2023年江蘇省南京市高考物理二模試卷（含答案解析）-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

2023年江蘇省南京市高考物理二模試卷1. 我國的可控核聚變實(shí)驗(yàn)已取得重大突破，處于國際領(lǐng)先地位，下列說法正確的是(    )A. 只有氘和氚能發(fā)生核聚變，其他原子核不能
B. 由核反應(yīng)方程可知，核聚變反應(yīng)的條件之一就是需要慢中子
C. 核聚變和核裂變釋放核能時(shí)，都有質(zhì)量虧損
D. 核聚變反應(yīng)發(fā)生后，需要外界不斷給它提供能量才能將反應(yīng)持續(xù)下去2. 下列光現(xiàn)象中屬于衍射的是(    )A. 水中的氣泡看起來特別明亮
B. 白光通過三棱鏡在屏上出現(xiàn)彩色光帶
C. 在陽光照射下肥皂泡上出現(xiàn)彩色條紋
D. 某彩色光照射圓盤后，在適當(dāng)?shù)奈恢茫暗闹行某霈F(xiàn)一個(gè)亮斑3. 如圖甲所示，筆記本電腦支架一般有多個(gè)卡位用來調(diào)節(jié)角度，某人將電腦放在該支架上，由卡位4緩慢調(diào)至卡位如圖乙，電腦與支架始終處于相對靜止?fàn)顟B(tài)，則(    )
A. 電腦受到的支持力變大
B. 電腦受到的摩擦力變大
C. 支架對電腦的作用力減小
D. 電腦受到的支持力與摩擦力兩力大小之和等于其重力大小4. 一列波長大于1m的橫波沿x軸負(fù)方向傳播，處在的質(zhì)點(diǎn)A和的質(zhì)點(diǎn)B各自的振動(dòng)圖像如圖所示，由此可知(    )
A. 波長等于兩米
B. 波速為
C. 3s末質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向?yàn)?/span>y軸負(fù)方向
D. 2s末至3s末A、B兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的平均速度相同5. 2023年1月21日，神舟十五號(hào)3名航天員在400km高的空間站向祖國人民送上新春祝福，空間站的運(yùn)行軌道可近似看作圓形軌道Ⅰ，設(shè)地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，橢圓軌道Ⅱ為載人飛船運(yùn)行軌道，兩軌道相切于A點(diǎn)，下列說法正確的是(    )A. 在A點(diǎn)時(shí)神舟十五號(hào)經(jīng)過點(diǎn)火加速才能從軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ
B. 飛船在A點(diǎn)的加速度小于空間站在A點(diǎn)的加速度
C. 空間站在軌道Ⅰ上的速度小于
D. 軌道Ⅰ上的神舟十五號(hào)飛船想與前方的空間站對接，只需要沿運(yùn)動(dòng)方向加速即可
6. 氫原子的能級(jí)圖如圖甲所示，一群處于第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷過程中能發(fā)出幾種不同頻率的光，其中只有頻率為、兩種光可讓圖乙所示的光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，先分別用頻率或的三個(gè)光源a、b、c分別照射該光電管陰極K，測得電流隨電壓變化的圖像如圖丙所示，下列說法中正確的是(    )
A. 處于第4能級(jí)的氫原子向下躍遷最多發(fā)出4種不同頻率的光子
B. 圖線c對應(yīng)的光是氫原子由第3能級(jí)向第1能級(jí)躍遷發(fā)出的
C. 圖線a對應(yīng)的光子頻率大于圖線c對應(yīng)的光子頻率
D. 用圖線b對應(yīng)的光照射光電管時(shí)，光電流會(huì)隨著正向電壓的增大而不斷增大7. 如圖所示，某同學(xué)用“插針法”測量兩面平行玻璃磚的折射率，他先在紙上緊貼玻璃磚畫出參考線，釘上大頭針、，然后繼續(xù)實(shí)驗(yàn)。并畫出光路圖，則下列說法正確的是(    )
A. 入射角i盡量小一些，可以減小誤差
B. 、及、之間的距離取的小一些，可以減小誤差
C. 若在釘大頭針不小心使玻璃板平移到了虛線框位置，則最終測得的折射率偏大
D. 若把誤畫在了，其他操作均正確，則測得的折射率偏小8. 如圖所示，傾角為的足夠長斜面，現(xiàn)從斜面上O點(diǎn)與斜面成角，以速度、分別拋出小球P、Q，小球P、Q剛要落在斜面上A、B兩點(diǎn)時(shí)的速度分別、，設(shè)O、A間的距離為，O、B間的距離為，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)取不同值時(shí)下列說法正確的是(    )
A. 一定等于
B. 方向與斜面的夾角一定小于方向與斜面的夾角
C. P、Q在空中飛行的時(shí)間可能相等
D. 可能大于9. 將一個(gè)小球從地球豎直上拋，過程中小球受到的阻力與速率成正比，設(shè)向上為正方向，小球的速率、位移、動(dòng)能和機(jī)械能分別為v、x、和E，以地面為零勢能面，則下列描述小球運(yùn)動(dòng)過程的圖像可能正確的是(    )A. B.
C. D. 10. 如圖，光滑絕緣水平面上，由1、2、3三個(gè)帶電量均為、質(zhì)量均為m的相同金屬小球，用長為L的三根絕緣細(xì)繩連接，A、B、C分別為其中心，O為三角形中心，已知單個(gè)點(diǎn)電荷q周圍空間的電勢，r為到點(diǎn)電荷的距離，則下列說法正確的是(    )
A. O點(diǎn)的電場強(qiáng)度不為零，且方向向上
B. 若L長度可調(diào)節(jié)，則A、O兩點(diǎn)的電勢可能相等
C. 系統(tǒng)的總電勢能為
D. 若B處剪斷，則之后小球1的最大速度為11. 某同學(xué)用多用電表做了以下兩個(gè)實(shí)驗(yàn)：
用歐姆擋測量一電阻的阻值約，進(jìn)行了如圖甲所示虛線框中A、B、C、D四個(gè)操作，正確的操作順序是______ ；其中步驟B的指針指在如圖乙所示的刻度處，該電阻的阻值為______ 。
歐姆表的內(nèi)部電路可簡化為一個(gè)電動(dòng)勢為E的電源、一個(gè)電流表、一個(gè)可變電阻和紅表筆串聯(lián)而成。為了測量多用電表歐姆擋在“”擋時(shí)的內(nèi)部總電阻r、電動(dòng)勢E和黑表筆短接時(shí)多用電表中的電流I，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路。
①正確連線后，閉合開關(guān)，改變電阻箱的阻值，得到多組電流表的示數(shù)I和電阻箱的R，數(shù)據(jù)記錄如表：
請根據(jù)該同學(xué)在坐標(biāo)紙上描繪的點(diǎn)畫出圖像；15701140920550300110②由圖像計(jì)算歐姆表內(nèi)電源的電動(dòng)勢______ V；
③若毫安表內(nèi)阻，則紅、黑表筆短接時(shí)多用電表丁中的電流______ mA。以上結(jié)果均保留2位有效數(shù)字
12. 如圖甲所示，一個(gè)導(dǎo)熱氣缸水平放置，內(nèi)部封閉著熱力學(xué)溫度為的理想氣體，活塞截面積為S，活塞與氣缸底部距離為L，大氣壓為，重力加速度為g，活塞與氣缸之間摩擦忽略不計(jì)。先保持溫度不變，將氣缸緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)如圖乙，活塞與氣缸底部距離變?yōu)?/span>。再對氣體緩慢加熱，活塞離氣缸底部距離變?yōu)?/span>如圖丙，求：

