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高2025屆高二（上）10月月考物理試卷注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、班級(jí)、學(xué)校在答題卡上填寫清楚。2．每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，皮擦于凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。在試卷上作答無(wú)效。3．考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡交回，試卷自行保存。滿分100分，考試用時(shí)90分鐘。第I卷（選擇題 共50分）一、選擇題（本題共15個(gè)小題，1-10題為單選題，每題3分，共30分；11-15題為多選題，每題4分，共20分，多選題全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1. 巴蜀男籃和女籃都非常有名氣，經(jīng)常在各種籃球賽事中獲得冠軍?；@球運(yùn)動(dòng)員通常伸出雙手迎接傳來(lái)的籃球。接球時(shí)，兩手隨球迅速收縮至胸前，這樣做可以（ ）A. 減小籃球接觸手時(shí)動(dòng)量 B. 減小籃球?qū)κ值臎_量C. 減小籃球的動(dòng)量變化量 D. 小籃球的動(dòng)量變化率【答案】D【解析】【詳解】先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時(shí)間，但動(dòng)量的變化量不變；根據(jù)動(dòng)量定理得解得當(dāng)時(shí)間增大時(shí)，動(dòng)量的變化率減小，即作用力就減小，而沖量和動(dòng)量、動(dòng)量的變化量都不變。故選D。2. 把一個(gè)小球套在光滑細(xì)桿上，球與輕彈簧相連組成彈簧振子，小球沿桿在水平方向做C簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，它圍繞平衡位置O在A、B間振動(dòng)，如圖所示，下列結(jié)論正確的是（ ?。?/span> A. 小球從A到O的過(guò)程中，做速度增加得越來(lái)越慢的加速運(yùn)動(dòng)B. 小球在A位置時(shí)的加速度與在B位置時(shí)加速度相同C. 小球在O位置時(shí)，動(dòng)能最小，加速度最小D. 小球從A到O的時(shí)間小于從O到B的時(shí)間【答案】A【解析】【詳解】A．小球從A到O的過(guò)程中，加速度方向與速度方向相同，速度增加，彈簧形變量減小，加速度減小，則速度增加得越來(lái)越慢，故A正確；B．小球在A位置時(shí)加速度與在B位置時(shí)加速度大小相等，方向相反，故B錯(cuò)誤；C．小球在O位置時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，加速度為零，故C錯(cuò)誤；D．由對(duì)稱性可知，小球從A到O的時(shí)間等于從O到B的時(shí)間，故D錯(cuò)誤。故選A。3. 如圖所示的電解池接入電路后，在t秒內(nèi)有個(gè)二價(jià)正離子通過(guò)溶液內(nèi)某截面S，有個(gè)二價(jià)負(fù)離子通過(guò)相同截面，設(shè)e為元電荷，以下說(shuō)法正確的是（ ） A. 當(dāng)時(shí)，電流為零B. 當(dāng)時(shí)，電流方向從，電流為C. 無(wú)論大小如何，電流方向都從，電流大小都為D. 無(wú)論大小如何，電流方向都從，電流大小都為【答案】D【解析】【詳解】由題意可知，流過(guò)溶液截面上的電量為則電流大小為方向與正電荷的定向移動(dòng)方向相同，則電流方向由A到B。故選D。4. 在O點(diǎn)處固定一個(gè)點(diǎn)電荷，P點(diǎn)在O點(diǎn)右上方。從P點(diǎn)由靜止釋放一帶電的小球，小球僅在重力和該點(diǎn)電荷電場(chǎng)力作用下在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其一段軌跡如圖所示。M、N是軌跡上的兩點(diǎn)，，則（ ?。?/span> A. 小球帶負(fù)電B. P點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)C. 小球在M點(diǎn)的機(jī)械能等于在N點(diǎn)的機(jī)械能D. 從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過(guò)程中，小球的電勢(shì)能始終不變【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意，由帶電的小球運(yùn)動(dòng)軌跡可知，從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能，由結(jié)合點(diǎn)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)可知可得，帶電的小球在點(diǎn)的電勢(shì)能等于在點(diǎn)的電勢(shì)能，則在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能，由于不知道點(diǎn)電荷的電性，則無(wú)法確定帶點(diǎn)小球的電性及點(diǎn)的電勢(shì)與點(diǎn)的電勢(shì)高低，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，由帶電的小球運(yùn)動(dòng)軌跡可知，從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，電場(chǎng)力總功為零，則小球在M點(diǎn)的機(jī)械能等于在N點(diǎn)的機(jī)械能，小球的電勢(shì)能先減小后增大，故D錯(cuò)誤，C正確。