1．（2022·廣東茂名·一模）已知集合，，則（ ）
A．B．C．D．
2．（2024·廣西柳州·模擬預(yù)測）設(shè)復(fù)數(shù)，在復(fù)平面內(nèi)的對應(yīng)點關(guān)于虛軸對稱，，則（ ）．
A．B．5C．D．8
3．（2023·吉林白山·模擬預(yù)測）年華人數(shù)學(xué)家張益唐證明了孿生素數(shù)猜想的一個弱化形式．孿生素數(shù)猜想是希爾伯特在年提出的個問題之一，可以這樣描述：存在無窮多個素數(shù)，使得是素數(shù)，素數(shù)對稱為孿生素數(shù)．在不超過的素數(shù)中，隨機選取兩個不同的數(shù)，其中能夠組成孿生素數(shù)的概率是（ ）
A．B．C．D．
4．（2025·全國·模擬預(yù)測）已知實數(shù)a，b滿足，則的取值范圍是（ ）
A．B．C．D．
5．（2024·福建寧德·模擬預(yù)測）設(shè)，，，則a，b，c的大小關(guān)系為（ ）
A．B．C．D．
6．（24-25高三上·廣西·階段練習(xí)）已知點P在拋物線M：上，過點P作圓C：的切線，若切線長為，則點P到M的準(zhǔn)線的距離為（ ）
A．5B．C．6D．
7．（2024·江西新余·模擬預(yù)測）已知函數(shù)在上有且僅有兩個零點，則的取值范圍是（ ）
A．B．C．D．
8．（2024·陜西寶雞·三模）與都是邊長為2的正三角形，沿公共邊折疊成三棱錐且長為，若點，，，在同一球的球面上，則球的表面積為（ ）
A．B．C．D．
二、多選題(本大題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分)
9．（2024·江西·一模）已知向量，，則（ ）
A．若，則B．若，共線，則
C．不可能是單位向量D．若，則
10．（2024·四川成都·模擬預(yù)測）已知等差數(shù)列的前n項和為，且，則下列說法正確的是（ ）
A．當(dāng)或10時，取得最大值B．
C．成立的n的最大值為20D．
11．（2024·海南·模擬預(yù)測）已知函數(shù) 的定義域為R，其圖象關(guān)于中心對稱，若 ，則（ ）
A．B．
C．為奇函數(shù)D．為偶函數(shù)
三、填空題(本大題共3小題，每小題5分，共15分，把答案填在題中的橫線上)
12．（2024·陜西榆林·模擬預(yù)測）已知過點可作三條直線與曲線相切，則實數(shù)a的取值范圍為 ．
13．（2024·上海奉賢·三模）若曲線得右頂點，若對線段上任意一點，端點除外，在上存在關(guān)于軸對稱得兩點、使得三角形為等邊三角形，則正數(shù)得取值范圍是 ．
14．（2024·北京大興·三模）在棱長為6的正方體中，E為棱上一動點，且不與端點重合，F(xiàn)，G分別為，的中點，給出下列四個結(jié)論：
①平面平面；
②平面可能經(jīng)過的三等分點；
③在線段上的任意點H（不與端點重合），存在點E使得平面；
④若E為棱的中點，則平面與正方體所形成的截面為五邊形，且周長為.
其中所有正確結(jié)論的序號是 .
四、解答題(本大題共5小題，共77分，解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟)
15. (13分) （2025·廣東深圳·模擬預(yù)測）甲、乙兩臺機床生產(chǎn)同種產(chǎn)品，產(chǎn)品按質(zhì)量分為一級品和二級品，為了比較兩臺機床產(chǎn)品的質(zhì)量，分別用兩臺機床各生產(chǎn)了200件產(chǎn)品，產(chǎn)品的質(zhì)量情況統(tǒng)計如下表.
(1)甲機床、乙機床生產(chǎn)的產(chǎn)品中一級品的頻率分別是多少?
(2)依據(jù)小概率值的獨立性檢驗，分析甲機床的產(chǎn)品質(zhì)量是否與乙機床的產(chǎn)品質(zhì)量有差異.
附:χ2=.
16. (15分) （2024·浙江·模擬預(yù)測）已知中，角所對的邊分別為已知.
