一、單選題（本大題共7小題）
1．如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運動。兩球質(zhì)量關(guān)系為，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量均為，運動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為，則（ ）
A．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5
B．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10
C．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5
D．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10
2．一個小球與彈簧連接套在光滑水平細(xì)桿上，在間做簡諧運動，點為的中點。以點為坐標(biāo)原點，水平向右為正方向建立坐標(biāo)系，得到小球振動圖像如圖所示。下列結(jié)論正確的是（ ）
A．小球振動的頻率是
B．時，小球在位置
C．小球在通過位置時，速度最大
D．如果小球的振幅增大，則振動周期也增大
3．如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，實線為時刻的波形，虛線為s時的波形，P為平衡位置在m處的質(zhì)點，為平衡位置在m處的質(zhì)點。0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P運動的路程小于8cm，則下列判斷不正確的是（ ）
A．0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P的路程為cm
B．質(zhì)點Q振動的周期為0.4s
C．若此波遇到寬度為7.8m的障礙物時能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象
D．質(zhì)點Q的振動方程為（cm）
4．如圖是一種用折射率法檢測海水鹽度裝置的局部簡化圖．將一平行空氣磚（忽略薄玻璃壁厚度）斜插入海水中，讓光束從海水射向平行空氣磚再折射出來，通過檢測折射光線在不同鹽度海水中發(fā)生的偏移量d，進(jìn)而計算出海水鹽度，已知某一溫度下，海水鹽度變大到起折射率變大，下列說法正確的是（ ）
A．一束復(fù)色光透過平行空氣磚分成1、2兩束光，則1光頻率高
B．一束復(fù)色光透過平行空氣磚分成1、2兩束光，則2光在海水中傳播速度大
C．一束單色光射向平行空氣磚后偏移量小，說明海水的鹽度小
D．一束單色光射向平行空氣磚后偏移量大，說明海水的鹽度小
5．如圖所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里且磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，在x軸下方存在垂直于紙面向外且磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場。一帶負(fù)電的粒子，帶電荷量為q，質(zhì)量為m，從原點O與x軸成30°角斜向上射入磁場，且在x軸上方磁場中運動的半徑為R，不計粒子重力，則（ ）
A．粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后一定能回到原點O
B．粒子在x軸上方和下方磁場中運動的半徑之比為2∶1
C．粒子完成一次周期性運動的時間為
D．粒子第二次射入x軸上方磁場時，沿x軸前進(jìn)了3R
6．貫徹新發(fā)展理念，福建省風(fēng)力發(fā)電發(fā)展迅猛。某種風(fēng)力發(fā)電機的發(fā)電、輸電簡易模型如圖甲所示。風(fēng)輪機葉片通過升速齒輪箱帶動發(fā)電機線圈高速轉(zhuǎn)動，發(fā)電機的輸出電壓u隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，輸出功率為1500kW。降壓變壓器的匝數(shù)比為n3∶n4=130∶1，輸電線總電阻為R，其余線路電阻不計，用戶端的電壓為U4=220V，功率1430kW，所有變壓器均為理想變壓器，則（ ）

