一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、（4分）矩形具有而菱形不一定具有的性質(zhì)是（ ）
A．對角相等B．對邊相等C．對角線相等D．對角線互相垂直
2、（4分）如圖，，，則（ ）
A．垂直平分B．垂直平分
C．平分D．以上結(jié)論均不對
3、（4分）下列語句：(1)可以把半徑相等的兩個圓中的一個看成是由另一個平移得到的；(2)可以把兩個全等圖形中的一個看成是由另一個平移得到的；(3)經(jīng)過旋轉(zhuǎn)，對應線段平行且相等；(4)中心對稱圖形上每一對對應點所連成的線段都被對稱中心平分.其中正確的有( )
A．一個B．兩個C．三個D．四個
4、（4分）如圖，在四邊形ABCD中，AC與BD相交于點O，∠BAD＝90°，BO＝DO，那么添加下列一個條件后，仍不能判定四邊形ABCD是矩形的是( )
A．∠ABC＝90°B．∠BCD＝90°C．AB＝CDD．AB∥CD
5、（4分）如圖，在△ABC中，點D，E分別是邊AB，AC的中點，AF⊥BC，垂足為點F，∠ADE＝30°，DF＝2，則△ABF的周長為（ ）
A．4B．8C．6+D．6+2
6、（4分）若△ABC中，AB＝13，BC＝5，AC＝12，則下列判斷正確的是（ ）
A．∠A＝90°B．∠B＝90°
C．∠C＝90°D．△ABC是銳角三角形
7、（4分）下列二次根式中，是最簡二次根式的是（ ）
A．B．C．D．
8、（4分）在邊長為5的正方形ABCD中，以A為一個頂點，另外兩個頂點在正方形ABCD的邊上作等腰三角形，且含邊長為4的所有大小不同的等腰三角形的個數(shù)為（ ）
A．6B．5C．4D．3
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）若，則_________ ．
10、（4分）已知三角形的三條中位線的長分別為5cm、6cm、10cm，則這個三角形的周長是_____cm．
11、（4分）已知函數(shù)y1=k1x+b1與函數(shù)y2=k2x+b2的圖象如圖所示，則不等式k1x+b1＜k2x+b2的解集是 ．
12、（4分）某射手在相同條件下進行射擊訓練，結(jié)果如下：
該射手擊中靶心的概率的估計值是______(精確到0.01)．
13、（4分）如圖，，、分別是、的中點，平分，交于點，若，，則的長是______．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）如圖，△ABC中AC=BC，點D，E在AB邊上，連接CD，CE．
(1)如圖1，如果∠ACB=90°，把線段CD逆時針旋轉(zhuǎn)90°，得到線段CF，連接BF，
①求證：△ACD≌△BCF；
②若∠DCE=45°， 求證：DE2=AD2+BE2；
(2)如圖2，如果∠ACB=60°，∠DCE=30°，用等式表示AD，DE，BE三條線段的數(shù)量關系，說明理由．

15、（8分）解方程 (2x－1)2＝3－6x．
16、（8分）如圖，△ABC三個頂點的坐標分別為A(1，1)，B(4，2)，C(3，4)．
(1)請畫出將△ABC向左平移4個單位長度后得到的圖形△A1B1C1；
(2)請畫出△ABC關于原點O成中心對稱的圖形△A2B2C2；
(3)在x軸上找一點P，使PA＋PB的值最小，請直接寫出點P的坐標．
17、（10分）如圖，在正方形ABCD中，點E是BC邊所在直線上一動點（不與點B、C重合），過點B作BF⊥DE，交射線DE于點F，連接CF．
（1）如圖，當點E在線段BC上時，∠BDF=α．
①按要求補全圖形；
②∠EBF=______________（用含α的式子表示）；
③判斷線段 BF，CF，DF之間的數(shù)量關系，并證明．
（2）當點E在直線BC上時，直接寫出線段BF，CF，DF之間的數(shù)量關系，不需證明．
18、（10分）如圖，在四邊形ABCD中，AB=AD=4，∠A=60°，BC=4，CD=1．
（1）求∠ADC的度數(shù)；
（2）求四邊形ABCD的面積．
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）某公司有一名經(jīng)理和10名雇員共11名員工，他們的月工資情況(單位：元)如下：30000，2350，2350，2250，2250，2250，2250，2150，2050，1950，1850.上述數(shù)據(jù)的平均數(shù)是__________，中位數(shù)是________．通過上面得到的結(jié)果不難看出：用_________(填“平均數(shù)”或“中位數(shù)”)更能準確地反映出該公司全體員工的月人均收入水平．
20、（4分）在周長為的平行四邊形中，相鄰兩條邊的長度比為，則這個平行四邊形的較短的邊長為________.
