【期中真題】福建省廈門雙十中學2022-2023學年高二上學期期中物理試題.zip-試卷下載-教習網

高二物理試卷（試卷滿分：100分：考試時間：75分鐘）注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫作答題卡上。2.請認真閱讀答題卡上的注意項，在答題卡上與題號相對應的答題區(qū)域內答題，寫在試卷、草稿紙上或答題卡非題號對應答題區(qū)域的答案一律無效。不得用規(guī)定以外的筆和紙答題，不得在答題卡上做任何標記。3.回答選擇題時、選出每小題答案后，用2B筆把答題卡上對應題目的答案標分涂黑。如需改動，用橡皮擦凈后，再選涂其他答茶標號。4.考試結后，將答題卡交回一、選擇題（1-4為單選題，每題4分，5-8為多選題，每題6分，選對得6分，選對但不全得3分，有選笛得0分）1. 下列說法是某同學對電學中相關概念及公式的理解，其中正確的是（　?。?/span>A. 由E＝可知，電場中某點的電場強度E與q成反比B. 由I＝可知，通過導體截面的電荷量q越多，電流I越大C. 由公式E＝k可知，點電荷電場中某點的電場強度E與場源電荷的成正比D. 由R＝可知，導體的電阻跟加在其兩端的電壓成正比，跟流過導體的電流成反比【答案】C【解析】【詳解】A．電場強度是電場本身的基本性質，電場中某點的電場強度E與該點是否放入試探電荷q以及試探電荷q的大小均無關，故A錯誤；B．由I＝可知，單位時間內通過導體截面電荷量q越多，電流I越大，故B錯誤；C．點電荷電場中某點的電場強度是由場源電荷產生的，故由公式E＝k可知，點電荷電場中某點的電場強度E與場源電荷的成正比，故C正確；D．電阻是導體本身的性質，跟加在其兩端的電壓以及跟流過導體的電流均無關，故D錯誤。故選C。2. 我國女子短道速滑隊在2013年世錦賽上實現(xiàn)女子3000m接力三連冠．觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（　?。?/span> A. 甲對乙的沖量一定等于乙對甲的沖量B. 甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反C. 甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量D. 甲對乙做多少負功，乙對甲就一定做多少正功【答案】B【解析】【詳解】A．因為沖量是矢量，甲對已的作用力與乙對甲的作用力大小相等方向相反，故沖量大小相等方向相反，故A錯誤．B．設甲乙兩運動員的質量分別為、，追上之前的瞬間甲、乙兩運動員的速度分別是，．根據題意整個交接棒過程動量守恒：可以解得：，即B選項正確；CD．經歷了中間的完全非彈性碰撞過程會有動能損失，CD選項錯誤．【點睛】本題主要考查能量（做功正負判斷）、動量（動量定理、動量守恒）相關知識，結合彈性碰撞和非彈性碰撞的動量和能量關系展開討論． 3. 如圖為某同學采用平行板電容器測量材料豎直方向尺度隨溫度變化的裝置示意圖，電容器上極板固定，下極板可隨材料尺度的變化上下移動，兩極板間電壓不變。若材料溫度降低時，極板上所帶電荷量變少，則（　?。?/span> A. 材料豎直方向尺度減小 B. 極板間電場強度不變C. 極板間電場強度變大 D. 電容器電容變大【答案】A【解析】【詳解】BCD．根據電容的決定式可知，根據題意可知極板之間電壓不變，極板上所帶電荷量變少，極板間距增大，電容減小，極板之間形成勻強電場，根據可知極板間電場強度減小，BCD錯誤；
A．極板間距增大，材料豎直方向尺度減小，A正確；故選A。4. 如圖，電路中R1、R2是材料相同、上下表面為正方形的長方體導體，R1、R2厚度相同，R1的上下表面的面積大于R2的上下表面的面積。閉合開關后，以下判斷正確的是（　　）A. 通過R1電流大于通過R2的電流B. R1兩端的電壓大于R2兩端的電壓C. R1兩端的電壓等于R2兩端的電壓D. R1的電功率小于R2的電功率【答案】C【解析】【詳解】A．由于兩導體串聯(lián)在電路中，因此兩導體中電流一定相等，選項A錯誤；BC．設導體上表面邊長為a，厚度為d，根據R=可知R=則可知導體電阻與厚度d有關，與上下表面的面積無關，因此R1的電阻等于R2的電阻；C．由U=IR可知，R1兩端的電壓等于R2兩端的電壓，選項B錯誤，C正確；D．二者電阻值相等，由P=I2R可知，R1的電功率等于R2的電功率，選項D錯誤。故選C。5. 兩個電阻R1、R2的伏安特性曲線如圖所示，由圖可知（　　） A. R1的電阻為B. R1的電阻R1=tan 45° Ω=1 ΩC. R2的電阻隨電壓的增大而減小D. 