【期中真題】云南省昆明市第一中學(xué)2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題.zip-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

昆明第一中學(xué)2022-2023學(xué)年度上學(xué)期期中考試高二物理總分：100分時(shí)間：120分鐘一、選擇題（本題共16小題，每小題3分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~16題有多項(xiàng)符合題目要求。多選題全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得1.5分，有錯(cuò)或不答的得0分。）1. 下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 庫(kù)侖比較精確地測(cè)出了元電荷e的數(shù)值B. 不同電磁波在真空中傳播速度不同C. 制作汽油桶的材料用金屬比用塑料好D. 電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向就是該點(diǎn)所放電荷受到的靜電力的方向【答案】C【解析】【詳解】A．密立根用油滴實(shí)驗(yàn)比較精確地測(cè)出了元電荷的數(shù)值，A錯(cuò)誤；B．電磁波在真空的傳播速度都相同，均為，B錯(cuò)誤；C．汽油桶用金屬材料制作時(shí)可以及時(shí)將產(chǎn)生靜電導(dǎo)走，防止靜電危害，C正確；D．電場(chǎng)中某點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與該點(diǎn)所放正電荷受到的靜電力的方向相同，與該點(diǎn)所放負(fù)電荷受到的靜電力的方向相反，D錯(cuò)誤；故選C。2. 在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)分別引入長(zhǎng)度相等的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直，如圖所示，圖中a、b兩條圖線分別表示在磁場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力F和通過(guò)導(dǎo)線的電流關(guān)系，關(guān)于A、B兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，下列說(shuō)法正確的是A. B. C. D. 無(wú)法比較【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)公式，可知圖象的斜率為BL，由于長(zhǎng)度相等，故斜率越大，表示磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，故A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B.3. 如圖所示，AB是某個(gè)點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，在AB線上O點(diǎn)放一個(gè)自由的負(fù)電荷，它將沿電場(chǎng)線向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，則下列判斷正確的是（　　） A. 電場(chǎng)線由B指向A，該電荷做加速運(yùn)動(dòng)，加速度越來(lái)越小B. 電場(chǎng)線由B指向A，該電荷做加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小的變化由題設(shè)條件不能確定C. 電場(chǎng)線由A指向B，該電荷做勻加速運(yùn)動(dòng)D. 電場(chǎng)線由B指向A，該電荷做加速運(yùn)動(dòng)，加速度越來(lái)越大【答案】B【解析】【詳解】ABCD．由于自由負(fù)電荷由靜止開始沿電場(chǎng)線向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，可知負(fù)電荷受到電場(chǎng)力的方向是由A指向B，由于負(fù)電荷受到電場(chǎng)力的方向跟電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故電場(chǎng)線是由B指向A，又因?yàn)橐粭l電場(chǎng)線不能判斷電場(chǎng)的強(qiáng)弱，故加速度的大小變化無(wú)法判斷。故選B。4. 如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時(shí)間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時(shí)間t內(nèi)（　?。?/span> A. 充電寶輸出的電功率為 B. 充電寶產(chǎn)生的熱功率為C. 手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為 D. 手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為【答案】D【解析】【詳解】A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為
