1. 關(guān)于磁感強(qiáng)度B，下列說(shuō)法中正確的是
A. 磁場(chǎng)中某點(diǎn)B的大小，跟放在該點(diǎn)的試探電流元的情況有關(guān)
B. 磁場(chǎng)中某點(diǎn)B的方向，跟該點(diǎn)處試探電流元所受磁場(chǎng)力方向一致
C. 在磁場(chǎng)中某點(diǎn)試探電流元不受磁場(chǎng)力作用時(shí)，該點(diǎn)B值大小為零
D. 在磁場(chǎng)中磁感線越密集的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大
【答案】D
【解析】
【詳解】AB.磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)強(qiáng)弱的物理量，磁場(chǎng)中某點(diǎn)B的大小，跟放在該點(diǎn)的試探電流元的情況及安培力大小無(wú)關(guān)，磁場(chǎng)中某點(diǎn)B的方向，跟該點(diǎn)處試探電流元所受磁場(chǎng)力方向垂直，不一致，故AB錯(cuò)誤；
C.當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)平行放置時(shí)，沒(méi)有安培力，但不能肯定此處沒(méi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤；
D.磁場(chǎng)中磁感線越密集的地方，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，故D正確；
故選：D；
2. 如圖，力傳感器固定在天花板上，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形勻質(zhì)導(dǎo)線框abcd用不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛于力傳感器的測(cè)力端，導(dǎo)線框與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框的bcd部分處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，b、d兩點(diǎn)位于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的水平邊界線上。若在導(dǎo)線框中通以大小為I、方向如圖所示的恒定電流，導(dǎo)線框處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，力傳感器的示數(shù)為F1。只改變電流方向，其它條件不變，力傳感器的示數(shù)為F2，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【詳解】線框在磁場(chǎng)中受到安培力的等效長(zhǎng)度為，當(dāng)電流方向?yàn)閳D示方向時(shí)，由左手定則可知導(dǎo)線框受到的安培力豎直向上，大小為
因此對(duì)導(dǎo)線框受力平衡可得
當(dāng)導(dǎo)線框中的電流反向，則安培力方向豎直向下，此時(shí)有
聯(lián)立可得
故選C。
3. 如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在條形磁鐵的左上方固定一根與磁場(chǎng)垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線中通以圖示方向的電流時(shí)（ ）
A. 磁鐵對(duì)桌面的壓力減小，且受到向左的摩擦力作用
B. 磁鐵對(duì)桌面的壓力減小，且受到向右的摩擦力作用
C. 磁鐵對(duì)桌面的壓力增大，且受到向左的摩擦力作用
D. 磁鐵對(duì)桌面壓力增大，且受到向右的摩擦力作用
【答案】C
【解析】
【分析】先判斷電流所在位置的磁場(chǎng)方向，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁體受力方向，最后對(duì)磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷。
【詳解】根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則判斷安培力方向，如圖：
根據(jù)牛頓第三定律，電流對(duì)磁體的作用力向右下方；選取磁鐵為研究對(duì)象，磁鐵始終靜止，根據(jù)平衡條件，可知通電后桌面對(duì)磁鐵的支持力變大，磁鐵受到桌面的靜摩擦力方向水平向左；最后再根據(jù)牛頓第三定律，磁鐵對(duì)桌面的壓力增大。
故選C。
【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵先對(duì)電流分析，得到其受力方向，再結(jié)合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力情況。
4. 如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩長(zhǎng)直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l.在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零．如果讓P中的電流反向、其他條件不變，則a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為( )
A. 0B. C. D. 2B0
【答案】C
【解析】
【詳解】在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里電流I時(shí)，紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離為l的a點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，如下圖所示：
由此可知，外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，即B1=B0；依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識(shí)，則有：BPcs30°=B0； 解得P或Q通電導(dǎo)線在a處的磁場(chǎng)大小為BP=B0；
