玉溪一中2022-2023學(xué)年上學(xué)期高二年級(jí)期中考物理學(xué)科試卷總分：100分  考試時(shí)間：90分鐘  命題人：試題研究中心  審題人：試題研究中心一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的。1. 如圖，兩根長(zhǎng)直平行輸電線中有等大同向的電流，在兩導(dǎo)線所在平面，垂直于導(dǎo)線的連線上有a、b、c三點(diǎn)，b點(diǎn)為ac中點(diǎn)且位于兩根導(dǎo)線的正中間。下列說法正確的是（　?。?/span> A. a點(diǎn)和c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B. b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零C. a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外D. c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向左【答案】B【解析】【詳解】ACD．由右手螺旋定則及矢量疊加規(guī)律可知，a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里，c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外；a點(diǎn)和c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤；B．兩導(dǎo)線在b點(diǎn)的磁場(chǎng)等大反向，b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，選項(xiàng)B正確；故選B。2. 真空中有兩個(gè)完全相同的點(diǎn)電荷位于圖中M、N兩點(diǎn)，P點(diǎn)是MN連線的中垂線上的一點(diǎn)，規(guī)定無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0。以下說法正確的是（　?。?/span> A. MN之間不存在電場(chǎng)強(qiáng)度為0的點(diǎn)B. MN之間存在電勢(shì)為0的點(diǎn)C. 從O點(diǎn)到P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小D. 從O點(diǎn)到P點(diǎn)電勢(shì)不斷降低【答案】D【解析】【詳解】兩同種等量正電荷周圍電場(chǎng)線分布如圖 A．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為0，故A錯(cuò)誤；B．O點(diǎn)上方電場(chǎng)方向向上，下方電場(chǎng)方向向下，沿著電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，O點(diǎn)電勢(shì)不可能為零，M、N兩點(diǎn)的電荷均為正電荷，MN之間不存在電勢(shì)為0的點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)線越密集，場(chǎng)強(qiáng)越大，從O點(diǎn)到P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度可能一直增大，故C錯(cuò)誤；D．O點(diǎn)上方電場(chǎng)方向向上，沿著電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，從O點(diǎn)到P點(diǎn)電勢(shì)不斷降低，故D正確。故選D。3. 某品牌吹風(fēng)機(jī)有冷風(fēng)和熱風(fēng)兩個(gè)擋位，內(nèi)部電路如下圖所示，僅閉合開關(guān)S2時(shí)冷風(fēng)擋工作，S1和S2時(shí)均閉合時(shí)熱風(fēng)擋工作。已知吹風(fēng)機(jī)的額定電壓為220V，冷風(fēng)擋的額定功率為220W，熱風(fēng)擋的額定功率為880W，下列說法正確的是（　?。?/span> A. 吹風(fēng)機(jī)正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的輸出功率為220WB. 吹風(fēng)機(jī)正常工作時(shí)電熱絲R的功率為660WC. 電熱絲的額定電流為4AD. 電熱絲R的電阻為55Ω【答案】B【解析】【詳解】A．吹風(fēng)機(jī)正常工作時(shí)電動(dòng)機(jī)的輸入功率為220W，輸出功率等于輸入功率與熱功率的差，A錯(cuò)誤；B．熱風(fēng)擋的額定功率為880W，其中冷風(fēng)擋的額定功率為220W，所以吹風(fēng)機(jī)正常工作時(shí)電熱絲R的功率為660W，B正確；C．電熱絲的額定電流為C錯(cuò)誤；D．電熱絲R的電阻為D錯(cuò)誤。故選B。4. 在帶電量為+Q的點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，一個(gè)帶電量為q的粒子僅在電場(chǎng)力作用下依次經(jīng)過a、b兩個(gè)等勢(shì)面，軌跡如圖，則下列說法正確的是（　?。?/span>A. 