2023-2024學(xué)年第一學(xué)期期初開學(xué)考試高二物理注意事項(xiàng)： 答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在  答題卡上的指定位置。用 2B 鉛筆將答題卡上試卷類型 A 后的方框涂黑。 選擇題的作答：每小題選出答案后，用 2B 鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。 非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。  一、選擇題；本題共8小題，每小題3分，共24分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．真空中有兩個(gè)完全相同、帶異種電荷的導(dǎo)體小球A和B（可視為點(diǎn)電荷），小球A所帶的電荷量多于小球B。將兩小球固定在空間某兩點(diǎn)時(shí)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F。將兩小球互相接觸后再放回原處，它們之間庫(kù)侖力的大小為，則小球A所帶電荷量的絕對(duì)值是小球B的（    ）A．5倍 B．4倍 C．3倍 D．2倍2．在如圖所示的四種電場(chǎng)中，分別標(biāo)記有a、b兩點(diǎn)。其中a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的是（　?。?/span>A．甲圖中與點(diǎn)電荷等距的a、b兩點(diǎn)B．乙圖中兩等量異種電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)C．丙圖中兩等量同種電荷連線的中垂線上與連線等距的a、b兩點(diǎn)D．丁圖中非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)3．如圖所示，傾角的斜面上有一木箱，木箱與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)?，F(xiàn)對(duì)木箱施加一拉力F，使木箱沿著斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)F的方向與斜面的夾角為，在從0逐漸增大到53°的過(guò)程中，木箱的速度保持不變，則（　?。?/span>A．F先減小后增大 B．F先增大后減小C．F一直增大 D．F一直減小4．衛(wèi)星M在軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后在A點(diǎn)變速進(jìn)入軌道Ⅱ，運(yùn)行一段時(shí)間后，在B點(diǎn)變速進(jìn)入軌道半徑為軌道Ⅰ軌道半徑5倍的軌道Ⅲ，最后在軌道Ⅲ做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在軌道Ⅲ上的速率為v，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的B點(diǎn)速率可能是（　?。?/span>A． B．C． D．5．“天問(wèn)一號(hào)”于2020年7月23日成功發(fā)射，經(jīng)過(guò)多次變軌，于2021年5月15日成功著陸火星，著陸后“祝融號(hào)”火星車成功傳回遙測(cè)信號(hào)。已知“天問(wèn)一號(hào)”在距火星表面高度為的圓形軌道上運(yùn)行的周期為，火星的半徑為，引力常量為，忽略火星自轉(zhuǎn)的影響，則以下說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．“天問(wèn)一號(hào)”在地球上的發(fā)射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間B．“天問(wèn)一號(hào)”在著陸火星的過(guò)程中，引力勢(shì)能增大，動(dòng)能減少，機(jī)械能守恒C．火星的平均密度為D．火星的第一宇宙速度為6．A、B兩物體的質(zhì)量之比mA：mB=2：1，它們以相同的初速度v0在水平面上僅在摩擦力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，直到停止，其v-t圖像如圖所示．此過(guò)程中，A、B兩物體受到的摩擦力分別為FA、FB，A、B兩物體受到的摩擦力做的功分別為WA、WB，則（　?。?/span>  A． B．C． D．7．如圖所示，一帶正電的小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，受到的電場(chǎng)力與小球的重力大小相等，以初速度v0沿ON方向做加速度不為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，ON與水平面的夾角為30°。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則（　?。?/span>A．電場(chǎng)力方向可能水平向左B．小球可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C．小球的加速度大小一定小于gD．經(jīng)過(guò)時(shí)間小球的速度方向發(fā)生改變8．一輕質(zhì)彈簧一端固定在傾角為的光滑斜面的底端，另一端拴住質(zhì)量不計(jì)的物塊P，Q為質(zhì)量為的重物，彈簧的勁度系數(shù)為，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給Q施加一個(gè)方向沿斜面向上的力F，使它從靜止開始沿斜面向上勻加速運(yùn)動(dòng)，已知在前內(nèi)F為變力，以后F為恒力（），則以下分析正確的是（　　）A．P、Q一起勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為 B．F的最小值為，F的最大值為C．P、Q分離時(shí)彈簧為壓縮狀態(tài) D．若Р為有質(zhì)量的物體，P、Q分離時(shí)彈簧為原長(zhǎng) 二、選擇題；本題共4小題，每小題4分，共16分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得4分，有選錯(cuò)的得0分，部分選對(duì)的得2分．9．下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．打雷時(shí)，人呆在木屋里要比呆在汽車?yán)锇踩?/span>B．