A．每個周期內(nèi)電流方向改變1次B．發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動頻率為100Hz
C．發(fā)電機的輸出電流為D．輸電線總電阻R為28Ω
7．如圖甲為LC振蕩電路，其中圖乙描繪的是流過電路中M點的電流隨時間變化規(guī)律的圖線，假設(shè)回路中電流順時針方向為正，則下列說法錯誤的是（ ）
A．在第0s末到第1s末的過程中，電路中電流正在增大，電容器正在向外電路放電
B．在第1s末到第2s末的過程中電容器的下極板帶負(fù)電
C．在第2s木到第3s木的過程中M點的電勢比N點的電勢低
D．在第2s末到第3s末的過程中電路中電場能正在逐漸減小
二、多選題（本大題共1小題）
8．如圖所示為某型號電吹風(fēng)電路圖，a、b、c、d為四個固定觸點?？蓜拥纳刃谓饘儆|片P可同時接觸兩個觸點。觸片P處于不同位置時，電吹風(fēng)可處于停機、吹熱風(fēng)和吹冷風(fēng)三種工作狀態(tài)。該電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時輸入功率為500W，吹冷風(fēng)時輸入功率為60W。小風(fēng)扇額定電壓為60V，正常工作時小風(fēng)扇輸出功率為50W。和分別是理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)。則（ ）
A．吹冷風(fēng)時觸片P位于ab之間
B．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比
C．小風(fēng)扇的內(nèi)阻是72Ω
D．吹熱風(fēng)時通過電熱絲的電流為2A
三、單選題（本大題共1小題）
9．火警報警系統(tǒng)原理如圖甲所示，M是一個小型理想變壓器，原副線圈匝數(shù)之比n1:n2 =10:1，接線柱a、b接上一個正弦交變電源，電壓隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，在變壓器右側(cè)部分，R2為用半導(dǎo)體熱敏材料（電阻隨溫度升高而減?。┲瞥傻膫鞲衅鳎琑1為一定值電阻．下列說法中正確的是
A．此交變電源的每秒鐘電流變化50次
B．電壓表示數(shù)為22 V
C．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時，電流表的示數(shù)減小
D．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時，電壓表的示數(shù)減小
四、多選題（本大題共5小題）
10．如今智能手機中普遍安裝了陀螺儀，它是一種加速度傳感器，尺寸目前可以做到（3×3×1）mm，可集成于手機內(nèi)部，用來檢測手機的姿態(tài)。其工作原理如圖所示，當(dāng)手機運動狀態(tài)改變時，固連在手機上的A部分隨手機一起運動時，質(zhì)量塊B是通過彈性物體連接手機，由于慣性，不會隨手機立刻發(fā)生變化，出現(xiàn)運動滯后，這樣電容器電容值就發(fā)生了變化，變化的電容值會通過電信號傳輸給處理單元，就可測量手機的姿態(tài)，鋪三層這種結(jié)構(gòu)，就可以測出手機的前后左右和上下以及旋轉(zhuǎn)，這樣就可以360°無死角檢測手機運動。以下說法中正確的是（ ）
A．在外太空，完全失重的情況下，這種傳感器仍然可以使用
B．可以測量出任意情況下手機相對地面的速度
C．這種探測器可以測量地磁場強度，進(jìn)而進(jìn)行GPS定位
D．改變電容的值是通過改變正對面積和板間距d來實現(xiàn)的
11．如圖所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量為的甲物塊以速度向右運動，正前方有一靜止的、質(zhì)量為的乙物塊，乙物塊左側(cè)連有一輕質(zhì)彈簧，從甲物塊與彈簧接觸到與彈簧分離過程（ ）
A．分離時，甲物塊的動量大小可能大于
B．甲、乙兩物塊組成的系統(tǒng)機械能守恒