故A錯(cuò)誤；B．充電寶內(nèi)的電流也是I，但其內(nèi)阻未知，所以無(wú)法判斷充電寶產(chǎn)生的熱功率，故B錯(cuò)誤；C．U是充電寶的輸出電壓，不是手機(jī)電池的內(nèi)電壓，所以不能用，計(jì)算手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，應(yīng)為故C錯(cuò)誤；D．充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲(chǔ)存的化學(xué)能為故D正確。故選D。5. 如圖所示，實(shí)線表示勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線，一個(gè)帶正電荷的粒子以某一速度射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，只在電場(chǎng)力作用下，運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中的虛線所示，為軌跡上的兩點(diǎn)，粒子由點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)。若點(diǎn)電勢(shì)為點(diǎn)電勢(shì)為，則（　　） A. 電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定向左，且電勢(shì) B. 電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定向左，且電勢(shì)C. 電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定向右，且電勢(shì) D. 電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定向右，且電勢(shì)【答案】C【解析】【分析】【詳解】由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向應(yīng)該是電場(chǎng)線上該點(diǎn)的切線方向，所以粒子所受電場(chǎng)力向右，由于是帶正電荷的粒子，所以電場(chǎng)強(qiáng)度方向一定向右；作出兩點(diǎn)的等勢(shì)面，沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可判定點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)，C正確。故選C。6. 如圖所示是使用靜電計(jì)探究平行板電容器電容與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)裝置。充電后的平行板電容器A板帶正電且固定在絕緣支架上，用導(dǎo)線將A板與靜電計(jì)的金屬小球相連，將帶負(fù)電的B板與靜電計(jì)的金屬外殼同時(shí)接地，要使靜電計(jì)的指針張角變小，可采用的方法是（　?。?/span> A. A板位置不動(dòng)，將B板向左移動(dòng) B. 將玻璃板插入A板與B板之間C. A板位置不動(dòng)，將B板稍微豎直向上平移 D. 增大A板與B板之間的水平距離【答案】B【解析】【詳解】A．A板位置不動(dòng)，將B板向左移動(dòng)，即增大A板與B板之間的水平距離，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故A錯(cuò)誤；B．將玻璃板插入A板與B板之間，根據(jù)電容的決定式可知電容增大，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢(shì)差減小，則靜電計(jì)指針張角變小，故B正確；C．A板位置不動(dòng)，將B板稍微豎直向上平移，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故C錯(cuò)誤；D．增大A板與B板之間的水平距離，根據(jù)電容的決定式可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)電容的定義式可知板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故D錯(cuò)誤。故選B。7. 麥克斯在前人研究的基礎(chǔ)上，創(chuàng)造性地建立了經(jīng)典電磁場(chǎng)理論，進(jìn)一步揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系。他大膽地假設(shè):變化的電場(chǎng)就像導(dǎo)線中的電流一樣，會(huì)在空間產(chǎn)生磁場(chǎng)，即變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)。以平行板電容器為例:圓形平行板電容器在充、放電的過(guò)程中，板間電場(chǎng)發(fā)生變化，產(chǎn)生的磁場(chǎng)相當(dāng)于一連接兩板的板間直導(dǎo)線通以充、放電電流時(shí)所產(chǎn)生的磁場(chǎng)。如圖所示，若某時(shí)刻連接電容器的導(dǎo)線具有向上的電流，則下列說(shuō)法中正確的是（　　）A. 電容器正在放電B. 兩平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E在增大C. 該變化電場(chǎng)產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎┑拇艌?chǎng)D. 兩極板間電場(chǎng)最強(qiáng)時(shí)，板間電場(chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)達(dá)到最大值【答案】B【解析】【詳解】A．電容器內(nèi)電場(chǎng)方向向上，下極板帶正電，根據(jù)電流的方向，正電荷正在流向下極板，因此電容器處于充電過(guò)程，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．電容器的帶電量越來(lái)越多，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大，選項(xiàng)B正確；C．該變化電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)方向等效成向上的電流產(chǎn)生磁場(chǎng)的方向，根據(jù)右手螺旋定則可知，電場(chǎng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)逆時(shí)針?lè)较颍ǜ┮暎?，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)兩極板間電場(chǎng)最強(qiáng)時(shí)，電容器充電完畢，回路的電流最小，因此產(chǎn)生的磁場(chǎng)最小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。