1.有一平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，A極板帶電量為+4×10﹣6C，B極板帶電量為﹣4×10﹣6C，電容器的電容為2μF，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 電容器兩極板間電壓為4V B. 電容器兩極板間電壓為2V
C. 假設(shè)將正極板A移至虛線位置，電容器電容變小 D. 假設(shè)將正極板A移至虛線位置，電容器電壓不變
2.如下列圖，質(zhì)量為m的半球體和質(zhì)量為M的正方體放在兩豎直墻和水平面間，處于靜止?fàn)顟B(tài)。半球體的底面與豎直方向夾角為α，重力加速度g，假設(shè)不計(jì)一切摩擦，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 正方體受3個(gè)力的作用 B. 正方體對(duì)半球體的彈力大小為
C. 水平面對(duì)正方體的彈力大小為〔M+m〕gcsα D. 左側(cè)墻面對(duì)正方體的彈力大小等于mgctα
3.如下列圖為某穩(wěn)定電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布情況，A、B、C、D為電場(chǎng)中的四個(gè)點(diǎn)，B、C點(diǎn)為空心導(dǎo)體外表兩點(diǎn)，A、D為電場(chǎng)中兩點(diǎn)。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. D點(diǎn)的電勢(shì)低于A點(diǎn)的電勢(shì) B. A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度
C. 將電子從D點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功 D. 將電子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電勢(shì)能增大
4.據(jù)報(bào)道，2021年11月5日，中國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射第四十九顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。該衛(wèi)星發(fā)射成功，標(biāo)志著北斗三號(hào)系統(tǒng)3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星全部發(fā)射完畢。該衛(wèi)星在發(fā)射過(guò)程中經(jīng)過(guò)四次變軌進(jìn)入同步軌道，如下列圖為第四次變軌的示意圖，衛(wèi)星先沿橢圓軌道Ⅱ飛行，后在遠(yuǎn)地點(diǎn)A處實(shí)現(xiàn)變軌，由橢圓軌道Ⅱ進(jìn)入同步軌道Ⅰ．以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 在軌道Ⅰ上的周期比地球自轉(zhuǎn)周期大
B. 在軌道Ⅰ上的速度比在軌道Ⅱ上任意一點(diǎn)的速度小
C. 在軌道Ⅰ上的機(jī)械能比在軌道Ⅱ上任意一點(diǎn)的機(jī)械能大
D. 在軌道Ⅰ上的加速度比在軌道Ⅱ上任意一點(diǎn)的加速度大
5.如下列圖，小球甲從P點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從Q點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，且到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速率相等，方向夾角為60°，Q、C兩點(diǎn)的高度差為h，兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力。下來(lái)說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 兩小球在C點(diǎn)的速度大小為 B. P、Q兩點(diǎn)的高度差為
C. 兩小球從出發(fā)點(diǎn)到C點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為 D. 兩小球在C點(diǎn)時(shí)，重力的瞬時(shí)功率大小不相等
二、多項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每題4分，共計(jì)16分．每題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不選的得0分．
6.交流發(fā)電機(jī)的發(fā)電原理是矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。在發(fā)電機(jī)的輸出端a、b與電動(dòng)機(jī)之間接一個(gè)理想變壓器，理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2＝5：1，電動(dòng)機(jī)線圈電阻為R，電路如下列圖。理想電壓表讀數(shù)為U，理想電流表讀數(shù)為I，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)一質(zhì)量為m的重物勻速上升。假設(shè)電動(dòng)機(jī)因摩擦造成的能量損失不計(jì)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 流經(jīng)電動(dòng)機(jī)的電流為 B. 發(fā)電機(jī)的最大電動(dòng)勢(shì) U
C. 電動(dòng)機(jī)的熱功率為I2R D. 重物勻速上升的速度
7.2021年12月17日，我國(guó)第一艘國(guó)產(chǎn)航空母艦“山東艦〞在海南三亞交付海軍，標(biāo)志著中國(guó)正式進(jìn)入“雙航母時(shí)代〞。該航母上的艦載機(jī)采用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩局部構(gòu)成，如圖1所示。為了便于研究艦載機(jī)的起飛過(guò)程，假設(shè)上翹甲板BC是與水平甲板AB相切的一段圓弧，示意如圖2所示，AB長(zhǎng)為L(zhǎng)1 ， BC水平投影L2 ， 圖中C點(diǎn)切線方向與水平方向的夾角為θ．假設(shè)艦載機(jī)從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)B點(diǎn)進(jìn)入BC．飛行員的質(zhì)量m，重力加速度為g。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 艦載機(jī)剛進(jìn)入上翹甲板時(shí)的速度為
B. 艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，飛行員受到的合外力
C. 艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，飛行員受到的水平力所做功
D. 艦載機(jī)剛進(jìn)入BC時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力
8.如下列圖，磁流體發(fā)電機(jī)的長(zhǎng)方體發(fā)電導(dǎo)管的前后兩個(gè)側(cè)面是絕緣體，上下兩個(gè)側(cè)面是電阻可忽略的導(dǎo)電電極，兩極間距為d，極板的長(zhǎng)、寬分別為a、b，面積為S，這兩個(gè)電極與可變電阻R相連。在垂直于前后側(cè)面的方向上有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．發(fā)電導(dǎo)管內(nèi)有電阻率為ρ的高溫電離氣體﹣﹣等離子體，等離子體以速度v向右流動(dòng)，并通過(guò)專用通道導(dǎo)出。不計(jì)等離子體流動(dòng)時(shí)的阻力，調(diào)節(jié)可變電阻的阻值，以下說(shuō)法不正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)為E＝Bbv
B. 可變電阻R中的電流方向是從P到Q
C. 假設(shè)可變電阻的阻值為R＝ ，那么流過(guò)R的電流為
D. 假設(shè)可變電阻的阻值為R＝ ，那么R上消耗的最大電功率為
9.質(zhì)量相等的a、b兩物體〔均可視為質(zhì)點(diǎn)〕放在同一水平面上，分別受到水平恒力F1、F2的作用，從同一位置由靜止開(kāi)始同時(shí)沿同一直線分別做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過(guò)時(shí)間t0和4t0速度大小分別到達(dá)2v0和v0時(shí)分別撤去F1、F2 ， 然后物體繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停止，如下列圖為a、b兩物體v﹣t圖象。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. a、b物體的總位移大小之比為5：6 B. a、b物體所受摩擦力大小之比為1：1
C. F1和F2的大小之比為12：5 D. F1和F2對(duì)a、b物體做功之比為5：6
三、簡(jiǎn)答題
10.小華同學(xué)欲測(cè)量小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，光電門(mén)1、2可沿斜面移動(dòng)，物塊上固定有寬度為d的擋光窄片。物塊在斜面上滑動(dòng)時(shí)，光電門(mén)可以顯示出擋光片的擋光時(shí)間?！惨韵掠?jì)算的結(jié)果均請(qǐng)保存兩位有效數(shù)字〕
〔1〕用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度，其示數(shù)如圖2所示，那么擋光片的寬度d＝________mm。
〔2〕在P處用力推動(dòng)物塊，物塊沿斜面下滑，依次經(jīng)過(guò)光電門(mén)1、2，顯示的時(shí)間分別為40ms、20ms，那么物塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)1處時(shí)的速度大小為_(kāi)_______m/s，經(jīng)過(guò)光電門(mén)2處時(shí)的速度大小為_(kāi)_______m/s。比較物塊經(jīng)過(guò)光
電門(mén)1、2處的速度大小可知，應(yīng)________〔選填“增大〞或“減小〞〕斜面的傾角，直至兩光電門(mén)的示數(shù)相等。
2 ， 那么物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)的值μ＝________。
11.學(xué)校某實(shí)驗(yàn)小組為了測(cè)量量程為3V，內(nèi)阻約幾千歐的電壓表內(nèi)阻RV ， 采用如下的實(shí)驗(yàn)步驟：
〔1〕如圖a所示，先用多用電表粗測(cè)其內(nèi)阻，其中黑表筆應(yīng)連接________〔選填“+〞、“3V〞或“15V〞〕接線柱。如圖b所示，歐姆表的讀數(shù)為_(kāi)_______Ω。
〔2〕為進(jìn)一步測(cè)量其內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖c所示的電路，其中多用電表選擇開(kāi)關(guān)打到直流電流檔，如圖d所示，紅表筆應(yīng)連接電壓表的________〔填“﹣〞、“3V〞或“15V〞〕接線柱。連接電路后，進(jìn)行正確操作。
〔3〕如圖e所示，電壓表的讀數(shù)為_(kāi)_______V．此時(shí)多用電表的讀數(shù)為0.44mA，那么電壓表的內(nèi)阻________Ω〔結(jié)果均保存三位有效數(shù)字〕。
