2023年江蘇省南通市崇川區(qū)等地高考物理適應(yīng)性試卷（3月）1.  直導(dǎo)線a、b相互垂直，a可以自由移動(dòng)和轉(zhuǎn)動(dòng)，b固定。當(dāng)a、b通有如圖所示的電流后，從上往下看，a的運(yùn)動(dòng)情況是(    )
 A. 逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)下降 B. 逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)上升
C. 順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)下降 D. 順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)上升2.  考古學(xué)家利用放射性元素的半衰期可以確定文物的年代，衰變方程為，則(    )A. X核中的核子數(shù)是7個(gè)
B. 衰變的實(shí)質(zhì)是碳原子失去核外電子
C. 當(dāng)X數(shù)量是數(shù)量的3倍時(shí)，經(jīng)過(guò)了3個(gè)的半衰期
D. X核的結(jié)合能大于核的結(jié)合能3.  如圖所示，一束由紅綠兩種單色光組成的復(fù)色光射入半圓形透明介質(zhì)，綠光的折射光線與底面平行。不考慮多次反射現(xiàn)象，紅光從圓弧邊射出的光線可能正確的是(    )
A. ① B. ② C. ③ D. ④4.  如圖所示，“日地拉格朗日點(diǎn)”位于太陽(yáng)和地球連線的延長(zhǎng)線上，一飛行器處于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下與與地球同步繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。則此飛行器的(    )A. 線速度小于地球的線速度
B. 向心加速度大于地球的向心加速度
C. 向心力僅由太陽(yáng)的引力提供
D. 向心力僅由地球的引力提供5.  如圖所示，有一束單色光入射到極限頻率為的金屬板K上，具有最大初動(dòng)能的某出射電子，沿垂直于平行板電容器極板的方向，從左極板上的小孔進(jìn)入電場(chǎng)，恰好不能到達(dá)右極板。普朗克常量為h。則(    )A. 單色光的光子能量為
B. 金屬板上逸出的所有電子均具有相等的物質(zhì)波波長(zhǎng)
C. 若僅略微減小單色光的強(qiáng)度，將無(wú)電子從金屬板上逸出
D. 若僅將電容器右極板右移一小段距離，仍無(wú)電子到達(dá)右極板
 6.  真空中有一半徑為的帶電金屬球殼，通過(guò)其球心的一直線上各點(diǎn)的電勢(shì)分布如圖所示，r表示該直線上某點(diǎn)到球心的距離。下列說(shuō)法中正確的是(    )A. 該球殼帶負(fù)電荷
B. 該球殼內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度大于零
C. 處的電場(chǎng)強(qiáng)度小于處的電場(chǎng)強(qiáng)度
D. 正試探電荷在處的電勢(shì)能大于在與處的電勢(shì)能
 7.  如圖甲所示，將一塊平板玻璃a放置在另一玻璃板b上，在一端夾入兩張紙片，當(dāng)單色光從上方入射后，從上往下可以觀察到如圖乙所示的干涉條紋。則(    )
A. 任意相鄰的亮條紋中心位置下方的空氣膜厚度差相等
B. 彎曲條紋對(duì)應(yīng)位置的空氣膜厚度不相等
C. 若抽去一張紙片，條紋變密
D. 干涉條紋是由a、b上表面反射的光疊加產(chǎn)生的8.  其興建小組利用壓敏電阻制作一臺(tái)電子秤，其內(nèi)部電路如圖所示，是保護(hù)電阻，是調(diào)零電阻，壓敏電阻值R隨壓力F變化規(guī)律為、C為常量，?，F(xiàn)對(duì)電流表的刻度盤(pán)進(jìn)行改裝，使得電流表滿偏時(shí)對(duì)應(yīng)質(zhì)量的示數(shù)為零，則(    )A. 刻度盤(pán)標(biāo)注的質(zhì)量刻度均勻
B. 若使用前質(zhì)量示數(shù)大于零，應(yīng)將的滑片向右滑動(dòng)
C. 電子秤的示數(shù)越大，電源的總功率越大
D. 電池長(zhǎng)時(shí)間使用后，若能調(diào)零稱量值仍準(zhǔn)確9.  甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中傳播，甲波沿x軸正方向傳播，乙波沿x軸負(fù)方向傳播，波速為，時(shí)刻兩列波恰好在坐標(biāo)原點(diǎn)相遇，波形圖如圖所示，則(    )
A. 處的質(zhì)點(diǎn)起振時(shí)向y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)
B. 兩波疊加前后，處的質(zhì)點(diǎn)振幅不同
C. 坐標(biāo)原點(diǎn)的振動(dòng)方程為
D. 兩個(gè)相鄰振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)間的距離為2m10.  如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，O點(diǎn)為彈簧在原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置。物塊由A點(diǎn)靜止釋放，沿粗糙程度相同的水平面向右運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)到達(dá)B點(diǎn)。取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)、向右為正方向，在物塊從A到B的過(guò)程中，彈簧對(duì)物塊的彈力F、物塊的加速度a和動(dòng)量p、彈簧彈性勢(shì)能隨位移相對(duì)于坐標(biāo)原點(diǎn)變化的關(guān)系圖像正確的是(    )