8. 如圖所示，直線a為某電源與可變電阻連接成閉合電路時(shí)的路端電壓U與干路電流I的關(guān)系圖象，直線b為電阻R兩端電壓的U與通過(guò)它的電流I的圖象，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電源的效率分別為（）A. 4 W、33.3% B. 2 W、33.3%C. 4 W、67% D. 2 W、67%【答案】C【解析】【詳解】由圖象a可知電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V，短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)路端電壓為2V，電流I=2A電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)得：電源總功率為：所以效率為：故選C9. 從太陽(yáng)或其它星體上放射出的宇宙射線中含有大量的高能帶電粒子。這些高能帶電粒子到達(dá)地球會(huì)對(duì)地球上的生命帶來(lái)危害，但由于地球周圍存在地磁場(chǎng)，地磁場(chǎng)能改變宇宙射線中帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向，如圖所示，對(duì)地球上的生命起到保護(hù)作用。假設(shè)所有的宇宙射線從各個(gè)方向垂直射向地球表面，那么以下說(shuō)法正確的是（　　）A. 地磁場(chǎng)對(duì)宇宙射線的阻擋作用各處不相同B. 由于南北極磁場(chǎng)最強(qiáng)，因此阻擋作用最強(qiáng)C. 沿地球赤道平面射來(lái)的高能正電荷向東偏轉(zhuǎn)D. 沿地球赤道平面射來(lái)的高能負(fù)電荷向南偏轉(zhuǎn)【答案】AC【解析】【詳解】AB．高能帶電粒子到達(dá)地球受到地磁場(chǎng)的洛倫茲力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)。粒子在不同的磁場(chǎng)中，所受到的洛倫茲力大小不一，而磁場(chǎng)在南、北兩極的磁場(chǎng)幾乎與地面垂直，在赤道附近磁場(chǎng)的方向幾乎與地面平行，結(jié)合洛倫茲力的特點(diǎn)可知，地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最弱，赤道附近最強(qiáng)，故A正確，B錯(cuò)誤；
C．根據(jù)左手定則，地磁場(chǎng)會(huì)使沿地球赤道平面內(nèi)射來(lái)的宇宙射線中的帶正電粒子在洛倫茲力作用下向東偏轉(zhuǎn)，偏向面與赤道平面平行，故C正確；
D．根據(jù)左手定則，地磁場(chǎng)會(huì)使沿地球赤道平面內(nèi)射來(lái)的宇宙射線中的帶負(fù)電粒子在洛倫茲力作用下向西偏轉(zhuǎn)，偏向面與赤道平面平行。故D錯(cuò)誤。
故選AC。10. 如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為θ。一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A，細(xì)線與斜面平行，小球A的質(zhì)量為m、電荷量為q。小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B，兩球心的高度相同、間距為d。靜電力常量為k，重力加速度為g，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷。小球A靜止在斜面上，則（　　） A. 小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為B. 當(dāng)時(shí)，細(xì)線上的拉力為0C. 當(dāng)時(shí)，細(xì)線上的拉力為0D. 滿足某條件時(shí)，斜面對(duì)小球A的支持力可能為0【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)庫(kù)倫定律，小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為故A正確；BC．若細(xì)線上的拉力為0，小球受重力、支持力和庫(kù)侖力而平衡，根據(jù)平衡條件，重力的沿斜面向下分力與庫(kù)侖力的沿斜面向上分力平衡，即其中聯(lián)立解得故故C正確，B錯(cuò)誤；D．兩個(gè)球帶同種電荷，相互排斥，不論電量多少，斜面對(duì)A的彈力不可能為0，故D錯(cuò)誤。故選AC。11. 如圖所示的矩形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為、電荷量為的粒子由邊的中點(diǎn)平行邊射入電場(chǎng)，已知粒子的初速度大小為，粒子只受電場(chǎng)力的作用，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行邊或垂直邊，。則下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 若粒子從邊離開電場(chǎng)，則離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能為B. 若粒子從邊離開電場(chǎng)，則離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能可能為C. 若粒子從邊離開電場(chǎng)，則離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能為D. 