C．甲乙共速時，彈簧的彈性勢能最大
D．甲與彈簧分離時，乙物塊的速度可能為
12．在處的波源P產(chǎn)生一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波，在處的波源Q產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡諧描波，時刻兩波源開始振動，時兩列簡諧波的波形圖分別如圖中實線和虛線所示，下列說法正確的是（ ）
A．兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向
B．兩列波的波速大小均為2m/s
C．再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點位移為0.1m
D．再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點位移為0.3m
13．對下列四個有關(guān)光的實驗示意圖，分析正確的是（ ）
A．圖甲中若改變復(fù)色光的入射角，則b光先在玻璃球中發(fā)生全反射
B．圖乙中若只減小屏到擋板的距離L，則相鄰亮條紋間距離將減小
C．圖丙是用干涉法檢測工件表面平整程度時得到的干涉圖樣，若將薄片向右移動，條紋間距將變大
D．若只旋轉(zhuǎn)圖丁中M或N一個偏振片，光屏P上的光斑亮度會發(fā)生變化
14．國家電網(wǎng)公司推進(jìn)智能電網(wǎng)推廣項目建設(shè)，擬新建智能變電站1400座。變電站起變換電壓作用的設(shè)備是變壓器，如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u＝220sin100πt（V），電壓表、電流表都為理想電表，則下列判斷正確的是（ ）
A．輸入電壓有效值為220V，電流頻率為50Hz
B．S打到a處，當(dāng)滑動變阻器的滑片向下滑動時，兩電壓表示數(shù)都增大
C．S打到a處，當(dāng)滑動變阻器的滑片向下滑動時，兩電流表的示數(shù)都減小
D．若滑動變阻器的滑片不動，S由a處打到b處，電壓表V2和電流表A1的示數(shù)都減小
五、實驗題（本大題共2小題）
15．如圖甲所示，在“探究碰撞中的不變量”實驗時，長木板光滑且處于水平，小車A的前端粘有橡皮泥，用手推動一下小車A，放手后小車A做勻速運動，然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合在一起，之后繼續(xù)勻速運動，在小車A后連著紙帶，打點計時器電源周期為0.02s。
①若獲得紙帶如圖乙所示，a為運動的起始點，從a點開始，每5個點取一個計數(shù)點，其中a、b、c、d、e都為計數(shù)點，并測得相鄰計數(shù)點間距（已標(biāo)在圖上），則應(yīng)選 段來計算A的碰前速度，應(yīng)選 段來計算A和B碰后的共同速度（填ab、bc、cd或de）。
②已測得小車A（含橡皮泥）的質(zhì)量mA=0.30kg，小車B（含撞針）的質(zhì)量為mB=0.20kg，由以上測量結(jié)果可得碰前系統(tǒng)總動量為 kg·m/s，碰后系統(tǒng)總動量為 kg·m/s。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）
16．某同學(xué)要用雙縫干涉測量某種單色光的波長，其實驗裝置如圖甲所示.
(1)圖甲中虛線框位置的組件名稱是 ，它的作用是獲得 光；
(2)做實驗時，該同學(xué)先將測量頭的分劃板中心刻度線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的刻度如圖乙所示，讀數(shù)為 mm；
(3)該同學(xué)接著轉(zhuǎn)動手輪，當(dāng)分劃板中心刻度線與第6條亮紋中心對齊時，讀數(shù)是17.332mm，已知裝置中雙縫間距為0.2mm，雙縫到屏的距離是1.0m，則測得此單色光的波長為 m（保留兩位有效數(shù)字）；
(4)在其他條件不變的情況下，僅將光的波長換成較大的做實驗，則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距 （填“變大”“變小”或“不變”）.