〔4〕如圖f所示是一個(gè)多量程多用電表的簡(jiǎn)化電路圖，測(cè)量電流、電壓和電阻各有兩個(gè)量程。當(dāng)轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S旋到位置5時(shí)，可用來(lái)測(cè)量________；假設(shè)使用多用電表判斷二極管的正負(fù)極，將轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S旋到位置________。
四、[選修3-5]〔12分〕
12.有關(guān)近代物理知識(shí)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 圖甲中，從光電流與電壓的關(guān)系圖象中可以看出，電壓相同時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，說(shuō)明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)
B. 圖乙中，可以研究單位時(shí)間發(fā)射的光電子數(shù)與照射光的強(qiáng)度有關(guān)
C. 圖丙中，射線A由α粒子組成，射線B為電磁波，射線C由電子組成
D. 圖丁中，少數(shù)α粒子發(fā)生了較大角度偏轉(zhuǎn)，是因?yàn)樵拥娜空姾珊徒^大局部質(zhì)量集中在一個(gè)很小的核上
13.國(guó)家重大科技根底設(shè)施中國(guó)散裂中子源已經(jīng)通過(guò)國(guó)家驗(yàn)收，投入正式運(yùn)行。它是研究中子特性、探測(cè)物質(zhì)微觀結(jié)構(gòu)和運(yùn)動(dòng)的科研裝置。在某課題研究中核反響方程為 e+X，那么X是________。 的質(zhì)量為2.0136u， 的質(zhì)量為3.0180u， 的質(zhì)量為4.0026u，X的質(zhì)量為1.0087112u，該反響釋放能量為_(kāi)_______MeV．〔質(zhì)量虧損1u釋放的能量約931.5MeV〕
14.一質(zhì)量為1kg的小球A以2.0m/s的速度和靜止于光滑水平面上質(zhì)量為2kg的另一大小相同的小球B發(fā)生正碰，碰撞后它以0.2m/s的速度反彈。求：
①原來(lái)靜止小球獲得的速度大小；
②碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能。
五、[選修3-3]〔12分〕
15.關(guān)于熱現(xiàn)象，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 不同溫度下，水的絕對(duì)濕度不同，而相對(duì)濕度相同
B. 增大氣體的壓強(qiáng)，可以使氣體分子之間的斥力大于引力，使得分子力表現(xiàn)為斥力
C. 石墨和金剛石的物理性質(zhì)不同，是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同
D. 假設(shè)容器中用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽，當(dāng)保持溫度不變向下緩慢壓縮活塞時(shí)，水汽的質(zhì)量減少，壓強(qiáng)不變
16.如下列圖，一定質(zhì)量的某種理想氣體在狀態(tài)A時(shí)的體積為V0 ， 從狀態(tài)A到狀態(tài)B，外界對(duì)該氣體做的功為W，從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收的熱量為Q，在p﹣T圖象中圖線AC反向延長(zhǎng)線通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O．求：
①氣體在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)和在狀態(tài)B時(shí)的體積；
②從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體與外界熱交換的熱量Q′。
六、[選修3-4]〔12分〕
17.以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔 〕
A. 真空中的光速在不同慣性參考系中都是相同的
B. 質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)，假設(shè)位移為負(fù)值，加速度一定為正值，速度一定也為正值
C. 不同色光通過(guò)三棱鏡，頻率越大，折射率越小，偏折角度就越小
D. 醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀〞來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點(diǎn)
18.如下列圖，截面ABCD為矩形的透明設(shè)備放置在真空環(huán)境中，AB＝2a，頻率為ν的光L1入射到上外表與AD的夾角為θ＝30°，折射到AB面中點(diǎn)時(shí)恰好發(fā)生全反射，那么該設(shè)備材料的折射率為_(kāi)_______；假設(shè)真空中的光速為c，那么光從射入到第一次射出需要的時(shí)間為_(kāi)_______；假設(shè)有另一束光L2能和L1發(fā)生干預(yù)，那么L2的頻率________v〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕。
1＝0時(shí)開(kāi)始沿y軸負(fù)向振動(dòng)，t2＝1.5s時(shí)它正好第二次到達(dá)波谷，如下列圖為t2＝1.5s時(shí)沿波的傳播方向上局部質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的波形圖。求：
①這列波的傳播速度；
②寫(xiě)出波源振動(dòng)的位移表達(dá)式。
七、計(jì)算題：此題共3小題，計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只有最后答案不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．
20.如圖1所示，在傾角a＝37°的光滑平行導(dǎo)軌上，有一長(zhǎng)度恰等于導(dǎo)軌寬度的均勻?qū)w棒MN，平行于斜面底邊由靜止釋放。導(dǎo)軌寬度L＝1m，其下端接有一只電阻為R＝3Ω燈泡〔設(shè)其電阻不隨溫度變化〕。在MN下方某一距離處矩形區(qū)域存在一垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)沿導(dǎo)軌方向的長(zhǎng)度d＝3m，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示，導(dǎo)體棒MN在t＝1s時(shí)恰好進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，并恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒MN的電阻r＝3Ω，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，重力加速度g＝10m/s2 ， sin37°＝0.6，cs37°＝0.8．那么：
〔1〕導(dǎo)體棒MN進(jìn)入磁場(chǎng)之前沿導(dǎo)軌下滑的距離；
〔2〕0～1s內(nèi)，流經(jīng)導(dǎo)體棒MN的電流大??；
〔3〕導(dǎo)體棒MN從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到出磁場(chǎng)過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q總。
21.滑板運(yùn)動(dòng)是一項(xiàng)驚險(xiǎn)刺激的運(yùn)動(dòng)，深受青少年的喜愛(ài)，如今滑板運(yùn)動(dòng)已經(jīng)成為奧林匹克家族中的一員，將在2021年?yáng)|京奧運(yùn)會(huì)上首次亮相。如下列圖，滑板運(yùn)發(fā)動(dòng)在U形槽中的運(yùn)動(dòng)可以簡(jiǎn)化為：AC和DE是兩段半徑為R的 光滑圓弧形軌道，DE段的圓心為O點(diǎn)，水平軌道CD段長(zhǎng)為8m，滑板與軌道CD段的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.075．一運(yùn)發(fā)動(dòng)從軌道上的A點(diǎn)以一速度水平滑出，下落h高度落在槽壁上B點(diǎn)，且運(yùn)發(fā)動(dòng)通過(guò)調(diào)整剛好沿軌道的切線方向滑入圓弧軌道BC〔此過(guò)程無(wú)機(jī)械能增減〕，經(jīng)CD軌道后沖上DE軌道，到達(dá)E點(diǎn)時(shí)速度恰好減為零后再返回。運(yùn)發(fā)動(dòng)和滑板的總質(zhì)量為60kg，h＝1.8m，R＝3m，g取10m/s2 ． 求：
〔1〕運(yùn)發(fā)動(dòng)從A點(diǎn)跳入槽內(nèi)時(shí)的初速度大??；
〔2〕滑過(guò)圓弧形軌道D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；
〔3〕通過(guò)計(jì)算說(shuō)明，第一次返回時(shí)，運(yùn)發(fā)動(dòng)能否回到B點(diǎn)？如能，請(qǐng)求出回到B點(diǎn)時(shí)速度的大??；如不能，那么最終靜止在何處？〔結(jié)果可以保存根號(hào)〕
22.如圖1所示，在直角坐標(biāo)系xOy中，MN垂直x軸于N點(diǎn)，第二象限中存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，Oy與MN間〔包括Oy、MN〕存在均勻分布的磁場(chǎng)，取垂直紙面向里為磁場(chǎng)的正方向，其感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示。一比荷 ＝ 的帶正電粒子〔不計(jì)重力〕從O點(diǎn)沿紙面以大小v0＝ 、方向與Oy夾角θ＝60°的速度射入第一象限中，場(chǎng)強(qiáng)大小E＝〔1+ 〕 ，ON＝〔 + 〕L．
〔1〕假設(shè)粒子在t＝t0時(shí)刻從O點(diǎn)射入，求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1；
〔2〕假設(shè)粒子在0～t0之間的某時(shí)刻從O點(diǎn)射入，恰好垂直y軸進(jìn)入電場(chǎng)，之后從P點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，求從O點(diǎn)射入的時(shí)刻t2以及P點(diǎn)的橫坐標(biāo)xP；
〔3〕假設(shè)粒子在0～t0之間的某時(shí)刻從O點(diǎn)射入，求粒子在Oy與MN間運(yùn)動(dòng)的最大路程s。
答案解析局部
一、單項(xiàng)選擇題：本大題共5小題，每題3分，共計(jì)15分．每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．
1.【解析】【解答】解：AB、極板帶電量為4×10﹣6C，電容器的電容為2μF，根據(jù)U＝ ＝2V，A不符合題意，B符合題意；
CD、平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)后，電容器的電量不變，假設(shè)將正極板A移至虛線位置，那么間距d減小，根據(jù)C＝ 可知，電容變大，根據(jù)U＝ 可知，電容器電壓變小，CD不符合題意。
故答案為：B。

