩條對角線互相垂直，并且每一條對角線平分一組對角；④菱形是軸對稱圖形，它有2條對稱軸，分別是兩條對角線所在直線．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（1）直線AQ的解析式為y=x+2；（2）F（0，4）；（3）存在，C（0，）或C（0，-10）
【解析】
(1)利用待定系數(shù)法即可求出直線AQ的解析式；
(2)先求出直線AQ和直線BE的交點(diǎn)P的坐標(biāo)，由PF∥x軸可知F橫坐標(biāo)為0，縱坐標(biāo)與點(diǎn)P的縱坐標(biāo)相等；
(3)分CQ為菱形的對角線與CQ是菱形的一條邊兩種情況討論.
【詳解】
解：（1）設(shè)直線AQ的解析式為y=kx+b，
∵直線AQ在y軸上的截距為2，
∴b=2，
∴直線AQ的解析式為y=kx+2，
∴OQ=2，
在Rt△AOQ中，∠OAQ=45°，
∴OA=OQ=2，
∴A（-2，0），
∴-2k+2=0，
∴k=1，
∴直線AQ的解析式為y=x+2；
（2）由（1）知，直線AQ的解析式為y=x+2①，
∵直線BE：y=-2x+8②，
聯(lián)立①②解得，
∴P（2，4），
∵四邊形BPFO是梯形，
∴PF∥x軸，
∴F（0，4）；
（3）設(shè)C（0，c），
∵以Q、C、M、N為頂點(diǎn)的四邊形是菱形，
①當(dāng)CQ是對角線時，CQ與MN互相垂直平分，
設(shè)C（0，c），
∵CQ的中點(diǎn)坐標(biāo)為（0，），
∴點(diǎn)M，N的縱坐標(biāo)都是，
∴M（，），N（，），
∴+=0，
∴c=-10，
∴C（0，-10），
②當(dāng)CQ為邊時，CQ∥MN，CQ=MN=QM，
設(shè)M（m，m+2），
∴N（m，-2m+8），
∴|3m-6|=2-c=|m|，
∴m=或m=，
∴c=或c=（舍），
∴，
∴（0，）或C（0，-10）.
本題是一道一次函數(shù)與四邊形的綜合題，難度較大.
15、（1）m=12,n=0.08;（2）50；（3）0.68.
【解析】
（1）根據(jù)任意一組頻數(shù)和頻率即可得出總頻數(shù)，即總頻數(shù)為，即可得出m=12，進(jìn)而求得n=0.08;
補(bǔ)充完整的頻數(shù)直方圖見詳解；
（2）根據(jù)任意一組頻數(shù)和頻率即可得出總頻數(shù)，即總頻數(shù)為；
（3）根據(jù)統(tǒng)計圖表，該小區(qū)用水量不超過15的家庭的頻率即為0.12+0.24+0.32=0.68.
【詳解】
解：（1）∵頻數(shù)為6，頻率為0.12
∴總頻數(shù)為
∴m=50-6-16-10-4-2=12
∴n=4÷50=0.08
數(shù)據(jù)求出后，即可將頻數(shù)直方圖補(bǔ)充完整，如下圖所示：
（2）根據(jù)（1）中即可得知，總頻數(shù)為
答：該班調(diào)查的家庭總戶數(shù)是50戶；
（3）根據(jù)統(tǒng)計圖表，該小區(qū)用水量不超過15的家庭的頻率即為0.12+0.24+0.32=0.68.
此題主要考查統(tǒng)計圖和頻數(shù)分布表的性質(zhì)，熟練掌握其特征，即可得解.
16、1
【解析】
先把化簡得到原式=2（-1）（+1），然后利用平方差公式計算．
【詳解】
解：原式=（2-2）（+1）
=2（-1）（+1）
=2（5-1）
=1．
本題考查了二次根式的混合運(yùn)算：先把二次根式化為最簡二次根式，然后進(jìn)行二次根式的乘除運(yùn)算，再合并即可．在二次根式的混合運(yùn)算中，如能結(jié)合題目特點(diǎn)，靈活運(yùn)用二次根式的性質(zhì)，選擇恰當(dāng)?shù)慕忸}途徑，往往能事半功倍．
17、，.
【解析】
先算括號里面的，再算除法，最后求出x的值代入進(jìn)行計算即可．
【詳解】
解：原式，
∵x=20160+4=5，
∴原式=.
本題考查的是分式的化簡求值，熟練掌握運(yùn)算法則是解題關(guān)鍵．
18、【判斷嘗試】②；【操作探究】EF的長為2，EF的長為；【實(shí)踐應(yīng)用】方案1：兩個等腰三角形的腰長都為米．理由見解析，方案2：兩個等腰三角形的腰長都為2米．理由見解析，方案3：兩個等腰三角形的腰長都為米，理由見解析．方案4：兩個等腰三角形的腰長都為米，理由見解析．
【解析】
[判斷嘗試]根據(jù)“對直四邊形”定義和①梯形;②矩形:③菱形的性質(zhì)逐一分析即可解答.
[操作探究]由菱形性質(zhì)和30°直角三角形性質(zhì)即可求得EF的長.
[實(shí)踐應(yīng)用]先作出“對直四邊形”，容易得到另兩個等腰三角形，再利用等腰三角形性質(zhì)和勾股定理即可求出腰長.
【詳解】
解： [判斷嘗試]
①梯形不可能一組對角為直角;③菱形中只有正方形的一組對角為直角，②矩形四個角都是直角，故矩形有一組對角為直角，為“對直四邊形”，
故答案為② ，
[操作探究]
F在邊AD上時，如圖：