當U=1 V時，R2電阻等于R1的電阻【答案】AD【解析】【詳解】A．根據圖像可知，R1是線性元件，則R1電阻為A正確；B．在物理圖像中，由于坐標軸所表示的物理量不同，所選擇的標度值也可能不一樣，因此，在求圖線的斜率時，不能夠利用圖線傾角的正切值求解，B錯誤；C．根據電阻定義式有結合伏安特性曲線可知，I—U圖像上的點與坐標原點連線的斜率的倒數(shù)表示電阻，由圖像可知隨電壓的增大，斜率逐漸減小，則R2的電阻隨電壓的增大而增大，C錯誤；D．根據電阻定義式有當U=1V時，R2的電阻等于R1的電阻，都為2Ω，D正確。故選AD。6. 在如圖所示的電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，V、A、V1、V2四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用U、I、U1、U2表示，下列判斷正確的是（　　）A. I減小，U1增大B. I減小，U2增大C. 電壓表V2的示數(shù)變化量與電流表A示數(shù)變化量之比的絕對值不變D. 電壓表V示數(shù)的變化量與電流表A示數(shù)變化量之比的絕對值變大【答案】BC【解析】【詳解】AB．當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，外電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，總電流I變小，路端電壓U變大，R1的電壓減小，R2的電壓增大，故A錯誤，B正確；C．電阻R2是變化的，無法直接分析的變化，但對電源及定值電阻R1，有所以保持不變，故C正確；D．同理，對電源有所以也不變，故D錯誤。故選BC。7. 如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的圖線，曲線Ⅲ是一個小燈泡的U－I圖線。曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點的坐標分別為P（5，3.75）、Q（6，5）。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨連接，則下列說法正確的是（　?。?/span>A. 電源1與電源2的內阻之比是3:2B. 電源1與電源2的電動勢之比是1:1C. 在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是5:6D. 在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是9:10【答案】AB【解析】【詳解】A．在電源的U－I圖像中，圖像斜率的絕對值表示電源的內電阻，由圖線Ⅰ、Ⅱ可知，電源1、電源2的內阻分別為r1＝ Ωr2＝ Ω即電源1與電源2的內阻之比是3∶2，A正確；B．電源的U－I圖像縱軸截距表示電源電動勢，E1＝E2＝10 V，則電源1與電源2的電動勢之比是1∶1，B正確；CD．小燈泡的U－I圖線與電源的U－I圖線的交點即為小燈泡與該電源連接時的工作狀態(tài)，則連接電源I時，U1＝3.75 V，I1＝5 A，故小燈泡消耗的功率為P1＝U1I1＝18.75 W小燈泡的電阻R1＝＝0.75 Ω連接電源II時，U2＝5 V，I2＝6A，故燈泡消耗的功率P2＝U2I2＝30 W燈泡的電阻R2＝＝ Ω則R1∶R2＝9∶10P1∶P2＝5∶8CD錯誤。故選AB。8. 如圖所示，水平地面上有沿x軸正方向的電場，其沿x軸的電勢與坐標x的關系用圖中曲線表示，圖中斜線為該曲線過點的切線?，F(xiàn)有一質量為0.20kg、電荷量為的滑塊P（可視作質點），從x=0.10m處由靜止釋放，其與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.02，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度取。則下列說法正確的是（）A. 沿x軸正方向，電場強度逐漸增大B. 滑塊先做加速度逐漸減小的加速運動，后做加速度增大的減速運動，最終靜止C. 滑塊運動的最大速度約為0.2m/sD. 滑塊最終停在0.15m到0.3m之間某位置【答案】BD【解析】【詳解】A．圖線的斜率表示電場強度，由圖可知，沿x軸正方向電場強度減小，故A錯誤；B．