【分析】?jī)蓸O板靠近，利用電容器的決定公式求解電容的變化，再結(jié)合公式Q=CU求解電容器內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度的變化。
2.【解析】【解答】解：A、對(duì)正方體進(jìn)行受力分析，受到重力、地面的支持力、半球體對(duì)它的壓力以及左側(cè)墻壁對(duì)它的支持力，所以正方體受到4個(gè)力作用，A不符合題意；
B、對(duì)半球體進(jìn)行受力分析，受到重力、正方體的彈力和右側(cè)墻壁對(duì)它的支持力，如下列圖，把正方體對(duì)半球體的彈力FN2沿水平方向和豎直方向分解，可得：FN2sinα＝mg，解得：FN2＝ ，B不符合題意；
C、以兩個(gè)物體所組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，豎直方向上系統(tǒng)受到向上的支持力和向下的重力，整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以水平面對(duì)正方體的彈力大小為〔M+m〕g，C不符合題意；
D、墻面對(duì)半球體的彈力大小FN1＝FN2csα，解得：FN1＝mgctα；以整體為研究對(duì)象，水平方向上系統(tǒng)受到左右兩側(cè)墻面的彈力而平衡，所以左側(cè)墻面對(duì)正方體的彈力大小等于mgctα，D符合題意。
故答案為：D。