(1)求的取值范圍；
(2)求最大時，的面積.
17. (15分) （22-23高三上·江蘇·開學(xué)考試）在四棱錐中，底面為直角梯形，，，側(cè)面底面，，且，分別為，的中點，
(1)證明：平面；
(2)若直線與平面所成的角為，求平面與平面所成銳二面角的余弦值.
18. (17分) （2024·山西長治·模擬預(yù)測）已知橢圓E:x2a2+y2b2=1a>b>0的右焦點為，且該橢圓過點，直線l交橢圓E于A，B兩點.
(1)求橢圓E的方程；
(2)若AB的中點坐標(biāo)為，求直線l的方程；
(3)若直線l方程為，過A、B作直線的垂線，垂足分別為P、Q，點R為線段PQ的中點，求證：四邊形ARQF為梯形.
19. (17分) （23-24高二下·河北保定·期中）已知函數(shù).
(1)討論函數(shù)的單調(diào)性；
(2)當(dāng)時，若滿足，求證：；
(3)若函數(shù)，當(dāng)時，恒成立，求實數(shù)的取值范圍.機床
品級
合計
一級品
二級品
甲機床
150
50
200
乙機床
120
80
200
合計
270
130
400
α
0.050
0.010
0.001
xα
3.841
6.635
10.828
2025二輪復(fù)習(xí)高考仿真卷（六）
一、單選題(本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)
1．（2022·廣東茂名·一模）已知集合，，則（ ）
A．B．C．D．
2．（2024·廣西柳州·模擬預(yù)測）設(shè)復(fù)數(shù)，在復(fù)平面內(nèi)的對應(yīng)點關(guān)于虛軸對稱，，則（ ）．
A．B．5C．D．8
3．（2023·吉林白山·模擬預(yù)測）年華人數(shù)學(xué)家張益唐證明了孿生素數(shù)猜想的一個弱化形式．孿生素數(shù)猜想是希爾伯特在年提出的個問題之一，可以這樣描述：存在無窮多個素數(shù)，使得是素數(shù)，素數(shù)對稱為孿生素數(shù)．在不超過的素數(shù)中，隨機選取兩個不同的數(shù)，其中能夠組成孿生素數(shù)的概率是（ ）
A．B．C．D．
4．（2025·全國·模擬預(yù)測）已知實數(shù)a，b滿足，則的取值范圍是（ ）
A．B．C．D．
5．（2024·福建寧德·模擬預(yù)測）設(shè)，，，則a，b，c的大小關(guān)系為（ ）
A．B．C．D．
6．（24-25高三上·廣西·階段練習(xí)）已知點P在拋物線M：上，過點P作圓C：的切線，若切線長為，則點P到M的準(zhǔn)線的距離為（ ）
A．5B．C．6D．
7．（2024·江西新余·模擬預(yù)測）已知函數(shù)在上有且僅有兩個零點，則的取值范圍是（ ）
A．B．C．D．
8．（2024·陜西寶雞·三模）與都是邊長為2的正三角形，沿公共邊折疊成三棱錐且長為，若點，，，在同一球的球面上，則球的表面積為（ ）
A．B．C．D．
二、多選題(本大題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分)
9．（2024·江西·一模）已知向量，，則（ ）
A．若，則B．若，共線，則
C．不可能是單位向量D．若，則
10．（2024·四川成都·模擬預(yù)測）已知等差數(shù)列的前n項和為，且，則下列說法正確的是（ ）
A．當(dāng)或10時，取得最大值B．
C．成立的n的最大值為20D．
11．（2024·海南·模擬預(yù)測）已知函數(shù) 的定義域為R，其圖象關(guān)于中心對稱，若 ，則（ ）
A．B．
C．為奇函數(shù)D．為偶函數(shù)
三、填空題(本大題共3小題，每小題5分，共15分，把答案填在題中的橫線上)
12．（2024·陜西榆林·模擬預(yù)測）已知過點可作三條直線與曲線相切，則實數(shù)a的取值范圍為 ．
13．（2024·上海奉賢·三模）若曲線得右頂點，若對線段上任意一點，端點除外，在上存在關(guān)于軸對稱得兩點、使得三角形為等邊三角形，則正數(shù)得取值范圍是 ．
14．（2024·北京大興·三模）在棱長為6的正方體中，E為棱上一動點，且不與端點重合，F(xiàn)，G分別為，的中點，給出下列四個結(jié)論：
①平面平面；
②平面可能經(jīng)過的三等分點；
③在線段上的任意點H（不與端點重合），存在點E使得平面；
④若E為棱的中點，則平面與正方體所形成的截面為五邊形，且周長為.