當(dāng)P中的電流反向，其他條件不變，再依據(jù)幾何關(guān)系，及三角知識(shí)，則有：B2=B0；因外加的磁場(chǎng)方向與PQ平行，且由Q指向P，磁場(chǎng)大小為B0；最后由矢量的合成法則，那么a點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=，故C正確，ABD錯(cuò)誤．
5. 如圖電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻r不能忽略。閉合S后，調(diào)整R的阻值，使電壓表的示數(shù)增大ΔU，在這一過(guò)程中（ ）
A. 通過(guò)R1的電流增大，增大量為
B. R2兩端的電壓減小，減小量為ΔU
C. 通過(guò)R2的電流減小，減小量小于
D. 路端電壓增大，增大量為ΔU
【答案】AC
【解析】
【詳解】A．R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律可知電壓表的示數(shù)增大ΔU的過(guò)程中，通過(guò)R1的電流增加，增加量為，故A正確；
BC．電壓表的示數(shù)增大，變阻器有效電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，R2兩端電壓減小，路端電壓增大，則R2兩端電壓減少量一定小于ΔU，則通過(guò)R2的電流減小，減小量小于，故B錯(cuò)誤，C正確；
D．電壓表示數(shù)增加，R2電壓減小，則路端電壓增加量一定小于ΔU故D錯(cuò)誤。
故選AC。
6. 如圖，在坐標(biāo)系的第一和第二象限內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和B、方向均垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的粒子垂直于x軸射入第二象限，隨后垂直于y軸進(jìn)入第一象限，最后經(jīng)過(guò)x軸離開(kāi)第一象限．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【詳解】運(yùn)動(dòng)軌跡如圖:
即運(yùn)動(dòng)由兩部分組成,第一部分是個(gè)周期,第二部分是個(gè)周期, 粒子在第二象限運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度為90°，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為；粒子在第一象限轉(zhuǎn)過(guò)的角度為60°，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為；則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：，故B正確，ACD錯(cuò)誤．.
7. 從太陽(yáng)和其他星體發(fā)射出的高能粒子流，在射向地球時(shí)，由于地磁場(chǎng)的存在，改變了運(yùn)動(dòng)方向，對(duì)地球起到了保護(hù)作用。地磁場(chǎng)的示意圖（虛線，方向未標(biāo)出）如圖所示，赤道上方的磁場(chǎng)可看成與地面平行，若有來(lái)自宇宙的一束粒子流，其中含有α（He的原子核）、β（電子）、γ（光子）射線以及質(zhì)子，沿與地球表面垂直的方向射向赤道上空，則在地磁場(chǎng)的作用下（ ）
A. α射線沿直線射向赤道B. β射線向西偏轉(zhuǎn)
C. γ射線向東偏轉(zhuǎn)D. 質(zhì)子向北偏轉(zhuǎn)
【答案】B
【解析】
【詳解】赤道上方磁場(chǎng)方向與地面平行、由南向北，根據(jù)左手定則可知，帶正電的α射線和質(zhì)子向東偏轉(zhuǎn)，帶負(fù)電的β射線向西偏轉(zhuǎn)，不帶電的γ射線不偏轉(zhuǎn)。
故選B。
8. 直流電路如圖所示，在滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法不正確的( )
A. 電源的總功率一定減小
B. 電源的效率一定增大
C. 電源的內(nèi)部損耗功率一定減小
D. 電源的輸出功率一定先增大后減小
【答案】D
【解析】
【詳解】由電路圖可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源電動(dòng)勢(shì)不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變?。?br>A．電源電動(dòng)勢(shì)E不變，電流I變小，電源總功率P=EI減小，故A正確，不符合題意；
B．電源的效率
，
電源內(nèi)阻r不變，滑動(dòng)變阻器阻值R變大，則電源效率增大，故B正確，不符合題意；
C．電源內(nèi)阻r不變，電流I減小，源的熱功率PQ=I2r減小，故C正確，不符合題意；
D．當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率最大，由于不知道最初滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值與電源內(nèi)阻間的關(guān)系，因此無(wú)法判斷電源輸出功率如何變化，故D錯(cuò)誤，符合題意．
9. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為ΔU1和ΔU2，下列說(shuō)法中正確的是 （ ）
A. 小燈泡L1、L3變暗，L2變亮
B. 小燈泡L3變暗，L1、L2變亮
C. ΔU1ΔU2
【答案】BD
【解析】
【詳解】AB．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而的電流減小，則的電流增大，則變亮，故A錯(cuò)誤B正確；
CD．電壓表的示數(shù)減小，電壓表的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以，故C錯(cuò)誤，D正確．
故選BD。
【名師點(diǎn)睛】在分析電路動(dòng)態(tài)變化時(shí)，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動(dòng)變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部