A.  B.
C.  D. 11.  小明利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，所用器材包括：安裝phyphox APP的智能手機(jī)、鐵球、刻度尺、鋼尺等。
下列實(shí)驗(yàn)操作步驟，正確順序是______ ；
①將質(zhì)量為m的鐵球放在鋼尺末端
②迅速敲擊鋼尺側(cè)面，鐵球自由下落
③傳感器記錄下聲音振幅隨時(shí)間變化曲線
④將鋼尺伸出水平桌面少許，用刻度尺測(cè)出鋼尺上表面與地板間的高度差h
⑤將手機(jī)位于桌面上方，運(yùn)行手機(jī)中的聲音“振幅”聲音傳感器項(xiàng)目
聲音振幅隨時(shí)間變化曲線如圖乙所示，第一、第二個(gè)尖峰的橫坐標(biāo)分別對(duì)應(yīng)鐵球開(kāi)始下落和落地時(shí)刻，對(duì)應(yīng)的時(shí)間間隔______ s；
若鐵球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則應(yīng)滿足等式：______ 用m、h、t表示。
若敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)鐵球獲得一個(gè)較小的水平速度，對(duì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果______ 選填“有”或“沒(méi)有”影響。
小華認(rèn)為應(yīng)將手機(jī)放在鋼尺與地板間的中點(diǎn)附近測(cè)量時(shí)間。你認(rèn)為哪位同學(xué)的時(shí)間測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確，請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明理由______ 。
12.  如圖所示，一線圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與線圈垂直，磁場(chǎng)的變化規(guī)律為，線圈的匝數(shù)為n，面積均為S，電阻為R。從時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，求經(jīng)過(guò)時(shí)間的過(guò)程中
通過(guò)線圈橫截面的電荷量q；
線圈上所產(chǎn)生的焦耳熱Q。
 13.  如圖所示，下端開(kāi)口的導(dǎo)熱汽缸豎直懸掛在天花板下，缸口內(nèi)壁有卡環(huán)，卡環(huán)與汽缸底部間的距離為L。一橫截面積為S、質(zhì)量為m的光滑活塞將一定量的理想氣體封閉在汽缸內(nèi)，缸內(nèi)氣體溫度，活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，活塞與汽缸底部的距離為?，F(xiàn)對(duì)缸內(nèi)氣體緩慢加熱，直至氣體的溫度，此過(guò)程中氣體內(nèi)能增加了。已知外界大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g，不計(jì)活塞厚度。求
溫度達(dá)到時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p；
溫度從到的過(guò)程中缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q。14.  如圖所示，O為固定在水平面的轉(zhuǎn)軸，相同小球A、B、C的質(zhì)量均為m，A與B、O間通過(guò)鉸鏈用輕桿連接，桿長(zhǎng)均為L，B、C并列置于水平地面上，B、O之間用一輕質(zhì)彈簧連接。現(xiàn)給A施加一豎直向上的拉力，此時(shí)兩桿夾角，彈簧處于原長(zhǎng)，三個(gè)小球靜止，減小使A球緩慢運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)恰好為零，此后A不再受作用。已知A、B、C始終在同一豎直平面，彈簧在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦，重力加速度為g，，。
求彈簧的勁度系數(shù)k；
在時(shí)剪斷彈簧，C的最終速率為v，求A落地過(guò)程中機(jī)械能的最小值；
若在時(shí)，撤去，此時(shí)A的加速度為a，求此時(shí)B的加速度大小。
15.  如圖甲所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中關(guān)于x軸對(duì)稱放置兩平行金屬板A、B，A、B板的左端均在y軸上，兩板間距離，板長(zhǎng)，兩板間加有如圖乙所示的交流電壓。大量比荷的帶負(fù)電荷的粒子以速度從坐標(biāo)原點(diǎn)O連續(xù)不斷地沿x軸正向射入板間，不計(jì)粒子重力，不考慮電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)。
求時(shí)刻射入板間的粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t和加速度大小a；
求有粒子離開(kāi)電場(chǎng)右邊界虛線的區(qū)域長(zhǎng)度d；
若在的部分區(qū)域加垂直于xOy平面向外的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使得所有時(shí)刻射入板間的粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后均能通過(guò)點(diǎn)，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B。