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，其內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零C．燃?xì)庠铧c(diǎn)火器的放電電極做成針形是為了利用尖端放電現(xiàn)象D．超高壓帶電作業(yè)的工人穿絕緣服比穿含金屬絲的工作服安全10．如圖所示，兩個(gè)固定的等量正點(diǎn)電荷相距為2L，其連線中點(diǎn)為O，以O為圓心、0.5L為半徑的圓與兩正點(diǎn)電荷間的連線及連線的中垂線分別交于a、b和c、d，以O為坐標(biāo)原點(diǎn)、垂直ab向上為正方向建立Oy軸。取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列判斷正確的是（　?。?/span>A．a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同B．Oy軸上沿正方向電勢(shì)隨坐標(biāo)y的變大而減小C．Oy軸上沿正方向電場(chǎng)強(qiáng)度的大小隨坐標(biāo)y的變大而增大D．將一試探電荷自a點(diǎn)由靜止釋放，若不計(jì)電荷重力，試探電荷將在a、b間往復(fù)運(yùn)動(dòng)11．如圖，∠M是銳角三角形PMN最大的內(nèi)角，電荷量為q（q>0）的點(diǎn)電荷固定在P點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（　　）A．沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大B．沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電勢(shì)先增大后減小C．正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比其在N點(diǎn)的電勢(shì)能大D．將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)12．兩物塊A、B用輕彈簧相連，質(zhì)量均為2kg，初始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，A、B兩物塊都以v=6m/s的速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量4kg的物塊C靜止在前方，如圖所示，B與C碰撞后二者會(huì)粘在一起運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．B、C碰撞剛結(jié)束時(shí)BC的共同速度為3m/sB．彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物塊A的速度為3m/sC．彈簧的彈性勢(shì)能最大值為12JD．彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A、B、C三物塊速度相同 三、實(shí)驗(yàn)題:20分13．某學(xué)習(xí)小組用小球1與小球2正碰（對(duì)心碰撞）來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，斜槽與水平槽平滑連接．安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下鉛垂線所指的位置O。接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：  步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，認(rèn)為其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣處的B點(diǎn)，讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置M、P、N離O點(diǎn)的距離，即線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度。（1）在上述實(shí)驗(yàn)操作中，下列說(shuō)法正確的是        。A．小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量，小球1的半徑可以大于小球2的半徑B．斜槽軌道末端必須調(diào)至水平C．重復(fù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，小球在斜槽上的釋放點(diǎn)可以不在同一點(diǎn)D．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，白紙需固定，復(fù)寫紙可以移動(dòng)（2）以下提供的器材中，本實(shí)驗(yàn)必需的有       。A．刻度尺            B．游標(biāo)卡尺            C．天平            D．秒表（3）設(shè)小球1的質(zhì)量為m1，小球2的質(zhì)量為m2，MP的長(zhǎng)度為l1，ON的長(zhǎng)度為l2，則本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為                                    。14．某同學(xué)在做“測(cè)定木板與木塊間動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，設(shè)計(jì)了兩種實(shí)驗(yàn)方案．    方案一：木板固定，用彈簧測(cè)力計(jì)拉動(dòng)木塊，如圖a所示。方案二：用彈簧測(cè)力計(jì)鉤住木塊，用力拉動(dòng)木板，如圖b所示。除了實(shí)驗(yàn)必須的彈簧測(cè)力計(jì)、木塊、木板、細(xì)線外，該同學(xué)還準(zhǔn)備了若干重力均為2.00N的砝碼。（1）上述兩種方案中，你認(rèn)為更合理的方案是          （選填“方案一”或“方案二”）。（2）該同學(xué)在木塊上加放砝碼，改變木塊對(duì)木板的壓力，記錄了5組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，如下表所示：實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345砝碼/個(gè)數(shù)01234砝碼對(duì)木塊壓力/N02.004.006.008.00測(cè)力計(jì)讀數(shù)/N1.502.002.502.903.50請(qǐng)根據(jù)上述數(shù)據(jù)在圖c坐標(biāo)紙上做出摩擦力f和砝碼對(duì)木塊的壓力F的關(guān)系圖象（以F為橫坐標(biāo)，選擇合適的標(biāo)度）。