10. 如圖所示，在光滑的水平桌面上，a和b是兩條固定的平行長(zhǎng)直導(dǎo)線，通過(guò)的電流強(qiáng)度相等．矩形線框位于兩條導(dǎo)線的正中間，通有順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，在a、b產(chǎn)生的磁場(chǎng)作用下靜止．則a、b的電流方向可能是
A 均向左
B. 均向右
C. a的向左，b的向右
D. a的向右，b的向左
【答案】CD
【解析】
【詳解】由右手螺旋定則可知，若a、b兩導(dǎo)線的電流方向相同，在矩形線框上、下邊處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向相反，由于矩形線框上、下邊的電流方向也相反，則矩形線框上、下邊所受的安培力相同，所以不可以平衡，則要使矩形線框靜止，a、b兩導(dǎo)線的電流方向相反，故CD正確．
二、非選擇題：本題共5小題，共60分。
11. （1）用多用電表的歐姆擋測(cè)量阻值時(shí)，選擇倍率為“×100”歐姆擋，按正確的實(shí)驗(yàn)操作步驟測(cè)量，表盤(pán)指針位置如圖所示，該電阻的阻值約為_(kāi)_______Ω；
（2）下列關(guān)于用多用電表歐姆擋測(cè)電阻的說(shuō)法中正確的是________；
A．測(cè)量電阻時(shí)，如果紅、黑表筆分別插在負(fù)、正插孔，則不會(huì)影響測(cè)量結(jié)果
B．測(cè)量阻值不同的電阻時(shí)，都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零
C．測(cè)量電路中的電阻時(shí)，應(yīng)該把該電阻與電路斷開(kāi)
（3）用多用電表探測(cè)二極管的極性，用歐姆擋測(cè)量，黑表筆接a端，紅表筆接b端時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角較大，然后黑、紅表筆反接指針偏轉(zhuǎn)角較小，說(shuō)明________（填“a”或“b”）端是二極管正極；
（4）若這塊多用電表經(jīng)過(guò)長(zhǎng)期使用導(dǎo)致內(nèi)部電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大，則用這塊電表的歐姆擋測(cè)電阻時(shí)測(cè)量值________（填“偏大”“偏小”或“不變”）。
【答案】 ①. ②. AC ③. a ④. 偏大
【解析】
【詳解】[1]歐姆表的讀數(shù)為；
[2]A．電流的流向不影響電阻的使用，所以紅黑表筆反接不影響測(cè)量結(jié)果，故A正確；
B．只有換擋后需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，換電阻不換擋位，不需要進(jìn)行歐姆調(diào)零，故B錯(cuò)誤；
C．為防止有電源時(shí)燒壞表頭，或者其他電阻影響測(cè)量結(jié)果，所以測(cè)量電阻時(shí)，應(yīng)將電阻與電路斷開(kāi)，故C正確。
故選AC；
[3]黑表筆電勢(shì)高于紅表筆，當(dāng)黑表筆接a端，紅表筆接b端時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角較大，說(shuō)明電阻較小，即此時(shí)二極管導(dǎo)通，所以a端為二極管正極；
[4]電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，會(huì)使測(cè)量時(shí)的電流偏小，即指針偏角小，即電阻測(cè)量值偏大。
12. 如圖甲所示為某同學(xué)測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖。其中R為電阻箱，Rx為保護(hù)電阻。實(shí)驗(yàn)步驟如下：
（1）將電阻箱的阻值調(diào)到合適的數(shù)值，閉合開(kāi)關(guān)s1、s2，讀出電流表示數(shù)為I，電阻箱讀數(shù)為10.0Ω。斷開(kāi)s2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表示數(shù)仍為I，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為5.2Ω，則Rx=______Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）
（2）S2斷開(kāi)，S1閉合，調(diào)節(jié)R，得到多組R和I的數(shù)值，并畫(huà)出圖像，如圖乙所示。由圖像可得，電源電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)阻r=_____Ω。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）
（3）本實(shí)驗(yàn)中，因?yàn)槲纯紤]電流表的內(nèi)阻，所以電源內(nèi)阻的測(cè)量值________真實(shí)值。（填“大于”或“小于”）
【答案】 ①. 4.8 ②. 3.0 ③. 1.2 ④. 大于
【解析】
【詳解】（1）[1]．兩次的電流相等，則外電阻相等，則Rx=10.0Ω-5.2Ω=4.8Ω；
（2）[2][3]．根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得
E=I（R+Rx+r）
整理可得
可見(jiàn)圖線的斜率為
圖線的縱截距為
結(jié)合圖象中的數(shù)據(jù)可得
E=3.0V
r=1.2Ω
（3）[4]．若考慮電流表內(nèi)阻影響，則表達(dá)式變?yōu)?br>則測(cè)量值等于電源內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，則此時(shí)內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值。
13. 如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab，置于傾角為θ的光滑斜面上．導(dǎo)體棒與斜面的水平底邊始終平行．已知導(dǎo)體棒通以從b向a的電流，電流為I，重力加速度為g.