活塞的質(zhì)量m；
氣體加熱后的熱力學(xué)溫度T。13. 某種發(fā)電機(jī)的原理如圖所示，矩形線圈處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，可繞與磁場方向垂直的固定軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為。已知線圈的匝數(shù)為n，ab邊長為，bc邊長為，線圈總電阻為r，線圈與阻值為R的外電路連接，交流電壓表為理想電表。求：
線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，通過電阻R的電量q。
發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)，交流電壓表的示數(shù)U。
14. 如圖甲所示，質(zhì)量為2m的足夠長木板C置于水平面上，滑塊A、B質(zhì)量均為m，置于C上，B位于A右方某處。A、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)，B、C間，C與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。給C施加一水平向右的恒力F，A、B第一次相遇時(shí)間為t。可得與F的關(guān)系如圖乙所示。設(shè)A、B間碰撞為彈性正碰，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求：
滑塊A、B的最大加速度、；
、B之間的初始距離L和滑塊A的質(zhì)量m；
若，從剛開始施加力至A、B第二次相撞時(shí)拉力所做的功W。
15. 如圖所示，真空中存在一間距為容器，板長，板間電壓為U、勻強(qiáng)電場方向向上，MN為一垂直上極板PQ的足夠長的光屏，其下端N與極板右端Q重合，在MN所在豎直線右側(cè)存在勻強(qiáng)磁場。在下極板左端有一個(gè)粒子源A，可以緊貼極板水平向右連續(xù)發(fā)射帶正電的粒子，粒子比荷為，初速度。已知粒子打到極板或光屏?xí)r會(huì)被吸收，粒子之間的作用力不計(jì)，粒子的重力不計(jì)。
為使粒子能夠從極板間射出，求電壓U的最大值；
若勻強(qiáng)磁場方向垂直紙面向里，大小為，電壓U可任意調(diào)節(jié)，則求粒子擊中光屏形成痕跡的長度。
若勻強(qiáng)磁場方向改成水平向右，大小變?yōu)?/span>，電壓U可任意調(diào)節(jié)，在極板右側(cè)放置另一塊與MN平行的足夠大的光屏CD，CD在磁場中只能左右移動(dòng)，則求粒子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積S。
若勻強(qiáng)磁場方向改成水平向右，大小變?yōu)?/span>，電壓U可任意調(diào)節(jié)，在極板右側(cè)放置另一塊與MN平行的足夠大的光屏CD，CD在磁場中只能左右移動(dòng)，則求粒子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積S。