答案和解析 1.【答案】A 【解析】解：由安培定則右手螺旋定則可知，直導(dǎo)線b周?chē)a(chǎn)生的磁場(chǎng)如圖下圖所示：

再根據(jù)左手定則，可知導(dǎo)線a左側(cè)受到的安培力方向垂直紙面向外，右側(cè)受到的安培力方向垂直紙面向里，因此，從上往下看導(dǎo)線a逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過(guò)后，導(dǎo)線a中的電流方向垂直紙面向里，此時(shí)可判斷受安培力向下，即導(dǎo)線a應(yīng)該是逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)下降。
故選：A。
現(xiàn)根據(jù)安培定則分析直導(dǎo)線b周?chē)a(chǎn)生的磁場(chǎng)，再由左手定則分析導(dǎo)線a左側(cè)受和右側(cè)所受安培力的情況，然后分析從上往下看導(dǎo)線a如何轉(zhuǎn)動(dòng)；轉(zhuǎn)過(guò)后，再根據(jù)導(dǎo)線a中的電流方向判斷受安培力確定導(dǎo)線轉(zhuǎn)動(dòng)的同時(shí)，是上升還是下降。
本題考查電流間的相互作用，本題應(yīng)用特殊位置法，通過(guò)特殊位置的受力情況判斷導(dǎo)線的運(yùn)動(dòng)情況。
 2.【答案】D 【解析】解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒可知，X的核子數(shù)：個(gè)，X核中的質(zhì)子數(shù)是7個(gè)，故A錯(cuò)誤；
B.衰變的實(shí)質(zhì)是將一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，并放出一個(gè)電子，故B錯(cuò)誤；
C.當(dāng)X數(shù)量是數(shù)量的3倍時(shí)，剩余的是開(kāi)始時(shí)的，就經(jīng)過(guò)了2個(gè)半衰期，故C錯(cuò)誤；
D.該衰變過(guò)程中釋放能量，所以生成物的結(jié)合能比較大，新核與的核子數(shù)相等，所以X核的結(jié)合能大于核的結(jié)合能，故D正確。
故選：D。
根據(jù)衰變的實(shí)質(zhì)結(jié)合質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷；根據(jù)半衰期與剩余質(zhì)量的關(guān)系判斷；衰變的過(guò)程中釋放能量，由此分析。
該題考查對(duì)衰變和半衰期的理解，關(guān)鍵是知道衰變的實(shí)質(zhì)是將一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子，并放出一個(gè)電子。
 3.【答案】B 【解析】解：紅光的折射率小于綠光，由折射定律可知，復(fù)色光進(jìn)入介質(zhì)時(shí)，紅光的折射角大于綠光的折射角，如圖經(jīng)過(guò)兩次折射后紅光從圓弧邊射出的光線只可能為②，不可能為①③④，故ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。
根據(jù)題意畫(huà)出光路圖，根據(jù)折射定律分析紅光和綠光進(jìn)入介質(zhì)時(shí)折射角的大小，結(jié)合折射定律判斷紅光從介質(zhì)射出時(shí)的方向。
本題考查光的折射，要掌握七種色光折射率的大小關(guān)系，根據(jù)題意畫(huà)出光路圖，運(yùn)用作圖方法分析紅光射出介質(zhì)時(shí)的方向。
 4.【答案】B 【解析】解：AB、由題意可知飛行器的角速度與地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，線速度與角速度、向心加速度的關(guān)系：，，由于飛行器的軌道半徑大于地球的軌道半徑，則有飛行器的線速度大于地球的線速度，飛行器的向心加速度大于地球的向心加速度，故A錯(cuò)誤，B正確；
此飛行器受到太陽(yáng)和地球的萬(wàn)有引力，且二力同向都指向飛行器軌跡的圓心，即飛行器的向心力由太陽(yáng)的引力和地球的引力合力提供，故CD錯(cuò)誤。
故選：B。
根據(jù)飛行器的角速度與地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，根據(jù)線速度與角速度，以及向心加速度與角速度的關(guān)系，判斷飛行器的線速度、向心加速度大與地球的線速度、向心加速度的關(guān)系；最后根據(jù)拉格朗日點(diǎn)飛行器的受力分析其向心力的來(lái)源。
本題考查拉格朗日點(diǎn)的相關(guān)知識(shí)，解決本題的關(guān)鍵是理解處于拉格朗日點(diǎn)的飛行器運(yùn)動(dòng)的模型是太陽(yáng)和地球?qū)ζ淙f(wàn)有引力的合力提供向心力。
 5.【答案】D 【解析】解：根據(jù)題意可知，該單色光的頻率大于金屬板K的極限頻率，則單色光的光子能量大于，故A錯(cuò)誤；
B.發(fā)生光電效應(yīng)發(fā)射出的光電子最大初動(dòng)能相等，但不是所有電子具有的速度一定相等，則光電子的動(dòng)量不一定相等，根據(jù)物質(zhì)波的波長(zhǎng)公式可知光電子物質(zhì)波波長(zhǎng)不一定相等，故B錯(cuò)誤；