(       )  （3）由圖象可知，木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為          （保留2位有效數(shù)字）。 四、解答題：40分15．如圖所示，一個(gè)電子由靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，又沿偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板間的中心軸線從點(diǎn)垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的點(diǎn)，點(diǎn)為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量，電荷量，加速電場(chǎng)電壓，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓，極板的長(zhǎng)度，板間距離，極板的末端到熒光屏的距離（忽略電子所受重力）。求：（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度；（2）電子打在熒光屏上的點(diǎn)到點(diǎn)的距離；（3）電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它所做的功。16．如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy中第1象限存在沿y軸負(fù)方向的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x軸下側(cè)平面內(nèi)某處固定著一點(diǎn)電荷（設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)與點(diǎn)電荷電場(chǎng)以x軸為界互不影響），一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ＝60°角射入第4象限，此后在點(diǎn)電荷作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出，OP＝3R。不計(jì)粒子重力，靜電力常量為k，求：（1）MN兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；（2）固定x軸下側(cè)平面內(nèi)的點(diǎn)電荷電量Q；（3）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度。17．如圖所示，在xOy直角坐標(biāo)系中，第一象限內(nèi)的等腰直角三角形ABO區(qū)域內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)（電場(chǎng)強(qiáng)度大小未知），在第二象限邊長(zhǎng)為L的正方形CBOM區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E0，現(xiàn)有一帶正電粒子（重力不計(jì)）從AB邊上的A點(diǎn)由靜止釋放，恰好能通過(guò)M點(diǎn)．(1)求ABO區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E1；(2)若ABO區(qū)域內(nèi)的勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為3E0，要使從AO線上某點(diǎn)由靜止釋放題述相同的帶電粒子，通過(guò)坐標(biāo)為（－2L，0）的點(diǎn)，求釋放點(diǎn)的坐標(biāo)．
物理參考答案1．A設(shè)小球B所帶的電荷量大小為Q，小球A所帶的電荷量大小為nQ，開始兩小球的庫(kù)侖力大小為兩小球接觸后再分開，兩小球電荷量的絕對(duì)值為，放回原處后兩小球的庫(kù)侖力大小為聯(lián)立兩式解得或因?yàn)樾∏?/span>A所帶的電荷量多于小球B，所以n=5。故選A。2．CA．電場(chǎng)線的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向分別沿a、b點(diǎn)切線向外，不是相反，故A錯(cuò)誤；B．a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向分別沿a、b點(diǎn)切線向右，所以兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故B錯(cuò)誤；C．a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，a點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，故C正確；D．a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，方向分別沿a、b點(diǎn)切線斜向右下方，故D錯(cuò)誤。故選C。3．A對(duì)物體受力分析如圖木箱沿著斜面向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件，合力為零，在垂直斜面方向，有在平行斜面方向，有其中：聯(lián)立解得當(dāng)時(shí)F最小，則在從0逐漸增大到53°的過(guò)程中，F先減小后增大。故選A。4．C令軌道Ⅰ軌道半徑為R，則有在軌道Ⅲ上有解得由A運(yùn)動(dòng)到B機(jī)械能守恒，則有由于解得根據(jù)橢圓的對(duì)稱性可知，橢圓在A、B兩點(diǎn)的彎曲程度相同，即這兩位置曲率圓的曲率半徑相等，則有解得故選C。5．DA．由于“天問(wèn)一號(hào)”飛到火星位置時(shí)，已經(jīng)脫離地球的束縛，但沒(méi)有脫離太陽(yáng)的束縛，因此在地球上的發(fā)射速度介于第二宇宙速度和第三宇宙速度之間，A錯(cuò)誤；B．“天問(wèn)一號(hào)”在著陸火星的過(guò)程中，火星引力做正功，因此引力勢(shì)能減少，動(dòng)能增加，機(jī)械能守恒，B錯(cuò)誤；C．由于①而可得火星的密度C錯(cuò)誤；D．