【分析】分別對(duì)兩個(gè)物體進(jìn)行受力分析，在重力、支持力、壓力的作用下，兩個(gè)物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)該條件列方程分析求解即可。
3.【解析】【解答】解：A、沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，那么A點(diǎn)的電勢(shì)低于D點(diǎn)的電勢(shì)，A不符合題意；
B、B點(diǎn)電場(chǎng)線較A點(diǎn)密集，可知B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，B不符合題意；
C、因 D點(diǎn)的電勢(shì)高于C點(diǎn)的電勢(shì)，那么將電子從D點(diǎn)移到C點(diǎn)，那么電場(chǎng)力做負(fù)功，C符合題意；
D、因空心導(dǎo)體外表電勢(shì)處處相等，B點(diǎn)電勢(shì)等于C點(diǎn)電勢(shì)，可知電子從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，電勢(shì)能不變，D不符合題意。
故答案為：C

【分析】結(jié)合題目中給出的電場(chǎng)線模型，電場(chǎng)線密集的區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度大，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)減小，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。
4.【解析】【解答】解：A、軌道Ⅰ是同步軌道，周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，A不符合題意；
B、在軌道Ⅱ上的A點(diǎn)速度較小，萬(wàn)有引力大于所需要的向心力，會(huì)做近心運(yùn)動(dòng)，要想進(jìn)入圓軌道Ⅰ，需加速，使萬(wàn)有引力等于所需要的向心力，所以在軌道Ⅰ經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的速度大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度，即在軌道Ⅰ上的速度不是比在軌道Ⅱ上任意一點(diǎn)的速度都小，B不符合題意；
C、衛(wèi)星在軌道Ⅱ做橢圓運(yùn)動(dòng)時(shí)只有萬(wàn)有引力做功，機(jī)械能守恒，從軌道Ⅱ上轉(zhuǎn)移到軌道Ⅰ上需要加速，所以衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的機(jī)械能比在軌道Ⅱ上任意一點(diǎn)的機(jī)械能都大，C符合題意；
D、在軌道Ⅱ和軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)所受的萬(wàn)有引力相等，所以加速度也相等，D不符合題意。
故答案為：C。