若粒子從邊離開電場(chǎng)，則離開電場(chǎng)時(shí)粒子動(dòng)能可能為【答案】ACD【解析】【分析】【詳解】若電場(chǎng)方向平行邊向左，則粒子所受的電場(chǎng)力方向與初速度的方向相反，粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，如果沒(méi)有到達(dá)邊速度就減為零，則粒子會(huì)返回到出發(fā)點(diǎn)，速度大小仍為，則離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能為；如果到達(dá)邊速度未減為零，則粒子從邊離開電場(chǎng)，由動(dòng)能定理可知，離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能若電場(chǎng)方向平行邊向右，則粒子所受的電場(chǎng)力方向與初速度的方向相同，粒子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，粒子從邊離開電場(chǎng)，由動(dòng)能定理可知，離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能若電場(chǎng)方向垂直邊向下（上），則粒子所受的電場(chǎng)力方向向下（上），粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，如果粒子從邊離開電場(chǎng)，由動(dòng)能定理可知，離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能如果粒子從邊離開電場(chǎng)，則電場(chǎng)力所做的功小于，離開電場(chǎng)時(shí)粒子的動(dòng)能小于。綜上可知B錯(cuò)誤，ACD正確。故選ACD。12. 如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)電場(chǎng)線，過(guò)O點(diǎn)的虛線MN與電場(chǎng)線垂直，兩個(gè)相同的帶負(fù)電的粒子P、Q分別從A、B兩點(diǎn)以相同的初速度開始運(yùn)動(dòng)，速度方向垂直于MN，且都能從MN左側(cè)經(jīng)過(guò)O點(diǎn)．設(shè)粒子P、Q在A、B兩點(diǎn)的加速度大小分別為a1和a2，電勢(shì)能分別為和，以過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度大小分別為v1和v2，到達(dá)O點(diǎn)經(jīng)過(guò)的時(shí)間分別為t1和t2．粒子的重力不計(jì)，則（）A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【詳解】A．電場(chǎng)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，粒子受到的電場(chǎng)力越大，加速度越大．所以a1＞a2．故A錯(cuò)誤；B．過(guò)A點(diǎn)畫出等勢(shì)面，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)，由于帶負(fù)電，所以．故B正確；C．粒子P、Q在A、B兩點(diǎn)分別到O點(diǎn)．有AO點(diǎn)間的電勢(shì)差大于BO點(diǎn)間的電勢(shì)差，所以粒子P的動(dòng)能減小量大于粒子Q的動(dòng)能減小量，所以v1＜v2．故C正確；D．帶負(fù)電的粒子Q從B運(yùn)動(dòng)到O沿水平方向分運(yùn)動(dòng)的加速度小于帶負(fù)電的粒子P從A運(yùn)動(dòng)到O的加速度，P、Q水平方向位移相同，做減速運(yùn)動(dòng)，所以t1＞t2，故D正確。故選BCD．13. 如圖所示，固定的水平長(zhǎng)直導(dǎo)線中通有向右的恒定電流，閉合的矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行，線框由靜止釋放，在下落過(guò)程中（線框不會(huì)發(fā)生翻轉(zhuǎn)），下列判斷正確的是（） A. 線框所在處的磁場(chǎng)垂直紙面向外B. 穿過(guò)線框的磁通量逐漸減小C. 線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流D. 線框的機(jī)械能不變【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，線框所在處的磁場(chǎng)垂直紙面向里，A錯(cuò)誤；B．線框在下落過(guò)程中，距離長(zhǎng)直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，所在處磁場(chǎng)越弱，穿過(guò)線框的磁通量越小，B正確；C．穿過(guò)線框的磁通量發(fā)生變化，線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，C正確；D．線框中產(chǎn)生了電能，根據(jù)能量守恒可知，線框的機(jī)械能減小，D錯(cuò)誤。故選BC。14. 如圖所示的電路中，R是光敏電阻，當(dāng)光照強(qiáng)度增大時(shí)，它的阻值減小。當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（） A. 燈泡L變暗 B. 電壓表的示數(shù)增大C. 電源的總功率增大 D. 電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率增大【答案】AB【解析】【詳解】A．當(dāng)外界的光照強(qiáng)度減弱時(shí)，R的阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，燈泡L變暗，故A正確；B．根據(jù)可知電源路端電壓增大，所以電壓表的示數(shù)增大，故B正確；C．根據(jù)可知電源的總功率減小，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率減小，故D錯(cuò)誤。故選AB。15. 普朗克在1900年將“能量子”引入物理學(xué)，開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元。在下列宏觀概念中，不具有“量子化”特征的是（　　）A. 人的個(gè)數(shù) B. 物體所受的重力 C. 物體的動(dòng)能 D. 物體的長(zhǎng)度【答案】BCD【解析】【詳解】“量子化”的特征是不連續(xù)：人的個(gè)數(shù)是不連續(xù)的，符合；而物體所受的重力、物體的動(dòng)能、物體的長(zhǎng)度都是連續(xù)的，不具有“量子化”特征。故選BCD。16. 