電量為q的粒子帶負(fù)電B. 電量為q的粒子在經(jīng)過在a、b兩個(gè)等勢(shì)面上動(dòng)能大小關(guān)系為Eka>EkbC. 電量為q的粒子在經(jīng)過在a、b兩個(gè)等勢(shì)面上電勢(shì)能大小關(guān)系為Epa>EpbD. 電量為q的粒子從靠近Q到遠(yuǎn)離Q的過程中，電場(chǎng)力對(duì)q先做正功后做負(fù)功【答案】B【解析】【詳解】A．由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子受到斥力作用，則電量為q的粒子帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．電量為q的粒子從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，則動(dòng)能減小，電勢(shì)能變大，則粒子在經(jīng)過在a、b兩個(gè)等勢(shì)面上動(dòng)能大小關(guān)系為Eka>Ekb電勢(shì)能大小關(guān)系為Epa<Epb選項(xiàng)B正確，C錯(cuò)誤；D．電量為q的粒子從靠近Q到遠(yuǎn)離Q的過程中，電場(chǎng)力對(duì)q先做負(fù)功后做正功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。5. 如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)與A、B、C所在的平面平行，已知∠C=90°，∠B=60°，BC=0.1m，把一個(gè)電荷量為q=1.0×10-6 C的負(fù)電荷從A移動(dòng)到B，電場(chǎng)力做功為零，將該負(fù)電荷B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做正功1.0×10-3 J，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的強(qiáng)度是 （　?。?/span>A. 1.0×104V/m，方向由C到BB. 2.0×104V/m，方向由C到BC. V/m，方向垂直AB斜向下D. V/m，方向垂直AB斜向上【答案】C【解析】【詳解】由題意知，電荷從A移動(dòng)到B，電場(chǎng)力做功為零，所以又因?yàn)檫@是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以AB所在直線為等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與等勢(shì)線垂直可知，電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直于AB。又因?yàn)閷⒃撠?fù)電荷B移動(dòng)到C，電場(chǎng)力做正功1.0×10-3 J，則由可得可見因?yàn)檠刂妶?chǎng)線電勢(shì)降低，所以電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直于AB斜向下，又因?yàn)?/span>所以解得電場(chǎng)強(qiáng)度大小為故選C。6. 如圖所示，先接通S使平行板電容器充電，然后斷開S，當(dāng)減小兩極板間的距離d時(shí)，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩極板間電勢(shì)差U、兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度E的變化情況是（　?。?/span>A. Q不變，C變大，U變小，E不變B. Q不變，C變小，U不變，E不變C. Q不變，C變大，U不變，E不變D. Q不變，C變小，U變大，E變大【答案】A【解析】【詳解】電容器充電后斷開電鍵S，則電容器帶電量Q不變，減小兩極板間的距離d時(shí)，根據(jù)可知，電容C變大，根據(jù) 可知兩板電勢(shì)差U減小，根據(jù)可知兩板間場(chǎng)強(qiáng)E不變。故選A。7. 用多用表進(jìn)行測(cè)量，指針位置如圖，下列說法正確的是（　　）A. 若使用的是電阻×1Ω擋，則讀數(shù)為22.0ΩB. 若使用的是電阻×1kΩ擋，則讀數(shù)為18.0kΩC. 若使用的是直流電壓50V擋，則讀數(shù)為19.1VD. 若使用的是直流電流10mA擋，則讀數(shù)為4.2mA【答案】B【解析】【詳解】A．若使用的是電阻×1Ω擋，則讀數(shù)為18.0Ω，A錯(cuò)誤；B．若使用的是電阻×1kΩ擋，則讀數(shù)為18.0kΩ，B正確；C．若使用的是直流電壓50V擋，則讀數(shù)為22.0V，C錯(cuò)誤；D．若使用的是直流電流10mA擋，則讀數(shù)為4.4mA，D錯(cuò)誤。故選B。8. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=8V，內(nèi)阻r=2Ω，直流電動(dòng)機(jī)線圈內(nèi)阻RM=1Ω，滑動(dòng)變阻器的阻值R可以在0~10Ω之間調(diào)節(jié)，當(dāng)變阻器的阻值取R1時(shí)，電源達(dá)到最大的輸出功率，并且此時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為2W，則R1的數(shù)值為（　　） A. 1Ω B. 1.5Ω C. 2Ω D. 0.5Ω【答案】D【解析】【詳解】因?yàn)殡娫吹妮敵龉β蕿?