故選C。5. 水平方向的彈簧振子在之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，如圖甲所示，其中BC長(zhǎng)為，振子質(zhì)量，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的彈性勢(shì)能隨時(shí)間如圖乙所示變化，下列說(shuō)法不正確的是（ ?。?/span> A. 振子的振幅為B. 振子的周期為C. 振子運(yùn)動(dòng)到平衡位置O時(shí)的動(dòng)量大小D. 時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，彈簧振子在之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，BC長(zhǎng)為，則振子的振幅為，故A正確；BC．振子運(yùn)動(dòng)到平衡位置O時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)換為振子的動(dòng)能，由圖乙可知，時(shí)，振子在端點(diǎn)，時(shí)振子在平衡位置，則振子的周期為振子在平衡位置時(shí)的動(dòng)能為根據(jù)動(dòng)量和動(dòng)能表達(dá)式可得故B錯(cuò)誤，C正確；D．由圖乙可知，和的關(guān)系式為當(dāng)時(shí)故D正確。本題選不正確的，故選B。6. 老龍頭位于山海關(guān)東南部渤海之濱，是明長(zhǎng)城的東起點(diǎn)，長(zhǎng)城像一條巨龍，東端在山海關(guān)城南直插入海，猶如龍頭高昂，因此稱之為“老龍頭”。某次漲潮中，海浪以的速垂直撞擊到入海石城一平直石頭上，之后沿石頭兩側(cè)流走，已知石頭受沖擊的面積為，海水的密度為則海浪對(duì)石頭的沖擊力約為（ ）A B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)題意，時(shí)間內(nèi)與墻壁碰撞的水的質(zhì)量為取水的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍谂鲎策^(guò)程中，對(duì)時(shí)間內(nèi)的水，在水平方向根據(jù)動(dòng)量定理有聯(lián)立解得根據(jù)牛頓第三定律可知，海浪對(duì)礁石的沖擊力約為。故選B。7. 如圖所示，質(zhì)量的圓環(huán)套在光滑的水平軌道上，質(zhì)量的小球通過(guò)長(zhǎng)的輕繩與圓環(huán)連接?，F(xiàn)將細(xì)繩拉直，且與AB平行，由靜止釋放小球，重力加速度。則（ ） A. 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球的機(jī)械能守恒B. 小球從釋放到最低點(diǎn)過(guò)程，繩子對(duì)小球的拉力做正功C. 小球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小為6m/sD. 從小球開始運(yùn)動(dòng)到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)這段時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)的位移大小為0.6m【答案】D【解析】【詳解】AB．該過(guò)程，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球的機(jī)械能減小，繩子對(duì)其拉力做負(fù)功，故AB錯(cuò)誤；C．依題意，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，可得由系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)“人船模型”可得又聯(lián)立解得即圓環(huán)的位移大小為，故D正確；故選D。8. 如圖所示，一個(gè)小孩在冰面上進(jìn)行“滑車”練習(xí)，開始小孩站在A車前端與車以共同速度vo=11m/s（向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在A車正前方有一輛靜止的B車，為了避免兩車相撞，在A車接近B車時(shí)，小孩迅速?gòu)?/span>A車跳上B車，又立即從B車跳回A車，此時(shí)A、B兩車恰好不相撞，已知小孩的質(zhì)量，A車B車質(zhì)量均為，若小孩跳離A車與跳離B車時(shí)對(duì)地速度的大小相等、方向相反，則下列說(shuō)法不正確的是（ ） A. 小孩跳回A車后，他和A車的共同速度大小為B. 小孩跳離A車時(shí)對(duì)地速度的大小為C. 小孩跳離B車時(shí)相對(duì)B車的速度大小為D. 