如圖所示，粗糙絕緣的水平面附近存在一個(gè)平行于水平面的電場(chǎng)，其中某一區(qū)域的電場(chǎng)線與x軸平行，在x軸上的電勢(shì)φ與坐標(biāo)x的關(guān)系用圖中曲線表示，圖中斜線為該曲線過(guò)點(diǎn)（0.15，3）的切線．現(xiàn)有一質(zhì)量為0.20kg，電荷量為+2.0×10－8C的滑塊P（可視作質(zhì)點(diǎn)），從x=0.10m處由靜止釋放，其與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.02．取重力加速度g=10m/s2．則下列說(shuō)法正確的是（　　）A. x=0.15m處的場(chǎng)強(qiáng)大小為2.0×106N/CB. 滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸減小C. 滑塊運(yùn)動(dòng)的最大速度約為0.1m/sD. 滑塊最終在0.3m處停下【答案】AC【解析】【詳解】AB、電勢(shì)φ與位移x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，則x＝0.15m處的場(chǎng)強(qiáng)EV/m＝2×106V/m，此時(shí)的電場(chǎng)力F＝qE＝2×10﹣8×2×106N＝0.04N，滑動(dòng)摩擦力大小f＝μmg＝0.02×2N＝0.04N，在x＝0.15m前，電場(chǎng)力大于摩擦力，做加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小，x＝0.15m后電場(chǎng)力小于電場(chǎng)力，做減速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸增大．故A正確，B錯(cuò)誤；C、在x＝0.15m時(shí)，電場(chǎng)力等于摩擦力，速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理得，，因?yàn)?/span>0.10m和0.15m處的電勢(shì)差大約為1.5×105V，代入求解，最大速度大約為0.1m/s，故C正確；D、滑塊最終在處停下則滿足：，處的電勢(shì)，故從到過(guò)程中，電勢(shì)差，電場(chǎng)力做，摩擦力做功，則，故滑塊不能滑到處，故D錯(cuò)誤．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，17題6分，18題10分，共16分。）17. 張明同學(xué)在測(cè)定某種合金絲的電阻率時(shí)：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)得其直徑為________mm（如圖甲所示）；（2）用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)其長(zhǎng)度為________mm（如圖乙所示）；（3）用圖丙所示的電路測(cè)得的電阻率將比真實(shí)值________（填“偏大”或“偏小”）。【答案】 ①. 3.205 ②. 50.15 ③. 偏小【解析】【分析】【詳解】(1)[1] 直徑為(2)[2] 長(zhǎng)度為(3)[3]由于電壓表分流，導(dǎo)致電流表測(cè)量結(jié)果偏大，根據(jù)歐姆定律得電阻測(cè)量結(jié)果偏小，根據(jù)電阻定律得電阻率偏小。18. 圖a為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250 μA，內(nèi)阻為480 Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個(gè)擋位，5個(gè)擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆×100 Ω擋。(1)圖a中的A端與______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。(2)關(guān)于R6的使用，下列說(shuō)法正確的是_______（填正確答案標(biāo)號(hào)）。A．在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B．使用歐姆擋時(shí)，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C．使用電流擋時(shí)，調(diào)整R6使電表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據(jù)題給條件可得R1＋R2=_______Ω，R4=________Ω。(4)某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖b所示。若此時(shí)B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_______；若此時(shí)B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為________；若此時(shí)B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為___________。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）【答案】 ①. 黑 ②. B ③. 160 ④. 880 ⑤. 1.45 mA ⑥. 1.10×103 Ω ⑦. 2.90 V【解析】【詳解】(1)[1]與歐姆表內(nèi)電源正極相連的是黑表筆。(2)[2]R6是可變電阻，它的作用就是歐姆表調(diào)零，也就是使用歐姆擋時(shí)，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。(3)[3]換擋開關(guān)接2時(shí)，是量程較小的電流表，所以[4]換擋開關(guān)接4時(shí)，是量程較小的電壓表，這時(shí)表頭與R1、R2并聯(lián)組成新表頭，新表頭的內(nèi)阻新表頭的量程是1 mA，所以(4)[5]某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時(shí)B端與“1”相連，則多用電表是量程為2.5 mA的電流表，則讀數(shù)為1.45 mA；[6]若此時(shí)B端與“3”相連接，多用電表是歐姆×100 Ω擋，則讀數(shù)為11.0×100 Ω，即1.10×103 Ω；[7]若此時(shí)B端與“5”相連接，多用電表是量程為5 V電壓表，則讀數(shù)為2.90V。