/span>所以當(dāng)電源達(dá)到最大的輸出功率時(shí)，電流為又因?yàn)榇藭r(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為2W，而解得又內(nèi)電壓所以變阻器兩端電壓所以故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9. 如圖所示，閉合矩形金屬線框abcd中軸線的右半部分置于與線框平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。當(dāng)線框以不同方式運(yùn)動(dòng)時(shí)，以下說法正確的是（　?。?/span> A. 線框繞中軸線轉(zhuǎn)過90°的過程中，穿過線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流B. 線框繞中軸線轉(zhuǎn)過180°的過程中，穿過線框的磁通量不變，線框中沒有感應(yīng)電流C. 線框向左平移且在bc邊離開磁場(chǎng)前，穿過線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流D. 線框繞bc邊轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過程中，穿過線框的磁通量大小不變，線框中無(wú)感應(yīng)電流【答案】AC【解析】【詳解】AB．線框繞中軸線轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，磁通量持續(xù)在變化，線框中有感應(yīng)電流，其中轉(zhuǎn)過90°的過程中，磁通量減小為0。而轉(zhuǎn)過180°的過程中，磁通量先減為0再變?yōu)?Φ0，磁通量發(fā)生了變化，故A正確，B錯(cuò)誤；C．線框向左平移時(shí)，在磁場(chǎng)中的面積減小，因此穿過線框的磁通量減小，線框中有感應(yīng)電流，故C正確；D．因?yàn)榫€框繞bc邊從轉(zhuǎn)動(dòng)60°的過程中，線框在磁場(chǎng)中的有效面積不變，即穿過線框的磁通量大小不變，線框中無(wú)感應(yīng)電流。但是從60°到90°的過程中，線框在磁場(chǎng)中的有效面積逐漸減小到零，則磁通量逐漸減小到0，此過程中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯(cuò)誤。故選AC。10. 一段材料、截面均勻的導(dǎo)線中，通過的電流為I，導(dǎo)線的橫截面積為S，單位長(zhǎng)度導(dǎo)線內(nèi)的電子數(shù)量為n，電子的電荷量為e，單位時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)線中某橫截面的電子數(shù)為N。則導(dǎo)線中電子運(yùn)動(dòng)的速率v為（　?。?/span>A.  B.  C.  D. 【答案】AD【解析】【詳解】AB．取一段長(zhǎng)為L的導(dǎo)線，其中的電子剛好全部通過這段導(dǎo)線的時(shí)間為由已知條件可得這段導(dǎo)線中的電子數(shù)為Ln，電荷量為Lne，這些電荷量在t時(shí)間內(nèi)通過，則根據(jù)電流的定義可得由此解得電子速度為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．單位時(shí)間內(nèi)通過這段導(dǎo)線的電荷量也可以寫作Ne，根據(jù)電流定義有即解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。11. 某同學(xué)在學(xué)習(xí)了多用電表的原理以后，對(duì)自制多用電表產(chǎn)生了興趣。他走進(jìn)物理實(shí)驗(yàn)室，利用一個(gè)滿偏電流為3mA、內(nèi)阻為90Ω的電流表，最大阻值為1000Ω的滑動(dòng)變阻器R1，阻值為10Ω的標(biāo)準(zhǔn)電阻R0和一節(jié)內(nèi)阻為1Ω、電動(dòng)勢(shì)為3V的電池組，按照?qǐng)D所示電路組裝成一個(gè)多用電表，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 圖中紅表筆應(yīng)與A端相連B. 閉合開關(guān)S1，將開關(guān)S2接1，可作為量程為30mA的電流表使用C. 將S2接2，可作為歐姆表使用，若S1斷開時(shí)，倍率為“×10”擋，則S1閉合時(shí)，倍率為 “×100”擋D. 該同學(xué)利用歐姆擋測(cè)電阻，他將S2接2，S1斷開，歐姆調(diào)零后，將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，指針指在電流表的刻度2mA處，則待測(cè)電阻的阻值Rx為500Ω【答案】BD【解析】【詳解】A．當(dāng)B接2時(shí)，B與內(nèi)部電源的負(fù)極連接，可知圖中紅表筆應(yīng)與B端相連，故A錯(cuò)誤；B．閉合開關(guān)S1，將開關(guān)S2接1，其量程為故B正確；C．