答案和解析 1.【答案】C 【解析】解：原子序數(shù)小于鐵的都可以發(fā)生核聚變，不一定是氘和氚，恒星演化后期會(huì)有氦聚變?yōu)樘歼M(jìn)而聚變?yōu)檠醯倪^程，故A錯(cuò)誤；
B.核聚變的反應(yīng)條件是高溫高壓，故B錯(cuò)誤；
C.核聚變和核裂變釋放核能時(shí)，都會(huì)有質(zhì)量虧損，故C正確；
D.核聚變一旦發(fā)生以后，就不再需要外界給它能量，靠自身產(chǎn)生的熱就會(huì)使反應(yīng)繼續(xù)下去，故D錯(cuò)誤。
故選：C。
理解核聚變的發(fā)生條件；
理解核聚變和核裂變發(fā)生后不需要再提供能量，會(huì)因?yàn)橘|(zhì)量虧損而向外釋放能量。
本題主要考查了輕核的聚變的相關(guān)應(yīng)用，理解核反應(yīng)的條件和質(zhì)量虧損的概念即可完成分析，難度不大。
2.【答案】D 【解析】解：水中的氣泡看起來特別明亮，是因?yàn)楣鈴乃湎驓馀輹r(shí)，其中有部分的光在界面上發(fā)生了全反射，故A錯(cuò)誤；
B.太陽光通過玻璃三棱鏡后形成彩色光帶，是光的折射現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；
C.肥皂泡在陽光照耀下呈現(xiàn)彩色條紋，太陽光肥皂泡經(jīng)過內(nèi)外膜的反射后疊加，在特定位置發(fā)生了加強(qiáng)和減弱，這是光的干涉，故C錯(cuò)誤；
D.圓盤衍射出現(xiàn)泊松亮斑，故D正確。
故選：D。
理解衍射的條件和現(xiàn)象，結(jié)合題意完成分析。
本題主要考查了光的衍射的相關(guān)應(yīng)用，理解光的衍射現(xiàn)象即可完成分析，難度不大。
3.【答案】A 【解析】解：根據(jù)題意，對電腦受力分析，電腦在散熱座上受到重力、散熱座的支持力和摩擦力的作用保持平衡狀態(tài)，如圖所示