三、計(jì)算題（本題共4小題，第19題6分，第20題8分，第21題10分，第22題12分，共36分。）19. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)阻r=0.5Ω，標(biāo)有“8V 24W”的燈泡L恰好能正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)M線圈的電阻R0=2Ω，求：（1）燈泡L中的電流I1；（2）電動(dòng)機(jī)M中的電流I2；（3）電動(dòng)機(jī)工作2min產(chǎn)生的熱量．【答案】（1）3A（2）1A（3）240J【解析】【詳解】(1)燈泡L正常發(fā)光，根據(jù)功率公式可知(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，內(nèi)電壓為根據(jù)歐姆定律可知，干路電流為根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為(3)根據(jù)焦耳定律可知，電動(dòng)機(jī)工作2min產(chǎn)生的熱量為20. 如圖所示，寬為的光滑導(dǎo)軌與水平面成角，質(zhì)量為、長(zhǎng)也為的金屬桿水平放置在導(dǎo)軌上，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，金屬桿電阻為，軌道電阻不計(jì)。金屬桿與導(dǎo)軌垂直且接觸良好?？臻g存在著豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），當(dāng)電阻箱的電阻調(diào)為時(shí)，金屬桿恰好能靜止。取重力加速度大小，，，求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/span>（2）保持其他條件不變，當(dāng)電阻箱的電阻調(diào)為時(shí)，閉合開關(guān)S，同時(shí)由靜止釋放金屬桿，求此時(shí)金屬桿的加速度。【答案】（1）；（2），方向沿斜面向上【解析】【分析】【詳解】（1）由安培力公式和平衡條件可得由閉合電路歐姆定律得解得（2）由牛頓第二定律和閉合電路歐姆定律有解得方向沿斜面向上。21. 如圖所示，均可視為質(zhì)點(diǎn)的三個(gè)物體A、B、C在傾角為30°的光滑絕緣斜面上，A絕緣，A與B緊靠在一起，C緊靠在固定擋板上，質(zhì)量分別為mA=0.43kg，mB=0.20kg，mC=0.50kg，其中A不帶電，B、C的電荷量分別為qB=+2×10-5C、qC=+7×10-5C且保持不變，開始時(shí)三個(gè)物體均能保持靜止?，F(xiàn)給A施加一平行于斜面向上的力F，使A做加速度a=2.0m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，力F變?yōu)楹懔Γ阎o電力常量為k=9.0×109N·m2/C2，g取10m/s2。求：（1）開始時(shí)BC間的距離L；（2）F從變力到恒力需要的時(shí)間t。【答案】（1）2.0m；（2）1.0s【解析】【詳解】（1）A、B、C靜止時(shí)，以AB為研究對(duì)象，受力分析有代入數(shù)據(jù)解得L=2.0m（2）AB分離時(shí)兩者之間彈力恰好為零，此后F變?yōu)楹懔Γ瑢?duì)B用牛頓第二定律得解得由勻加速運(yùn)動(dòng)規(guī)律得解得22. 如圖所示，在豎直平面內(nèi)放置著絕緣軌道ABC，AB部分是半徑R＝0.40 m的光滑半圓形軌道，BC部分是粗糙的水平軌道，BC軌道所在的豎直平面內(nèi)分布著E＝1.0×103 V/m的水平向右的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，AB為電場(chǎng)的左側(cè)豎直邊界。現(xiàn)將一質(zhì)量為m＝0.04 kg、電荷量為q＝－1×10－4 C的滑塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從BC上的某點(diǎn)由靜止釋放，滑塊通過(guò)A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力恰好為零。已知滑塊與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.05，不計(jì)空氣阻力，g取10 m/s2。求：（1）滑塊通過(guò)A點(diǎn)時(shí)速度vA的大小；（2）滑塊在BC軌道上的釋放點(diǎn)到B點(diǎn)的距離x；（3）滑塊離開A點(diǎn)后在空中運(yùn)動(dòng)速度v最小值及方向。【答案】（1）2.0m/s；（2）5.0m；（3）1.94m/s，方向與水平方向的夾角是arctan0.25。【解析】【詳解】解：（1）滑塊通過(guò)A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力恰好是零，由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得 vA=2.0m/s（2）設(shè)滑塊在BC軌道上的釋放點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為x，則從釋放點(diǎn)到A點(diǎn)，由動(dòng)能定理則有代入數(shù)據(jù)解得x=5.0m（3）滑塊從A點(diǎn)飛出后，受重力和電場(chǎng)力的作用，在水平方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有由數(shù)學(xué)知識(shí)可解得，當(dāng)=0時(shí)，在空中運(yùn)動(dòng)速度v有最小值，可得解得速度v與水平方向的夾角是arctan0.25。

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