開關(guān)S1斷開時(shí)，倍率為×10，此時(shí)當(dāng)開關(guān)S1閉合時(shí)，由于R0的分流作用，電路的最大電流為10Ig，此時(shí)即倍率變?yōu)閿嚅_時(shí)的，即倍率為×1擋，故C錯(cuò)誤；D．該同學(xué)利用歐姆擋測(cè)電阻，他將S2接2，S1斷開，歐姆調(diào)零將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，指針指在電流表的刻度2mA處時(shí)解得待測(cè)電阻的阻值為故D正確。故選BD。12. 在如圖所示的電路中，E為電源，其內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），R1為定值電阻（R1＞r），R2為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射R2的光的強(qiáng)度減弱，則（  ） A. 電壓表的示數(shù)變大B. 小燈泡變亮C. 通過R2的電流變大D. 電源輸出功率變小【答案】BD【解析】【詳解】ABC．將照射R2的光的強(qiáng)度減弱，則R2阻值增大，電路的總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路的電路減小，也可以根據(jù)串反并同可知，與它串聯(lián)的R1的電壓、電流減小，即電壓表示數(shù)減小，與它并聯(lián)的小燈泡L的電流、電壓變大、燈泡功率變大變亮，則R2電流等于干路電流減燈泡電流，故R2的電流變小，小燈泡變亮，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．如圖，因?yàn)?/span>，阻值增大，電路中總電阻增大，根據(jù)電源輸出功率特點(diǎn)可知，電源輸出功率減小，故D正確。故選BD。 13. 如圖所示，一個(gè)光滑斜面與一個(gè)光滑豎直圓軌道在A點(diǎn)相切，B點(diǎn)為圓軌道的最低點(diǎn)，C點(diǎn)為圓軌道的最高點(diǎn)，整個(gè)空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m=1kg，電荷量為q（q＞0）的帶電小球從斜面上靜止釋放，小球始終能沿軌道運(yùn)動(dòng)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度，θ=53°，圓軌道半徑R=1m，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。則以下說法中正確的是（　?。?/span>A. 剛釋放小球時(shí)小球的加速度的大小為3.5m/s2B. 若小球能到達(dá)C點(diǎn)，釋放點(diǎn)與A的距離至少為1.2mC. 若小球恰能到達(dá)C點(diǎn)，此運(yùn)動(dòng)過程中小球?qū)壍赖淖畲髩毫?/span>75ND. 若小球恰能到達(dá)C點(diǎn)，則在C點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為0【答案】AC【解析】【詳解】A．對(duì)小球受力分析，小球所受電場(chǎng)力水平向左，由牛頓第二定律得解得m/s2故A正確；B．設(shè)重力與電場(chǎng)力的合力方向與豎直方向成α角，如圖故解得大小為小球恰好能過等效最高點(diǎn)E時(shí)也就恰好能到達(dá)C點(diǎn)，在E點(diǎn)由牛頓第二定律得從釋放到到達(dá)E點(diǎn)，由動(dòng)能定理得代入數(shù)據(jù)解得故B錯(cuò)誤；C．此時(shí)若小球能到達(dá)C點(diǎn)，應(yīng)先恰能到達(dá)E點(diǎn)，對(duì)E點(diǎn)受力分析得解得對(duì)D到E由動(dòng)能定理得解得對(duì)D點(diǎn)由牛頓第二定律得由牛頓第三定律得壓力故C正確；D．對(duì)E到C由動(dòng)能定理得解得m/s對(duì)C點(diǎn)由牛頓第二定律得由牛頓第三定律得壓力故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每空1.5分，作圖2分，共17分。14. 某同學(xué)用圖甲所示電路測(cè)量一個(gè)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，并利用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上繪制出如圖乙所示的U－I圖像。已知蓄電池的內(nèi)電阻小于。除蓄電池、開關(guān)、導(dǎo)線外，可供使用的器材還有：A．電壓表（量程3V）B．電流表（量程0.6A）C．電流表（量程3A）D．定值電阻R0（阻值，額定功率4W）E．滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍，額定電流為2A）（1）電流表應(yīng)當(dāng)選擇______；（選填器材前的字母序號(hào)）（2）該蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E=______V，內(nèi)電阻r=______Ω。（結(jié)果保留2位小數(shù)）（3）這種方法得到的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值比真實(shí)值______。（選填“偏大”、“偏小”、“不變”）【答案】    ①. B    ②. 1.49    ③. 0.32    ④. 