根據(jù)②①②聯(lián)立解得火星的第一宇宙速度D正確。故選D。6．DAB．由動(dòng)能定理可知由于A、B兩物體僅受摩擦力做功，質(zhì)量之比mA：mB=2：1，因此兩物體受到的摩擦力做的功之比為AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)v-t圖像的斜率可知兩物體加速度之比為2:1，根據(jù)牛頓第二定律可得可得C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7．DABC．小球做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，合力方向一定和速度方向在同一直線上，即在ON直線上，因?yàn)?/span>mg=qE，所有電場(chǎng)力qE與重力關(guān)于ON對(duì)稱，根據(jù)幾何關(guān)系可知，電場(chǎng)力qE與水平方向夾角為30°，受力情況如圖所示：合力沿ON方向向下，大小為mg，所以加速度為g，方向沿ON向下，與速度方向相反，粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故ABC錯(cuò)誤；D．當(dāng)粒子減速為零時(shí)，所用時(shí)間為t，則故經(jīng)過(guò)時(shí)間，小球速度剛好減為零，然后反向加速，即小球的速度方向發(fā)生改變，故D正確。故選D。8．AAC．P、Q靜止時(shí)，設(shè)彈簧壓縮量為x，則    ①0.2s時(shí)P、Q分離，由于P質(zhì)量不計(jì)，合力為零，此時(shí)P、Q間無(wú)彈力，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，則Q在0.2s內(nèi)    ②帶入數(shù)據(jù)可得    ③故A正確，C錯(cuò)誤；B．設(shè)P、Q間作用力大小為FPQ，彈簧彈力為FT，對(duì)P     ④對(duì)Q ⑤在P、Q加速上移過(guò)程中，FT在逐漸較小，FPQ逐漸減小，F逐漸增大，故0s時(shí)的F是最小值Fmin，0.2s時(shí)的F是最大值Fmax。0s時(shí) ⑥帶入⑤式可得 ⑦0.2s時(shí) ⑧帶入⑤式可得故B錯(cuò)誤；D．若P有質(zhì)量，則剛要分離時(shí)，P合力也要沿斜面向上，彈簧必須有沿斜面向上的彈力，應(yīng)處于壓縮狀態(tài)，D錯(cuò)誤。故選A。9．BCA．一輛金屬車身的汽車可以起到靜電屏蔽的作用，也是最好的“避雷所”，一旦汽車被雷擊中，它的金屬構(gòu)架會(huì)將閃電的電流導(dǎo)入地下，打雷時(shí)，呆在汽車?yán)锔踩?/span>A錯(cuò)誤；B．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，其內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，故B正確；C．因?yàn)殡姾杉杏谛螤畋容^尖端的地方，即尖端放電，故燃?xì)庠畹碾娮狱c(diǎn)火器的放電電極做成針形比較好，故C正確；D．電力工人高壓帶電作業(yè)，全身穿戴金屬絲網(wǎng)制成的工作服，可以對(duì)人體起到靜電屏蔽作用，使人安全作業(yè)，故D錯(cuò)誤。故選BC。10．BDA．根據(jù)兩等量正點(diǎn)電荷電場(chǎng)特點(diǎn)，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，方向相反，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，結(jié)合矢量的合成法則，則有Oy軸上沿正方向的電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿著y軸正方向，那么電勢(shì)隨坐標(biāo)y的變大而減小，B正確；C．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式結(jié)合矢量的合成法則可知，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，因此Oy軸上沿正方向電場(chǎng)強(qiáng)度的大小先增大后減小， C錯(cuò)誤；D．將一試探電荷+q自a點(diǎn)由靜止釋放，若不計(jì)電荷重力，試探電荷在O點(diǎn)左邊受到向右的電場(chǎng)力，而在O點(diǎn)右邊時(shí)，受到向左的電場(chǎng)，則將在a、b間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，D正確。故選BD。11．BCA．點(diǎn)電荷的電場(chǎng)以點(diǎn)電荷為中心，向四周呈放射狀，如圖是最大內(nèi)角，所以，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式（或者根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度）可知從電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)線與等勢(shì)面（圖中虛線）處處垂直，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以從電勢(shì)先增大后減小，B正確；C．、兩點(diǎn)的電勢(shì)大小關(guān)系為，根據(jù)電勢(shì)能的公式可知正電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能，C正確；D．正電荷從，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力所做的總功為正功，D錯(cuò)誤。故選BC。12．BCA．由題意可知，B、C碰撞時(shí)B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞后瞬間B、C兩者的共同速度為vBC，規(guī)定向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得解得     A錯(cuò)誤；B．當(dāng)A、B、C三物塊的速度相等時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大，A、B、C三物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得解得即物塊Ａ的速度為3m/s，B正確；     C．