1.下列描述正確的是( )
A. 沸點：乙醛>乙醇>丙烷B. 鍵角：NH3>H2O
C. CS2為V形的極性分子D. NO3?與SO32?的中心原子均為sp3雜化
2.下列比較錯誤的是( )
A. 硬度：MgO>CaO>BaOB. 晶格能：NaF>NaCl>NaBr
C. 熔點：金剛石>NaCl>H2OD. 熔點：NaF>MgF2>AlF3
3.下列物質(zhì)中，可鑒別苯和甲苯的是( )
A. 水B. 溴水C. 酸性高錳酸鉀溶液D. 氫氧化鈉溶液
4.向淀粉溶液中加入少量的稀硫酸，加熱使之發(fā)生水解，為測定水解程度，需要加入下列試劑中的①NaOH溶液；②銀氨溶液；③新制的CuOH2懸濁液；④碘水；⑤BaCl2溶液，組合正確的是( )
A. ①⑤B. ②④C. ①②④D. ②③④
5.下列說法中正確的是( )
A. 電子云圖中的小黑點密表示該核外空間的電子多
B. 電子排布式1s22s22px2違反了洪特規(guī)則
C. 原子序數(shù)為7、8、9的三種元素，其第一電離能和電負性均依次增大
D. 元素周期表中Fe處于ds區(qū)
6.下面關(guān)于四種微粒的比較正確的是( )
①基態(tài)原子的電子排布式：1s22s22p63s23p4；
②價電子排布式：3s23p3；
③2p軌道為半充滿的原子；
④原子的2p軌道上只有兩對成對電子
A. 原子半徑：②>①>③>④B. 最高正化合價：④>①>③=②
C. 電負性：④>③>②>①D. 第一電離能：④>③>①>②
7.下列關(guān)于有機物的說法不正確的是( )
A. 和互為同系物
B. 4?甲基?2?己醇的鍵線式為：
C. 分子式為C4H2Cl8的同分異構(gòu)體有9種
D. 與是同一物質(zhì)
8.可以與NaOH反應(yīng)，而乙醇不能與NaOH反應(yīng)，這主要是由于( )
A. 中的羥基與苯環(huán)相連，受苯環(huán)影響羥基上的氫較為活潑
B. 苯酚顯酸性，乙醇不顯酸性
C. 苯酚的分子結(jié)構(gòu)中含氫離子
D. 與結(jié)構(gòu)沒有關(guān)系，是因為兩類物質(zhì)性質(zhì)不同
9.五種短周期元素X、Y、Z、M、W的原子序數(shù)與其常見化合價的關(guān)系如圖所示，下列關(guān)系不正確的是( )
A. 元素X可能為鋰
B. 原子半徑大小：r(M)>r(W)
C. X2W中各原子均達到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)
D. 元素氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性：Y>M
10.已知HNO3、H2SO4的結(jié)構(gòu)如圖所示，下列說法不正確的是( )
A. NO3?、SO42?的空間結(jié)構(gòu)分別為平面三角形、正四面體形
B. HNO3、H2SO4分子中N、S的雜化類型分別為sp2、sp3
C. 等物質(zhì)的量的NO3?、SO42?中含σ鍵的個數(shù)之比為2：3
D. HNO3、H2SO4都能與水形成分子間氫鍵
11.下列關(guān)于晶體的說法正確的組合是( )
①在晶體中只要有陽離子就一定有陰離子
②金剛石、SiC、NaF、NaCl、H2O、H2S晶體的熔點依次降低
③CaTiO3晶體中(晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示)每個Ti4+和12個O2?相緊鄰
④SiO2晶體中每個硅原子與兩個氧原子以共價鍵相結(jié)合
⑤晶體中分子間作用力越大，分子越穩(wěn)定
⑥氯化鈉熔化時離子鍵被破壞
A. ①②④B. ①②⑥C. ②③⑤D. ②③⑥
12.下列有關(guān)實驗的說法錯誤的是( )
A. 在蒸餾實驗中，溫度計的水銀球位于支管口處是為了測出餾分的沸點
B. 用結(jié)晶法分離硝酸鉀和氯化鈉的混合物，用分液法分離水和硝基苯的混合物
C. 在重結(jié)晶的實驗中，使用短頸漏斗趁熱過濾是為了減少被提純物質(zhì)的損失
D. 作為重結(jié)晶實驗的溶劑，雜質(zhì)在此溶液中的溶解度受溫度影響應(yīng)該很大