21、（4分）五邊形從某一個頂點出發(fā)可以引_____條對角線．
22、（4分）一次函數(shù)y＝kx+b的圖象與函數(shù)y＝2x+1的圖象平行，且它經(jīng)過點（﹣1，1），則此次函數(shù)解析式為_____．
23、（4分）小明從A地出發(fā)勻速走到B地.小明經(jīng)過（小時）后距離B地（千米）的函數(shù)圖像如圖所示.則A、B兩地距離為_________千米.
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）已知正比例函數(shù)與反比例函數(shù).
（1）證明：直線與雙曲線沒有交點；
（2）若將直線向上平移4個單位后與雙曲線恰好有且只有一個交點，求反比例函數(shù)的表達式和平移后的直線表達式；
（3）將（2）小題平移后的直線代表的函數(shù)記為，根據(jù)圖象直接寫出：對于負實數(shù)，當取何值時
25、（10分）已知：如圖在平行四邊形ABCD中，過對角線BD的中點O作直線EF分別交DA的延長線、AB、DC、BC的延長線于點E、M、N、F．
（1）觀察圖形并找出一對全等三角形：△_≌△_，請加以證明；
（2）在（1）中你所找出的一對全等三角形，其中一個三角形可由另一個三角形經(jīng)過怎樣的變換得到？
26、（12分）如圖，在中，，點在上，若，平分.
（1）求的長；
（2）若是中點，求線段的長.
參考答案與詳細解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、C
【解析】
根據(jù)菱形和矩形的性質(zhì)即可判斷．
【詳解】
解：因為矩形的性質(zhì)：對角相等、對邊相等、對角線相等；
菱形的性質(zhì)：對角相等、對邊相等、對角線互相垂直．
所以矩形具有而菱形不一定具有的性質(zhì)是對角線相等．
故選：C．
本題主要考查矩形和菱形的性質(zhì)，掌握矩形和菱形的性質(zhì)是解題的關鍵．
2、B
【解析】
根據(jù)段垂直平分線的判定定由AC＝AD得到點A在線段CD的垂直平分線上，由BC＝BD得到點B在線段CD的垂直平分線上，而兩點確定一直線，所以可判斷AB垂直平分CD．
【詳解】
解：∵AC＝AD，
∴點A在線段CD的垂直平分線上，
∵BC＝BD，
∴點B在線段CD的垂直平分線上，
∴AB垂直平分CD．
故選：B．
本題考查了線段垂直平分線的判定與性質(zhì)：到線段兩端點的距離相等的點在這條線段的垂直平分線上；線段垂直平分線上任意一點，到線段兩端點的距離相等．
3、B
【解析】
根據(jù)平移的性質(zhì)，對各語句進行一一分析，排除錯誤答案．
【詳解】
(1)可以把半徑相等的兩個圓中的一個看成是由另一個平移得到的，正確；
(2)可以把兩個全等圖形中的一個看成是由另一個平移得到的，錯誤；平移既需要兩個圖形全等,還需要兩個圖形有一種特殊的位置關系,
(3)經(jīng)過平移，對應線段平行且相等，故原語句錯誤；
(4)中心對稱圖形上每一對對應點所連成的線段都被對稱中心平分，正確.
故選B.