(1)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上，為使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；
(2)若勻強(qiáng)磁場(chǎng)大小、方向都可以改變，要使導(dǎo)體棒能靜止在斜面上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值和對(duì)應(yīng)的方向．
【答案】(1) (2) 方向垂直斜面向上
【解析】
【分析】(1)導(dǎo)體棒受重力、支持力和安培力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出安培力的大小，再根據(jù)FA=BIL求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小;；
(2)導(dǎo)體棒所受重力的大小方向不變，支持力的方向不變，根據(jù)三角形定則求出安培力的最小值，從而求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值和方向．
【詳解】(1) 根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，mgtanθ=BIL
；
(2) 根據(jù)三角形定則知，當(dāng)安培力沿斜面向上時(shí)，安培力最小
mgsinθ=BIL 解得，B=
B垂直于斜面向上．
【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)共點(diǎn)力平衡求解力，以及知道根據(jù)三角形定則，當(dāng)安培力的方向與支持力方向垂直時(shí)，安培力有最小值．
14. 有一方向如圖的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)共存的場(chǎng)區(qū)，寬度d＝8cm，一帶電粒子沿垂直電場(chǎng)線和磁感線方向射入場(chǎng)區(qū)后，恰可做直線運(yùn)動(dòng)，若撤去磁場(chǎng)，帶電粒子穿過(guò)場(chǎng)區(qū)后向下側(cè)移了3.2cm。若撤去電場(chǎng)，求帶電粒子穿過(guò)場(chǎng)區(qū)后的側(cè)移量。（不計(jì)粒子重力）

【答案】4cm
【解析】
【詳解】由題意可知，電場(chǎng)和磁場(chǎng)同時(shí)存在時(shí)勻速直線運(yùn)動(dòng)
只有電場(chǎng)時(shí)，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)：
又
得
只有磁場(chǎng)時(shí)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則
解得
故穿過(guò)場(chǎng)區(qū)后的側(cè)移量
15. 如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于紙面向里，一帶負(fù)電的粒子（不計(jì)重力）沿水平方向以速度v正對(duì)圓心入射，通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60°。
（1）求粒子的比荷及粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；
（2）如果想使粒子通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后速度方向的偏轉(zhuǎn)角度最大，在保持原入射速度的基礎(chǔ)上，需將粒子的入射點(diǎn)沿圓弧向上平移的距離d為多少？

【答案】（1），；（2）
【解析】
【詳解】（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力得
由幾何關(guān)系可得
聯(lián)立解得粒子的比荷為
粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為
粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間
聯(lián)立解得
（2）當(dāng)粒子的入射點(diǎn)和出射點(diǎn)的連線是磁場(chǎng)圓的直徑時(shí)，粒子速度偏轉(zhuǎn)的角度最大，如圖所示

由圖可知
平移距離為
解得

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湖北省武漢市武昌實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高一物理上學(xué)期10月月考試題（Word版附解析）

湖北省武漢市武昌實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高一物理上學(xué)期10月月考試題（Word版附解析）
湖北省武漢市江夏實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高一物理上學(xué)期10月月考試題（Word版附解析）

湖北省武漢市江夏實(shí)驗(yàn)中學(xué)2023-2024學(xué)年高一物理上學(xué)期10月月考試題（Word版附解析）
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