其中所有正確結(jié)論的序號是 .
四、解答題(本大題共5小題，共77分，解答應(yīng)寫出文字說明，證明過程或演算步驟)
15. (13分) （2025·廣東深圳·模擬預(yù)測）甲、乙兩臺機床生產(chǎn)同種產(chǎn)品，產(chǎn)品按質(zhì)量分為一級品和二級品，為了比較兩臺機床產(chǎn)品的質(zhì)量，分別用兩臺機床各生產(chǎn)了200件產(chǎn)品，產(chǎn)品的質(zhì)量情況統(tǒng)計如下表.
(1)甲機床、乙機床生產(chǎn)的產(chǎn)品中一級品的頻率分別是多少?
(2)依據(jù)小概率值的獨立性檢驗，分析甲機床的產(chǎn)品質(zhì)量是否與乙機床的產(chǎn)品質(zhì)量有差異.
附:χ2=.
16. (15分) （2024·浙江·模擬預(yù)測）已知中，角所對的邊分別為已知.
(1)求的取值范圍；
(2)求最大時，的面積.
17. (15分) （22-23高三上·江蘇·開學(xué)考試）在四棱錐中，底面為直角梯形，，，側(cè)面底面，，且，分別為，的中點，
(1)證明：平面；
(2)若直線與平面所成的角為，求平面與平面所成銳二面角的余弦值.
18. (17分) （2024·山西長治·模擬預(yù)測）已知橢圓E:x2a2+y2b2=1a>b>0的右焦點為，且該橢圓過點，直線l交橢圓E于A，B兩點.
(1)求橢圓E的方程；
(2)若AB的中點坐標(biāo)為，求直線l的方程；
(3)若直線l方程為，過A、B作直線的垂線，垂足分別為P、Q，點R為線段PQ的中點，求證：四邊形ARQF為梯形.
19. (17分) （23-24高二下·河北保定·期中）已知函數(shù).
(1)討論函數(shù)的單調(diào)性；
(2)當(dāng)時，若滿足，求證：；
(3)若函數(shù)，當(dāng)時，恒成立，求實數(shù)的取值范圍.
參考答案：
1．B
【分析】先化簡集合，再由交集運算可得.
【詳解】由，，
則.
故選：B.
2．A
【分析】由復(fù)數(shù)的幾何意義知，再由復(fù)數(shù)的四則運算，即可求解．
【詳解】因為復(fù)數(shù)，在復(fù)平面內(nèi)的對應(yīng)點關(guān)于虛軸對稱，且，
所以，所以．
故選：A．
3．C
【分析】列舉出不超過的所有素數(shù)，找出能夠組成孿生素數(shù)的個數(shù)，結(jié)合組合計數(shù)原理以及古典概型的概率可求得所求事件的概率.
【詳解】不超過的所有素數(shù)有：、、、、、、、、，共個．
在不超過的素數(shù)中，隨機選取兩個不同的數(shù)，其中能夠組成孿生素數(shù)的有個，即、
、、，所求概率是．
故選：C．
4．C
【分析】根據(jù)題意結(jié)合和運算求解.
【詳解】因為，即，
且，
即，解得，
當(dāng)且僅當(dāng)，時，，
當(dāng)且僅當(dāng)時，，
所以的取值范圍是.
故選：C.
5．D
【分析】根據(jù)指數(shù)以及對數(shù)的單調(diào)性即可求解.
【詳解】因為，所以，因為，所以.
因為，所以，所以.
故選：D
6．C
【分析】根據(jù)點P的位置以及切線長可解得點橫坐標(biāo)為5，再由焦半徑公式可得結(jié)果.
【詳解】設(shè)點，由圓的方程可知圓心，半徑；
又切線長為，可得，
即，解得，可得；
再由拋物線定義可得點P到M的準(zhǔn)線的距離為.