本題利用了平移的基本性質(zhì)：①圖形平移前后的形狀和大小沒有變化，只是位置發(fā)生變化；②經(jīng)過平移，對應點所連的線段平行且相等，對應線段平行且相等，對應角相等．
4、C
【解析】
根據(jù)矩形的判定定理：有一個角是直角的平行四邊形是矩形，對角線相等的平行四邊形是矩形分別進行分析即可．
【詳解】
A、∵∠BAD＝90°，BO＝DO，
∴OA＝OB＝OD，
∵∠ABC＝90°，
∴AO＝OB＝OD＝OC，
即對角線平分且相等，
∴四邊形ABCD為矩形，正確；
B、∵∠BAD＝90°，BO＝DO，
∴OA＝OB＝OD，∵∠BCD＝90°，
∴AO＝OB＝OD＝OC，
即對角線平分且相等，
∴四邊形ABCD為矩形，正確；
C、∵∠BAD＝90°，BO＝DO，AB＝CD，
無法得出△ABO≌△DCO，
故無法得出四邊形ABCD是平行四邊形，
進而無法得出四邊形ABCD是矩形，錯誤；
D、∵AB||CD，∠BAD＝90°，
∴∠ADC＝90°，
∵BO＝DO，
∴OA＝OB＝OD，
∴∠DAO＝∠ADO，
∴∠BAO＝∠ODC，
∵∠AOB＝∠DOC，
∴△AOB≌△DOC，
∴AB＝CD，
∴四邊形ABCD是平行四邊形，
∵∠BAD＝90°，
∴?ABCD是矩形，正確；
故選：C．
此題主要考查了矩形的判定，關鍵是熟練掌握矩形的判定定理．
5、D
【解析】
先利用直角三角形斜邊中線性質(zhì)求出AB，再利用30角所對的直角邊等于斜邊的一半，求出AF即可解決問題．
【詳解】
∵AF⊥BC，點D是邊AB的中點，
∴AB＝2DF＝4，
∵點D，E分別是邊AB，AC的中點，
∴DE∥BC，
∴∠B＝∠ADE＝30°，
∴AF＝AB＝2，
由勾股定理得，BF＝，
則△ABF的周長＝AB+AF+BF＝4+2+2＝6+2，
故選：D．
此題考查三角形中位線定理，含30度角的直角三角形，直角三角形斜邊上的中線，解題關鍵在于利用30角所對的直角邊等于斜邊的一半求解.
6、C
【解析】
13，12，5正好是一組勾股數(shù)，根據(jù)勾股定理的逆定理即可判斷△ABC是直角三角形，從而求解．
【詳解】
∵52+122＝169，132＝169，
∴52+122＝132，
∴AC2+BC2＝AB2，
∴△ABC是直角三角形，∠ACB＝90°．
故選：C．
本題主要考查了勾股定理的逆定理，兩邊的平方和等于第三邊的平方，則這個三角形是直角三角形．對于常見的勾股數(shù)如：3，4，5或5，12，13等要注意記憶．
7、D
【解析】
根據(jù)最簡二次根式的概念即可求出答案．
【詳解】
解：（A）原式=2，故A不是最簡二次根式；
（B）原式=4，故B不是最簡二次根式；
（C）原式=，故C不是最簡二次根式；
故選：D．
本題考查最簡二次根式，解題的關鍵是正確理解最簡二次根式，本題屬于基礎題型．
8、B
【解析】
①以A為圓心，以4為半徑作弧，交AD、AB兩點，連接即可；②連接AC，在AC上，以A為端點，截取2個單位，過這個點作AC的垂線，交AD、AB兩點，連接即可；③以A為端點在AB上截取4個單位，以截取的點為圓心，以4個單位為半徑畫弧，交BC一個點，連接即可；④連接AC，在AC上，以C為端點，截取2個單位，過這個點作AC的垂線，交BC、DC兩點，然后連接A與這兩個點即可；⑤以A為端點在AB上截取4個單位，再作著個線段的垂直平分線交CD一點，連接即可，⑥以A為端點在AD上截取4個單位，再作這條線段的垂直平分線交BC一點，連接即可（和⑤大小一樣）；⑦以A為端點在AD上截取4個單位，以截取的點為圓心，以4個單位為半徑畫弧，交CD一個點，連接即可（和③大小一樣）．
【詳解】
解：滿足條件的所有圖形如圖所示：
共5個．
故選：B．
本題考查了正方形的性質(zhì)，等腰三角形的判定，解題的關鍵是掌握等腰三角形的判定方法．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、-2
【解析】
試題解析：∵
∴b=3a
∴.
