1．（3分）達(dá)因值是液體表面張力系數(shù)，是液體表面相鄰兩部分之間單位長度內(nèi)互相牽引的力。則1達(dá)因其值為（ ）
A．1×10﹣5NB．1×10﹣5N/m
C．1×10﹣5N/m2D．1×10﹣5N/m3
2．（3分）2021年2月10日19時52分，“天問一號”探測器實施近火捕獲制動，順利進(jìn)入環(huán)火星軌道，自發(fā)射以來，“天問一號”已累計飛行202天，飛行里程約4.75億千米，距離地球約1.92億千米。下列判斷正確的是（ ）
A．“天問一號”繞火星飛行一圈平均速度不為0，且它在每一時刻的瞬時速度都不為0
B．“19時52分”和“202天”，前者表示“時刻”，后者表示“時間”
C．飛行里程約4.75億千米表示位移，距離地球約1.92億千米表示路程
D．地面衛(wèi)星控制中心在對“天問一號”進(jìn)行飛行姿態(tài)調(diào)整時可以將“天問一號”看成質(zhì)點
3．（3分）下列各物理量都屬于矢量的是（ ）
A．速率、平均速度B．瞬時速度、功率
C．加速度、線速度D．位移、重力勢能
4．（3分）下列說法不正確的是（ ）
A．示波器可以用來觀察電信號隨時間的變化情況
B．重力的施力物體是地球，方向豎直向下
C．物體在地球附近繞地球運(yùn)動時，太陽的作用可以忽略
D．所有行星繞太陽運(yùn)動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的中心處
5．（3分）如圖，用手掌托著質(zhì)量為1kg的書，由靜止向上運(yùn)動了一段距離后停下。已知該過程中書的加速度大小始終為2m/s2，重力加速度g＝10m/s2，下列說法正確的是（ ）
A．書一直向上運(yùn)動，故一直處于超重狀態(tài)
B．前半段運(yùn)動過程中，書受到的支持力為12N
C．前半段運(yùn)動過程中，書受到的重力變?yōu)?2N
D．后半段運(yùn)動過程中，書受到的重力變小
6．（3分）小石子從山崖上無初速地脫落，不計空氣阻力，以山崖下水平面為零勢能面。小石子在空中運(yùn)動時的加速度大小a、速度大小v、動能Ek和重力勢能Ep隨運(yùn)動時間t的變化關(guān)系中，正確的是（ ）
A．B．
C．D．
7．（3分）a，b，c為電場中同一條電場線上的三點，其中c為ab的中點。已知a，b兩點的電勢分別為φa＝3V，φb＝9V，則下列敘述正確的是（ ）
A．該電場在c點處的電勢一定為6 V
B．a(chǎn)點處的場強(qiáng)Ea一定小于b點處的場強(qiáng)Eb
C．正電荷從a點運(yùn)動到b點的過程中電勢能一定增大
D．正電荷只受電場力作用從a點運(yùn)動到b點的過程中動能一定增大
8．（3分）甲、乙兩個小燈籠用輕繩連接，懸掛在空中，在相同的水平風(fēng)力作用下發(fā)生傾斜，穩(wěn)定時與豎直方向的夾角分別為α、θ，如圖所示，已知甲的質(zhì)量為m1、乙的質(zhì)量為m2，下列關(guān)系式正確的是（ ）
A．
B．
C．
D．
9．（3分）宇航員在地球表面一斜坡上P點，沿水平方向以初速度v0拋出一個小球，測得小球經(jīng)時間t落到斜坡另一點Q上?，F(xiàn)宇航員站在某質(zhì)量分布均勻的星球表面相同的斜坡上P點，沿水平方向以初速度2v0拋出一個小球，小球仍落在斜坡的Q點。已知該星球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G。不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）
A．該星球表面的重力加速度g0＝2g
B．該星球的質(zhì)量為
C．該星球的密度為
D．該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為2：1
10．（3分）質(zhì)量為1kg的物體做勻變速直線運(yùn)動，其位移隨時間變化的規(guī)律為x＝2t+t2（m）。t＝1s時，該物體所受合力的功率為（ ）
A．2WB．4WC．6WD．8W
11．（3分）如圖所示是某游樂場的激流勇進(jìn)項目，游客乘坐小船從滑道滑下，落入水中激起水花。水花在空中可看成斜拋運(yùn)動，若水花初速度為v0，與水面夾角為θ，不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）
A．當(dāng)v0一定時，夾角θ越大，水花在空中運(yùn)動時間越長
B．當(dāng)v0一定時，夾角θ越大，水花濺射的越遠(yuǎn)
C．在水花運(yùn)動過程中，重力的功率一直減小
D．在水花運(yùn)動到最高位置時，水花的機(jī)械能最小
12．（3分）如圖所示，真空中平行板電容器帶有絕緣手柄的A板接地，閉合電鍵給電容器充電后斷開電鍵。電容器中的C點固定放置一帶負(fù)電的點電荷q，q不影響電容器的電場分布。下列說法正確的是（ ）
A．若通過手柄把A板向上平移一小段距離，則q所受的電場力變大
B．若通過手柄把A板向左平移一小段距離，則q所受電場力變小
C．若緊靠B板插入一塊有機(jī)玻璃板，則q的電勢能變小