整個(gè)過(guò)程中，小孩對(duì)B車所做的功為【答案】C【解析】【詳解】A．因?yàn)?/span>A、B恰好不相撞，則最后具有相同的速度。在人跳的過(guò)程中，把人、A車、B車看成一個(gè)系統(tǒng)，該系統(tǒng)所受合外力為零，動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得故A正確；B．依題意，設(shè)該同學(xué)跳離A車和B車時(shí)對(duì)地的速度大小分別為，則人、B車根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得故B正確；C．小孩跳離B車時(shí)相對(duì)B車的速度為故C錯(cuò)誤；D．該同學(xué)跳離B車過(guò)程中，對(duì)B車做的功等于B車動(dòng)能的變化量，即故D正確。本題選不正確的，故選C。9. 有相同初動(dòng)量的三個(gè)帶同種電荷的粒子a、b、c從兩板的中點(diǎn)以平行金屬板的方向射入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，如圖所示。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，三個(gè)粒子均離開平行金屬板間。已知粒子a、b、c的質(zhì)量之比為，所帶的電荷量之比為，粒子a、b、c的重力以及所受的阻力均可忽略不計(jì)。則下列說(shuō)法正確的是（ ） A. 粒子a、b、c在平行金屬板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為B. 粒子a、b、c離開平行金屬板間瞬間的速度方向與水平方向的夾角正切值之比為C. 粒子a、b、c在平行金屬板間運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程，動(dòng)量的變化量大小之比為D. 粒子a、b、c在平行金屬板間運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程，動(dòng)能的變化量之比為【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)得A錯(cuò)誤；B．在電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)且由A選項(xiàng)的表達(dá)式可得所以B正確；C．根據(jù)動(dòng)量定理得所以得C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理聯(lián)立解得所以D錯(cuò)誤。故選B。10. 如圖所示為一種打積木的游戲裝置，在水平地面的靶位上水平疊放著四塊完全相同的硬質(zhì)積木A、B、C、D，其中積木B、C、D夾在固定的兩光滑硬質(zhì)薄板間，每塊積木的質(zhì)量均為m、長(zhǎng)為L，各水平接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為（足夠小）。一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的鋼球用不可伸長(zhǎng)的輕繩掛于O點(diǎn)，鋼球質(zhì)量為，輕繩長(zhǎng)為。游戲時(shí)，將鋼球拉到與O等高的P點(diǎn)（保持繩繃直）由靜止釋放，鋼球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)輕繩斷，隨即鋼球與積木A發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短可忽略），之后積木A與B分離，再滑行一段距離后停止。重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。則（ ） A. 輕繩承受的最大拉力為B. 鋼球與積木A碰撞過(guò)程，鋼球?qū)Ψe木A的沖量大小為C. A、B分離時(shí)A的速度為D. 鋼球與積木A碰后，積木A與地面間因摩擦而生成的熱量為【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)鋼球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為，由機(jī)械能守恒定律有此時(shí)輕繩對(duì)鋼球的拉力達(dá)到最大值，設(shè)為，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．鋼球與積木A碰后瞬間，鋼球的速度為，積木A的速度為，對(duì)于碰撞過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有根據(jù)能量守恒定律有解得對(duì)A由動(dòng)量定理有故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理有解得故C正確；D．根據(jù)題意，由系統(tǒng)能量守恒有解得故D錯(cuò)誤。故選C。11. 如圖甲所示，輕彈簧上端固定，下端系一質(zhì)量為的小球，小球靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為。