C.發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的頻率大于金屬K的極限頻率，與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；
D.設(shè)逸出的光電子最大初動(dòng)能為，設(shè)電容器內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度為E，極板的間距為d，根據(jù)題意可知
根據(jù)；和
聯(lián)立可得
僅將電容器右極板右移一小段距離，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，極板的距離變大，則
可知仍無(wú)電子到達(dá)右極板，故D正確。
故選：D。
研究光電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求出光電子的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程求入射光的頻率；將右側(cè)極板向右平移時(shí)，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，光電子的運(yùn)動(dòng)情況不變；入射光的頻率一定時(shí)只減小入射光的強(qiáng)度，光電子的最大初動(dòng)能不變。
解決本題時(shí)，關(guān)鍵要掌握光電效應(yīng)的規(guī)律，知道光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，入射光的頻率一定時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)；電容器帶電量不變，改變板間距離，兩極板之間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變。
 6.【答案】D 【解析】解：由圖可知，球殼外的電勢(shì)逐漸降低，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知該球殼帶正電荷，故A錯(cuò)誤；
B.圖象斜率代表電場(chǎng)強(qiáng)度，可知該球殼內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度等于零，故B錯(cuò)誤；
B.圖象斜率代表電場(chǎng)強(qiáng)度，可知處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于處的電場(chǎng)強(qiáng)度，故C錯(cuò)誤
D、正電荷在電勢(shì)高的位置電勢(shì)能較大，所以正試探電荷在處的電勢(shì)能大于在與處的電勢(shì)能，故D正確。
故選：D。
沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐點(diǎn)降低，由此結(jié)合電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷球殼的電性；根據(jù)直線上各點(diǎn)的電勢(shì)分布圖判斷兩處的電勢(shì)關(guān)系；根據(jù)圖象斜率代表電場(chǎng)強(qiáng)度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度；根據(jù)電勢(shì)能的公式判斷電勢(shì)能的大小。
解決該題要掌握根據(jù)電勢(shì)高低判斷電場(chǎng)方向，會(huì)根據(jù)圖象斜率代表電場(chǎng)強(qiáng)度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度．
 7.【答案】A 【解析】解：光在空氣膜中的光程差為，即光程差為空氣層厚度的2倍，當(dāng)光程差，此處表現(xiàn)為亮條紋，當(dāng)光程差為，此處表現(xiàn)為暗條紋，所以任意相鄰的亮條紋中心位置下方的空氣膜厚度差相等，所以彎曲條紋中心位置下方的空氣膜厚度也相等，故A正確、B錯(cuò)誤；
C.當(dāng)光程差時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，則相鄰亮條紋之間的空氣層的厚度差為，顯然抽去一張紙后空氣層的傾角變小，故相鄰兩條紋之間的距離變大，干涉條紋變稀疏了，故C錯(cuò)誤；
D.干涉條紋是由a的下表面和b上表面反射的光疊加產(chǎn)生的，故D錯(cuò)誤。
故選：A。
光在空氣膜中的光程差為空氣層厚度的2倍，根據(jù)光程差分析任意相鄰的亮條紋中心位置下方的空氣膜厚度差是否相等；當(dāng)光程差時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，抽去一張紙后空氣層的傾角變小，相鄰兩條紋之間的距離變大；干涉條紋是由a的下表面和b上表面反射的光疊加產(chǎn)生的。
本題主要是考查薄膜干涉，解答本題的關(guān)鍵是掌握薄膜干涉產(chǎn)生的原因，能夠根據(jù)光程差的計(jì)算公式分析條紋間距。