φ-x圖像的斜率的絕對值表示電場強度的大小，所以處的電場強度大小為滑塊此時受到的電場力為滑塊與水平地面間的滑動摩擦力（最大靜摩擦力）大小為由圖可知x=0.1m處電場強度大于x=0.15m處電場強度，即滑塊釋放時所受電場力大小所以滑塊釋放后開始向右加速運動，由于φ-x圖像的斜率的絕對值不斷減小且最后趨于零，所以電場強度也不斷減小且最后趨于零，則滑塊受到向右的電場力不斷減小且最后趨于零，根據牛頓第二定律可推知滑塊一開始做加速度減小的加速運動，當電場力減小至比滑動摩擦力還小時，滑塊開始做加速度增大的減速運動，最終將靜止，故B正確；C．當滑塊所受電場力大小與滑動摩擦力大小相等時滑塊速度最大（設為v），根據前面分析可知此時滑塊位于x=0.15m處，由圖可知x=0.1m與x=0.15m之間的電勢差約為根據動能定理有解得故C錯誤；D．假滑塊最終在處停下，x=0.15m與x=0.3m之間的電勢差約為滑塊從x=0.15m到x=0.3m過程中電場力做功為滑動摩擦力做功為所以滑塊最終停在0.15m到0.3m之間某位置，故D正確。故選BD。二、非選擇題（共52分）9. 某同學測量一個圓柱體電阻絲的電阻率時，需要測量圓柱體的尺寸和電阻。分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示，則圓柱體的長度為______cm，直徑為______mm。【答案】 ①. 5.02 ②. 5.314##5.315##5.316##5.317【解析】【詳解】[1]游標卡尺的讀數(shù)為主尺刻度與游標尺刻度之和，故圖中所測圓柱體的長度為[2]螺旋測微器的讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，故圖中所測直徑為10. 四根電阻均勻分布的電阻絲連接成一個閉合的正方形線框，O為正方形線框的中點。當強度為I的電流從a點流入d點流出時，ad邊在O點產生的磁場方向為__________（選填：“垂直于紙面向里”或“垂直于紙面向外”）。已知直導線在O點產生的磁場大小與流經導線的電流大小成正比，若ad邊在O點產生的磁場磁感應強度為B，則整個線框在O點產生的磁場磁感應強度大小為__________。【答案】 ① 垂直于紙面向外 ②. 0【解析】【詳解】[1]根據安培定則，當強度為I的電流從a點流入d點流出時，ad邊在O點產生的磁場方向為垂直于紙面向外；[2] 根據安培定則和矢量的疊加原理，整個線框在O點產生的磁場磁感應強度大小為0。11. 指針式多用電表是常用的電學測量儀器，請完成下列問題。如圖1所示為多量程多用電表的示意圖。（1）當接通1或2時，為___________擋（填“電流”、“電阻”或“電壓”）。1的量程比2的量程___________（填“大”或“小”）。若選擇開關撥至25mA”擋，指針的位置如圖1所示，則測量結果為___________mA。（2）當接通3或4測量某電阻時，用×10Ω擋時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，他應該換用___________擋（填“×1”或“×100”），換擋后，在測量前要先進行___________。【答案】 ①. 電流 ②. 大 ③. 11.5 ④. ×1 ⑤. 歐姆調零【解析】【詳解】（1）[1] 改裝成電流表時要并聯(lián)電阻分流，所以接通1或2時，為電流擋；[2] 設表頭的滿偏電流為，內阻為；接通1時，設與表頭串聯(lián)的電阻為，并聯(lián)的電阻為，對應的量程為接通2時，對應的量程為聯(lián)立可得即1的量程比2的量程大； [3] 若選擇開關撥至“25mA”擋，電流擋的最小一格為0.5 mA，指針的位置如圖1所示，則測量結果為11.5 mA。（2）[4] 當接通3或4測量某電阻時，用擋時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過大，可知待測電阻較小，應選擇更小的倍率擋位，即選擇擋； [5] 換擋后，在測量前要先進行歐姆調零，使指針指在刻度處。12. 某個學習小組為測量一銅芯電線的電阻率，他們截取了一段電線，用米尺測出其長度為L，用螺旋測微器測得其直徑為d，用多用電表測其電阻值約為5Ω，為提高測量的精度，該小組的人員從下列器材中挑選了一些元件，設計了一個電路，重新測量這段導線（圖中用Rx表示）的電阻。A．電源E（電動勢為3.0V，內阻不計）B．電壓表V1（量程為0～3.0V，內阻約為2kΩ）C．電壓表V2（量程為0～15.0V，內阻約為6kΩ）D．電流表A1（量程為0～0.6A，內阻約為1Ω）E．電流表A2（量程為0～3.0A，內阻約為0.1Ω）F．