【分析】衛(wèi)星離地球越近，線速度越大，環(huán)繞周期越短，向心加速度越大，同時(shí)動(dòng)能增加，勢(shì)能減小，總的機(jī)械能減小，結(jié)合選項(xiàng)分析即可。
5.【解析】【解答】解：A、小球乙從Q點(diǎn)自由釋放，Q、C兩點(diǎn)的高度差為h， ，
解得在C點(diǎn)的速度大小為 ，兩小球在C點(diǎn)的速度大小相等，A不符合題意；
B、P、C兩點(diǎn)的高度差 ，那么P、Q兩點(diǎn)的高度差為 ，B不符合題意；
C、對(duì)甲有：vCcs60°＝gt甲 ， 對(duì)乙球有：vC＝gt乙 ， 那么t甲＝ ，t乙＝ ，
故甲、乙小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為1：2，C不符合題意；
D、兩小球在C點(diǎn)時(shí)，重力的瞬時(shí)功率大小分別是PG＝mgvy ，
對(duì)甲有：PG甲＝mgvCcs60°，對(duì)乙球有；PG乙＝mgvC ，
故兩小球在C點(diǎn)時(shí)，重力的瞬時(shí)功率大小不相等，D符合題意。
故答案為：D

【分析】物體P做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，物體Q做自由落體運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析求解即可。
二、多項(xiàng)選擇題：本大題共4小題，每題4分，共計(jì)16分．每題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不選的得0分．
6.【解析】【解答】解：A、電壓表的示數(shù)為原線圈兩端的輸入電壓，電流表的示數(shù)為流過(guò)原線圈的電流，根據(jù)變壓器的變流比可知，流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流： ＝5I，根據(jù)變壓比可知，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓： ＝ ，電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，歐姆定律不適用，故 ，A不符合題意；
B、電壓表的示數(shù)為有效值，根據(jù)正弦式交變電流最大值和有效值的關(guān)系可知，發(fā)電機(jī)的最大電動(dòng)勢(shì)為 ，B符合題意；
C、根據(jù)功率公式可知，電動(dòng)機(jī)的熱功率：P熱＝ ＝25I2R，C不符合題意；
D、電動(dòng)機(jī)做功，提升重物，根據(jù)能量守恒定律可知，mgv＝P﹣P熱 ， 其中總功率P＝U2I2＝UI，那么重物勻速上升的速度：v＝ ，D符合題意。
故答案為：BD。

【分析】利用變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓即可，再利用歐姆定律求解電流，進(jìn)而求解功率，結(jié)合功率大小和拉力大小求解物體運(yùn)動(dòng)的速度。
7.【解析】【解答】解：A、艦載機(jī)由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)其剛進(jìn)入上翹甲板時(shí)的速度為v，那么有： ，解得： ，A不符合題意；
B、艦載機(jī)水平運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度為 ，根據(jù)牛頓第二定律得飛行員受到的合外力為： ，B不符合題意；
C、根據(jù)動(dòng)能定理有： ，飛行員受到的水平力所做功為： ，C符合題意；
D、設(shè)上翹甲板所對(duì)應(yīng)的圓弧半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系，有L2＝Rsinθ，由牛頓第二定律，有： ，整理后得： ，D符合題意。
故答案為：CD