 8.【答案】D 【解析】解：A、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，可知電路中的電流I與壓敏電阻R不是線性關(guān)系。由知，壓敏電阻值R與壓力F是線性關(guān)系，所以電路中電流與壓力不是線必關(guān)系，所以刻度盤(pán)標(biāo)注的質(zhì)量刻度不均勻，故A錯(cuò)誤；
B、若使用前質(zhì)量示數(shù)大于零，電流偏小，應(yīng)減小電阻，應(yīng)將的滑片向左滑動(dòng)，故B錯(cuò)誤；
C、電子秤的示數(shù)越大，電路中電流越小，由知電源的總功率越小，故C錯(cuò)誤；
D、電池長(zhǎng)時(shí)間使用后，若能調(diào)零，電流表仍可以滿偏，稱量值仍準(zhǔn)確，故D正確。
故選：D。
根據(jù)閉合電路歐姆定律得到電路中的電流與壓敏電阻的關(guān)系，結(jié)合電流表指針偏轉(zhuǎn)角度與電流成正比，分析改裝后刻度盤(pán)標(biāo)注的質(zhì)量刻度是否均勻。若使用前質(zhì)量示數(shù)大于零，電流偏小，應(yīng)減小電阻。電子秤的示數(shù)越大，電路中越小，由分析電源的總功率大小。電池長(zhǎng)時(shí)間使用后，若能調(diào)零，電流表仍可以滿偏，仍可以準(zhǔn)確測(cè)量質(zhì)量。
本題相當(dāng)于電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，解題的關(guān)鍵是分析電路，再根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析電路中電流與壓敏電阻的關(guān)系。
 9.【答案】C 【解析】解：同一列波中任何質(zhì)點(diǎn)的起振方向都與波源的起振方向相同，根據(jù)“同側(cè)法”，甲波在O點(diǎn)的起振方向沿y軸正方向，因此處的質(zhì)點(diǎn)起振方向?yàn)?/span>y軸正方向，故A錯(cuò)誤；
B.根據(jù)波長(zhǎng)、波速與周期的關(guān)系，兩列波的周期，乙波傳播到的時(shí)間，此時(shí)甲波的波峰剛好回到平衡位置且向y軸負(fù)方向振動(dòng)，因此為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則該質(zhì)點(diǎn)處的振幅為，所以兩波疊加前后，處的質(zhì)點(diǎn)振幅相同，故B錯(cuò)誤；
C.坐標(biāo)原點(diǎn)處兩波的振動(dòng)方向相同，則其振幅為，根則振動(dòng)方程為，故C正確；
D.根據(jù)上述分析可知，相鄰加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)的距離為，因此兩個(gè)相鄰振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)間的距離為1m，故D錯(cuò)誤。
故選：C。
A.同一列波中任何質(zhì)點(diǎn)的起振方向都與波源的起振方向相同，根據(jù)“同側(cè)法”判斷波源的起振方向；
B.根據(jù)波長(zhǎng)、波速與周期的關(guān)系求周期，再根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)公式求乙波傳播到的時(shí)間，從而判斷出為振動(dòng)減弱點(diǎn)，最后求合振幅；
C.在O點(diǎn)兩列波的振動(dòng)方向相同為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，求合振幅，再求振動(dòng)方程；
D.振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)互相間隔，據(jù)此求相鄰加強(qiáng)點(diǎn)之間的距離。
質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向的關(guān)系“同側(cè)法”、“上下坡法”等判斷，任何質(zhì)點(diǎn)的起振方向都與波源的起振方向相同；振動(dòng)加強(qiáng)和減弱的判斷是本題的一個(gè)難點(diǎn)。
 10.【答案】C 【解析】解：小物塊的位移是相對(duì)于坐標(biāo)原點(diǎn)的位移，位移大小即為彈簧的形變量，當(dāng)物塊在O點(diǎn)左側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移為負(fù)值，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧彈力方向向右，為正值；當(dāng)物塊在O點(diǎn)右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移為正值，彈簧處于拉伸狀態(tài)，彈簧彈力方向向左，為負(fù)值，則有，斜率為負(fù)值，圖中斜率為正值，故A錯(cuò)誤；
B.物塊從A到B的過(guò)程中，摩擦力方向向左，為負(fù)值，根據(jù)牛頓第二定律有
解得
可知，加速度與位移是線性關(guān)系，圖像為一條不經(jīng)過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，故B錯(cuò)誤；
D.根據(jù)上述有
彈簧彈力大小與位移大小成正比，則彈性勢(shì)能