13.某同學(xué)欲檢驗淀粉水解的情況，設(shè)計了下列實驗，A、B、C、D都是實驗室常用的無機試劑.則A、B、C、D分別是( )
A. 稀硫酸、碘水、NaOH溶液、新制氫氧化銅
B. 稀硫酸、碘水、稀硫酸、CuSO4溶液
C. NaOH溶液、碘水、稀硫酸、新制氫氧化銅
D. 稀硫酸、KI溶液、NaOH溶液、新制氫氧化銅
14.橡膠是一種重要的戰(zhàn)略物資，一般分為天然橡膠和合成橡膠兩類。丁苯橡膠是合成橡膠的一種，其結(jié)構(gòu)簡式為
以下關(guān)于它的說法中正確的是( )
A. 它的單體是
B. 丁苯橡膠是CH2=CH?CH=CH2和通過縮聚反應(yīng)制得的
C. 裝液溴或溴水的試劑瓶可用丁苯橡膠作瓶塞
D. 丁苯橡膠會老化
15.食品保鮮膜按材質(zhì)分為聚乙烯(PE)、聚氯乙烯(PVC)、聚偏二氯乙烯(PVDC)等種類．PVC被廣泛用于食品、蔬菜的外包裝，但它對人體有潛在危害．下列有關(guān)敘述中不正確的是( )
A. PVC保鮮膜屬于鏈狀聚合物，在高溫時易熔化
B. PVC的單體不能由PE的單體與氯化氫加成制得
C. 鑒別PE和PVC，可將其放入試管中加熱，在試管口放置一濕潤的藍色石蕊試紙，如果試紙變紅，則為PVC；不變紅，則為PE
D. 等質(zhì)量的聚乙烯和乙烯分別完全燃燒，聚乙烯消耗的氧氣多
二、實驗題：本大題共1小題，共10分。
16.如圖所示裝置是用燃燒法確定有機物化學(xué)式常用的裝置，這種方法是電爐加熱時用純氧氧化管內(nèi)樣品，根據(jù)產(chǎn)物的質(zhì)量確定有機物的組成。回答下列問題：
(1)C裝置(燃燒管)中CuO的作用是______；寫出 E裝置中所盛放試劑的名稱：______；
(2)若實驗中所取樣品只含C、H、O三種元素中的兩種或三種，準確稱取0.44g樣品，經(jīng)充分反應(yīng)后，D管質(zhì)量增加0.36g，E管質(zhì)量增加0.88g，已知該物質(zhì)的相對分子質(zhì)量為44，則該樣品的化學(xué)式為______。
(3)若該有機物的核磁共振氫譜如圖所示，則其結(jié)構(gòu)簡式為______。
(4)若符合下列條件，則該有機物的結(jié)構(gòu)簡式為______。
①環(huán)狀化合物
②只有一種類型的氫原子
(5)某同學(xué)認為E和空氣相通，會影響測定結(jié)果準確性，應(yīng)在E后再增加一個裝置F，其主要目的是______。
三、簡答題：本大題共2小題，共30分。
17.(1)現(xiàn)有下列各組物質(zhì)：
①O2和O3、②CH2=CH?CH3和CH2=CH?CH=CH2、③
和
、④ 11H2O和 12H2O、⑤CH3CH2CH3和CH3C(CH3)3、⑥ 92235A和質(zhì)量數(shù)為238中子數(shù)為146的原子、⑦
和
、⑧
屬于同系物的是______；屬于同分異構(gòu)體的是______；屬于同位素的是______；屬于同素異形體的是______；屬于同種物質(zhì)的是______。(填序號)
(2)在下列反應(yīng)中，屬于取代反應(yīng)的是______ (填序號，下同)；屬于加成反應(yīng)的是______。屬于氧化反應(yīng)的是______。
①由乙烯制一氯乙烷；
②乙烯使酸性高錳酸鉀溶液褪色；
③乙烷在光照下與氯氣反應(yīng)；
④乙烯使溴水褪色。
(3)寫出正確的化學(xué)方程式
①乙烯使溴水褪色：______；
②苯與液溴的反應(yīng)：______；
③1，3?丁二烯與溴水1：1的反應(yīng)(1,4加成)：______。
(4)某高分子化合物是由兩種單體加聚而成的，其結(jié)構(gòu)如下：
，兩種單體的結(jié)構(gòu)簡式分別為______和______。
18.運用所學(xué)知識填空。
(1)根據(jù)要求比較大小(用“>“或“乙醛>丙烷，故A錯誤；
B.NH3、H2O分子中分別含1對和2對孤電子對，由于電子對之間的斥力：孤電子對-孤電子對>成鍵電子對-孤電子對，則鍵角：NH3>H2O，故B正確；
C.CS2中碳原子的價層電子對數(shù)=2+12(4?2×2)=2，無孤電子對，故為直線形結(jié)構(gòu)，為直線形非極性分子，故C錯誤；