偏小【解析】【詳解】（1）[1]由題意得，蓄電池的內(nèi)電阻小于，即r的取值范圍為，乙圖中電源電壓的大致值，根據(jù)閉合電路歐姆定律將以上數(shù)據(jù)代入以下公式得I的最小值取值范圍為，因而選擇電流表B時(shí)滑動(dòng)變阻器仍舊可調(diào)，且電流的讀數(shù)會(huì)更準(zhǔn)確，因而電流表選B。（2）[2][3]根據(jù)圖像甲中電路圖可知圖像解析式為對(duì)照乙圖像可知電源電動(dòng)勢(shì)為1.49V，電源內(nèi)阻為（3）[4]由于電壓表的分流作用，電壓測(cè)量值準(zhǔn)確，但通過和的電流值比測(cè)量值偏大，即將電壓表和均等效為電源的一部分，如下圖虛線框中所示，則和并聯(lián) 推理可得測(cè)量值可得同理可得可得測(cè)量的內(nèi)阻偏小，電動(dòng)勢(shì)也偏小。15. 某同學(xué)想描繪標(biāo)有“3.8V，0.3A”字樣的小燈泡L的伏安特性曲線，要求測(cè)量數(shù)據(jù)，繪制曲線盡量準(zhǔn)確，可供選擇的器材除小燈泡、開關(guān)、導(dǎo)線外，還有：電壓表V，量程0～5V，內(nèi)阻約5kΩ電流表A1，量程0～500mA ，內(nèi)阻約0.5Ω電流表A2，量程0～100mA，內(nèi)阻約4Ω滑動(dòng)變阻器R1，最大阻值10Ω，額定電流2.0A滑動(dòng)變阻器R2，最大阻值100Ω，額定電流2.0A 直流電源E，電動(dòng)勢(shì)約6V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)（1）為使測(cè)量盡量準(zhǔn)確上述器材中，電流表應(yīng)選_________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_______（填寫所選器材后的字母）；（2）請(qǐng)?jiān)趫D甲虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖________；（3）該同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)得出了小燈泡的I-U圖像如圖乙所示，由圖可知，當(dāng)小燈泡上的電壓為3.00V時(shí)，小燈泡的電阻是________Ω（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（4）該同學(xué)在獲得了（3）中小燈泡I-U圖像后，把一只這樣的小燈泡，直接接在電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻為4Ω的電源上組成閉合回路，請(qǐng)你利用圖像計(jì)算此時(shí)小燈泡的功率約為______W（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（5）某同學(xué)利用游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器分別測(cè)量一圓柱體工件的直徑和高度，測(cè)量結(jié)果如圖（a）和（b）所示。該工件的直徑為______mm，高度為________mm。【答案】    ①. A1    ②. R1    ③.     ④. 10.7    ⑤. 0.80    ⑥. 12.20    ⑦. 6.861【解析】【詳解】（1）[1]小燈泡額定電流為0.3A，故電流表選擇。[2]描繪小燈泡伏安特性曲線，要求測(cè)量數(shù)據(jù)，繪制曲線盡量準(zhǔn)確，應(yīng)盡量多測(cè)數(shù)據(jù)，故采用分壓接法，使用阻值范圍較小的滑動(dòng)變阻器即可。（2）[3]因小燈泡電阻約電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于小燈泡電阻，故采用電流表外接法，電路如圖（3）[4] 圖像連線斜率的倒數(shù)表示電阻。當(dāng)小燈泡上的電壓為時(shí)，電流為0.28A，小燈泡電阻為（4）[5]把一只這樣的小燈泡并聯(lián)，直接接在電源上，根據(jù)閉合電路歐姆定律有，代入數(shù)據(jù)，將此函數(shù)繪在圖像上兩圖像的交點(diǎn)表示此時(shí)小燈泡實(shí)際的電壓、電流故小燈泡的功率為（5）[6]游標(biāo)卡尺讀數(shù)為[7]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為四、計(jì)算題：本題共4小題，共39分，要求寫出必要的文字說明和解答過程。16. 如圖所示為電流天平，它兩臂等長(zhǎng)。右臂掛著矩形線圈，匝數(shù)為n，線圈的水平邊長(zhǎng)為L，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向與線圈平面垂直。當(dāng)線圈中通過電流I時(shí)，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達(dá)到平衡。然后使電流反向，大小不變。這時(shí)需要在左盤中移走質(zhì)量為Δm的砝碼，才能使兩臂再次達(dá)到新的平衡。