即圖像為一條過(guò)原點(diǎn)的開(kāi)口向上拋物線，故D錯(cuò)誤；
C.令AO長(zhǎng)為，則物塊在A位置時(shí)，彈性勢(shì)能為

物塊從A向B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律有

物塊的動(dòng)量
解得
可知，動(dòng)量隨位移變化的圖像是一條曲線，物塊從A向B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度方向向右，動(dòng)量為正值，物塊在AO之間運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，當(dāng)彈簧彈力大于摩擦力時(shí)，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧彈力小于摩擦力時(shí)，做減速運(yùn)動(dòng)，物塊越過(guò)O點(diǎn)后向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧處于拉伸狀態(tài)，物塊一直減速至B點(diǎn)，即物塊的最大速度位置在AO之間，令該位置為C點(diǎn)，可知，物塊從A運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)加速，動(dòng)量增大，從C運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)減速，動(dòng)量減小，動(dòng)量最大位置在O點(diǎn)左側(cè)，故C正確。
故選：C。
彈力與摩擦力平衡的位置在AO之間，平衡位置處速度最大、加速度為零；根據(jù)牛頓第二定律找到加速度的表達(dá)式，進(jìn)而判斷加速度和位移的關(guān)系，由找到P與位移x的關(guān)系進(jìn)而判斷圖像是否正確。由判斷是否正確。
本題關(guān)鍵是抓住彈簧的彈力是變化的，分析清楚物體向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受力情況，從而判斷出其運(yùn)動(dòng)情況，知道平衡位置速度最大、加速度為零、彈性勢(shì)能為零。
 11.【答案】④①⑤②③    沒(méi)有  小華 【解析】解：首先應(yīng)將鋼尺伸出水平桌面，用刻度尺測(cè)出鋼尺上表面與地板間的高度差，然后將鐵球放在鋼尺末端，手機(jī)開(kāi)始運(yùn)行手機(jī)中的聲音“振幅”聲音傳感器項(xiàng)目，再迅速敲擊鋼尺側(cè)面，使鐵球自由下落，此時(shí)傳感器即可記錄下聲音振幅隨時(shí)間變化曲線，故操作步驟順序?yàn)棰堍佗茛冖郏?/span>
由圖可知，時(shí)間間隔為；
設(shè)鐵球下落時(shí)間為t，落地時(shí)速度為v
根據(jù)平均速度與位移的關(guān)系，小球下落的高度
解得小球落地速度
小球的動(dòng)能的增加量
取地面為零勢(shì)能面，重力勢(shì)能的減小量
若機(jī)械能守恒定律，應(yīng)滿足
小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，小球下落的時(shí)間決定于高度，若敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)鐵球獲得一個(gè)較小的水平速度，不會(huì)影響小球的落地時(shí)間，故對(duì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果沒(méi)有影響；
將手機(jī)放在鋼尺與地板間的中點(diǎn)附近測(cè)量時(shí)間，聲音傳播的時(shí)間對(duì)小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的測(cè)量影響更小，所以小華對(duì)時(shí)間測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確。
故答案為：④①⑤②③；；；沒(méi)有；小華，因?yàn)槁曇魝鞑サ臅r(shí)間對(duì)小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的測(cè)量影響小。
本實(shí)驗(yàn)是利用小球做自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒，根據(jù)實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)定的物理量，確定實(shí)驗(yàn)順序；