10、1
【解析】
根據(jù)三角形的中位線定理解答即可.
【詳解】
∵三角形的三條中位線的長分別是5cm、6cm、10cm，
∴三角形的三條邊分別是10cm、12cm、20cm．
∴這個三角形的周長＝10+12+20＝1cm．
故答案是：1．
本題考查了三角形的中位線定理，熟知三角形的中位線定理是解決問題的關鍵.
11、x＜1
【解析】
利用函數(shù)圖象，寫出函數(shù)y1=k1x+b1的圖象在函數(shù)y2=k2x+b2的圖象下方所對應的自變量的范圍即可．
【詳解】
解：根據(jù)圖象得，當x＜1時，y1＜y2，即k1x+b1＜k2x+b2；
故答案為：x＜1
本題考查了一次函數(shù)與一元一次不等式：從函數(shù)的角度看，就是尋求使一次函數(shù)y=kx+b的值大于（或小于）0的自變量x的取值范圍；從函數(shù)圖象的角度看，就是確定直線y=kx+b在x軸上（或下）方部分所有的點的橫坐標所構(gòu)成的集合．
12、0.1．
【解析】
根據(jù)表格中實驗的頻率，然后根據(jù)頻率即可估計概率．
【詳解】
解：由擊中靶心頻率都在0.1上下波動，
∴該射手擊中靶心的概率的估計值是0.1．
故答案為：0.1．
本題考查了利用頻率估計概率的思想，解題的關鍵是求出每一次事件的頻率，然后即可估計概率解決問題．
13、.
【解析】
根據(jù)三角形中位線定理得到DE∥AB，DE=0.5AB=5，根據(jù)平行線的性質(zhì)、角平分線的定義求出DF，計算即可.
【詳解】
解：、分別是、的中點，
，，，
，
平分，
，
，
，
，
故答案為.
本題考查的是角平分線的定義、三角形中位線定理，掌握平行線的性質(zhì)、角平分線的定義是解題的關鍵.
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（1）①詳見解析；②詳見解析；（2）DE2= EB2+AD2+EB·AD，證明詳見解析
【解析】
（1）①根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可得CF=CD，∠DCF=90°，再根據(jù)已知條件即可證明△ACD≌△BCF；
②連接EF，根據(jù)①中全等三角形的性質(zhì)可得∠EBF=90°，再證明△DCE≌△FCE得到EF=DE即可證明；
（2）根據(jù)（1）中的思路作出輔助線，通過全等三角形的判定及性質(zhì)得出相等的邊，再由勾股定理得出AD，DE，BE之間的關系．
【詳解】
解：（1）①證明：由旋轉(zhuǎn)可得CF=CD，∠DCF=90°
∵∠ACD=90°
∴∠ACD=∠BCF
又∵AC=BC
∴△ACD≌△BCF
②證明：連接EF，
由①知△ACD≌△BCF
∴∠CBF=∠CAD=∠CBA=45°，∠BCF=∠ACD，BF=AD
∴∠EBF=90°
∴EF2=BE2+BF2，
∴EF2=BE2+AD2
又∵∠ACB=∠DCF=90°，∠CDE=45°
∴∠FCE=∠DCE=45°
又∵CD=CF，CE=CE
∴△DCE≌△FCE
∴EF=DE
∴DE2= AD2+BE2
⑵DE2= EB2+AD2+EB·AD
理由：如圖2，將△ADC繞點C逆時針旋轉(zhuǎn)60°，得到△CBF，過點F作FG⊥AB，交AB的延長線于點G，連接EF，
∴∠CBE=∠CAD，∠BCF=∠ACD， BF=AD
∵AC=BC，∠ACB=60°
∴∠CAB=∠CBA =60°
∴∠ABE=120°，∠EBF=60°，∠BFG=30°
∴BG=BF，F(xiàn)G=BF
∵∠ACB=60°，∠DCE=30°，
∴∠ACD+∠BCE=30°，
∴∠ECF=∠FCB+∠BCE=30°
∵CD=CF，CE=CE
∴△ECF≌△ECD
∴EF=ED
在Rt△EFG中，EF2=FG2+EG2
又∵EG=EB+BG
∴EG=EB+BF，
∴EF2=（EB+BF）2+（BF）2
∴DE2= （EB+AD）2+（AD）2
∴DE2= EB2+AD2+EB·AD
本題考查了全等三角形的性質(zhì)與旋轉(zhuǎn)模型，解題的關鍵是找出全等三角形，轉(zhuǎn)換線段，并通過勾股定理的計算得出線段之間的關系．
15、
【解析】
先移項，然后用因式分解法解一元二次方程即可.