現(xiàn)使小球在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，從小球在最低點(diǎn)釋放時(shí)開始計(jì)時(shí)，小球相對(duì)平衡位置的位移y隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，重力加速度g取。下列說(shuō)法正確的是（ ） A. 彈簧的勁度系數(shù)為B. 此題選取豎直向上為正方向C. 小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)彈簧彈力為0D. 時(shí)小球相對(duì)平衡位置的位移【答案】AC【解析】【詳解】A．小球靜止時(shí)解得故A正確；B．由題意得豎直向下為正方向，故B錯(cuò)誤；C．最低點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律得解得由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知最高點(diǎn)時(shí)方向豎直向下，所以彈力為0，故C正確D．由振動(dòng)圖像讀出周期振幅由得到圓頻率則位移x隨時(shí)間t變化的關(guān)系式為將代入得故D錯(cuò)誤。故選AC。12. 如圖所示，空間存在與三角形ABC所在平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，，，，D為AC邊上的一點(diǎn)，且。若在A處有一個(gè)放射源，能向各個(gè)方向射出動(dòng)能為的質(zhì)子，經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)的質(zhì)子的動(dòng)能分別為和，不考慮質(zhì)子之間的相互作用，重力忽略不計(jì)，則下列說(shuō)法中正確的是（ ） A. 電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為B. 電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)橛?/span>A指向CC. B、D兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差D. 經(jīng)過(guò)D點(diǎn)的質(zhì)子動(dòng)能為【答案】AD【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理有解得，把AB分成四等分，為距離最近的點(diǎn)，連接，如圖所示 由幾何關(guān)系及電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系可得則有所以CE是等勢(shì)線，根據(jù)幾何關(guān)系可知，CE垂直AB，則為電場(chǎng)線，且電場(chǎng)強(qiáng)度的方向?yàn)橛?/span>A指向B，故B錯(cuò)誤，A正確；C．由幾何關(guān)系得D點(diǎn)是AC的三等分點(diǎn)，可得由于則故C錯(cuò)誤；D．據(jù)題意，由動(dòng)能定理有解得故D正確。故選AD。13. 在光滑水平桌面上質(zhì)量為的物體A以某一速度與質(zhì)量為m等大物體B發(fā)生正碰，碰撞前物體B處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知碰撞后物體B的動(dòng)能為E，則碰撞之前物體A的動(dòng)能可能為（ ?。?/span>A. E B. C. D. 【答案】BC【解析】【詳解】設(shè)物體A碰前速度，若兩物體發(fā)生完全非彈性碰撞，則此時(shí)解得碰撞之前物體A的動(dòng)能若兩物體發(fā)生彈性碰撞，則由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律有解得，此時(shí)解得碰撞之前物體A的動(dòng)能則碰撞之前物體A的動(dòng)能的范圍為本題選可能的，故選BC。14. 如圖甲所示的電路中，定值電阻?？勺冸娮?/span>R的功率隨自身阻值變化的函數(shù)關(guān)系如圖乙所示，由此可知（ ） A. 當(dāng)R消耗的功率最大時(shí)，內(nèi)阻消耗的功率為B. 整個(gè)電路消耗最大功率為C. 增大R，電源效率可能增大，也可能減小D. 增大R，電阻消耗的電功率增大【答案】BD【解析】【詳解】AB．將定值電阻與電源看成新的電源，當(dāng)新的電源內(nèi)阻與可變電阻R的阻值相等時(shí)，可變電阻R的功率最大，新的電源的輸出功率最大，則有解得由功率定義可知，此時(shí)流過(guò)可變電阻的電流為其兩端電壓為干路電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律有當(dāng)外阻為0時(shí)整個(gè)電路消耗的功率最大A錯(cuò)誤，B正確；CD．電源效率，增大R，路端電壓增大，電源效率增大，電阻消耗的功率隨路端電壓增大而增大。C錯(cuò)誤；D正確。故選BD。15. 如圖所示，小球A質(zhì)量為m，系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點(diǎn)，O點(diǎn)到光滑水平面的距離為h．物塊B和C的質(zhì)量分別是和，B與C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于O點(diǎn)正下方?