∴四邊形AECF是矩形，
∴AE=CE，
又∵，
∴BE=1，AE=，CE=AF=1，
∴在Rt△AEF中，EF==2
EF的長為2.
F在邊CD上時，AF⊥CD，

∵四邊形ABCD是菱形，
∴AB=AD=2，∠B=∠D=60°，
又∵AE⊥BC，
∴∠BAE=∠BAF=30°，
∴AE=AF=，
∵∠BAD=120°，
∴∠EAF=60°，
∴△AEF為等邊三角形，
∴EF=AF=AE=
即：EF的長為；
故答案為2，.
[實(shí)踐應(yīng)用]
方案1：如圖①，作，則四邊形ABCD分為等腰、等腰、“對直四邊形”ABED，其中兩個等腰三角形的腰長都為米．
理由：∵，∴四邊形ABED為矩形，
∴3米，
∵，
∴△DEC為等腰直角三角形，
∴DE=EC=3米，
∴DC=米，
∵，
∴=DC=米．
方案2：如圖②，作，則四邊形ABCD分為等腰△FEB、等腰△FEC、“對直四邊形”ABED，其中兩個等腰三角形的腰長都為2米．
理由：作，由（1）可知3米，BG=AD=1米，
∴BC=1+3=4米，
∵，
∴△BEC為等腰直角三角形，
∵，
∴BC=2米．
方案3：如圖③，作CD、BC的垂直平分線交于點(diǎn)E，連接ED、EB，則四邊形ABCD分為等腰△CED、等腰△CEB、“對直四邊形”ABED，其中兩個等腰三角形的腰長都為米．
理由：連接CE，并延長交AB于點(diǎn)F，
∵CD、BC的垂直平分線交于點(diǎn)E，∴，∴，
∴
．
連接DB，
DB==，
∵ED=EB，
∴△BED為等腰直角三角形，
∴ED=米，
∴米．
方案4：如圖④，作，交AB于點(diǎn)E，，
則四邊形ABCD分為等腰△AFE、等腰△AFD、“對直四邊形”BEDC，其中兩個等腰三角形的腰長都為米．
理由：作，交AB于點(diǎn)E，可證∠ADE45°，
∵，
∴△ADE為等腰直角三角形，
∴DE =米，
作，
∴DE=米．
此題是四邊形綜合題，主要考查了新定義“對直四邊形”的理解和應(yīng)用，矩形的判定和性質(zhì)，勾股定理，正確作出圖形是解本題的關(guān)鍵．
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、1
【解析】
根據(jù)“頻數(shù)：組距＝2且組距為3”可得答案．
【詳解】
根據(jù)題意知，該小組的頻數(shù)為2×3＝1．
故答案為：1．
本題考查了頻數(shù)分布直方圖，解題的關(guān)鍵是根據(jù)題意得出頻數(shù)：組距＝2．
20、1
【解析】
根據(jù)三角形的中位線平行于第三邊，并且等于第三邊的一半，以及中點(diǎn)的定義可得DE=AF=AC，EF=AD=AB，再根據(jù)四邊形的周長的定義計算即可得解.
【詳解】
解：∵在△ABC中，D、E、F分別是AB、BC、AC的中點(diǎn)，
∴DE=AF=AC=2.5，EF=AD=AB=1.5，
∴四邊形ADEF的周長是(2.5+1.5)×2=1．
故答案為：1．
本題考查了三角形中位線定理，中點(diǎn)的定義以及四邊形周長的定義．
21、1
【解析】
已知BE是Rt△ABC斜邊AC的中線，那么BE=AC；EF是△ABC的中位線，則DF=AC，則DF=BE=1．
【詳解】
解：，E為AC的中點(diǎn)，
，
分別為AB,BC的中點(diǎn)，
．
故答案為：1.
此題主要考查了三角形中位線定理以及直角三角形斜邊上的中線等知識，用到的知識點(diǎn)為：（1）直角三角形斜邊的中線等于斜邊的一半；（2）三角形的中位線等于對應(yīng)邊的一半．
22、-1．
【解析】
先利用提公因式法因式分解，然后利用整體代入法求值即可．
【詳解】
解：∵ab2+a2b=ab（a+b），
而a+b=5，ab=-6，
∴ab2+a2b=-6×5=-1．
故答案為：-1．
此題考查的是因式分解，掌握利用提公因式法因式分解是解決此題的關(guān)鍵．
23、1或2
【解析】
當(dāng)DF在CD右側(cè)時，取BC中點(diǎn)H，連接FH交CD于M，連接DH，CD?？勺C△FDH≌△EDB，再證△CHM≌△DHM，推出MH⊥CD，由勾股定理可得FM,由中位線可得MH，進(jìn)而可計算FH，由全等可得FH=BE。同理可求DF在CD左側(cè)時，F(xiàn)H的值，進(jìn)而求BE的值。
【詳解】
如圖當(dāng)DF在CD右側(cè)時，取BC中點(diǎn)H，連接FH交CD于M，連接DH，CD。
易證△BDH是等邊三角形，DH=BD, ∠FDH=∠EDB ,DF=DE
∴△FDH≌△EDB