D．若緊靠B板插入一塊等大的鐵板，則q的電勢能不變
13．（3分）某一區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C是電場中的三個點，以下判斷正確的是（ ）
A．C點電勢最高
B．C點電場強(qiáng)度最大
C．負(fù)點電荷放在A點所受電場力沿A點的切線方向斜向上
D．同一點電荷放在B點所受電場力比放在A點時大
二、多項選擇題（本題共2小題，在每小題給出的四個選項中，有兩個或多個選項正確，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不選得0分，共6分）
（多選）14．（3分）下列關(guān)于教科書上的四幅插圖，說法正確的是（ ）
A．圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集至B上
B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電
C．圖丙中搖動起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附
D．圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點火器，點火應(yīng)用了尖端放電原理
（多選）15．（3分）救援車營救被困在深坑中探險車的情景可簡化為如圖甲所示的模型。斜坡傾角為θ＝37°，其動摩擦因數(shù)為μ＝0.5。在救援車作用下，探險車從坑底A點由靜止勻加速至B點時達(dá)到最大速度，接著勻速運(yùn)動至C點，最后從C點勻減速運(yùn)動到達(dá)最高點D，恰好停下，選深坑底部為參考平面，救援過程中探險車的機(jī)械能E隨高度h變化的圖線如圖乙所示，已知重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，下列說法正確的是（ ）
A．探險車質(zhì)量為1500kg
B．探險車在坡面上的最大速度為4m/s
C．探險車在BC段運(yùn)動的時間為18s
D．救援過程中救援車對探險車做功為2.4×106J
三、實驗題
16．（3分）如圖1所示是研究小車加速度與力關(guān)系的實驗裝置，木板置于水平桌面上，一端系有砂桶的細(xì)繩通過滑輪與拉力傳感器相連，拉力傳感器可顯示所受拉力的大小F，M為帶滑輪小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的總質(zhì)量。實驗時先不掛砂桶，將木板右端墊高，調(diào)整墊塊的左右位置，平衡摩擦力，然后掛上砂桶，改變桶中砂的質(zhì)量，多次進(jìn)行實驗。完成下列問題：
（1）實驗中 （填“需要”或“不需要”）滿足砂和砂桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M。
（2）以拉力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，小車的加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a﹣F圖像是一條過坐標(biāo)原點的直線，如圖2所示，則圖線的斜率k＝ （用M表示）。
（3）若某同學(xué)實驗中加墊塊過高，采集實驗數(shù)據(jù)作出的圖像可能是 （填選項字母）。
17．（6分）某同學(xué)用圖（a）所示的實驗裝置驗證機(jī)械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有20Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。
該同學(xué)在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算。
（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為 ，打出C點時重物下落的速度大小為 ，重物下落的加速度的大小為 。
（2）已測得s1＝8.89cm，s2＝9.5cm，s3＝10.10cm；當(dāng)重力加速度大小為9.80m/s2，試驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%．由此推算出f為 Hz。
18．（7分）在“測定金屬的電阻率”實驗中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)：
（1）如圖1，用螺旋測微器測得金屬棒直徑d為 mm；用20分度游標(biāo)卡尺測金屬棒長度l為 cm。
（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值：當(dāng)用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，他應(yīng)該換用 擋（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進(jìn)行一系列正確的操作后，再將紅黑表筆接在金屬棒兩端，指針靜止時如圖2所示，則金屬棒的阻值約為 Ω。