【詳解】
解：(2x－1)2＝－3(2x－1)
(2x－1)2＋3(2x－1)＝0
(2x－1)[ (2x－1)＋3]＝0
(2x－1)( (2x＋2) ＝0
x1＝，x2＝－1
此題主要考查解一元二次方程，熟練掌握解一元二次方程的方法是解題關鍵.
16、（1）見解析；（2）見解析；（3）P（2，0）.
【解析】
（1）根據(jù)網(wǎng)格結(jié)構(gòu)找出點A、B、C平移后的對應點的位置，然后順次連接即可；
（2））找出點A、B、C關于原點O的對稱點的位置，然后順次連接即可；
（3）找出A的對稱點A′，連接BA′，與x軸交點即為P．
【詳解】
解：（1）根據(jù)網(wǎng)格結(jié)構(gòu)找出點A、B、C平移后的對應點的位置，然后順次連接，如圖所示：
（2）找出點A、B、C關于原點O的對稱點的位置，然后順次連接，如圖所示：
（3）找出A的對稱點A′，連接BA′，與x軸交點即為P，
，
由題知，A（1，1），B（4，2），
∴A′（1，-1），
設A′B的解析式為y=kx+b，把B（4，2），A′（1，-1）代入y=kx+b中，
則，
解得：，
∴y=x-2，
當y=0時，x=2，
則P點坐標為（2，0）.
本題考查了利用平移變換及原點對稱作圖及最短路線問題；熟練掌握網(wǎng)格結(jié)構(gòu)準確找出對應點的位置和一次函數(shù)知識是解題的關鍵．
17、（1）①詳見解析；②45°-α；③，詳見解析；（2），或，或
【解析】
（1）①由題意補全圖形即可；
②由正方形的性質(zhì)得出，由三角形的外角性質(zhì)得出，由直角三角形的性質(zhì)得出即可；
③在DF上截取DM=BF，連接CM，證明△CDM≌△CBF，得出CM=CF， ∠DCM=∠BCF，得出MF=即可得出結(jié)論；
（2）分三種情況：①當點E在線段BC上時，DF=BF+，理由同(1)③；
②當點E在線段BC的延長線上時，BF=DF+，在BF_上截取BM=DF，連接CM．同(1)③得△CBM≌△CDF得出CM=CF，∠BCM=∠DCF，證明△CMF是等腰直角三角形，得出MF=，即可得出結(jié)論；
③當點E在線段CB的延長線上時，BF+DF=，在DF上截取DM=BF，連接CM，同(1) ③得:ACDM≌△CBF得出CM=CF，∠DCM=∠BCF，證明△CMF是等腰直角三角形，得出MF=，即可得出結(jié)論．
【詳解】
解：（1）①如圖，
②∵四邊形ABCD是正方形，
∴∠ABC=90°，，
∴，
∵BF⊥DE,
∴∠BFE=90°，
∴,
故答案為：45°-α；
③線段BF，CF，DF之間的數(shù)量關系是．
證明如下：在DF上截取DM=BF，連接CM．如圖2所示，
∵ 正方形ABCD，
∴ BC=CD，∠BDC=∠DBC=45°，∠BCD=90°
∴∠CDM=∠CBF=45°-α，
∴△CDM≌△CBF（SAS）．
∴ DM=BF， CM=CF，∠DCM=∠BCF．
∴ ∠MCF =∠BCF+∠MCE
=∠DCM+∠MCE
=∠BCD=90°，
∴ MF =．
∴
（2）分三種情況：①當點E在線段BC上時，DF=BF+，理由同(1)③；
②當點E在線段BC的延長線上時，BF=DF+，理由如下：
在BF上截取BM=DF，連接CM，如圖3所示，
同(1) ③，得：△CBM≌△CDF (SAS)，
∴CM=CF， ∠BCM=∠DCF．
∴∠MCF=∠DCF+∠MCD=∠BCM+∠MCD= ∠ BCD=90°，
∴△CMF是等腰直角三角形，
∴MF=，
∴BF=BM+MF=DF+；
③當點E在線段CB的延長線上時，BF+DF=；理由如下：
在DF上截取DM=BF，連接CM，如圖4所示，
同（1）③得：△CDM≌△CBF，