，F(xiàn)拉動(dòng)小球使細(xì)線水平伸直，小球由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊B發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短），碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為。小球與物塊均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則（ ） A. 碰后A上升到最高點(diǎn)時(shí)到水平面的距離為B. 碰后B物塊的速度大小為C. 碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能為D. 從開始至物塊C獲得最大速度過(guò)程，彈簧對(duì)C物體做的切為【答案】BCD【解析】【詳解】A．設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊B碰撞前的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得設(shè)碰撞后小球反彈的速度大小為，物塊B的速度大小為，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有由系統(tǒng)能量守恒得解得又得故A錯(cuò)誤，B正確；C．碰撞后當(dāng)物塊B與物塊C速度相等時(shí)輕彈簧的彈性勢(shì)能最大據(jù)動(dòng)量恒定律有據(jù)機(jī)械能守恒定律解得故C正確；D．在彈簧回到原長(zhǎng)時(shí)，物塊C有最大速度，據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可解得解得再據(jù)動(dòng)能定理知彈簧對(duì)C做功為故D正確。故選BCD。第II卷（共50分）二、實(shí)驗(yàn)題（本題包括2個(gè)小題，共13分）16. 如圖所示為利用平拋運(yùn)動(dòng)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的裝置圖 （1）兩個(gè)小球的半徑相同，球1的質(zhì)量為，球2的質(zhì)量為，則下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)裝置或?qū)嶒?yàn)操作的說(shuō)法正確的有_________。A．兩球的質(zhì)量應(yīng)滿足大于B．需用秒表測(cè)出小球做平拋所用時(shí)間C．同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放D．同一組實(shí)驗(yàn)中，需測(cè)出球1的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h（2）碰撞前后落點(diǎn)的位置為P、M和N，測(cè)量OP、OM和ON的距離，滿足關(guān)系式_____，即可驗(yàn)證兩球碰撞前后動(dòng)量守恒。（3）若球1、2間的碰撞可視彈性正撞，則下列關(guān)于OP、OM和ON的長(zhǎng)度間關(guān)系正確的是_________。A． B． C． D．【答案】 ①. AC##CA ②. ③. A【解析】【詳解】（1）[1]A．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，避免球1彈回，應(yīng)滿足大于，故A正確；B．由于小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，下落高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，可以消掉，則無(wú)需測(cè)量，故B錯(cuò)誤；CD．同一組實(shí)驗(yàn)中，球1必須從同一位置由靜止釋放，以保證到達(dá)底端時(shí)的速度相同，小球到達(dá)底端的速度由之后的平拋運(yùn)動(dòng)求解，無(wú)需測(cè)量球1的固定釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h，故D錯(cuò)誤，C正確。故選AC。（2）[2]若兩球碰撞前后動(dòng)量守恒，則有兩邊同時(shí)乘以平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間，整理可得即滿足關(guān)系式可驗(yàn)證兩球碰撞前后動(dòng)量守恒。（3）[3]若球1、2間的碰撞可視彈性正撞，則有整理可得結(jié)合（2）分析可得故選A。17. 在“測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路。其中待測(cè)電源（電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻約為幾歐）；為定值保護(hù)電阻；ac為阻值均勻的電阻絲（總長(zhǎng)，單位長(zhǎng)度電阻為，電阻上標(biāo)有長(zhǎng)度刻度）；電流表A量程為，內(nèi)阻不計(jì)） （1）實(shí)驗(yàn)時(shí)定值電阻有下列幾種阻值，應(yīng)選用_________。A． B． C． D．