（3）用伏安法測金屬棒的電阻Rx。要求電壓從零開始變化，則實驗選用的電路是如圖3中的 圖（選填“甲”或“乙”）。
四、解答題（本題共4小題，共41分）
19．（8分）如圖所示，質(zhì)量m＝1.0×10﹣4kg的小物塊，帶有5×10﹣4C的電荷，放在傾角為30°的光滑絕緣斜面上，整個斜面置于B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里，物塊由靜止開始下滑，滑到某一位置時開始離開斜面（g取10m/s2），求：
（1）物塊帶什么電？
（2）物塊離開斜面時速度多大？
（3）斜面至少有多長？
20．（8分）某人站在一平臺上，用長L＝0.6m的輕細(xì)線拴一個質(zhì)量為m＝0.6kg的小球，讓它在豎直平面內(nèi)以O(shè)點為圓心做圓周運(yùn)動，最高點A距地面高度為3.2m，當(dāng)小球轉(zhuǎn)到最高點A時，人突然撒手，小球被水平拋出，落地點B與A點的水平距離BC＝4.8m，不計空氣阻力，g＝10m/s2。求：
（1）小球從A到B的時間；
（2）小球離開最高點時的線速度大?。?br>（3）人撒手前小球運(yùn)動到A點時，繩對球的拉力大小。
21．（10分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一粗糙斜面軌道AB與光滑圓弧軌道BC在B點平滑連接（滑塊經(jīng)過B點時速度大小不變），斜面軌道長L＝2.5m，斜面傾角θ＝37°，O點是圓弧軌道圓心，OB豎直圓弧軌道半徑R＝1m，圓心角θ＝37°，C點距水平地面的高度h＝0.512m，整個軌道是固定的。一質(zhì)量m＝1kg的滑塊在斜面頂點A由靜止釋放，最終落到水平地面上?；瑝K可視為質(zhì)點，滑塊與斜面軌道之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，不計空氣阻力，求：
（1）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最低點B時，對圓弧軌道的壓力大??；
（2）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最高點C時的速度大??；
（3）滑塊離開C點后在空中運(yùn)動的時間t。
22．（13分）如圖所示，間距為d的水平平行金屬板間電壓恒為U．初速度為零的電子經(jīng)電壓U0的加速后，沿兩板間的中心線進(jìn)入板間電場，電子從兩板間飛出，飛出時速度的偏向角為θ．已知電子質(zhì)量為m、電荷量為e，電子重力不計。求：
（1）電子在水平金屬板間所受的電場力的大小F；
（2）電子剛進(jìn)入水平金屬板間電場時的速度大小v0；
（3）水平金屬板的長度L。
2024-2025學(xué)年浙江省寧波市五校聯(lián)考高一（下）期中物理試卷
參考答案與試題解析
一．選擇題（共13小題）
二．多選題（共2小題）
一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對的得3分，錯選或不答的得0分）
1．（3分）達(dá)因值是液體表面張力系數(shù)，是液體表面相鄰兩部分之間單位長度內(nèi)互相牽引的力。則1達(dá)因其值為（ ）
A．1×10﹣5NB．1×10﹣5N/m
C．1×10﹣5N/m2D．1×10﹣5N/m3
【分析】根據(jù)1達(dá)因的物理意義即可解題。
【解答】解：表面張力的單位在SI制中為牛頓/米（N/m），但是常用達(dá)因/厘米（dyn/cm），而達(dá)因是力的單位，其物理意義是使質(zhì)量是1克的物體產(chǎn)生1cm/s2的加速度的力，叫做1達(dá)因，縮寫：dyn。由于1N＝1kg×1m/s2＝1×103g×1×100cm/s2＝105dyn，所以1達(dá)因其值為1×10﹣5N/m，故B正確，ACD錯誤。
故選：B。
【點評】本題主要考查了新概念，只要審清題意即可解題。
2．（3分）2021年2月10日19時52分，“天問一號”探測器實施近火捕獲制動，順利進(jìn)入環(huán)火星軌道，自發(fā)射以來，“天問一號”已累計飛行202天，飛行里程約4.75億千米，距離地球約1.92億千米。下列判斷正確的是（ ）
A．“天問一號”繞火星飛行一圈平均速度不為0，且它在每一時刻的瞬時速度都不為0
B．“19時52分”和“202天”，前者表示“時刻”，后者表示“時間”
C．飛行里程約4.75億千米表示位移，距離地球約1.92億千米表示路程
D．地面衛(wèi)星控制中心在對“天問一號”進(jìn)行飛行姿態(tài)調(diào)整時可以將“天問一號”看成質(zhì)點
【分析】在時間軸上，時間間隔用一段線段表示，而時刻用一個點表示；位移是初位置到末位置的有向線段，而路程是運(yùn)動軌跡的實際長度。物體能否看作質(zhì)點與物體本身無關(guān)，要看所研究問題的性質(zhì)，看物體的形狀和大小在所研究的問題中是否可以忽略。