六、填空題（本大題共1小題）
17．如圖所示，真空中，在兩個同心圓所夾的環(huán)狀區(qū)域存在（含邊界）垂直于紙面向里磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，兩圓的半徑分別為R和3R，圓心為O。質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的帶電粒子從大圓邊緣的P點沿半徑PO方向以不同的速度垂直射入磁場，粒子重力不計；
（1）若粒子在磁場中運動軌跡所對的圓心角為120°，則粒子在磁場中運動的時間t1= ；
（2）若粒子能進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域，粒子在磁場中運動的速度v2 >
七、解答題（本大題共4小題）
18．某同學(xué)在研究簡諧運動規(guī)律過程中，發(fā)現(xiàn)彈簧連接一個物體時較容易成功，而兩個物體摞在一起做簡諧運動卻比較困難。如圖所示，A、B兩木塊質(zhì)量分別是，，彈簧的勁度系數(shù)，A和B間的動摩擦因數(shù)，B與水平面的摩擦力不計，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取。
（1）求兩木塊一起做簡諧運動的位移是2cm時，兩木塊的加速度大小；
（2）求兩木塊一起做簡諧運動的位移是2cm時，A、B兩木塊間的摩擦力大小；
（3）兩木塊一起做簡諧運動的過程中，求它們的最大振幅及木塊A的最大動能。
19．皮劃艇比賽是一項深受觀眾喜愛的運動。我市慶元籍皮劃艇運動員王楠在奧運會和全運會比賽中均取得過優(yōu)異的成績。如圖所示，在日常單人雙槳皮艇訓(xùn)練中，運動員采用單槳劃水使皮艇沿直線運動。運動員每次動作分為劃水和空中運槳兩個階段，假設(shè)劃水階段用時1.0s，空中運槳用時為0.8s，若皮艇（含運動員和槳）質(zhì)量為70kg，運動過程中受到的阻力恒定，劃水時槳產(chǎn)生的動力大小為皮艇所受阻力的1.8倍。某時刻槳剛?cè)胨畷r皮艇的速度大小為4m/s，運動員緊接著完成1次劃水和運槳動作，此過程皮艇前進(jìn)8.1m，求：
（1）劃水和空中運槳兩階段皮艇的加速度大小之比；
（2）皮艇的最大速度大??；
（3）該過程中皮艇所受阻力的沖量I的大小。
20．如圖所示，兩平行光滑導(dǎo)軌相距為d=20cm，金屬棒MN的質(zhì)量為m=10g，電阻R=8Ω，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.8T，方向豎直向下，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，當(dāng)電鍵K閉合時，MN恰好平衡，設(shè)θ=45°，g=10m/s2。求：
(1)金屬棒MN所受安培力的大小；
(2)變阻器R1接入電路中的阻值；
(3)若變阻器R1阻值為1 Ω，則閉合電鍵的瞬間，求金屬棒的加速度。
21．如圖，電阻不計的兩足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌間距為，導(dǎo)軌處于方向豎直向下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為。質(zhì)量均為、接入電路的有效電阻均為的金屬棒ab、cd垂直于導(dǎo)軌放置，均處于靜止?fàn)顟B(tài)。時刻給cd棒一個方向水平向右、大小的拉力，時，金屬棒ab和cd加速度剛好相等。此后撤去拉力F，整個過程棒與導(dǎo)軌接觸良好。求：
（1）時金屬棒ab和cd的加速度大??；
（2）時金屬棒ab和cd的速度大?。?br>（3）從到回路中電流為零的過程中，金屬棒ab和cd之間距離的增加量。
參考答案
1．A
【解析】根據(jù)題意可知，A、B兩球均向右運動，由可知，由于兩球質(zhì)量關(guān)系為，則A球的速度是B球速度的2倍，故左方為A球，根據(jù)動量守恒定律可知
即碰撞后，A球的動量為，B球的動量為，根據(jù)可得
故BCD錯誤A正確。
故選A。
2．C
【解析】A．由圖可知，小球振動的頻率為
A錯誤；