【分析】對(duì)飛機(jī)應(yīng)用動(dòng)能定理求解飛機(jī)的末速度，對(duì)處在最低點(diǎn)的飛機(jī)進(jìn)行受力分析，結(jié)合此時(shí)飛機(jī)的速度，利用向心力公式求解物體對(duì)軌道的壓力。
8.【解析】【解答】解：A、發(fā)電管和內(nèi)部的高溫電離氣體相當(dāng)于電源，高溫電離氣體相當(dāng)于內(nèi)阻。穩(wěn)定時(shí)即氣體離子不再偏轉(zhuǎn)，此時(shí) ，整理得發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)為：E＝U＝dvB，A錯(cuò)誤，符合題意；
B、根據(jù)左手定那么可判斷等離子體中的正離子向上極板偏轉(zhuǎn)、負(fù)離子向下極板偏轉(zhuǎn)，即上極板為正極，故可變電阻R中的電流方向是從P到Q，B正確，不符合題意；
C、根據(jù)電流方向，判斷高溫電離氣體的橫截面積為S，長(zhǎng)度為d，所以內(nèi)阻為：
當(dāng)可變電阻的阻值為：
根據(jù)閉合電路歐姆定律得流過(guò)R的電流為：I＝ ＝ ，C錯(cuò)誤，符合題意；
D、當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻即R＝r時(shí)外電路即可變電阻R消耗的電功率最大，最大值為： ，D正確，不符合題意。
故答案為：AC

【分析】磁流體發(fā)電機(jī)，當(dāng)流過(guò)霍爾元件的帶電粒子受到的電場(chǎng)力洛倫茲力等大反向時(shí)，就會(huì)到達(dá)穩(wěn)定狀態(tài)，對(duì)外輸出的電壓不會(huì)發(fā)生變化，利用右手定那么判斷粒子的偏轉(zhuǎn)方向，進(jìn)而求出金屬上下外表電勢(shì)大小關(guān)系。
9.【解析】【解答】解：A、物體v﹣t圖象中的圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示運(yùn)動(dòng)的位移大小，那么位移大小之比為6：5，A不符合題意；
B、從圖象可知，兩物塊勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小都為 ，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運(yùn)動(dòng)中有f＝ma，A、b物體所受摩擦力之比為1：1，B符合題意；
C、根據(jù)圖象知，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度分別為 、 ，根據(jù)牛頓第二定律，勻加速運(yùn)動(dòng)中有F﹣f＝ma，
故 ， ，
解得F1和F2的大小之比為12：5，C符合題意；
D、設(shè)F1和F2對(duì)a、b物體做功為W1、W2 ， 對(duì)整個(gè)過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得：
W1﹣fx1＝0，W2﹣fx2＝0，
可解得W1：W2＝6：5，D不符合題意。
故答案為：BC

【分析】v-t圖像中，圖像與時(shí)間軸所圍成的面積是位移，圖像的斜率是加速度，利用牛頓第二定律求解合外力，進(jìn)而求出合外力做功，結(jié)合選項(xiàng)分析即可。
三、簡(jiǎn)答題
10.【解析】【解答】解：〔1〕擋光片的寬度為：d＝5mm+2×0.1mm＝5.2mm；〔2〕d＝5.2mm＝5.2×10﹣3m， ，
用平均速度來(lái)求解瞬時(shí)速度：v1＝ ＝ ，v2＝ ，
由于v2＜v1 ， 物塊做加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)斜面的傾角為θ，那么對(duì)物塊受力分析有：mgsinθ＞μmgcsθ，故應(yīng)減小斜面的傾角，直到mgsinθ＝μmgcsθ，此時(shí)物塊勻速運(yùn)動(dòng)，兩光電門(mén)的示數(shù)相等；〔3〕h＝60.00cm＝0.6m，L＝100.00cm＝1m
物塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，mgsinθ＝μmgcsθ，即tanθ＝μ，又tanθ＝

【分析】〔1〕明確游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)那么進(jìn)行讀數(shù)即可；
〔2〕當(dāng)運(yùn)動(dòng)位移很短時(shí)，物體的平均速度等于物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度，位移越短，平均速度越接近瞬時(shí)速度；為了便于測(cè)量物體的速度，應(yīng)使傾斜角減??；
〔3〕結(jié)合物體的速度變化量以及對(duì)應(yīng)的時(shí)間，利用加速度的定義式求解物體的加速度，再利用牛頓第二定律求解動(dòng)摩擦因數(shù)。
11.【解析】【解答】解：〔1〕歐姆表的表筆放置的要求是電流“紅進(jìn)黑出〞，即電流從黑表筆流出，故黑表筆應(yīng)連接電壓表正接線柱“3 V〞。由于電壓表內(nèi)阻RV約幾千歐，故歐姆表的倍率為“1k〞，如圖b所示，歐姆表的讀數(shù)為：3×1kΩ＝3kΩ＝3000Ω；〔2〕由電流表的表筆放置的要求電流是“紅進(jìn)黑出〞，而電流從電壓表的“﹣〞流出，故電流表的紅表筆應(yīng)連接電壓表的“﹣〞接線柱；〔3〕電壓表的量程為3V，由圖e所示可知，其分度值為0.1V，電壓表的讀數(shù)為1.30V。此時(shí)多用電表的讀數(shù)為0.44 mA，根據(jù)歐姆定律求得該電壓表的內(nèi)阻：RV＝ 2950Ω；〔4〕由圖5所示電路圖可知，開(kāi)關(guān)接5時(shí)電流表與電阻串聯(lián)，此時(shí)測(cè)電壓，即當(dāng)轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S旋到位置5時(shí)，可用來(lái)測(cè)量電壓；可以用多用電表的歐姆檔測(cè)二極管的正負(fù)極，由圖示電路圖可知，開(kāi)關(guān)置于3或4時(shí)多用電表可以測(cè)電阻，
假設(shè)使用多用電表判斷二極管的正負(fù)極，將轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S旋到位置3或4。
故答案為：〔1〕3V；3000；〔2〕﹣；〔3〕1.30；2950；〔4〕電壓；3或4。