∴CM=CF，∠DCM=∠BCF，
∴∠MCF=∠DCF+ ∠MCD= ∠DCF+∠BCF=∠BCD=90°，
∴△CMF是等腰直角三 角形，
∴MF=,
即DM+DF=，
∴BF+DF=;
綜上所述，當點E在直線BC上時，線段BF，CF，DF之間的數(shù)導關系為：，或，或．
此題是四邊形的一道綜合題，考查正方形的性質(zhì)，等腰直角三角形的判定及性質(zhì)，全等三角形的判定及性質(zhì)，注意解題中分情況討論避免漏解．
18、 (1) 150°；(2)
【解析】
（1）連接BD，首先證明△ABD是等邊三角形，可得∠ADB=60°，DB=4，再利用勾股定理逆定理證明△BDC是直角三角形，進而可得答案；
（2）過B作BE⊥AD，利用三角形函數(shù)計算出BE長，再利用△ABD的面積加上△BDC的面積可得四邊形ABCD的面積．
【詳解】
（1）連接BD，
∵AB=AD，∠A=60°，
∴△ABD是等邊三角形，
∴∠ADB=60°，
DB=4，
∵42+12=（4）2，
∴DB2+CD2=BC2，
∴∠BDC=90°，
∴∠ADC=60°+90°=150°；
（2）過B作BE⊥AD，
∵∠A=60°，AB=4，
∴BE=AB?sin60°=4×=2，
∴四邊形ABCD的面積為：AD?EB+DB?CD=×4×2+×4×1=4+2．
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、4700 2250 中位數(shù)
【解析】
分析：
根據(jù)“平均數(shù)”、“中位數(shù)”的定義和計算方法進行計算判斷即可.
詳解：
（1）這組數(shù)據(jù)的平均數(shù)為：
（30000+2350+2350+2250+2250+2250+2250+2150+2050+1950+1850）÷11
=4700（元）；
（2）由題中數(shù)據(jù)可知，這組數(shù)據(jù)按從大到小的順序排列后，排在最中間的一個數(shù)是2250元，
∴這組數(shù)據(jù)的中位數(shù)是：2250；
（3）∵這組數(shù)據(jù)中多數(shù)數(shù)據(jù)更接近中位數(shù)2250，且都與平均數(shù)相差較多，
∴用“中位數(shù)”更能反映出該公司全體員工的月人均收入水平.
綜上所述：本題答案為：（1）4700；（2）2250；（3）中位數(shù).
點睛：熟記“平均數(shù)、中位數(shù)的定義和計算方法”是正確解答本題的關鍵.
20、1
【解析】
由已知可得相鄰兩邊的和為9，較短邊長為xcm，則較長邊長為2x，解方程x+2x＝9即可．
【詳解】
因為平行四邊形周長為18cm，所以相鄰兩邊的長度之和為9cm．設較短邊長為xcm，則較長邊長為2x，所以x+2x＝9，解得x＝1．故答案為1．
本題主要考查了平行四邊形的性質(zhì)，解決平行四邊形周長問題一定要熟記平行四邊形周長等于兩鄰邊和的2倍．
21、1
【解析】
從n邊形的一個頂點出發(fā)有（n?3）條對角線，代入求出即可．
【詳解】
解：從五邊形的一個頂點出發(fā)有5﹣3＝1條對角線，
故答案為：1．
本題考查了多邊形的對角線，熟記知識點（從n邊形的一個頂點出發(fā)有（n?3）條對角線）是解此題的關鍵．
22、y=2x+3
【解析】
根據(jù)圖象平行可得出k=2，再將(-1，1)代入可得出函數(shù)解析式．
【詳解】
∵函數(shù)y=kx+b的圖象平行于直線y=2x+1，
∴k=2，
將(-1，1)代入y=2x+b得：1=-2+b，
解得：b=3，
∴函數(shù)解析式為：y=2x+3，
故答案為：y=2x+3.
