黑龍江省哈爾濱市通河一中2020屆高三上學期第一次調(diào)研考試物理試題-試卷下載-教習網(wǎng)

N=F-mgtanθ；A.故當F增加時，墻壁對鐵球的作用力不斷變大，為N=F-mgtanθ；可知F與墻面對鐵球的彈力之差不變，故A錯誤；BD.當F增加時，斜面的支持力為，保持不變，故球對斜面的壓力也保持不變，故D正確，B錯誤；C.鐵球始終處于平衡狀態(tài)，合外力始終等于0；故C錯誤； 5.如圖所示，大小可以忽略的小球沿固定斜面向上運動，依次經(jīng)a、b、c、d到達最高點e.已知ab=bd= 6m, bc=1m,小球從a到c和從c到d所用的時間都是2s,設小球經(jīng)b、c時的速度分別為vb、va, 則下列結論錯誤的是( )A. de=3mB. C. 從d到e所用時間為4sD. 【答案】A【解析】【詳解】B.由題，小球從a到c和從c到d所用的時間都是2s，根據(jù)推論得知，c點的速度等于ad間的平均速度，則有選項B不符合題意；D.ac間中點時刻的瞬時速度為cd中間時刻的瞬時速度故物體的加速度由vb2?vc2＝2a?bc得，vb＝m/s。故D不符合題意。A.設c點到最高點的距離為s，則：則de=s-cd=9-5m=4m。故A符合題意。C.設d到e的時間為T，則de=aT2，解得T=4s。故C不符合題意。 6.如圖所示，同種材料制成的軌道MO和ON底端由對接且。小球自M點由靜止滑下，小球經(jīng)過O點時無機械能損失，以v、s、a、f分別表示小球的速度、位移、加速度和摩擦力四個物理量的大小。下列圖象中能正確反映小球自M點到左側最高點運動過程的是( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】A.由于在兩個斜面上都是勻變速運動，根據(jù)位移時間關系公式，可知位移--時間圖象是曲線，故A錯誤；B.小球先做勻加速運動，a=gsinθ-μgcosθ，后做勻減速運動，加速度大小為a=gsinα+μgcosα，而gsinα+μgcosα＞gsinθ-μgcosθ，因而B錯誤；C.根據(jù)f=μN=μmgcosθ可知：當θ＞α時，摩擦力μmgcosθ＜μmgcosα，則C錯誤；D.小球運動過程中，在兩個斜面上都受到恒力作用而沿斜面做勻變速直線運動，速度先增加后減小，根據(jù)速度時間關系公式，可知兩段運動過程中的v-t圖都是直線，且因為在OM上的加速度較小，則直線的斜率較小，故D正確； 7.如圖所示，P球質量為2m,物體Q的質量為m,現(xiàn)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，物體Q位于墻壁和球P之間，已知P、Q均處于靜止狀態(tài)，輕繩與墻壁間的夾角為30°, 重力加速度為g,則下列說法正確的是( )A. P對Q有方向豎直向下的摩擦力，大小為mgB. 若增大P球的質量，則P對Q的摩擦力一定變大C. 若增大Q球的質量，則P對Q的摩擦力一定變大D. 輕繩拉力大小為【答案】C【解析】【詳解】A.Q受到重力、墻壁的彈力、P的壓力和向上靜摩擦力，即P對Q的摩擦力的方向向上，大小為mg。故A錯誤。B.由A的分析可知，增大P的質量，P對Q的摩擦力不變，故B錯誤。C.由B的分析可知，增大Q的質量，Q受到的靜摩擦力增大，故C正確。D.P、Q整體受到重力、支持力和繩子的拉力，共3個力作用，設繩子的拉力為F，在豎直方向：Fcos30°=3mg所以繩子的拉力：F=2mg．故D錯誤。 8.如圖(甲)所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為m的小球，從高彈簧上端高h處自由下落。若以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下建立一坐標軸OX,小球的速度v隨時間t變化的圖象如圖(乙)所示。其中OA段為直線，切于A點的曲線AB和BC都是平滑的曲線，則關于A、B、C三點對應的x坐標及加速度大小，下列說法正確的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】AB.OA段對應著小球下落h的過程，則XA=h，到達A點時的加速度為aA=g，選項B正確，A錯誤；C.B點是速度最大的地方，此時重力和彈力相等，合力為0，加速度也就為0，由mg=kx，可知，所以B得坐標為h+，所以C錯誤。D.取一個與A點對稱的點為D，由A點到B點的形變量為，由對稱性得由B到D的形變量也為，故到達C點時形變量要大于 h+2，加速度ac＞g，所以D錯誤。 9.下列關于勻變速運動說法正確的是( )A. 若速度為零，則物體所受合外力可能不能為零B. 若物體做勻加速直線運動時，從t=0時刻開始連續(xù)相等時間內(nèi)位移之比不可能是1: 4: 8: 13:……C. 若物體的加速度增加，則在相同時間內(nèi)速度變化量一定增大D. 只有在加速度和速度方向相同時，速度大小才可能增大【答案】ABC【解析】【詳解】A.速度為零，加速度不一定為零，根據(jù)牛頓第二定律，合外力不一定為零。故A正確。B.物體做勻加速直線運動時，從t=0時刻開始連續(xù)相等時間內(nèi)位移之差為一恒量，即△x=aT2，而1：4：8：13：…位移之差分別是3、4、5…，故從t=0時刻開始連續(xù)相等時間內(nèi)位移之比不可能是1：4：8：13：…，故B正確。