（2）實(shí)驗(yàn)中閉合開關(guān)S，滑動(dòng)b點(diǎn)改變ab的長(zhǎng)度L，記錄ab的長(zhǎng)度L和電流表A的示數(shù)I；根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)，以為縱坐標(biāo)，L為橫坐標(biāo)，作出的圖線（用直線擬合）如圖所示： 由圖可得電源的電動(dòng)勢(shì)_________V，內(nèi)阻_________（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】 ①. A ②. 2.9 ③. 1.7##1.8##1.9##2.0【解析】【詳解】（1）電路連接既要保證安全，又要盡可能減小誤差，電動(dòng)勢(shì)約為，電流表量程為，電路中的最小電阻為所以選擇A比較好，B、C接入電路，電流較小，誤差較大，A正確。（2）滑動(dòng)變阻器串入電路的阻值為根據(jù)閉合電路的歐姆定律整理得到由圖線的斜率和截距可知1.7~2.0范圍內(nèi)均可三、計(jì)算題（本題包括3個(gè)小題，共37分，解答題應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）18. 質(zhì)量的物塊，靜止放在水平地面上，時(shí)起，受到一水平向右的推力F，F隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示。物塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取重力加速度，求：（1）內(nèi)推力對(duì)物塊的總沖量大?。?/span>（2）時(shí)的速度大小。 【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）內(nèi)推力對(duì)物塊的總沖量大小為（2）物體所受滑動(dòng)摩擦力即后物體開始運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理解得時(shí)的速度大小為19. 如圖所示，帶正電的小物塊A放在水平桌面上，通過(guò)光滑的滑輪與不帶電的物體B相連，A處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，，從O開始，A與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)隨x的變化如圖所示。初始時(shí)A處于O點(diǎn)，且A、B的速度均為零，重力加速度，A、B質(zhì)量均為，B離滑輪的距離足夠長(zhǎng)，求：（1）A、B在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所能達(dá)到的最大速度，以及此時(shí)A距O點(diǎn)的距離；（2）當(dāng)A、B的速度大小為時(shí)，繩子拉力的大小。 【答案】（1）；（2）或【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意可知，當(dāng)加速度為零時(shí)速度最大，對(duì)A、B系統(tǒng)有由圖像有聯(lián)立解得由動(dòng)能定理解得最大速度（2）設(shè)速度時(shí)位移大小為x，有解得，對(duì)A、B系統(tǒng)由牛頓第二定律得對(duì)B，由牛頓第二定律得當(dāng)時(shí)，解得當(dāng)時(shí)，解得20. 如圖所示，n個(gè)相同的木塊（均可視為質(zhì)點(diǎn)），每塊的質(zhì)量都是m，從右向左沿同一直線排列在水平桌面上，相鄰木塊間的距離均為L，第n個(gè)木塊到桌邊的距離也是L，木塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)可調(diào)。時(shí)，第1個(gè)木塊以初速度向左滑行，其余所有木塊都靜止，若能發(fā)生碰撞，則在每次碰撞后，發(fā)生碰撞的木塊都粘在一起運(yùn)動(dòng)，碰撞過(guò)程時(shí)間極短可忽略。（1）若桌面光滑，求從初始時(shí)刻到恰與第5個(gè)物塊發(fā)生碰撞所用時(shí)間；（2）若動(dòng)摩擦因數(shù)為，經(jīng)一系列碰撞后，第n個(gè)木塊恰好滑到桌邊而沒有掉下，求在整個(gè)過(guò)程中因碰撞而損失的總動(dòng)能，及第i次（）碰撞中損失的動(dòng)能與碰撞前動(dòng)能之比；（3）若，，重力加速度，為使第4個(gè)木塊被碰后不從桌面滑下，求的取值范圍。 【答案】（1）；（2），；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，設(shè)與第個(gè)物體碰撞后的速度為，由動(dòng)量守恒定律有解得從初始時(shí)刻到恰與第5個(gè)物塊發(fā)生碰撞所用時(shí)間為（2）根據(jù)題意可知，全過(guò)程因摩擦生熱為由能量守恒定律可知，碰撞而損失的總動(dòng)能為設(shè)第次碰撞前木塊的速度為，碰撞后速度為，則有碰撞中損失的動(dòng)能時(shí)與碰撞前動(dòng)能之比為解得（3）根據(jù)題意可知，初動(dòng)能第1次碰撞前利用（2）問結(jié)論，第1次碰撞后同理：第2次碰撞前第2次碰撞后第3次碰撞前第3次碰撞后據(jù)題意有且代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立求解得
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