（1）電流反向前，線圈所受安培力方向應(yīng)當(dāng)______（選填“向上”、“向下”），電流反向前線圈中的電流方向從外向里看為______方向（選填“順時(shí)針”、“逆時(shí)針”）；（2）試用B、n、L、I寫出移走的砝碼質(zhì)量Δm的表達(dá)式_____。【答案】    ①. 向下    ②. 順時(shí)針    ③. 【解析】【詳解】（1）[1][2]電流反向后需要在左盤中移走質(zhì)量為Δm的砝碼，才能使兩臂再次達(dá)到新的平衡，可知電流反向后安培力向上，則電流反向前，線圈所受安培力方向應(yīng)當(dāng)向下，由左手定則可知，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向。（2）[3]依題意解得17. 電子電荷量為e，質(zhì)量為m，從靜止出發(fā)被電壓為U0的加速電場(chǎng)加速，然后進(jìn)入場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，進(jìn)入時(shí)電子的速度方向與偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的方向垂直。已知偏轉(zhuǎn)電極長(zhǎng)為L，不計(jì)電子所受重力，求：（1）電子離開加速電場(chǎng)時(shí)的速度；（2）電子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度方向與其進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度方向之間夾角的正切值。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）對(duì)電子，在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得解得（2）對(duì)電子，在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，由牛頓第二定律沿電場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)時(shí)間18. 如圖所示，在同一豎直平面內(nèi)兩正對(duì)著的相同半圓光滑軌道，相隔一定的距離，虛線沿豎直方向，一小球能在其間運(yùn)動(dòng)。今在最低點(diǎn)B與最高點(diǎn)A各放一個(gè)壓力傳感器，測(cè)試小球?qū)壍赖膲毫?，并通過計(jì)算機(jī)顯示出來(lái)。當(dāng)兩軌道間的距離x變化時(shí)，測(cè)得A、B兩點(diǎn)壓力差與距離x的圖像如圖所示。（不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2）：（1）設(shè)半圓光滑軌道半徑為R，小球質(zhì)量為m，小球通過最高點(diǎn)的速度為vA，通過最低點(diǎn)的速度為vB，分別寫出小球?qū)?/span>A、B兩點(diǎn)的壓力NA、NB的代數(shù)表達(dá)式；（2）寫出隨x的變化關(guān)系圖像對(duì)應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式；（3）小球的質(zhì)量與半圓軌道的半徑。【答案】（1），；（2）；（3）0.2kg，4m【解析】【詳解】（1）對(duì)小球，在A點(diǎn)，由牛頓第二定律得解得對(duì)小球，在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得解得（2）對(duì)小球，從A到B，由機(jī)械能守恒定律得而聯(lián)立解得（3）由圖像可得又因?yàn)?/span>聯(lián)立解得m=02kgR=4m19. 如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m＝0.1kg，帶電荷量為q＝1.0×10－6C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1。從t＝0時(shí)刻開始，空間加上一個(gè)如圖乙所示的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向呈周期性變化的電場(chǎng)（取水平向右為正方向，g取10m/s2），求：（1）0～2 s內(nèi)小物塊的加速度a1、發(fā)生的位移x1和2s末的速度v1；（2）27 s內(nèi)小物塊的位移大小。（3）27 s內(nèi)損失的機(jī)械能和電小物塊電勢(shì)能的變化量。【答案】（1），4m，4m/s；（2）55m；（3）0.2J，5.7J【解析】【詳解】（1）0~2s內(nèi)，對(duì)小物塊，由牛頓第二定律      小物塊發(fā)生的位移    2s末小物塊的速度（2）2-4s內(nèi)，對(duì)小物塊，由牛頓第二定律  解得  向左；小物塊發(fā)生的位移   4s末小物塊的速度由此可知小物塊在0~4s內(nèi)正好完成一次周期性運(yùn)動(dòng)，從26s~27s的1s內(nèi)，小物塊發(fā)生的位移為 則27s內(nèi)，小物塊發(fā)生的位移 可得s=55m （3）對(duì)小物塊，27s內(nèi)除重力和彈簧彈力以外的其他力做功  則機(jī)械能減少了0.2J；電場(chǎng)力做功 則電勢(shì)能減少了5.7J。

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