【分析】〔1〕〔2〕多用電表規(guī)定的是電流“紅進(jìn)黑出〞；利用歐姆表測(cè)量電阻，讀數(shù)時(shí)利用表盤(pán)的示數(shù)乘以倍率即可；
〔3〕結(jié)合電壓表選擇的量程和分度值，根據(jù)指針讀數(shù)即可，利用歐姆定律求解電阻的阻值即可；
〔4〕；通過(guò)串聯(lián)一個(gè)大電阻起分壓作用，可以把電流計(jì)改裝成電壓表從而測(cè)量電壓。
四、[選修3-5]〔12分〕
12.【解析】【解答】解：A、分析圖甲可知，電壓相同時(shí)，光照越強(qiáng)，光電流越大，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，入射光的頻率增大，光電子的最大初動(dòng)能增大，遏止電壓增大，即光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏制電壓與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，A不符合題意；
B、圖乙中，所加電壓為反向電壓，研究的是入射光的頻率與遏止電壓的關(guān)系，如果加正向電壓可以研究單位時(shí)間發(fā)射的光電子數(shù)與照射光的強(qiáng)度的關(guān)系，B不符合題意；
C、根據(jù)左手定那么可知，射線A向左偏轉(zhuǎn)，帶正電，由α粒子組成，射線C向右偏轉(zhuǎn)，帶負(fù)電，由電子組成，射線B不帶電，為電磁波，C符合題意；
D、根據(jù)α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象可知，少數(shù)α粒子發(fā)生了較大角度偏轉(zhuǎn)，是因?yàn)樵拥娜空姾珊徒^大局部質(zhì)量集中在一個(gè)很小的核上，D符合題意。
故答案為：CD。

【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)磁場(chǎng)方向和偏轉(zhuǎn)方向確定粒子的電性；任何原子的結(jié)構(gòu)都差不多，都是由很小的原子核和核外電子組成，原子核對(duì)α粒子的散射程度很大，電子局部對(duì)粒子幾乎沒(méi)有影響。
13.【解析】【解答】解：中核反響方程為： ，
根據(jù)核反響方程質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒得：X的質(zhì)量數(shù)為1，核電荷數(shù)為0．所以X是中子；
反響前質(zhì)量為：2.0136u+3.0180u＝5.0316u。
反響后質(zhì)量為：4.0026u+1.0087112u＝5.0113112u。
反響過(guò)程質(zhì)量虧損為：△m＝5.0316u﹣5.0113u＝0.0202888u，
反響過(guò)程釋放的能量：△E＝0.0202888×931.5Mev＝18.90Mev，

【分析】原子核發(fā)生核裂變或核聚變，前后發(fā)生質(zhì)量虧損，虧損的質(zhì)量轉(zhuǎn)變成了能量釋放出來(lái)，利用E=mc2求解即可；對(duì)于核反響方程式，箭頭左右兩端的微觀粒子遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、電荷守恒，結(jié)合方程式分析即可。
14.【解析】【分析】?jī)蓚€(gè)物體組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，利用動(dòng)量守恒定律列方程分析求解即可；
利用末狀態(tài)的機(jī)械能減去初狀態(tài)的機(jī)械能即為系統(tǒng)損失的機(jī)械能。
五、[選修3-3]〔12分〕
15.【解析】【解答】解：A、不同溫度下，對(duì)于水的不飽和氣體，絕對(duì)濕度可以相同，相對(duì)濕度也可以不同，A不符合題意；
B、氣體分子之間的距離相對(duì)于分子非常大，所以增大氣體的壓強(qiáng)，氣體分子之間的作用力仍然可以忽略不計(jì)，B不符合題意；
C、石墨和金剛石是碳元素的同素異構(gòu)體，物理性質(zhì)不同，正是由于組成它們的物質(zhì)微粒排列結(jié)構(gòu)不同，C符合題意；
D、同一種液體的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，所以假設(shè)容器中用活塞封閉著剛好飽和的一些水汽，當(dāng)保持溫度不變向心緩慢壓縮活塞時(shí)，由于飽和蒸汽壓不變，所以水汽的質(zhì)量減少，D符合題意。
故答案為：CD