電腦始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，故電腦受力平衡。由平衡條件可得，電腦受到的支持力大小為
電腦受到的摩擦力大小
由原卡位4調(diào)至卡位1，減小，故增大，f減小，故B錯(cuò)誤，A正確；
C.散熱底座對電腦的作用力的合力，即電腦受到的支持力與摩擦力兩力的合力，大小等于電腦的重力，方向豎直向上，始終不變，故C正確；
B.電腦受到的支持力與摩擦力兩力大小之和大于其重力大小，故D錯(cuò)誤。
故選：A。
電腦受重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解靜摩擦力和支持力表達(dá)式，再分析即可。
本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。
4.【答案】B 【解析】解：因?yàn)樵摬ㄑ?/span>x軸負(fù)方向傳播，所以A與B相隔個(gè)周期，即時(shí)間為1s，間距為1m，故波速為，由振動(dòng)圖像可知周期，可得波長為4m，故A錯(cuò)誤，B正確；
C.由圖像可知3s末A、B兩質(zhì)點(diǎn)的位移分別為，，所以3s末質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向?yàn)?/span>y軸正方向，故C錯(cuò)誤；
D.由圖可知2s末末，質(zhì)點(diǎn)A從平衡位置運(yùn)動(dòng)到波谷，質(zhì)點(diǎn)B從波谷運(yùn)動(dòng)到平衡位置，兩質(zhì)點(diǎn)的平均速度大小相等但是方向不同，故D錯(cuò)誤。
故選：B。
根據(jù)圖像得出周期的大小，結(jié)合傳播方向和波速的計(jì)算公式得出波速的大小；
根據(jù)圖像的物理意義得出質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方向；
根據(jù)平均速度的定義式得出兩質(zhì)點(diǎn)的平均速度的大小。
本題主要考查了簡諧橫波的相關(guān)應(yīng)用，理解簡諧橫波在不同方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可完成分析。
5.【答案】C 【解析】解：A、從軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ，神舟十五號(hào)做近心運(yùn)動(dòng)，應(yīng)在A點(diǎn)減速，故A錯(cuò)誤；
B、根據(jù)萬有引力提供向心力有：，解得，所以飛船在A點(diǎn)的加速度等于空間站在A點(diǎn)的加速度，故B錯(cuò)誤；
C、根據(jù)第一宇宙速度的計(jì)算可知，解得：，該速度是最大的環(huán)繞速度，所以空間站在軌道Ⅰ上的速度小于，故C正確；
D、軌道Ⅰ上的神舟十五號(hào)飛船想與前方的空間站對接，只沿運(yùn)動(dòng)方向加速，會(huì)變到更高軌道，故D錯(cuò)誤；
故選：C。
根據(jù)衛(wèi)星的變軌原理分析AD項(xiàng)，根據(jù)萬有引力提供向心力可知加速度的表達(dá)式，從而分析B項(xiàng)，根據(jù)第一宇宙速度的特點(diǎn)分析C。
該題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵掌握變軌原理，注意第一宇宙速度的特點(diǎn)。
6.【答案】B 【解析】解：A、第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷過程中，能發(fā)出種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤；
BC、由于只有頻率為、兩種光可讓圖乙所示的光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，躍遷時(shí)發(fā)出的兩種頻率最大的光為、，由圖乙可知，b光的遏止電壓大，a和c光的遏止電壓小，根據(jù)光電效應(yīng)方程