根據(jù)圖乙來(lái)確定時(shí)間間隔；
根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算小球的速度，根據(jù)動(dòng)能的計(jì)算公式求解動(dòng)能的增加量，根據(jù)重力勢(shì)能的定義求重力勢(shì)能的減小量；
根據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性進(jìn)行分析；
將手機(jī)放在鋼尺與地板間的中點(diǎn)附近測(cè)量時(shí)間，聲音傳播的時(shí)間對(duì)小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的測(cè)量影響更小。
本題主要考查了機(jī)械能守恒定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)；若小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒應(yīng)滿足重力勢(shì)能的減小量等于動(dòng)能的增加量。
 12.【答案】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：
經(jīng)過(guò)時(shí)間磁通量的變化量
電流平均值
通過(guò)線圈橫截面的電荷量
聯(lián)立解得：
感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為
電動(dòng)勢(shì)的有效值為
在時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為
解得
答：通過(guò)線圈橫截面的電荷量q為；
線圈上所產(chǎn)生的焦耳熱Q為。 【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電荷量與與電流的關(guān)系求解通過(guò)線圈橫截面的電荷量q；
由求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值，由求出電動(dòng)勢(shì)的有效值，再由焦耳定律計(jì)算線圈上所產(chǎn)生的焦耳熱Q。
解答本題時(shí)，要知道求電荷量時(shí)，要用交流電的平均值。求焦耳熱時(shí)，要用有效值。
 13.【答案】解：活塞初態(tài)平衡時(shí)，有
結(jié)合，解得：
初態(tài)到活塞接觸卡環(huán)，封閉氣體發(fā)生等壓變化，則有
解得：
即400K時(shí)活塞已經(jīng)與卡環(huán)接觸，由理想氣體狀態(tài)方程有：
解得
等壓變化過(guò)程中，外界對(duì)氣體所做功
由熱力學(xué)第一定律得
解得
答：溫度達(dá)到時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p為；
溫度從到的過(guò)程中缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q為。 【解析】初態(tài)時(shí)，對(duì)活塞，根據(jù)平衡條件求出封閉氣體的壓強(qiáng)。從初態(tài)到活塞接觸卡環(huán)的過(guò)程，封閉氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律求出活塞剛接觸卡環(huán)時(shí)氣體的溫度。之后，繼續(xù)加熱，封閉氣體發(fā)生等容變化，由查理定律求解溫度達(dá)到時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p；
溫度從到的過(guò)程中，等壓過(guò)程氣體對(duì)外做功，由求出氣體對(duì)外做的功，由熱力學(xué)第一定律求缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q。
本題考查理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的綜合應(yīng)用，注意解題的關(guān)鍵是求出初態(tài)氣體壓強(qiáng)與活塞位置。
 14.【答案】解：當(dāng)時(shí)恰好為零，A、B球的受力示意圖分別如圖甲、乙所示，對(duì)A，由平衡條件

