1.“網絡式”復習法：即采用章、節(jié)、標題、要點四個層次對教材進行梳理和編織記憶網絡。
2.提高“回頭率”：為了防止遺忘，就要采用提高“回頭率”的`方法，即看完一節(jié)、一章、一部分之后，再回頭掃視一遍，這樣知識得到了系統(tǒng)的鞏固，效果很好。
3.“空想法”：所謂空想法就是不看課本回想看過的內容;或看課本的大綱填充細節(jié)。
4.樹形圖：復習時，可以在每門考試科目眾多的參考書中，選出一本較有代表性的參考書，通讀全書后，理出該領域研究的主要線索。
5.梳理錯題法：把綜合復習階段做過的所有習題重新瀏覽一遍。把曾經做錯并改正后的題重點看一遍。
6.“齊頭并進”法：在復習過程中，由于要復習的學科多，所以必須合理安排時間。學科和學科之間不可偏廢?？蓪⒚刻斓臅r間劃分為大致相等的5部分，用于7門課的復習，弱科花的時間稍多一些。
“等效法”突破非純電阻電路的計算
一、要點解讀
1.常規(guī)計算：Q=I2Rt （Q：J、I：A、R：Ω、t：s）
2.非純電阻（電動機）：W=UIt （W：J、U：V、I：A、t：s）
3.能量流程：
消耗的電能（關鍵詞“輸入”）：W=UIt—→P=UI
產生的熱量（關鍵詞“浪費”）：Q=I2Rt—→P=I2R
輸出的機械能（關鍵詞“輸出”）：UIt－I2Rt—→UI－I2R
效率：
例1.如圖所示，電動機線圈電阻為1Ω，閉合開關，使電動機轉動，調節(jié)滑片使電壓表示數為2V時，電流表示數為0.4A，電動機消耗的功率為________W，此時輸出的機械功率為________W。
解析：P=UI=2V×0.4A=0.8W
PQ=I2R=（0.4A）2×1Ω=0.16W
P機械=P－PQ=0.8W－0.16W=0.64W
答案：0.8W；0.64W。
二、電動機 eq \\ac(○,M)等效理解
例2.如圖所示，閉合開關，發(fā)現(xiàn)電動機不轉動，此時電壓表示數為0.2V時，電流表示數為0.5A。調節(jié)滑動變阻器的滑片P，使電動機轉動，此時電壓表示數為2V，電流表示數為1A。則該電動機線圈電阻為_______Ω，電動機正常轉動時輸出功率為________W，效率為_________。
U內=1A×0.4Ω=0.4V
U機=U－U內=2V－0.4Ω=1.6V
P機=U機I=1.6V×1A=1.6W
答案：0.4Ω 1.6W 80%
三、歸納總結
1.原始公式：（重要）
2.能流關系：
四、鞏固升華
一臺電風扇接在家庭電路中，通過電動機的電流為0.5A，電動機線圈電阻為20Ω，則在1min內消耗的電能為_______J，產生的熱量為________J，轉化為機械能為_______J，效率為_________。
解析：家庭電路電壓為220V，
電能：W=UIt=220V×0.5A×60s=6600J
電熱：Q=I2Rt=（0.5A）2×20Ω×60s=300J
機械能：W－Q=6600J－300J=6300J
效率：
五、真題演練
1.（2023年黑龍江齊齊哈爾中考題）23.將電能輸送到幾百千米之外的用戶，在輸電線上會有能量的損耗，這主要是由于電流的_______效應引起的。某段輸電線路的總電阻為0.5Ω，輸送電流為100A，每輸電1min，這段線路便會損耗_________J的電能。
【答案】熱 3×105
2.（2023年湖北武漢中考題）11.在學校舉行的勞動技術成果匯報展示活動中，小強同學展示了一輛自己組裝的玩具車，它具有“原地燈光秀”“調速前進”和“定速后退”三種工作模式。通過控制開關S1、S2和滑動變阻器R1來改變燈L的亮度，實現(xiàn)“原地燈光秀”；通過改變直流電動機的轉動方向及轉速，實現(xiàn)“調速前進”或“定速后退”，如圖所示。已知電源電壓不變，標有“0.6A”燈L的電阻不變且RL=10Ω，定值電阻R2=5Ω。當玩具車工作在“原地燈光秀”模式時，電流表A的最大示數為0.4A。關于下列結論：
①電源電壓為9V
②玩具車“調速前進”時，電流表A的最大示數小于0.6A
③玩具車“定速后退”時，電路消耗的總功率小于2.4W
④S閉合，S1接1，S2接2時，玩具車處于“原地燈光秀”模式
其中正確的是（ ）
A.①③ B.②④ C.①④ D.②③
【答案】D

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