及
知，a對應(yīng)的光子頻率小于圖線b對應(yīng)的光子頻率，故a、c是躍遷發(fā)出的，b是躍遷發(fā)出的，a對應(yīng)的光子頻率和圖線c對應(yīng)的光子頻率相等，故C錯(cuò)誤，B正確；
D、用圖線b對應(yīng)的光照射光電管時(shí)，光電流達(dá)到飽和后不再增大，故D錯(cuò)誤。
故選：B。
一群處于第n能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷過程中能發(fā)出種不同頻率的光；由于只有兩種頻率光可讓光電管陰極K發(fā)生光電效應(yīng)，只能是從、躍遷時(shí)發(fā)出的光，再根據(jù)遏止電壓低的對應(yīng)入射光的頻率低去判斷；由于a、c的遏止電壓相同，所以對應(yīng)入射光的頻率相等；入射光照射光電管時(shí)，光電流會(huì)隨著正向電壓的增大而不斷增大，而光電流達(dá)到飽和后不會(huì)再增大。
此題綜合考查了玻爾理論與氫原子能級(jí)躍遷、光電效應(yīng)、及愛因斯坦的光電效應(yīng)方程，并與圖像結(jié)合，深刻理解其中的原理是關(guān)鍵，較好的考察了識(shí)圖用圖能力。
7.【答案】D 【解析】解：根據(jù)折射定律可知，折射角隨入射角的減小而減小，入射角過小，折射角將很小，折射現(xiàn)象不明顯，角度測量的相對誤差會(huì)大些，故A錯(cuò)誤；
B.折射光線是通過隔著玻璃觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度誤差會(huì)較大，故、及、之間的距離適當(dāng)大些，可以提高精確度，故B錯(cuò)誤；
C.不小心把玻璃磚移平移到了虛線框位置，則入射角和折射角都不會(huì)改變，不會(huì)影響折射率的測量，故C錯(cuò)誤；
D.若把誤畫在了，導(dǎo)致折射角變大，根據(jù)折射定律可知，測得的折射率就會(huì)偏小，故D正確。
故選：D。
A.根據(jù)折射定律可知，折射角隨入射角的減小而減小，入射角過小，折射角將很小，角度測量誤差大；
B.大頭針間的距離太小，不便于觀察、的像以及、，誤差較大；
C.把玻璃磚移平移到了虛線框位置，不改變?nèi)肷浣呛驼凵浣堑拇笮。?/span>
D.若把誤畫在了，導(dǎo)致折射角變大，根據(jù)折射定律分析作答。
本題考查了插針法測定玻璃的折射率；實(shí)驗(yàn)時(shí)要注意大頭針的間距適當(dāng)大一些，所畫的玻璃磚的界面要用玻璃磚的邊界重合。
8.【答案】A 【解析】解：沿斜面x軸，垂直于斜面y軸，分解初速度和加速度大小分別為：，，，，
沿斜面和垂直于斜面，沿斜面是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，垂直于斜面方向是類豎直上拋運(yùn)動(dòng)。
A、運(yùn)動(dòng)對稱性知，落回斜面時(shí)的速度大小和拋出時(shí)速度大小一樣，，故A正確；
B、運(yùn)動(dòng)對稱性知，方向與斜面的夾角一定等于方向與斜面的夾角均為，故B錯(cuò)誤；
C、空中飛行時(shí)間為，，故C錯(cuò)誤；
D、沿斜面發(fā)生的位移是：，其中，，所以等于，故D錯(cuò)誤。
故選：A。
分解初速度和加速度，沿斜面和垂直于斜面，沿斜面是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，垂直于斜面方向是類豎直上拋運(yùn)動(dòng)。落回斜面時(shí)垂直斜面的速度大小就是初始垂直于斜面方向的速度大小，方向相反。落回斜面時(shí)沿斜面速度大小就是初始于斜沿斜面方向的速度大小。
本題考查斜拋運(yùn)動(dòng)，處理斜拋運(yùn)動(dòng)采用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，此題可按沿斜面和垂直于斜面分解初速度和加速度，求時(shí)間和沿斜面的位移可直接利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式。
9.【答案】C 【解析】解：A、小球上拋過程，由牛頓第二定律得：，v逐漸減小，則a減小，下降過程中有，v越來越大，故加速度繼續(xù)減小，圖像趨勢正確，但速度為零時(shí)，斜率不為零，且加速度為g，圖像應(yīng)為平滑曲線，故A錯(cuò)誤；
B、圖斜率為，在上升過程中斜率變大，下降過程中斜率變小，故B錯(cuò)誤；
C.、圖像斜率為合外力，向上運(yùn)動(dòng)過程變小，向下運(yùn)動(dòng)過程繼續(xù)變小，故C正確；
D、向上運(yùn)動(dòng)過程比向下過程中任意一個(gè)位置，摩擦力要更大，故向上過程中摩擦力做功更多一點(diǎn)，機(jī)械能損失要更多一點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；
故選：C。
根據(jù)小球上升和下降過程中分別對小球根據(jù)牛頓第二定律列式，分別確定加速度變化情況，再確定速度隨著位移的變化規(guī)律以及動(dòng)能隨著位移的變化規(guī)律。
本題解題關(guān)鍵是要分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)牛頓第二定律求出小球速度隨著位移以及動(dòng)能隨著位移的變化規(guī)律，解決該題的關(guān)鍵是分清運(yùn)動(dòng)過程，并能根據(jù)各個(gè)運(yùn)動(dòng)過程準(zhǔn)確分析小球的運(yùn)動(dòng)情況。
10.【答案】D 【解析】解：由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可知A、B、C三處點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，夾角為，根據(jù)電場強(qiáng)度疊加可得O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為0，故A錯(cuò)誤；
B.O點(diǎn)到金屬小球的距離均為，A點(diǎn)到金屬小球3的距離為，根據(jù)電勢疊加，A、O兩點(diǎn)的電勢分別為