B．時，小球在負(fù)向最大位移處，則小球在A位置，B錯誤；
C．小球在通過位置時，加速度為零，因此速度最大，C正確；
D．小球振動的周期與振幅無關(guān)，D錯誤；
故選C。
3．D
【解析】AB．由于0.15s時間內(nèi)，質(zhì)點P運動的路程小于8cm，即s小于半個周期，波在s時間內(nèi)向前傳播了3m，則波速為
周期為
因此P質(zhì)點振動了s，其路程為cm，故AB都正確；
C．此波的波長為8m，遇到寬度為7.8m的障礙物時能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C正確；
D．質(zhì)點Q在時刻處于平衡位置正在向下振動，初相位為，則振動方程為
故D項錯誤。
故選D。
4．C
【解析】AB．由圖可知，光線在左側(cè)面折射時，光線1的折射角小，根據(jù)折射定律可知，光線1的折射率較小，頻率較小，根據(jù)
可知，光線1在海水中的傳播速度較大，故AB錯誤；
CD．由圖可知，光線1的折射率小，偏移量小，所以若一束單色光射向平行空氣磚后偏移量變大，說明折射率變大，即海水的鹽度變大，若偏移量變小，說明海水的鹽度變小，故C正確，D錯誤。
故選C。
5．D
【解析】B．由r=可知，粒子在x軸上方和下方磁場中運動的半徑之比為1∶2，故B錯誤；
C．粒子在兩磁場中運動所對應(yīng)的圓心角均為60°，故粒子完成一次周期性運動的時間
t=T1＋T2=＋=
故C錯誤；
AD．粒子第二次射入x軸上方磁場時沿x軸前進(jìn)了
l=R＋2R=3R
則粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后不能回到原點O，故A錯誤，D正確。
故選D。
6．D
【解析】A．每個周期內(nèi)電流方向改變2次，故A錯誤；
B．發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動頻率與輸出的交變電壓頻率相等，為
故B錯誤；
C．發(fā)電機輸出電壓的有效值為
輸出電流為
故C錯誤；
D．根據(jù)理想變壓器電壓規(guī)律可知
輸電電流為
輸電線路上損失的功率為
解得
故D正確。
故選D。
7．B
【解析】A．由圖乙可知，在第0s末到第1s末的過程中，電路中電流正在增大，則線圈的磁場能正在增大，電容器中的電場能正在減小，電容器正在向外電路放電，故A正確，不滿足題意要求；
B．在第1s末到第2s末的過程中，電路中電流正在減小，且電流方向為順時針方向，電容器正在充電，則電容器的下極板帶正電，故B錯誤，滿足題意要求；
CD．第2s末到第3s末的過程中，電路中電流正在增大，且電流方向為逆時針方向，M點的電勢比N點的電勢低；線圈的磁場能正在增大，電容器中的電場能正在減小，故CD正確，不滿足題意要求。
故選B。
8．BD
【解析】A．由圖示電路圖可知，觸片P若同時接觸兩個觸點b和c，只有小風(fēng)扇接入電路，只有小風(fēng)扇工作，電吹風(fēng)處于吹冷風(fēng)工作狀態(tài)，A錯誤；
B．變壓器的原線圈、副線圈的匝數(shù)比為
C．小風(fēng)扇消耗的功率轉(zhuǎn)化為機械功率和線圈上的熱功率，因未說明小風(fēng)扇的效率，所以不能計算小風(fēng)扇的內(nèi)阻，C錯誤；
D．電熱絲消耗的功率為
P′ = 500W - 60W = 440W
則電熱絲中的電流為
D正確。
故選BD。
9．D
【解析】由原線圈兩端輸入電壓U隨時間變化的圖象可知，U1=220V，T=0.02s．
A、變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，由此可得副線圈的電壓為22V，電壓表V1測的是R2兩端電壓，故A錯誤；
B、T=0.02s，每個周期電流方向改變兩次，故每秒鐘電流方向改變100次，故B錯誤；
C、當(dāng)出現(xiàn)火警時，溫度升高，電阻R2減小，副線圈的電阻減小，副線圈的電流變大，所以原線圈的電流也就要增大，故C錯誤；
D、當(dāng)出現(xiàn)火警時，溫度升高，電阻R2減小，副線圈的電流變大，所以R1的電壓要增大，由于副線圈的總電壓不變，所以R2的電壓就要減小，故D正確；
故選D．