本題考查了待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式，關鍵是掌握兩直線平行則k值相同．
23、20
【解析】
根據(jù)圖象可知小明從A地出發(fā)勻速走到B地需要4小時，走3小時后距離B地5千米，所以小明的速度為5千米/時，據(jù)此解答即可．
【詳解】
解：根據(jù)題意可知小明從A地出發(fā)勻速走到B地需要4小時，走3小時后距離B地5千米，所以小明的速度為5千米/時，
所以A、B兩地距離為：4×5=20（千米）．
故答案為：20
本題考查了一次函數(shù)的應用，觀察函數(shù)圖象結(jié)合數(shù)量關系，列式計算是解題的關鍵．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（1）方程組無解即沒有公共解，也就是兩函數(shù)圖象沒有交點（交點即公共點）；（2）當時， 當時， ；（3）當或時滿足.
【解析】
（1）將和這兩函數(shù)看成兩個不定方程，聯(lián)立方程組，整理后得方程，再利用根的判別式得出這個方程無解，所以兩函數(shù)圖象沒有交點；
（2）向上平移4個單位后，聯(lián)立方程組，整理后得方程，因為直線與雙曲線有且只有一個交點，所以方程有且只有一個解，利用根的判別式得出K的值，從而得到函數(shù)表達式；
（3）取時，作出函數(shù)圖象，觀察圖象可得到結(jié)論.
【詳解】
（1）證明：將和這兩函數(shù)看成兩個不定方程，聯(lián)立方程組得：
兩邊同時乘得，
整理后得
利用計算驗證得：
∵ 所以
方程組無解即沒有公共解，也就是兩函數(shù)圖象沒有交點（交點即公共點）
（2）向上平移4個單位后，這時剛好與雙曲線有且只有一個交點.
聯(lián)立方程組得：
兩邊同時乘得，整理后得
因為直線與雙曲線有且只有一個交點，
∴方程有且只有一個解，即：，
將方程對應的值代入判別式得：
解得
綜上所述：當時，，
當時， ，
（3）題目要求負實數(shù)的值，所以我們?nèi)r的函數(shù)圖象情況.圖象大致如下圖所示：
計算可得交點坐標，
要使，即函數(shù)的圖象在函數(shù)圖象的上方即可，
由圖可知，當或時函數(shù)的圖象在函數(shù)，
圖象的上方，即當或時滿足
本題考查了反比例函數(shù)和一次函數(shù)，是一個綜合題，解題時要運用數(shù)形結(jié)合的思想.
25、（1）△DOE≌△BOF；證明見解析；（2）繞點O旋轉(zhuǎn)180°后得到或以點O為中心作對稱變換得到．
【解析】
（1）本題要證明如△ODE≌△BOF，已知四邊形ABCD是平行四邊形，具備了同位角、內(nèi)錯角相等，又因為OD=OB，可根據(jù)AAS能判定△DOE≌△BOF；
（2）平行四邊形是中心對稱圖形，這對全等三角形中的一個是以其中另一個三角形繞點O旋轉(zhuǎn)180°后得到或以點O為中心作對稱變換得到．
【詳解】
（1）△DOE≌△BOF；
證明：∵四邊形ABCD是平行四邊形，
∴AD∥BC．
∴∠EDO=∠FBO，∠E=∠F．
又∵OD=OB，
∴△DOE≌△BOF（AAS）．
（2）繞點O旋轉(zhuǎn)180°后得到或以點O為中心作對稱變換得到．
考點：1.平行四邊形的性質(zhì)；2.全等三角形的判定．
26、 (1)12;(2)5
【解析】
(1)先證明△ABD是等腰三角形，再根據(jù)三線合一得到，利用勾股定理求得AE的長；
(2)利用三角線的中位線定理可得：，再進行求解.
【詳解】
解：（1）
∴
∵平分，
∴
根據(jù)勾股定理，得
（2）由（1），知，
又∵，
∴.
考查了三角形中位線定理，解題關鍵是利用三線合一和三角形的中位線.
題號
一
二
三
四
五
總分
得分
批閱人

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