則A、O兩點(diǎn)電勢不論L取何值時(shí)都不可能相等，故B錯(cuò)誤；
C.1電荷的電勢能為：
同理可得2和3電荷電勢能為：
故整個(gè)系統(tǒng)電勢能為：
故C錯(cuò)誤；
D.三個(gè)小球運(yùn)動(dòng)至一條直線時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢能最小，由能量守恒定律知：1球的動(dòng)能最大，1球速度最大，此時(shí)
1電荷的電勢能：
2和3電荷電勢能：
此時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢能最小為：
三個(gè)小球運(yùn)動(dòng)的過程中，對系統(tǒng)由能量守恒定律得：

由動(dòng)量守恒定律得：

兩式聯(lián)立解得：
故D正確。
故選：D。
利用電場強(qiáng)度疊加可求O點(diǎn)的電場強(qiáng)度；電勢為標(biāo)量，疊加時(shí)直接數(shù)值相加；求出每一個(gè)電荷的電勢，進(jìn)而求出每個(gè)電荷的電勢能，可求系統(tǒng)的總電勢能，當(dāng)B處間斷后，當(dāng)三個(gè)球運(yùn)動(dòng)至一條直線時(shí)整個(gè)系統(tǒng)電勢能最小，動(dòng)能最大，利用動(dòng)量守恒定律和能量守恒律聯(lián)立求解。
此題考查了電場強(qiáng)度的疊加，電勢的疊加，電勢能的計(jì)算，可以充分體現(xiàn)矢量標(biāo)量運(yùn)算的不同；D選項(xiàng)需要充分把握運(yùn)動(dòng)過程的特點(diǎn)，即系統(tǒng)的合外力為零，從而選擇力學(xué)規(guī)律求解。
11.【答案】【解析】解：使用多用電表測電阻，首先進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，用刻度盤下的調(diào)零旋鈕手動(dòng)把指針撥到零刻度線處，然后選擇歐姆擋位，再進(jìn)行歐姆調(diào)零，兩個(gè)表筆短接，調(diào)整調(diào)零旋鈕，調(diào)整好之后，把兩表筆接在電阻兩端，進(jìn)行測量。故正確的操作順序是：CADB。
由圖乙可知，歐姆表指針指在19，所選倍率為，則該電阻的阻值為
①根據(jù)閉合回路歐姆定律有
整理可得
可知，圖像為傾斜直線，用直線連接各點(diǎn)，盡可能使各點(diǎn)落在直線上或均勻分布在直線兩側(cè)，遠(yuǎn)離的點(diǎn)舍去，如圖所示