【點睛】輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，根據(jù)理想變壓器的原理分析即可，本題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．
10．AD
【解析】A．這種傳感器的使用原理是慣性，跟重力無關(guān)，所以在外太空，完全失重的情況下，這種傳感器仍然可以使用，故A正確；
BC．這種探測器可以測出手機的前后左右和上下以及旋轉(zhuǎn)，不可以測量出任意情況下手機相對地面的速度，也不可以測量地磁場強度，進(jìn)行GPS定位，故BC錯誤；
D．由圖可知，手機上的A部分與質(zhì)量塊B發(fā)生相對移動時，電容的正對面積和板間距d發(fā)生變化，所以改變電容的值是通過改變正對面積和板間距d來實現(xiàn)的，故D正確。
故選AD。
11．CD
【解析】A．對甲、乙、彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，機械能也守恒，根據(jù)題意可知，初始狀態(tài)，甲物塊的動量大小為，則系統(tǒng)的總機械能大小為，若甲物塊的動量大小大于，則系統(tǒng)的機械能必定大于，不滿足機械能守恒，即分離時，甲物塊的動量大小不可能大于，A錯誤；
B．由于該過程存在彈性勢能的轉(zhuǎn)化，因此甲、乙、彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)的機械能守恒，而甲、乙兩物塊組成的系統(tǒng)機械能不守恒，B錯誤；
C．根據(jù)分析可知，當(dāng)甲乙共速時，兩物塊之間距離最小，即彈簧的形變量最大，則此時彈簧的彈性勢能最大，C正確；
D．甲與彈簧分離時，對系統(tǒng)有
，
解得
可知，當(dāng)
時，乙物塊的速度可能為，D正確。
故選CD。
12．BD
【解析】A．根據(jù)同側(cè)法由圖可知，兩波源的起振方向均沿y軸正方向，故A錯誤；
B．由圖可知，0~0.5s兩列波的傳播距離相等均為
則兩列波的波速大小均為
故B正確；
C．由圖可知，0~0.5s兩列波均傳播，則兩列波的周期均為
s=0.4s
再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點均回到平衡位置，則位移為0，故C錯誤；
D．同C選項分析，再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點均位于波峰處，根據(jù)波的疊加可知，此時質(zhì)點的位移為
故D正確。
故選BD。
13．BD
【解析】A．根據(jù)圖像可知
由于a光的折射率較小，入射時折射角較大，根據(jù)可知臨界角較大，第一次出射時入射時較大，而b光的折射率較大，則臨界角較小，出射時入射角較小，故無法確定哪種光先發(fā)生全反射，A錯誤；
B．由于條紋間距
可知只減小屏到擋板的距離L，相鄰亮條紋間距離將減小，B正確；
C．圖丙是用干涉法檢測工件表面平整程度時得到的干涉圖樣，若將薄片向右移動，即增大空氣薄層的厚度，導(dǎo)致同級的光程差的間距變小，則干涉條紋間距將會變小，C錯誤；
D．自然光通過M后變成偏振光，若N的偏振方向與M的偏振方向相同，光屏上光斑最亮；若N的偏振方向與M的偏振方向垂直，光屏上幾乎沒有亮斑，因此當(dāng)M和N發(fā)生相對轉(zhuǎn)動時，光屏上的光斑亮度會發(fā)生變化，D正確。
故選BD。
14．AD
【解析】A．輸入電壓有效值為
U1＝V＝220V
由輸入電壓瞬時值表達(dá)式可知，角速度為ω＝100πrad/s，電流頻率為
故A正確；
BC．S打到a處，當(dāng)滑動變阻器的滑片向下滑動時，副線圈電路的總電阻減小，由
可知U2不變，即電壓表V2的示數(shù)不變，所以電流表A2的示數(shù)變大，故BC錯誤；
D．若滑動變阻器的滑片不動，S由a處打到b處，副線圈匝數(shù)減小，輸入電壓不變，輸出電壓減小，即電壓表V2的示數(shù)減小，根據(jù)
知輸出功率減小，根據(jù)輸入功率等于輸出功率，可知
P1＝U1I1
減小，U1不變，則I1減小，即電流表A1的示數(shù)減小，故D正確。
故選AD。