故選：C
7．B
【分析】根據(jù)條件，利用平方關(guān)系和倍角公式，得到，令，得到或，再結(jié)合條件，即可求出結(jié)果.
【詳解】因為，
令，則，令，得到，
所以或，令，得到或，令，得到或，
又在上有且僅有兩個零點，所以在上有且僅有兩個零點，
所以，得到，
故選：B.
8．D
【分析】根據(jù)外接球球心的性質(zhì)確定球心的位置為過正三角形與的中心的垂線上，再構(gòu)造直角三角形求解球的半徑即可.
【詳解】設(shè)的中點為，正與正的中心分別為，，如圖，
根據(jù)正三角形的性質(zhì)有，分別在，上，平面，平面，
因為與都是邊長為2的正三角形，則，又，
則是正三角形，
又，，，平面，
所以平面，所以在平面內(nèi)，
故，易得，
故，
故，又，故球的半徑，
故球的表面積為．
故選：D．
【點睛】關(guān)鍵點點睛：解決與球有關(guān)的內(nèi)切或外接的問題時，解題的關(guān)鍵是確定球心的位置．對于外切的問題要注意球心到各個面的距離相等且都為球半徑；對于球的內(nèi)接幾何體的問題，注意球心到各個頂點的距離相等，解題時要構(gòu)造出由球心到截面圓的垂線段、小圓的半徑和球半徑組成的直角三角形，利用勾股定理求得球的半徑.
9．AD
【分析】根據(jù)給定條件，利用垂直關(guān)系、向量共線的坐標(biāo)表示計算判斷AB；利用單位向量的意義判斷C，利用向量線性運算的坐標(biāo)表示及利用坐標(biāo)求模判斷D.
【詳解】對于A，由，得，解得，A正確；
對于B，由，共線，得，解得，B錯誤；
對于C，當(dāng)時，是單位向量，C錯誤；
對于D，當(dāng)時，，則，D正確．
故選：AD
10．AD
【分析】根據(jù)題意結(jié)合等差數(shù)列性質(zhì)分析的符號性，結(jié)合的符號性以及的性質(zhì)逐項分析判斷.
【詳解】因為，則，
且數(shù)列an為等差數(shù)列，則，
可得，即，
又因為，可知：當(dāng)時，；當(dāng)時，；
對于選項A：由可知，所以當(dāng)或10時，取得最大值，故A正確；
對于選項B：因為，故B錯誤；
對于選項C：由的符號性可知：①當(dāng)時，單調(diào)遞增，則；
②當(dāng)時，單調(diào)遞減；
且，可知：當(dāng)時，；當(dāng)時，；
所以成立的n的最小值為20，故C錯誤；
對于選項D：因為，所以，故D正確；
故選：AD.
11．ACD
【分析】A選項，根據(jù)中心對稱為，得到，A正確；B選項，變形得到，賦值得到B錯誤；C選項，根據(jù)函數(shù)的對稱中心得到，C正確；D選項，根據(jù)題目條件得到，變形為，D正確.
【詳解】A選項，的定義域為R，其圖象關(guān)于中心對稱，
故，故，A正確；
B選項，由題意得，又，
故，
令得，即，B錯誤；
C選項，由題意得，即，
令，則，
所以為奇函數(shù)，C正確；
D選項，因為，所以，
即，故，
令，則，
故為偶函數(shù)，D正確.
故選：ACD.
【點睛】函數(shù)的對稱性：
若，則函數(shù)關(guān)于中心對稱；
若，則函數(shù)關(guān)于對稱；
12．
【分析】根據(jù)函數(shù)導(dǎo)數(shù)求解函數(shù)的切線方程，由方程過點可得．構(gòu)造新函數(shù)，結(jié)合函數(shù)導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào)性求得極值，根據(jù)數(shù)形結(jié)合判斷實數(shù)a的取值范圍.
【詳解】，設(shè)點為曲線的切點，
則切線方程為，整理得，
將點代入可得．
令，則，
當(dāng)時，，單調(diào)遞減；當(dāng)時，，單調(diào)遞增；當(dāng)時，，單調(diào)遞減．
又，，當(dāng)時，方程有3個不同的實數(shù)根，
即當(dāng)時，有3個不同的滿足方程，
即過點可作三條直線與曲線相切．
故答案為：.