②由圖像可得
解得
③由上述分析可知
解得
則紅、黑表筆短接時(shí)多用電表中的電流
故答案為：，；①見解析；②；③。
根據(jù)歐姆表的使用方法分析判斷，讀出歐姆表指針?biāo)缚叹€乘以倍率即為歐姆表讀數(shù)；
根據(jù)閉合電路歐姆定律推導(dǎo)圖像函數(shù)表達(dá)式，判斷函數(shù)圖像特征，畫出圖像；根據(jù)圖像斜率和截距計(jì)算。根據(jù)閉合電路歐姆定律計(jì)算短路電流；
本題考查多用電表的使用和測電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)電路圖，利用圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。
12.【答案】解：根據(jù)題意，由平衡條件可知，氣缸水平時(shí)，內(nèi)部氣體
壓強(qiáng)為
體積為
氣缸豎直時(shí)，內(nèi)部氣體氣壓為
體積為
從甲到乙，為等溫變化，由玻意耳定律有

代入數(shù)據(jù)解得
根據(jù)題意可知，從乙到丙，氣體為等壓變化，由蓋-呂薩克定律有

解得
答：活塞的質(zhì)量m為；
氣體加熱后的熱力學(xué)溫度T為。【解析】缸內(nèi)氣體，從甲到乙，為等溫變化，可由玻意耳定律或理想氣體狀態(tài)方程列方程求解；從乙到丙，氣體為等壓變化，可由蓋-呂薩克定律或理想氣體狀態(tài)方程列方程求解。
本題考查玻意耳定律、蓋-呂薩克定律應(yīng)用，解題時(shí)也可應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程求解。注意從已知條件中找到隱含條件，注意在狀態(tài)變換過程中找到不變量。
13.【答案】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢為：

根據(jù)歐姆定律可得：

通過電阻R的電量為：

聯(lián)立得通過的電量為
根據(jù)題意可知，最大的感應(yīng)電動(dòng)勢
得交變電流的最大值
則電壓表示數(shù)為
答：線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，通過電阻R的電量為。
發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)，交流電壓表的示數(shù)為。【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，結(jié)合歐姆定律和電流的定義式計(jì)算出電荷量的大?。?/span>
根據(jù)交流電的計(jì)算公式結(jié)合有效值的計(jì)算得出電壓表的示數(shù)。
本題主要考查了交流電的相關(guān)應(yīng)用，熟悉法拉第電磁感應(yīng)定律計(jì)算電動(dòng)勢，結(jié)合歐姆定律即可完成分析，難度不大。
14.【答案】解：根據(jù)題意，由牛頓第二定律，對滑塊A有

解得：
對滑塊B有

解得：
根據(jù)題意，由圖可知F足夠大時(shí)A、B加速度恒定，即A、B均相對C滑動(dòng)，相遇時(shí)間恒定為

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得

解得：
又因?yàn)?/span>A、C與B產(chǎn)生相對滑動(dòng)時(shí)，才能相遇，由圖可知，當(dāng)，滑塊B與C恰好發(fā)生相對滑動(dòng)，則有

解得
根據(jù)題意，設(shè)A、B、C均產(chǎn)生相對運(yùn)動(dòng)時(shí)的拉力為，則有

解得
當(dāng)時(shí)，有

解得
由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得，由于相遇時(shí)間為2s，則有第一次相撞前