D.NO3?與SO32?中N、S原子的價層電子對數(shù)分別為3+12(5+1?3×2)=3、3+12(6+2?3×2)=4，中心原子分別為sp2、sp3雜化，故D錯誤；
故選：B。
A.氫鍵的存在使沸點反常升高；相對分子質(zhì)量越大，沸點越高，據(jù)此分析；
B.電子對之間的斥力：孤電子對-孤電子對>成鍵電子對-孤電子對；
C.CS2中碳原子的價層電子對數(shù)=2+12(4?2×2)=2，無孤電子對；
D.NO3?與SO32?中N、S原子的價層電子對數(shù)分別為3+12(5+1?3×2)=3、3+12(6+2?3×2)=4，據(jù)此分析。
本題考查了微粒的空間結(jié)構(gòu)、鍵角大小以及沸點高低判斷等，難度不大，應(yīng)注意基礎(chǔ)知識的掌握和應(yīng)用。
2.【答案】D
【解析】解：A.三種物質(zhì)都為離子晶體，離子半徑Mg2+BaO，故A正確；
B.三種物質(zhì)都為離子晶體，離子半徑F?NaBr，故B正確；
C.一般共價晶體的熔點大于離子晶體的熔點，離子晶體的熔點大于分子晶體熔點，金剛石是共價晶體，NaCl是離子晶體，H2O是分子晶體，故熔點：金剛石>NaCl>H2O，故C正確；
D.三種物質(zhì)都為離子晶體，離子半徑越小，電荷越多，熔點越高，熔點應(yīng)為NaF④，故A正確；
B.N、P最外層電子數(shù)相同，最高正化合價相同，都為+5價，S最外層電子數(shù)為6，最高正化合價為+6，F(xiàn)沒有正價，最高正化合價：①>③=②，故B錯誤；
C.非金屬性越強，元素的電負性越大，則電負性：④>③>①>②，故C錯誤；
D.同一周期，從左到右，元素的第一電離能逐漸增大，但第ⅡA族、第VA族元素的第一電離能大于相鄰元素，P的3p電子為半滿穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，第一電離能大于S，同一主族，從上到下，第一電離能逐漸減小，因此第一電離能：④>③>②>①，故D錯誤；
故選：A。
7.【答案】A
【解析】解：A.結(jié)構(gòu)相似、分子組成上相差一個或若干個CH2原子團的化合物間互為同系物，而屬于醇類，屬于酚類，兩者結(jié)構(gòu)不相似，不屬于同系物，故A錯誤；
B.4?甲基?2?己醇的主鏈上有6個碳原子，?OH在2號碳原子上，在4號碳原子上有一個甲基，其鍵線式為，故B正確；
C.由替換法可知 C4H2Cl8與 C4H8Cl2的同分異構(gòu)體種類數(shù)相同，C4H8Cl2可以看成C4H10分子中的兩個H原子被Cl原子取代，丁烷有正丁烷和異丁烷，兩個Cl原子可能取代不同碳原子上的H原子，也可能取代同一碳原子上的H原子，正丁烷的碳架為：C?C?C?C，若兩個Cl原子取代不同碳原子上的H原子，對應(yīng)的結(jié)構(gòu)有4種，即取代1與2，1與3、1與4、2與3號碳原子上的H原子，若兩個Cl原子取代同一碳原子上的H原子，對應(yīng)的結(jié)構(gòu)有2種，即取代1號碳、2號碳上的H原子，同理，對于異丁烷，對應(yīng)的種類數(shù)分別為：2種和1種，故C4H8Cl2的同分異構(gòu)體種類數(shù)為：(4+2+2+1)種=9種，故C正確；
D.CH4是正四面體結(jié)構(gòu)，其二氯代物只有一種，和是同一種物質(zhì)，故D正確；
故選：A。
A.結(jié)構(gòu)相似、分子組成上相差一個或若干個CH2原子團的化合物間互為同系物；
B.4?甲基?2?己醇的主鏈上有6個碳原子，?OH在2號碳原子上，在4號碳原子上有一個甲基；
C.根據(jù)替換法可知 C4H2Cl8與 C4H8Cl2的同分異構(gòu)體種類數(shù)相同，分析C4H8Cl2的同分異構(gòu)體種類數(shù)即可；
D.CH4是正四面體結(jié)構(gòu)，其二氯代物只有一種。
本題主要考查同分異構(gòu)體的書寫、同系物的判斷、鍵線式的命名等問題，均屬于基本知識，是基礎(chǔ)題型的考查，題目難度不大。
8.【答案】A