15． bc de 1.04 1.03
【解析】①[1]推動小車由靜止開始運動，故小車有個加速過程，在碰撞前做勻速直線運動，即在相同的時間內(nèi)通過的位移相同，故bc段為勻速運動的階段，故選bc計算碰前的速度；
[2]碰撞過程是一個變速運動的過程，而A和B碰后的共同運動時做勻速直線運動，故在相同的時間內(nèi)通過相同的位移，故應(yīng)選de段來計算碰后共同的速度；
②[3]A碰前的速度
碰后共同速度
碰前系統(tǒng)總動量
[4]碰后系統(tǒng)總動量
16．(1) 濾光片 單色
(2)2.331/2.332/2.333/2.334
(3)6.0×10-7
(4)變大
【解析】（1）[1][2]圖甲中虛線框位置的組件名稱是濾光片，它的作用是獲得單色光；
（2）手輪上的刻度讀數(shù)為2mm+0.01mm×33.2=2.332mm
（3）條紋間距
根據(jù)
可得
（4）在其他條件不變的情況下，僅將光的波長換成較大的做實驗，根據(jù)
則光屏上相鄰兩亮條紋的中心間距變大。
17．
【解析】（1）[1]帶電粒子在磁場中運動的周期
若粒子在磁場中運動軌跡所對的圓心角為120°，則粒子在磁場中運動的時間為
（2）[2]設(shè)帶電粒子進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域的最大速度為vm，對應(yīng)半徑rm
由幾何關(guān)系，有
解得
rm=4R
由牛頓第二定律有
解得
所以要使粒子能進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域，有
18．（1）；（2）；（3），
【解析】（1）兩木塊一起做簡諧運動的位移是2cm時，以兩木塊為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得
解得加速度大小為
（2）兩木塊一起做簡諧運動的位移是2cm時，以A為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得
解得A、B兩木塊間的摩擦力大小為
（3）兩木塊一起做簡諧運動的過程中，它們振幅最大時，A、B兩木塊間的摩擦力達(dá)到最大，則有
聯(lián)立解得最大振幅為
根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可得
解得
則木塊A的最大動能為
19．（1）4∶5；（2）；（3）
【解析】（1）設(shè)劃水和空中運槳兩階段皮艇的加速度大小分別為a1、a2，根據(jù)牛頓第二定律有


由題意可知
F=1.8f
聯(lián)立解得

（2）皮艇的最大速度大小為

劃水過程皮艇的位移大小為

運槳過程皮艇的位移大小為

由題意可知

聯(lián)立解得


（3）根據(jù)牛頓第二定律可得

根據(jù)沖量的定義可得該過程中皮艇所受阻力的沖量大小為

20．(1)0.1N；(2)7Ω；(3)
【解析】(1)金屬棒受重力mg、支持力N、安培力F的作用，力圖如圖。
根據(jù)平衡條件得安培力
F=mgtanθ=0.1N
(2)安培力為
F=BIL
解得
根據(jù)歐姆定律得
代入數(shù)據(jù)解得
R1=7Ω
(3)若變阻器R1阻值為1Ω，則閉合電鍵的瞬間
金屬棒的加速度
21．（1）；（2），；（3）
【解析】（1）兩棒的加速度相等時，設(shè)受到的安培力大小為，對金屬棒
對金屬棒cd
聯(lián)立解得
（2）根據(jù)安培力公式
解得回路中電流大小
設(shè)回路中的感應(yīng)電動勢為E，則
設(shè)兩棒的加速度相等時，金屬棒ab、cd的速度分別是、，則
設(shè)時間內(nèi)安培力沖量大小為，對金屬棒cd
對金屬棒ab
聯(lián)立解得
，
（3）撤去外力F后，金屬棒cd做加速度逐漸減小的減速運動，金屬棒ab做加速度逐漸減小的加速運動，最后兩棒速度相等，做勻速運動，設(shè)最終共同速度為v，根據(jù)動量守恒定律
對ab棒，根據(jù)動量定理
電荷量
設(shè)兩棒間距離增大了x，則
聯(lián)立解得

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