∴FH=BE，∠FHD=∠B=60°
在等邊△BDH中∠DHB=60°
∴∠CHF=60°
∴MH=MH,∠CHM=∠MHD=60°，DH=CH,
∴△CHM≌△DHM
∴CM=DM,
∵ CM=DM,CH=BH
∴ MH//BD,
∵CD⊥AB
∴MH⊥CD
∴∠CMF=90°
∴
∴
∴
BE==1
同理可證，當(dāng)DF在CD左側(cè)時
BE==2
綜上所訴，BE=1或2
靈活構(gòu)造三角形全等，及中位線，勾股定理，等邊三角形的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵。
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（1）16；6；4；3；（2）BD=6；（3）存在，t值為2；（4）此時PQ的中點(diǎn)到原點(diǎn)O的最短距離為.
【解析】
（1）令x=0，y=0代入解析式得出A，C坐標(biāo)，進(jìn)而利用平行四邊形的性質(zhì)解答即可；
（2）根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得出點(diǎn)B，D坐標(biāo)，利用兩點(diǎn)間距離解答即可；
（3）利用三角形的面積公式和平行四邊形的面積公式列出方程解答即可；
（4）根據(jù)直角三角形斜邊上中線等于斜邊的一半可知，當(dāng)PQ長度最短時，PQ的中點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離最短解答即可．
【詳解】
（1）把x=0代入y=+6，可得y=6，
即A的坐標(biāo)為（0，6），
把y=0代入y=+6，可得：x=8，
即點(diǎn)C的坐標(biāo)為（8，0），
根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)可得：點(diǎn)B坐標(biāo)為（-8，0），
所以AD=BC=16，
所以點(diǎn)D坐標(biāo)為（16，6），
點(diǎn)E為對角線的交點(diǎn)，
故點(diǎn)E是AC的中點(diǎn)，
E的坐標(biāo)為（4，3），
故答案為16；6；4；3；
（2）因?yàn)锽（-8，0）和D（16，6），
∴BD=；
（3）設(shè)時間為t，可得：OP=6-t，OQ=8-2t，
∵S△POQ= S?ABCD，
當(dāng)0＜t≤4時，，
解得：t1=2，t2=8（不合題意，舍去），
當(dāng)4＜t≤6時，，
△＜0，不存在,
答：存在S△POQ=S?ABCD，此時t值為2；
（4）∵，
當(dāng)t=時，PQ=，
當(dāng)PQ長度最短時，PQ的中點(diǎn)到原點(diǎn)O的距離最短，此時PQ的中點(diǎn)到原點(diǎn)O的最短距離為PQ==
此題是一次函數(shù)綜合題，主要考查了平行四邊形的性質(zhì)，待定系數(shù)法，利用平行四邊形的性質(zhì)解答是解本題的關(guān)鍵．
25、（1）；（2）m的值為1．
【解析】
（1）根據(jù)題意得出△＞0，代入求出即可；
（2）求出m=1，2或1，代入后求出方程的解，即可得出答案．
【詳解】
解：（1）∵關(guān)于x的方程有兩個不相等的實(shí)數(shù)根，
∴△=．
∴；
（2）∵且m為正整數(shù)，
∴m可取1、2、1．
當(dāng)m=1時，的根不是整數(shù)，不符合題意；
當(dāng)m=2時，的根不是整數(shù)，不符合題意；
當(dāng)m=1時，，根為，，符合題意．
∴m的值為1．
本題考查根的判別式和解一元二次方程，能根據(jù)題意求出m的值和m的范圍是解題的關(guān)鍵．
26、
【解析】
先求出b2-4ac的值，再代入公式求出即可．
【詳解】
解：3x2-4x+2=0，
∵a=3，b=-4，c=2，
∴△=b2-4ac=（-4）2-4×3×2=24，
∴x==，
則.
本題考查了解一元二次方程—公式法．熟記公式x=是解題的關(guān)鍵．
題號
一
二
三
四
五
總分
得分
月均用水量x（t）
頻數(shù)（戶）
頻率
0＜x≤5
6
0.12
5＜x≤10
m
0.24
10＜x≤15
16
0.32
15＜x≤20
10
0.20
20＜x≤25
4
n
25＜x≤30
2
0.04

相關(guān)試卷

相關(guān)試卷更多

相關(guān)試卷

相關(guān)試卷 更多

相關(guān)試卷更多