【解析】解：苯酚中的羥基與苯環(huán)相連，受苯環(huán)影響羥基上的氫較為活潑，使得羥基中的O?H容易斷裂而發(fā)生反應(yīng)，而乙醇中羥基中的O?H不容易斷裂，
故選：A。
受苯環(huán)的影響，酚羥基中的氫原子變得比較活潑，據(jù)此進行解答。
本題考查有機物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點，把握官能團與性質(zhì)的關(guān)系、原子或原子團的相互影響為解答的關(guān)鍵，側(cè)重常見有機物結(jié)構(gòu)、性質(zhì)的考查，題目難度不大。
9.【答案】C
【解析】解：由上述分析可知，X為H或Li、Y為N、Z為Si、M為P、W為S，
A.X可能為鋰，故A正確；
B.同周期主族元素從左向右原子半徑減小，則原子半徑大?。簉(M)>r(W)，故B正確；
C.X2W中只有S原子均達到8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，故C錯誤；
D.非金屬性越強，對應(yīng)簡單氣態(tài)氫化物越穩(wěn)定，則元素氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性：Y>M，故D正確；
故選：C。
由五種短周期元素X、Y、Z、M、W的原子序數(shù)與其常見化合價的關(guān)系圖可知，Y為+5價、Z為+4價，且原子序數(shù)Z大于Y，可知Y為N、Z為Si；M、W的化合價分別為?3、?2價，且原子序數(shù)大于Z，則M為P、W為S；X的原子序數(shù)最小，且化合價為+1價，X為H或Li，以此來解答。
本題考查原子結(jié)構(gòu)與元素周期律，為高頻考點，把握元素的化合價、原子序數(shù)來推斷元素為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，注意規(guī)律性知識的應(yīng)用。
10.【答案】C
【解析】A.NO3?中N原子的價層電子對個數(shù)=3+5+1?3×22=3且N原子不含孤電子對、SO42?中S原子的價層電子對個數(shù)=4+6+2?4×22=4且S原子不含孤電子對，則前者為平面三角形、后者為正四面體形，故A正確；
B.根據(jù)圖知，HNO3分子中N原子價層電子對個數(shù)為3且不含孤電子對，H2SO4分子中S原子價層電子對個數(shù)是4且不含孤電子對，則N原子采用sp2雜化、S原子采用sp3雜化，故B正確；
C.NO3?中含有3個σ鍵、SO42?中含有4個σ鍵，則等物質(zhì)的量的NO3?、SO42?中含σ鍵的個數(shù)之比為3：4，故C錯誤；
D.根據(jù)圖知，HNO3、H2SO4分子中都含有羥基，這幾種酸分子中的羥基能和水分子中的羥基形成氫鍵，故D正確；
11.【答案】D
【解析】解：①金屬晶體由陽離子與自由電子構(gòu)成，沒有陰離子，故①錯誤；
②金剛石、SiC屬于原子晶體，鍵長C?C離子晶體>分子晶體，因此金剛石、SiC、NaF、NaCl、H2O、H2S晶體的熔點依次降低，故②正確；
③以頂點Ti4+離子研究，與之最近的O2?位于面心上，則CaTiO3晶體中每個Ti4+相緊鄰的O2?的數(shù)目為：3×82=12，故③正確；
④SiO2晶體中每個硅原子與四個氧原子以共價鍵相結(jié)合，故④錯誤；
⑤分子間作用力影響物理性質(zhì)，分子穩(wěn)定性屬于化學(xué)性質(zhì)，與鍵能的大小有關(guān)，故⑤錯誤；
⑥氯化鈉屬于離子晶體，微粒之間作用為離子鍵，熔化時破壞離子鍵，故⑥正確；
綜上可知，②③⑥正確，故D正確，
故選：D。
①金屬晶體由陽離子與自由電子構(gòu)成；
②熔點：原子晶體>離子晶體>分子晶體；
③以頂點Ti4+離子研究，與之最近的O2?位于面心上，則CaTiO3晶體中每個Ti4+相緊鄰的O2?的數(shù)目為：3×82=12；
④SiO2晶體中每個硅原子與四個氧原子以共價鍵相結(jié)合；
⑤分子間作用力影響物理性質(zhì)，分子穩(wěn)定性屬于化學(xué)性質(zhì)；
⑥氯化鈉屬于離子晶體，微粒之間作用為離子鍵。
本題主要考查晶體熔點大小的比較、化學(xué)鍵的類型等知識，為基礎(chǔ)知識的考查，題目難度不大。