C.根據(jù)可知加速度增大，則在相同時間內(nèi)速度變化量一定增大。故C正確。D.加速度的方向與速度方向相同時，速度增大，但不一定是相同，速度大小才能增大。比如平拋運動，加速度的方向與速度方向不相同，有一定的角度，但速度大小仍然增大。故D錯誤。 10.如圖所示，小球放在光滑固定的板AO與裝有鉸鏈的光滑輕質薄板BO之間。當薄板OB由圖示位置順時針緩慢轉至水平的過程中，下列說法正確的是A. 小球對薄板BO的壓力先減小后增大B. 兩板對小球的彈力可能同時小于小球的重力C. 兩板對小球彈力的合力可能小于小球的重力D. 薄板AO對小球的彈力在逐漸增大【答案】AB【解析】【詳解】AD.以小球為研究對象，分析受力情況，根據(jù)力圖看出，薄板OB的作用力FB先減小后增大，木板AO對小球的作用力FA一直減小，由牛頓第三定律得知，小球對薄板BO的壓力先減小后增大，小球對木板AO的壓力減小，故A正確、D錯誤。
B.根據(jù)圖中線段的長度可以看出，兩板對小球的彈力可能同時小于小球的重力，故B正確。C.根據(jù)平衡條件可知，兩板對小球彈力的合力等于小球的重力，故C錯誤。 11.如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上.A、B間以及B與地面間的動摩擦因數(shù)都為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g,現(xiàn)對A施加一水平拉力F,則( )A. 當時， A的加速度為B. 當時， A、B都相對地面靜止C. 無論F大小為何值，B都不動D. 當時， B才可以開始滑動【答案】BC【解析】【詳解】A.當F=2.5μmg時，由牛頓第二定律有：F-2μmg=2ma，解得：a=0.25μg，故A錯誤；B.因物體A、B之間的最大靜摩擦力為：fmax=μmAg=2μmgB與地面間的最大靜摩擦力為：f′max=μ（mA+mB）g=3μmg，則當 F＜2μmg時，A和B都不會運動，故B正確；CD.物體A、B之間的最大靜摩擦力為2μmg，B與地面間的最大靜摩擦力為3μmg，所以無論拉力多大B都不會發(fā)生滑動，故D錯誤、C正確。 12.如圖所示，靜止于水平面上的傾角為θ的斜面上有一質量為M的槽，槽的內(nèi)部放一質量為m的光滑球，已知槽和球起沿斜面下滑，球的大小恰好能和槽內(nèi)各面相接觸，不計空氣阻力，重力加速度為g,則下列說法正確是()A. 若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小為B. 若槽和球一起下滑的加速度大小為,則槽對球的作用力大小一定為C. 若槽和球一起下滑的加速度大小為, 地面對斜面的摩擦力方向可能向左D. 若槽和球一起勻速下滑，則球和槽之間只有兩個接觸點有彈力作用【答案】BD【解析】【詳解】A.若槽和球一起勻速下滑，則槽對球的作用力大小等于球的重力，即為mg，故A錯誤；B.若槽和球一起下滑的加速度大小為gsinθ，則槽對球的作用力大小為故B正確；C.若槽和球一起下滑的加速度大小為 gsinθ，則系統(tǒng)在水平方向有向右的加速度，地面對斜面的摩擦力方向向右，故C錯誤。D.若槽和球一起勻速下滑，則球受力平衡，球對前壁的彈力為mgsinθ，對底部的壓力為mgcosθ，所以球和槽之間只有兩個接觸點有彈力的作用，故D正確；二、實驗題13.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點, OB與OC為細繩。圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結果面出的圖。 (1)如果沒有操作失誤，圖乙中的F與兩力中，方向一定沿AO方向的是____________________。(2)該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細繩套(兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的實驗器材有______A.刻度尺 B.量角器 C.彈簧測力計(3)有關該實驗，下列說法正確的是______A.同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是:將兩只彈簧測力計水平放置并調(diào)零，之后互鉤對拉，若兩只彈簧測力計讀數(shù)相同，則可選:若讀數(shù)不同，應調(diào)整或另換，直至相同為止。B.在同一次實驗中，只用一個彈簧測力計通過繩套拉橡皮條，使橡皮條的伸長量與用兩個彈簧測力計拉時相同即可。C.用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角應取合適角度，以便算出合力大小。D.若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而保持橡皮條結點位置不變，只需調(diào)整另一只彈簧測力計拉力的大小即可。E.在用彈簧測力計拉橡皮條時，應使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行。(4)在該實驗中，如果將OB與OC細繩也換成橡皮條，那么對實驗結果___________影響。