13．
【分析】根據(jù)題意，利用雙曲線的幾何性質(zhì)，轉(zhuǎn)化為漸近線的斜率大于或等于，即可求解.
【詳解】由任意點線段上，端點除外，在上存在關(guān)于軸對稱得兩點使得為等邊三角形，
即存在點使得，所以存在點使得，
由雙曲線的其中一條漸近線方程為，
則滿足的斜率大于或等于，即，所以，
又由，所以實數(shù)的取值范圍為.
故答案為：.

14．①③④
【分析】①③利用空間向量法證明線面垂直從而證明面面垂直和判斷線面垂直；②利用向量法求解平面的法向量，結(jié)合平面內(nèi)直線一定與法向量數(shù)量積為0，判斷點在平面內(nèi)；④利用平面的基本性質(zhì)作出截面，再求出截面的周長；
【詳解】
如圖所示建立直角坐標(biāo)系，以為原點，以分別為為正方向，
，
，設(shè)
①，
因為，
所以是平面內(nèi)兩條相交直線，則平面，平面，因此平面 平面，①正確；
②取點為的三等分點，即或，設(shè)平面的法向量為，，則，令，所以
當(dāng)時，，若在平面中，，解得不合題意；
當(dāng)時，，若在平面中，，解得不合題意；②錯誤；
③在線段上的任意點H（不與端點重合），設(shè)，則，由上可知平面的法向量為，若存在點E使得平面，則有，即，解得所以當(dāng)時成立，③正確；
④延長三線相交于點，連接分別交直線于點,因為E為棱的中點，則平面與正方體所形成的截面為五邊形，
在正方體中，，根據(jù)三角形相似可得，則，，因此周長為.④正確；
故答案為：①③④.
【點睛】
立體幾何證明線面垂直、面面垂直的方法：定義法；空間向量法；
15．(1)甲機床、乙機床生產(chǎn)的產(chǎn)品中一級品的頻率分別是
(2)依據(jù)小概率值α=0.010的獨立性檢驗，甲機床的產(chǎn)品質(zhì)量與乙機床的產(chǎn)品質(zhì)量有差異.
【分析】（1）根據(jù)頻率的計算即可求解，
（2）根據(jù)卡方的計算，與臨界值即可求解.
【詳解】（1）甲機床生產(chǎn)的產(chǎn)品中一級品的頻率為；
乙機床生產(chǎn)的產(chǎn)品中一級品的頻率為.
（2），
依據(jù)小概率值的獨立性檢驗，甲機床的產(chǎn)品質(zhì)量與乙機床的產(chǎn)品質(zhì)量有差異.
16．(1)
(2)
【分析】（1）結(jié)合三角形面積公式可得，再結(jié)合三角形三邊關(guān)系可列不等式求解的范圍；
（2）由余弦定理結(jié)合基本不等式可得的最大值為，此時，結(jié)合三角形面積公式即可求解.
【詳解】（1）由于，
所以.
由三角形的三邊關(guān)系知:.
又，所以；
（2）由余弦定理可得，，當(dāng)時取等，
又B∈0,π，所以的最大值為，此時.
17．(1)證明見解析
(2)
【分析】（1）取中點，連接，，通過證明四邊形為平行四邊形，即可證明結(jié)論；
（2）由直線與平面所成的角為，可得，建立以為原點的空間直角坐標(biāo)系，利用向量方法可得答案.
【詳解】（1）取中點，連接，，
為的中點，，，
又，，，，
四邊形為平行四邊形，，
平面，平面，
平面；
（2）平面平面，平面平面平面，
平面，
取中點，連接，則平面，
，
，又，
如圖以為坐標(biāo)原點，為軸，為軸，為軸建立空間直角坐標(biāo)系，
，
，設(shè)平面的一個法向量，，
則，取，則，
平面的一個法向量可取，
設(shè)平面與平面所成銳二面角為，
，
所以平面與平面所成銳二面角的余弦值.
18．(1)
(2)
(3)證明見解析
【分析】（1）根據(jù)已知條件求得，從而求得橢圓的方程.