12.【答案】D
【解析】【分析】
本題考查化學(xué)實驗方案的評價，為高頻考點，把握混合物分離提純、實驗操作、實驗技能為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾?，注意實驗的評價性分析，題目難度不大。
【解答】
A.溫度計測定餾分的溫度，則溫度計的水銀球位于支管口處是為了測出餾分的沸點，故A正確；
B.硝酸鉀和氯化鈉的溶解度受溫度影響不同，可選結(jié)晶法分離，而水和硝基苯分層，可分液法分離，故B正確；
C.重結(jié)晶的實驗中，因溫度降低被提純物質(zhì)的溶解度減小，則使用短頸漏斗趁熱過濾是為了減少被提純物質(zhì)的損失，故C正確；
D.雜質(zhì)在此溶液中的溶解度受溫度影響小易重結(jié)晶分離，被提純物質(zhì)的溶解度受溫度影響很大，故D錯誤；
故選：D。
13.【答案】A
【解析】解：因為淀粉水解需用稀硫酸作催化劑，檢驗淀粉是否完全水解需要碘水，用新制氫氧化銅檢驗水解產(chǎn)物時需預(yù)先加堿中和稀硫酸，結(jié)合實驗流程可知，試劑A為稀硫酸，淀粉在酸作催化劑條件下水解，試劑B為碘水，溶液變藍，說明混合液中還有淀粉；試劑C為NaOH溶液，可調(diào)節(jié)值堿性，然后加試劑D為新制氫氧化銅，生成磚紅色沉淀為氧化亞銅，可說明有葡萄糖生成，即該實驗中淀粉部分水解，
綜上所述A、B、C、D分別是稀硫酸、碘水、NaOH溶液、新制氫氧化銅，
故選：A。
由實驗流程可知，試劑A為稀硫酸，淀粉在酸作催化劑條件下水解，試劑B為碘水，溶液變藍，說明混合液中還有淀粉；試劑C為NaOH溶液，可調(diào)節(jié)值堿性，然后加試劑D為新制氫氧化銅，生成磚紅色沉淀為氧化亞銅，以此來解答．
本題考查物質(zhì)的性質(zhì)實驗的設(shè)計，為高頻考點，把握有機物的性質(zhì)、檢驗方法及流程分析為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾?，題目難度不大。
14.【答案】D
【解析】解：A.丁苯橡膠是CH2=CH?CH=CH2、通過加聚反應(yīng)生成的，所以其單體為：CH2=CH?CH=CH2、，故A錯誤；
B.丁苯橡膠為CH2=CH?CH=CH2和通過加聚反應(yīng)生成的高分子化合物，故B錯誤；
C.丁苯橡膠好含有碳碳雙鍵，能夠與溴水和液溴發(fā)生加成反應(yīng)，不能使用丁苯橡膠作瓶塞盛放液溴或溴水，故C錯誤；
D.受氧氣、臭氧、日光照射時，特別是高能輻射，丁苯橡膠容易老化，故D正確；
故選：D。
丁苯橡膠的結(jié)構(gòu)簡式為：，分析其鏈節(jié)可知，該高聚物鏈節(jié)主鏈不含雜原子，屬于加聚反應(yīng)生成的高聚物，鏈節(jié)主鏈上存在碳碳雙鍵結(jié)構(gòu)，有6個碳原子，其單體必為兩種，按如圖所示斷開，在將雙鍵中的1個C?C打開，然后將半鍵閉合即可的該高聚物單體是CH2=CH?CH=CH2、；受氧氣、臭氧、日光照射，特別是高能輻射，丁苯橡膠容易老化，據(jù)此進行判斷。
本題考查了加聚反應(yīng)原理、加聚反應(yīng)產(chǎn)物單體的求算、有機物結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，題目難度不大，注意掌握加聚反應(yīng)原理，能夠根據(jù)加聚反應(yīng)產(chǎn)物判斷其單體，明確常見有機物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。
15.【答案】D
【解析】解：A.PE、PVC都屬于鏈狀高分子化合物，能溶于酒精，加熱熔化、冷卻后變成固體，可以反復(fù)進行，故A正確；
B.PVC單體為氯乙烯，應(yīng)該由乙炔和HCl加成得到，故B正確；
C.PVC加熱產(chǎn)生氯化氫而PE不產(chǎn)生，根據(jù)是否有氯化氫產(chǎn)生即可鑒別，故C正確；
D.乙烯是聚乙烯的單體，它們的最簡式相同，它們含C和H的質(zhì)量分數(shù)分別相等，所以等質(zhì)量的兩者燃燒時生成CO2、H2O的量分別相等，故D錯誤．
故選D.