碰撞前后C速度不變，由于A、B間碰撞為彈性正碰，則碰撞后速度交換，
設(shè)經(jīng)過，A、B第二次碰撞，則有

解得：
則整個(gè)過程木板運(yùn)動(dòng)的距離為

代入數(shù)據(jù)得：
則拉力所做的功為

代入數(shù)據(jù)解得：
答：滑塊A的最大加速度為；滑塊B的最大加速度為；
、B之間的初始距離L為2m，滑塊A的質(zhì)量m為1kg；
若，從剛開始施加力至A、B第二次相撞時(shí)拉力所做的功為702J 【解析】、B與C發(fā)生相對滑動(dòng)時(shí)所受的摩擦力最大，對應(yīng)的加速度也最大；
只有A、B均相對C滑動(dòng)時(shí)，相遇時(shí)間才恒定，由圖可確定相遇時(shí)間，A、B均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，兩物體的位移差值即為A、B之間的初始距離L，
由圖可知：，滑塊B與C即將發(fā)生相對滑動(dòng)，對整體由牛頓第二定律可求得滑塊A的質(zhì)量m；
先求出A、B均相對C滑動(dòng)時(shí)F的大小，由于，兩物體A、B、C均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，求出A、B碰前的速度，再由動(dòng)量守恒定律求出碰后速度，判斷兩物體的運(yùn)動(dòng)過程，前后兩次相遇位移相等由此求出此過程的時(shí)間，進(jìn)而求出C全過程的位移，即可求出做的功。
此題為有外力時(shí)板塊模型，綜合應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)量守定律，分析求；注意抓好時(shí)間、位移的關(guān)系；注意分析物體的運(yùn)動(dòng)過程；注意利用好圖像，挖掘隱含條件，此題難度較大。
15.【答案】解：粒子在磁場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向
解得
豎直方向，
聯(lián)立解得
電壓的最大值為50V
設(shè)射入磁場的粒子速度為v，與水平方向成角，磁場中圓周運(yùn)動(dòng)半徑為，由得

由幾何關(guān)系得，磁場中弧線在豎直方向的高度為
聯(lián)立解得，即為定值，如下圖所示：

因，所以打到光屏上離q距離的最小值和最大值分別為
，，因此痕跡長度
粒子從電場中射出，進(jìn)入磁場后水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，垂直磁場方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。將速度分解如下圖所示：

某出射粒子進(jìn)入磁場后的半徑
根據(jù)幾何關(guān)系分析得

又
即圓心連線為一條直線，有幾何關(guān)系可得所有光屏痕跡是由從上到下逐漸減小的圓疊加形成的。如下圖所示，

當(dāng)時(shí)，原半徑最大為

由得
則求粒子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積為

答：電壓的最大值為50V；
痕跡長度；
粒子打在光屏CD上留下所有痕跡的面積為。【解析】粒子能夠從極板中射出的臨界條件是剛好運(yùn)動(dòng)到上極板邊緣，根據(jù)水平方向勻速運(yùn)動(dòng)可以求解時(shí)間，根據(jù)豎直方向勻加速先求解加速度之后，由電場性質(zhì)進(jìn)一步求解出最大電壓。
粒子進(jìn)入磁場后在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在電場中出來的速度以及角度可以求解出打到屏上的最大距離，進(jìn)一步思考可以求解出范圍。
粒子進(jìn)入磁場中的速度方向如果和磁場有一個(gè)角度將做螺旋線運(yùn)動(dòng)，在CD上的投影就是圓，由于電壓不同以及速度大小方向不同，圓的半徑不同，導(dǎo)致投影是一系列圓的疊加。
本題考查分析和處理粒子在電場磁場中運(yùn)動(dòng)的問題，難點(diǎn)在于根據(jù)力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系分析出粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡以及如何運(yùn)用幾何知識(shí)得出面積。

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