(選填“有"或“沒有”)【答案】 (1). F′ (2). AC (3). AE (4). 沒有【解析】【詳解】（1）[1].F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F′是通過一個彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點，使得一個彈簧稱的拉力與兩個彈簧稱的拉力效果相同，測量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′，由于誤差的存在F和F′方向并不在重合；（2）[2].該實驗用到的實驗器材除了方木板、白紙、橡皮條、細繩套(兩個)、圖釘(幾個)等，還需要的實驗器材有刻度尺和彈簧測力計，故選AC.（3）[3].A.同一實驗中的兩只彈簧測力計的選取方法是：將兩只彈簧測力計水平放置并調(diào)零，之后互鉤對拉，若兩只彈簧測力計讀數(shù)相同，則可選；若讀數(shù)不同，應調(diào)整或另換，直至相同為止。故A正確。B.在同一次實驗中，只用一個彈簧測力計通過繩套拉橡皮條，使橡皮條的結點與用兩個彈簧測力計拉時拉到同一位置O，故B錯誤。C.用兩只彈簧測力計鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條時，夾角沒有嚴格要求，故C錯誤。D.若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而保持橡皮條結點位置不變，需調(diào)整另一只彈簧測力計拉力的大小和方向，故D錯誤。E.在用彈簧測力計拉橡皮條時，應使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行，故E正確。（4）[4].由于用一個彈簧測力計和用兩個彈簧測力計拉橡皮條結點，只需要效果相同，所以將兩個細繩套換成兩根橡皮條，不會影響實驗結果。 14.如圖所示，某同學在做“研究勻變速直線運動”的實驗中，由打點計時器得到表示小車運動過程的一條清晰的紙帶，紙帶上:兩相鄰計數(shù)點間有四個點沒畫出來。已知打點計時器打點周期,其中前,完成以下問題:(1)打下A點時速度大小___ m/s。(2)若某同學甲實驗時只測暈了紙帶中x3、x4的值，則小車運動的加速度計算表達式為____________ (用x3、x4及T表示)。(3)某同學乙根據(jù)學過的知識，算出了幾個計數(shù)點的瞬時速度，建立坐標系，畫出的v-t圖像如圖所示，請你根據(jù)圖像得出小車運動的加速度為__________m/s2,由圖可知，從開始計時的0.3s內(nèi)，小車通過的位移大小為_______ m。【答案】 (1). 0.864 (2). (3). 1.0 (4). 0.12【解析】【詳解】（1）[1].相鄰兩計數(shù)點間還有4個打點未畫出，所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為t=0.1s；根據(jù)平均速度等于中時刻的瞬時速度，則有：（2）[2].根據(jù)運動學公式得：△x=at2解得：。（3）[3].v-t圖象中圖象斜率表示加速度，故[4].圖象與時間軸圍成的面積表示位移，則可知位移大小三、計算題15.一人乘電梯上樓,從1層直達20層，此間電梯運行高度為60m.若電梯啟動后勻加速上升，加速度大小為,制動后勻減速上升，加速度大小為,電梯運行所能達到的最大速度為6m/s，則此人乘電梯上樓的最短時間應是多少?【答案】14s【解析】【詳解】由題意可知，要是電梯運行時間最短，則電梯應先勻加至最大速度且盡量多的時間以6m/s勻速勻速一段時間后再勻減：加速階段：解得：t1=2s上升高度：解得：h1=6m減速階段：解得：t2=6s解得：h2=18m勻速階段：最短時間： 16.如圖所示，皮帶傳動裝置與水平面夾角為30°，A、B分別是傳送帶與兩輪的切點，兩點間距L=3.25m.一個質量為0.1kg的小煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為,；輪緣與傳送帶之間不打滑。小物塊相對于傳送帶運動時會在傳送帶上留下痕跡。傳送帶沿逆時針方向勻速運動，速度為v0。小物塊無初速地放在A點，運動至B點飛出。求:(1)當, 小滑塊從A點運動到B點的時間(2)當痕跡長度等于2.25m時，v0多大?【答案】（1）1s（2）【解析】【詳解】（1）開始時：得：達速度v0所用時間為：解得：t1=0.5s滑塊下滑位移：因為：，故滑塊繼續(xù)加速下滑，則：得：得：t2=0.5s故：tAB= t1+t2=1s（2）若以a1下滑過程中滑塊相對傳送帶的位移大于或等于以a2下滑的相對位移，則：得：v0=6m/s若以a1下滑過程中滑塊相對傳送帶的位移小于以a2下滑的相對位移，則：得：t2=1.5s由上述得：得： 17.如圖所示，輕桿BC的C點用光滑鉸鏈與墻壁相連，在B點正下方懸掛一個定滑輪(不計重力和摩擦),桿的B點通過水平細繩AB使桿與豎直墻壁保持30°的夾角。某人用輕繩繞過滑輪豎直向上勻加速地提起重物，已知重物的質量,加速度大小,人的質量，求此時:(1)地面與人之間的彈力的大小;(2)輕繩AB的彈力大小。【答案】（1）380N（2）【解析】【詳解】（1）對重物：解得：T=120N對人：T+N=Mg解得：N=380N（2）因對B點：解得