A.具有熱塑性的塑料具有鏈狀結(jié)構(gòu)，加熱熔化、冷卻后變成固體，可以反復(fù)進行；熱固性具有網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)，一經(jīng)加工成型就不會受熱熔化；
B.PVC的單體是CH2=CHCl；
C.PVC加熱產(chǎn)生氯化氫；
D.乙烯和聚乙烯的C、H的質(zhì)量分數(shù)相等．
本題考查PE、PVC的成分及分子結(jié)構(gòu)，難度不大，注意具有熱塑性的塑料具有鏈狀結(jié)構(gòu)，加熱熔化、冷卻后變成固體，可以反復(fù)進行；熱固性具有網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)，一經(jīng)加工成型就不會受熱熔化．
16.【答案】使有機物充分氧化生成CO2和H2O堿石灰 C2H4OCH3CHO 吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣
【解析】解：(1)因為后續(xù)裝置用于吸收水蒸氣和二氧化碳，并稱其質(zhì)量，所以C裝置(燃燒管)中要確保有機物完全燃燒，則CuO的作用是：使有機物充分氧化生成CO2和H2O；E裝置用于吸收燃燒生成的二氧化碳，則所盛放試劑的名稱堿石灰，
故答案為：使有機物充分氧化生成CO2和H2O；堿石灰；
(2)m(H2O)=0.36g，m(CO2)=0.88g，則n(H2O)=0.36g18g/ml=0.02ml，n(CO2)=0.88g44g/ml，則有機物分子中含O元素的質(zhì)量為0.44g?0.02ml×2×1g/ml?0.02ml×12g/ml=0.16g，n(O)=0.16g16g/ml=0.01ml，n(有機物)=0.44g44g/ml=0.01ml，則有機物分子中所含C、O的原子個數(shù)分別為2、4、1，該有機物的化學(xué)式為C2H4O，
故答案為：C2H4O；
(3)從該有機物的核磁共振氫譜圖可以看出，該有機物分子中含有2種氫原子，則其結(jié)構(gòu)簡式為CH3CHO，
故答案為：CH3CHO；
(4)符合條件“①環(huán)狀化合物，②只有一種類型的氫原子”的有機物，應(yīng)含有2個CH2原子團和1個O原子，所以其結(jié)構(gòu)簡式為，
故答案為：；
(5)堿石灰不僅能吸收燃燒生成的二氧化碳，也能吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣，從而影響燃燒生成二氧化碳質(zhì)量的測定，所以應(yīng)在E后再增加一個裝置E，其主要目的是吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣，
故答案為：吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣。
A裝置為制取O2的裝置，B裝置為干燥O2的裝置，C裝置中有機物燃燒生成CO2和水，D裝置吸收水蒸氣，E裝置吸收燃燒生成的CO2；
(1)CuO有利于有機物充分氧化生成CO2和H2O；E裝置用堿石灰吸收燃燒生成的二氧化碳；
(2)m(H2O)=0.36g，m(CO2)=0.88g，則n(H2O)=0.36g18g/ml=0.02ml，n(CO2)=0.88g44g/ml，則有機物分子中含O元素的質(zhì)量為0.44g?0.02ml×2×1g/ml?0.02ml×12g/ml=0.16g，n(O)=0.16g16g/ml=0.01ml，n(有機物)=0.44g44g/ml=0.01ml，則有機物分子中所含C、O的原子個數(shù)分別為2、4、1；
(3)根據(jù)物質(zhì)氫原子種類和分子式確定；
(4)符合條件“①環(huán)狀化合物，②只有一種類型的氫原子”的有機物，應(yīng)含有2個CH2原子團和1個O原子，則為環(huán)氧乙烷；
(5)堿石灰不僅能吸收燃燒生成的二氧化碳，也能吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣，E主要目的是吸收空氣中的二氧化碳和水蒸氣。
本題考查有機物的分子式的實驗測定，明確實驗的原理是解題關(guān)鍵，側(cè)重考查學(xué)生運用所學(xué)化學(xué)知識綜合分析和解決實際問題的能力，強調(diào)了學(xué)生整合知識的能力。
17.【答案】⑤ ⑧ ⑥ ① ③④⑦ ③ ①④ ② CH2=CH2+Br2→CH2Br?CH2Br CH2=CHCH=CH2+Br2→CH2BrCH=CHCH2BrCH2=CR?CH=CHRR?CH=CH?R