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω，額定電流2.0A）G．滑動變阻器R2（最大阻值1kΩ，額定電流1.0A）H．開關S一個，導線若干（1）實驗時電壓表選______，電流表選______，滑動變阻器選______。（只填儀器前序號）（2）為提高精度，設計電路圖，并畫在方框中______。（3）某次測量時，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則該銅芯線材料的電阻率表達式為______。【答案】 ①. B ②. D ③. F ④. ⑤. 【解析】【詳解】（1）[1] [2][3]電源電動勢為3.0V，電壓表應選B；通過電線的最大電流約為電流表應選電流表D，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇F。（2）[4]為了提高精度，電壓變化范圍越大越好，所以滑動變阻器采用分壓接法，待測電阻約為5Ω，遠小于電壓表內阻，因此電流表應采用外接法，電路圖如圖所示。（3）[5]由歐姆定律得R=由電阻定律得則電阻率13. 如圖所示是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖，其中電動機內電阻，電路中另一電阻，直流電壓，理想電壓表示數(shù)，電動機正以勻速豎直向上提升某重物，g取，則：（1）輸入電動機的電功率是多少？（2）重物的質量是多少？【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）通過R的電流為電動機的輸入功率為（2）電動機內電阻的發(fā)熱功率為輸出的機械功率為解得14. 如圖所示，電源的電動勢、內阻。定值電阻，滑動變阻器的最大阻值為。一水平放置的平行板電容器，與電阻R并聯(lián)，它的極板長，兩板間距離，兩板間正對區(qū)域的電場認為是勻強電場?，F(xiàn)有一束由相同帶正電微粒組成的粒子流，以相同的速度從兩板中央平行極板射入，開關S閉合前，兩板不帶電，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒質量，電量，不考慮微粒之間的相互作用。重力加速度g取。求：（1）微粒入射速度為多少？（2）為使微粒能從平行板電容器的右邊射出電場，滑動變阻器接入電路的有效電阻值的范圍。【答案】（1）10m/s；（2）【解析】【詳解】（1）粒子剛進入平行板時，兩極板不帶電，粒子做的是平拋運動，則水平方向有豎直方向有解得（2）由閉合電路的歐姆定律可得電容器上的電壓為當所加電壓為時，微粒恰好從下板的右邊緣射出，則水平方向有豎直方向由牛頓第二定律有解得此時當所加電壓為時，微粒恰好從上板的右邊緣射出，則水平方向有豎直方向由牛頓第二定律有解得此時綜上所述，開關閉合后，為使微粒能從平行板電容器的右邊射出電場，滑動變阻器接入電路的有效阻值的范圍為15. 如圖所示，在豎直平面內固定一光滑圓弧軌道AB，軌道半徑為，軌道最高點A與圓心O等高。有一傾角的斜面，斜面底端C點在圓弧軌道B點正下方、距B點。圓弧軌道和斜面均處于場強大小、豎直向下的勻強電場中。現(xiàn)將一個質量為、帶電荷量為的帶電小球從A點由靜止釋放，小球通過B點離開圓弧軌道沿水平方向飛出，當小球運動到斜面上D點時速度方向恰與斜面垂直，并剛好與一個以一定初速度從斜面底端上滑的物塊相遇。若物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)，空氣阻力不計，取，小球和物塊都可視為質點。求：（1）小球經過B點時對軌道的壓力；（2）B、D兩點間電勢差；（3）物塊上滑初速度滿足條件的最小值。【答案】（1）1.2N，豎直向下；（2）120V；（3）【解析】【詳解】（1）設小球到達B點的速度大小為，從A到B的過程只有重力和靜電力做功，根據動能定理有解得B點是圓周運動最低點，合力提供向心力即解得根據牛頓第三定律，小球對軌道壓力大小為方向豎直向下。（2）設小球由B點到D點的運動時間為，受到豎直向下的重力和靜電力，豎直方向做初速度0的勻加速直線運動，加速度為，水平方向做勻速直線運動。下落高度為的過程，根據速度合成有豎直方向由牛頓第二定律有聯(lián)立解得（3）設C、D間的距離為，由幾何關系有設物塊上滑加速度為，由牛頓運動定律有根據題意，要使物塊與小球相遇，的最小值滿足聯(lián)立解得

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