由能量守恒定律可得彈簧的彈性勢(shì)能最大值為C正確； D．設(shè)彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A的速度為v1，B、C速度為v2，從B、C碰撞后到彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)的運(yùn)動(dòng)中，三物塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，則有    聯(lián)立解得v1=0v2=4m/s或v1=2m/sv2=6m/s（不合理，舍去）D錯(cuò)誤。故選BC。13．     BD/DB     AC/CA     （1）[1] A．為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即小球1的質(zhì)量應(yīng)大于小球2的質(zhì)量，兩球必須對(duì)心碰撞，因此兩球的半徑大小必須相同，故A錯(cuò)誤；B．為了保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽軌道末端必須調(diào)至水平，故B正確；C．小球1每次必須從斜槽的同一位置由靜止?jié)L下，才能保證每次小球1碰前的速度相同，故C錯(cuò)誤；D．由于白紙固定不動(dòng)，復(fù)寫紙鋪在白紙的上面，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中復(fù)寫紙可以隨時(shí)拿起來(lái)看印跡是否清晰并進(jìn)行移動(dòng)，故D正確。故選BD。（2）[2] A．實(shí)驗(yàn)時(shí)需要測(cè)出小球落地點(diǎn)的水平位移，因此實(shí)驗(yàn)需要刻度尺，故A正確；C．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中需要測(cè)量入射球與被碰球的質(zhì)量，因此實(shí)驗(yàn)需要天平；故C正確；BD．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中不需要測(cè)球的直徑、不需要測(cè)小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，因此不需要游標(biāo)卡尺和秒表，故BD錯(cuò)誤。故選AC。（3）[3]本實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證的動(dòng)量守恒定律表達(dá)式兩邊乘以相同的平拋的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t可得即為則14．     方案二            0.25（1）[1]圖b中固定彈簧測(cè)力計(jì)，拉動(dòng)木板做相對(duì)運(yùn)動(dòng)，更容易控制拉動(dòng)的速度，使示數(shù)更穩(wěn)定，測(cè)量更準(zhǔn)確，故方案二更合理；（2）[2]采用描點(diǎn)法畫出的圖象如下  （3）[3]由圖象可以看出，在砝碼對(duì)木塊壓力為0時(shí)，木塊對(duì)木板最初的摩擦力為1.50N，而且木塊與木板間的動(dòng)摩擦力隨著壓力的增大而增大，即木塊與木板間的動(dòng)摩擦力大小受壓力大小的影響。由題意可知，圖象的斜率15．（1）；（2）；（3）（1）根據(jù)動(dòng)能定理得解得（2）在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，有運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為速度偏轉(zhuǎn)角度滿足電子打在熒光屏上的P點(diǎn)到O′點(diǎn)的距離（3）電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功16．（1）；（2）；（3）（1）帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：設(shè)帶電粒子過(guò)點(diǎn)時(shí)的速度為，有得帶電粒子從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)的過(guò)程，有（2）設(shè)帶電粒子在第四象限內(nèi)的運(yùn)動(dòng)半徑為，由幾何關(guān)系得且得（3）帶電粒子從勻強(qiáng)電場(chǎng)中出來(lái)時(shí)，，，聯(lián)立得17．(1)  (2)坐標(biāo)為（，）(1)先應(yīng)用動(dòng)能定理求出粒子射出第一象限的速度大小，再利用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解電場(chǎng)；(2)綜合動(dòng)能定理和類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解坐標(biāo)．(1) 設(shè)粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q．射出第一象限時(shí)的速度大小為v．在第一象限的電場(chǎng)中加速時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理有， 要使粒子過(guò)M點(diǎn)．在第二象限電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，豎直方向和水平方向的位移大小均為L ，解得：；(2) 設(shè)從OA上坐標(biāo)為（x，y）出發(fā)的帶電粒子．通過(guò)第一象限電場(chǎng)過(guò)程中．出電場(chǎng)時(shí)速度為v1．其在第一象限電場(chǎng)中加速時(shí)．根據(jù)動(dòng)能定理有： 要使粒子過(guò)坐標(biāo)為（－2L，0）點(diǎn)．在第二象限電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，豎直方向位移為y1，水平方向位移為L，則 轉(zhuǎn)電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由圖可知：得： 得： 其中y＝x解得： 即釋放點(diǎn)坐標(biāo)為 ．

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