（2）利用點差法求得直線的斜率，進(jìn)而求得直線的方程.
（3）聯(lián)立直線的方程和橢圓的方程，化簡寫出根與系數(shù)關(guān)系，計算，以及AF與RQ，從而判斷出四邊形ARQF為梯形.
【詳解】（1）由題得，
將代入得：
，
橢圓E的方程為.
（2）設(shè)Ax1,y1,Bx2,y2，則，
且，
兩式相減得：，可得，
l方程為，即.
（3）由得：
，且，
，
∴，
又直線的斜率存在，AF與RQ不平行，
∴四邊形ARQF為梯形.

【點睛】關(guān)鍵點點睛：根據(jù)已知條件求得，和是兩個未知參數(shù)，要求出兩個參數(shù)的值，需要兩個已知條件，如本題中“橢圓的右焦點以及橢圓所過點”兩個已知條件，再結(jié)合即可求得，從而求得橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程.
19．(1)答案見解析；
(2)證明見解析；
(3).
【分析】（1）對求導(dǎo)，分類討論和，判斷的正負(fù)即可得出答案；
（2）要證，只需證，令，對求導(dǎo)，結(jié)合基本不等式得出在上單調(diào)遞增，即可得證；
（3）法一：對求導(dǎo)，分類討論和，得出的單調(diào)性證明即可；法二、法三：分類討論和，分離參數(shù)可得，分別由洛必達(dá)法則和拉格朗日中值定理求出即可.
【詳解】（1）解：，
當(dāng)時，在上單調(diào)遞增，
當(dāng)時，令，解得，
單調(diào)遞減，
單調(diào)遞增，
綜上：當(dāng)時，在上單調(diào)遞增；
當(dāng)時，在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增.
（2）證明：由題意，則.
要證，只需證，
而，且函數(shù)在上單調(diào)遞減，
故只需證，
又，所以只需證，
即證，
令，
即
，
由均值不等式可得
（當(dāng)且僅當(dāng)，即時，等號成立）.
所以函數(shù)在上單調(diào)遞增.
由，可得，即，
所以，
又函數(shù)在上單調(diào)遞減，
所以，即得證.
（3）法一：，則，
令，
當(dāng)時，，在上單調(diào)遞增，且.
①當(dāng)時，在上單調(diào)遞增，
，符合題意，.
②當(dāng)時，又在上單調(diào)遞增，且
當(dāng)趨近正無窮，趨近正無窮，
，使得，
在上單調(diào)遞減，
在上單調(diào)遞增，
而，所以不合題意.
綜上：實數(shù)的取值范圍為.
法二：，
當(dāng)時，恒成立，
當(dāng)時，由得，
即，
令，即，
則，
令，
則.
在上單調(diào)遞增，，
即在上單調(diào)遞增，而，所以符合洛必達(dá)法則.
由洛必達(dá)法則得：
實數(shù)的取值范圍為.
法三：，
當(dāng)時，恒成立，
當(dāng)時，由得，
即，
設(shè)，又，
則由拉格朗日中值定理可知：
令，
即
又，
在上單調(diào)遞增，，
實數(shù)的取值范圍為.
【點睛】方法點睛：利用導(dǎo)數(shù)證明不等式，常用方法有如下幾種：
方法一：等價轉(zhuǎn)化是證明不等式成立的常見方法，其中利用函數(shù)的對稱性定義，構(gòu)造對稱差函數(shù)是解決極值點偏移問題的基本處理策略；
方法二：比值代換是一種將雙變量問題化為單變量問題的有效途徑，構(gòu)造函數(shù)利用函數(shù)的單調(diào)性證明的不等式即可，例如對數(shù)平均不等式的證明；
方法三：利用不等式的性質(zhì)對原不等式作等價轉(zhuǎn)換后，利用導(dǎo)數(shù)證明相關(guān)的式子成立.
機床
品級
合計
一級品
二級品
甲機床
150
50
200
乙機床
120
80
200
合計
270
130
400
α
0.050
0.010
0.001
xα
3.841
6.635
10.828
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
A
C
C
D
C
B
D
AD
AD
題號
11









答案
ACD









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