【分析】當(dāng)分子間距小于平衡距離時(shí)，增大分子間距，分子力減??；當(dāng)分子間距大于平衡距離時(shí)，增大分子間距，分子力先增加后減??；當(dāng)分子間距增大時(shí)， 引力和斥力都會(huì)減小，只是兩種力減小的快慢不同。固體分為晶體和非晶體，晶體具有熔點(diǎn)，非晶體沒(méi)有熔點(diǎn)，晶體分為單晶體和多晶體，都具有熔點(diǎn)，但是單晶體各向異性，多晶體各向同性，非晶體沒(méi)有熔點(diǎn)，各向同性。
16.【解析】【分析】〔1〕對(duì)于P-T圖像，從圖中得到氣體處在某種狀態(tài)的壓強(qiáng)和溫度，根據(jù)理想氣體物態(tài)方程求解體積的變化即可；
〔2〕利用熱力學(xué)第一定律 ?U=Q-W求解氣體內(nèi)能的變化即可，其中Q氣體的吸熱，W是氣體對(duì)外界做的功。
六、[選修3-4]〔12分〕
17.【解析】【解答】解：A、根據(jù)光速不變?cè)?，在狹義相對(duì)論中，無(wú)論在何種慣性系〔慣性參照系〕中觀察，光在真空中的傳播速度都是一個(gè)常數(shù)，不隨光源和觀察者所在參考系的相對(duì)運(yùn)動(dòng)而改變，A符合題意；
B、質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，位移為負(fù)值時(shí)，根據(jù)加速度公式 ，加速度一定為正值，速度可能為負(fù)值也可能為正值，B不符合題意；
C、根據(jù)折射定律知，不同色光通過(guò)三棱鏡，光的頻率越大，折射率越大，在入射角相同的情況下偏折角度就越大，C不符合題意；
D、激光的亮度高、能量大，醫(yī)學(xué)上常用激光做“光刀〞來(lái)進(jìn)行手術(shù)，D符合題意。
故答案為：AD

【分析】光速不變?cè)硎窍鄬?duì)論的一個(gè)假設(shè)，之后的所有結(jié)論都是以此為依據(jù)經(jīng)過(guò)推導(dǎo)得到的；相同的介質(zhì)對(duì)于不同顏色的光來(lái)說(shuō)有不同的折射率，光的頻率越大，介質(zhì)的折射率就越大。
18.【解析】【解答】解：設(shè)該設(shè)備材料的折射率為n，在AD面上，設(shè)折射角為r，由折射定律得：
n＝
光線折射到AB面中點(diǎn)時(shí)恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角，那么sinC＝
由幾何關(guān)系知 C+r＝90°
聯(lián)立解得 n＝ 。
光從射入到第一次射出所經(jīng)過(guò)的路程為 S＝
光在介質(zhì)中傳播速度 v＝
那么所需要的時(shí)間 t＝
聯(lián)立解得 t＝ 。
發(fā)生干預(yù)時(shí)，兩束光的頻率相等，那么假設(shè)有另一束光L2能和L1發(fā)生干預(yù)，那么L2的頻率等于ν。
故答案為： ， ，等于。

【分析】通過(guò)幾何關(guān)系求出光的入射角和折射角，利用折射定律求解介質(zhì)的折射率；利用幾何關(guān)系求出光在介質(zhì)中的路徑長(zhǎng)度，再除以光在介質(zhì)中的傳播速度即可。
19.【解析】【分析】〔1〕通過(guò)圖像求解波長(zhǎng)，結(jié)合波源的振動(dòng)求解周期，進(jìn)而求解波速即可；
〔2〕通過(guò)周期求解波的角速度，觀察圖像求解波的振幅，從而求解振動(dòng)表達(dá)式。
七、計(jì)算題：此題共3小題，計(jì)47分．解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟．只有最后答案不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位．
20.【解析】【分析】〔1〕對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在沿斜面方向和垂直于斜面兩個(gè)方向上分解，在沿斜面方向利用牛頓第二定律求解物體的加速度，再用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解位移；
〔2〕利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小，再利用歐姆定律求解回路中電流的大小；
〔3〕結(jié)合導(dǎo)體棒初末狀態(tài)的速度，對(duì)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理，其中導(dǎo)體棒克服安培力做的功即為電路產(chǎn)生的熱量。
21.【解析】【分析】〔1〕物體做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，利用豎直方向的距離求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)水平方向的位移求解初速度；
〔2〕利用動(dòng)能定理求解運(yùn)發(fā)動(dòng)到達(dá)D點(diǎn)的速度，對(duì)處在最低點(diǎn)的物體進(jìn)行受力分析，結(jié)合此時(shí)物體的速度，利用向心力公式求解物體對(duì)軌道的壓力；
〔3〕對(duì)運(yùn)發(fā)動(dòng)從D點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理，如果有實(shí)數(shù)解，即可以返回。
22.【解析】【分析】〔1〕帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系求解軌道半徑，再結(jié)合向心力公式求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間；
〔2〕粒子在水平方向沿勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上受電場(chǎng)力的方向而做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移和豎直的大小，利用牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式求解即可；
〔3〕帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)磁場(chǎng)方向、電性和運(yùn)動(dòng)方向確定粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，利用幾何關(guān)系求解最大路程。

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