【解析】解：(1)⑤CH3CH2CH3和CH3C(CH3)3的結(jié)構(gòu)相似，分子組成相差2個CH2原子團，二者互為同系物，⑧的分子式相同、結(jié)構(gòu)不同，二者互為同分異構(gòu)體，質(zhì)量數(shù)為238、中子數(shù)為146的原子的質(zhì)子數(shù)=238?146=92，與 92235A具有相同質(zhì)子數(shù)、不同中子數(shù)，為同種元素的不同原子，二者互為同位素，①O2和O3為O元素的不同單質(zhì)，二者互為同素異形體，③和、④ 11H2O和 12H2O、⑦和分子式相同、結(jié)構(gòu)相同，二者為同一種物質(zhì)，
故答案為：⑤；⑧；⑥；①；③④⑦；
(2)①由乙烯制一氯乙烷屬于加成反應(yīng)；②乙烯使酸性高錳酸鉀溶液褪色為氧化反應(yīng)；③乙烷在光照下與氯氣反應(yīng)屬于取代反應(yīng)；④乙烯使溴水褪色屬于加成反應(yīng)，
故答案為：③；①④；②
(3)①乙烯使溴水褪色是發(fā)生了加成反應(yīng)，生成1，2?二溴乙烷，化學(xué)方程式為CH2=CH2+Br2→CH2Br?CH2Br，
故答案為：CH2=CH2+Br2→CH2Br?CH2Br；
②苯與液溴反應(yīng)生成溴苯和溴化氫，化學(xué)方程式為：，
故答案為：；
③1，3?丁二烯含有2個碳碳雙鍵，發(fā)生1，2加成或1，4加成，發(fā)生1，4加成的方程式為CH2=CHCH=CH2+Br2→CH2BrCH=CHCH2Br，
故答案為：CH2=CHCH=CH2+Br2→CH2BrCH=CHCH2Br；
(4)高分子的主鏈只有C，為加聚產(chǎn)物，則單體的結(jié)構(gòu)簡式分別為CH2=CR?CH=CHR、R?CH=CH?R，
故答案為：CH2=CR?CH=CHR；R?CH=CH?R。
(1)結(jié)構(gòu)相似、分子組成相差若干個“CH2”原子團的有機化合物互相稱為同系物；具有相同分子式而結(jié)構(gòu)不同的化合物互為同分異構(gòu)體；有相同質(zhì)子數(shù)，不同中子數(shù)的原子互為同位素；相同元素組成，不同形態(tài)的單質(zhì)互為同素異形體，據(jù)此判斷；
(2)有機物中的原子或原子團被其他的原子或原子團所代替生成新的化合物的反應(yīng)叫取代反應(yīng)；氧化反應(yīng)是物質(zhì)所含元素化合價升高的反應(yīng)；加成反應(yīng)是有機物分子中的不飽和鍵斷裂，斷鍵原子與其他原子或原子團相結(jié)合，生成新的化合物的反應(yīng)；
(3)①乙烯使溴水褪色是發(fā)生了加成反應(yīng)，生成1，2?二溴乙烷；
②苯與液溴反應(yīng)生成溴苯和溴化氫；
③1，3?丁二烯含有2個碳碳雙鍵，發(fā)生1，2加成或1，4加成；
(4)高分子的主鏈只有C，為加聚產(chǎn)物。
本題考查有機物的化學(xué)反應(yīng)及結(jié)構(gòu)模型，為高頻考點，側(cè)重考查學(xué)生的分析能力和雙基的掌握，為基礎(chǔ)性習(xí)題，把握有機物的性質(zhì)、結(jié)構(gòu)模型的識別為解答的關(guān)鍵，注重基礎(chǔ)知識的夯實，題目難度不大。
18.【答案】>NH3 4acBiFeO3 6 c
【解析】解：(1)①乙酸分子中多了甲基，甲基具有給電子誘導(dǎo)效應(yīng)，乙酸中羧基電子云密度更大，不易電離出氫離子，故甲酸的酸性比乙酸強，
故答案為：>；
②：形成分子內(nèi)氫鍵，使物質(zhì)熔沸點降低，形成分子間氫鍵，使物質(zhì)的熔沸點升高，故熔點：；
(2)①Cu2+含有空軌道，NH3分子中N原子提供孤電子對，形成配位鍵，配體為NH3，中心離子配位數(shù)為4，
故答案為：NH3；4；
②NH3中N原子孤電子對數(shù)=5?1×32=1，價層電子對數(shù)為3+1=4，VSEPR模型為四面體形，忽略孤電子對可得微?？臻g構(gòu)型為三角錐形，
故答案為：a；c；
(3)晶胞中Bi原子數(shù)目為8×18=1，O原子數(shù)目為6×12=3，F(xiàn)e原子數(shù)目為1，鐵酸鉍的化學(xué)式為BiFeO3；以頂點鉍離子研究，與之最近且等距離的鉍離子處于同一棱的頂點位置，將晶胞擴展可知，距離鉍離子最近且等距離的鉍離子有6個，
故答案為：BiFeO3；6；
(5)F、O、N電負性很大，與H元素形成的微粒之間可以形成氫鍵，正四面體頂點N原子與嵌入空腔的微粒形成4個氫鍵，該微粒應(yīng)含有4個H原子，選項中只有NH4+符合，
故選：c.