對(duì)B，由平衡條件有
其中
且，聯(lián)立解得：

、C分離時(shí)，B的速度達(dá)到最大值v，此時(shí)A的機(jī)械能最小，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：

解得：
的加速度方向垂直于AO桿，對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律可得：
 
對(duì)B、C整體，根據(jù)牛頓第二定律可得：

解得：
答：彈簧的勁度系數(shù)為；
在時(shí)剪斷彈簧，C的最終速率為v，A落地過(guò)程中機(jī)械能的最小值為；
若在時(shí)，撤去，此時(shí)A的加速度為a，此時(shí)B的加速度大小為。 【解析】當(dāng)時(shí)恰好為零，分別對(duì)A、B兩球進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件和胡克定律列式，可求出彈簧的勁度系數(shù)k；
、C分離時(shí)，B的速度達(dá)到最大值v，此時(shí)A的機(jī)械能最小，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，求出A落地過(guò)程中機(jī)械能的最小值；
分別對(duì)A和BC整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立等式得出B球的加速度。
本題主要考查牛頓第二定律和機(jī)械能守恒定律的綜合應(yīng)用，熟悉物體的受力分析，同時(shí)結(jié)合牛頓第二定律和機(jī)械能守恒定律即可完成分析。
 15.【答案】解：粒子在A、B板間做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，沿x軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：

設(shè)A、B板的電勢(shì)差的絕對(duì)值為U，則。
根據(jù)牛頓第二定律有：
解得粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大?。?/span>。
設(shè)兩板間所加的交流電壓的周期為T，則。在電場(chǎng)中粒子沿y軸方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間恰好等于T。
在，、1、2……時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子沿方向的偏轉(zhuǎn)位移最大，且為：

解得：
在，、1、2……時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子沿方向的偏轉(zhuǎn)位移最大為，且為：

解得：
則有粒子離開(kāi)電場(chǎng)右邊界的區(qū)域長(zhǎng)度。
粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖所示：

所有時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期后由Q點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，設(shè)出電場(chǎng)時(shí)的速度大小為v，速度方向與電場(chǎng)邊界夾角為，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為r。
粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡的弦長(zhǎng)為：
根據(jù)幾何關(guān)系有：
由洛倫茲力提供向心力得：
解得：
其中：
解得：。
答：時(shí)刻射入板間的粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t為，加速度大小a為；
有粒子離開(kāi)電場(chǎng)右邊界虛線的區(qū)域長(zhǎng)度d為；
磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B為。 【解析】粒子在A、B板間做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)沿x軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)求解在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間。根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大??；
在電場(chǎng)中粒子沿y軸方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間恰好等于交流電壓的周期。確定什么時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子沿y軸的正向和負(fù)向位移最大，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解；
畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn)動(dòng)半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解。
本題考查了帶電粒子在電磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的分解處理；在勻強(qiáng)磁場(chǎng)只受洛倫茲力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，掌握原理及半徑與周期的經(jīng)驗(yàn)公式。
 

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