(1)①乙酸分子中多了甲基，甲基具有給電子誘導(dǎo)效應(yīng)；
②：形成分子內(nèi)氫鍵，形成分子間氫鍵；
③SO3是平面正三角形結(jié)構(gòu)，而CH4是正四面體；
(2)①Cu2+含有空軌道，NH3分子中N原子含有孤電子對；
②NH3中N原子孤電子對數(shù)=5?1×32=1，價層電子對數(shù)為3+1=4，則VSEPR模型基礎(chǔ)上忽略孤電子對可得微?？臻g構(gòu)型；
(3)均攤法計算晶胞中Bi、Fe、O原子數(shù)目，確定鐵酸鉍的化學(xué)式；以頂點鉍離子研究，與之最近且等距離的鉍離子處于同一棱的頂點位置；
(4)F、O、N電負性很大，與H元素形成的微粒之間可以形成氫鍵，正四面體頂點N原子與嵌入空腔的微粒形成4個氫鍵，該微粒應(yīng)含有4個H原子。
本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的考查，涉及分子結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、氫鍵、化學(xué)鍵、價層電子對互斥理論、配合物、空間構(gòu)型、晶胞結(jié)構(gòu)與計算等，需要學(xué)生具備知識的基礎(chǔ)與靈活運用的能力。
19.【答案】甲苯 氫氧化鈉水溶液，加熱 氧化反應(yīng) +2Cu(OH)2+NaOH→△+Cu2O↓+3H2OH為酚類化合物，易被空氣中的氧氣氧化
【解析】解：(1)A是，名稱為甲苯，
故答案為：甲苯；
(2)D是，D與NaOH的水溶液共熱，發(fā)生水解反應(yīng)產(chǎn)生E為，故由D生成E所用的試劑和反應(yīng)條件為氫氧化鈉水溶液，加熱，
故答案為：氫氧化鈉水溶液，加熱；
(3)E是，分子中含有醇羥基，由于羥基連接的C原子上含有2個H原子，可以在催化劑存在條件下加熱，發(fā)生氧化反應(yīng)產(chǎn)生F：，則由E生成F的反應(yīng)類型為氧化反應(yīng)；F的結(jié)構(gòu)簡式是，
故答案為：氧化反應(yīng)；；
(4)G是，該物質(zhì)分子中含有醛基，能夠與新制Cu(OH)2懸濁液混合加熱，發(fā)生氧化反應(yīng)，醛基變?yōu)轸然?，由于溶液顯堿性，因此反應(yīng)產(chǎn)生的是羧酸的鈉鹽，反應(yīng)方程式為：+2Cu(OH)2+NaOH→△+Cu2O↓+3H2O，
故答案為：+2Cu(OH)2+NaOH→△+Cu2O↓+3H2O；
(5)H為，屬于酚類，易被空氣中的氧氣氧化，原因為H為酚類化合物，易被空氣中的氧氣氧化，
故答案為：H為酚類化合物，易被空氣中的氧氣氧化；
(6)利用信息③實現(xiàn)碳鏈變化，乙醇發(fā)生催化氧化生成乙醛，2個分子乙醛反應(yīng)生成CH3CH=CHCHO，CH3CH=CHCHO再進一步氧化生成CH3CH=CHCOOH，故以乙醇為原料制備CH3CH=CHCOOH的合成路線為：，
故答案為：。
A是相對分子量為92的芳香烴，設(shè)該物質(zhì)分子式是CnH2n?6，則14n?6=92，解得n=7，故A是，名稱為甲苯，結(jié)合C的結(jié)構(gòu)簡式逆推可知：A與Cl2發(fā)生取代反應(yīng)產(chǎn)生B是 ，C發(fā)生甲基上的取代反應(yīng)生成D，D是C的一氯取代物，則D的結(jié)構(gòu)簡式為，F(xiàn)能發(fā)生信息③的反應(yīng)，說明F中含有醛基，則D發(fā)生水解反應(yīng)生成E為，E發(fā)生催化氧化生成F為，G的結(jié)構(gòu)簡式為，G發(fā)生氧化反應(yīng)然后酸化生成H為；
(6)利用信息③實現(xiàn)碳鏈變化，乙醇發(fā)生催化氧化生成乙醛，2個分子乙醛反應(yīng)生成CH3CH=CHCHO，CH3CH=CHCHO再進一步氧化生成CH3CH=CHCOOH。
本題考查有機物的推斷與合成，為高考高頻點，側(cè)重考查學(xué)生分析、推斷、知識綜合應(yīng)用及知識遷移能力，根據(jù)流程圖中有機物的結(jié)構(gòu)簡式以及官能團的轉(zhuǎn)化、反應(yīng)條件結(jié)合題給信息進行推斷，題目難度中等。

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