【解答】解：A、“天問一號”繞火星飛行一圈的位移為0，所以平均速度為0，但它在每一時刻的瞬時速度都不為0，故A錯誤；
B、“19時52分”和“202天”，前者表示“時刻”后者表示“時間間隔”，故B正確；
C、飛行里程約4.75億千米表示路程，距離地球約1.92億千米表示位移，故C錯誤；
D、地面衛(wèi)星控制中心在對“天問一號”進(jìn)行飛行姿態(tài)調(diào)整時，“天問一號”各部分的運(yùn)動差異不能忽略，此時不可以將“天問一號”看成質(zhì)點，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題關(guān)鍵是區(qū)分位移與路程、時間間隔與時刻，只有在單向直線運(yùn)動中，物體的位移大小等于其路程。
3．（3分）下列各物理量都屬于矢量的是（ ）
A．速率、平均速度B．瞬時速度、功率
C．加速度、線速度D．位移、重力勢能
【分析】矢量既有大小，又有方向，合成遵循平行四邊形定則；標(biāo)量只有大小，沒有方向，合成為簡單代數(shù)和。
【解答】解：矢量既有大小，又有方向，合成遵循平行四邊形定則；標(biāo)量只有大小，沒有方向，合成為簡單代數(shù)和。位移、瞬時速度、平均速度、加速度、線速度是矢量，功率、速率、重力勢能是標(biāo)量。
故選：C。
【點評】本題主要考查了矢量和標(biāo)量，解題關(guān)鍵是掌握矢量既有大小，又有方向，合成遵循平行四邊形定則；標(biāo)量只有大小，沒有方向，合成為簡單代數(shù)和。
4．（3分）下列說法不正確的是（ ）
A．示波器可以用來觀察電信號隨時間的變化情況
B．重力的施力物體是地球，方向豎直向下
C．物體在地球附近繞地球運(yùn)動時，太陽的作用可以忽略
D．所有行星繞太陽運(yùn)動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的中心處
【分析】根據(jù)示波管的工作原理分析；重力的施力物體是地球，方向豎直向下；物體在地球附近繞地球運(yùn)動時，地球?qū)ξ矬w的吸引力大；根據(jù)開普勒第一定律分析判斷。
【解答】解：A．示波器可以用來觀察電信號隨時間的變化情況，故A正確；
B．重力的施力物體是地球，方向豎直向下，故B正確；
C．物體在地球附近繞地球運(yùn)動時，根據(jù)萬有引力定律可知，太陽的作用可以忽略，故C正確；
D．根據(jù)開普勒第一定律可知，所有行星繞太陽運(yùn)動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的焦點處，故D錯誤。
本題選不正確的，故選：D。
【點評】本題考查示波器、重力、萬有引力、開普勒行星運(yùn)動定律的相關(guān)知識，注意理解開普勒行星運(yùn)動定律。
5．（3分）如圖，用手掌托著質(zhì)量為1kg的書，由靜止向上運(yùn)動了一段距離后停下。已知該過程中書的加速度大小始終為2m/s2，重力加速度g＝10m/s2，下列說法正確的是（ ）
A．書一直向上運(yùn)動，故一直處于超重狀態(tài)
B．前半段運(yùn)動過程中，書受到的支持力為12N
C．前半段運(yùn)動過程中，書受到的重力變?yōu)?2N
D．后半段運(yùn)動過程中，書受到的重力變小
【分析】當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度。不論超重、失重或完全失重，物體的重力不變，只是“視重”改變。結(jié)合牛頓第二定律求解。
【解答】解：A.書在向上運(yùn)動的過程中，雖然速度方向向上，但由于加速度方向先向上后向下，所以書處于先超重后失重狀態(tài)，故A錯誤；
B.對書進(jìn)行受力分析，書受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力。根據(jù)題目意思，前半段運(yùn)動過程應(yīng)該是指加速運(yùn)動過程，
根據(jù)牛頓第二定律有：FN?mg＝ma，
解得：FN ＝12N，故B正確；
CD.書受到的重力是由地球?qū)奈a(chǎn)生的，與書的運(yùn)動狀態(tài)無關(guān)，所以無論書如何運(yùn)動，它受到的重力都保持不變，故CD錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查了學(xué)生對超重失重現(xiàn)象的理解，掌握住超重失重的特點，本題就可以解決了。
6．（3分）小石子從山崖上無初速地脫落，不計空氣阻力，以山崖下水平面為零勢能面。小石子在空中運(yùn)動時的加速度大小a、速度大小v、動能Ek和重力勢能Ep隨運(yùn)動時間t的變化關(guān)系中，正確的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】根據(jù)小石子在空中運(yùn)動時做自由落體運(yùn)動，結(jié)合動能與重力勢能表達(dá)式分析求解。
【解答】解：AB．在空中運(yùn)動時做自由落體運(yùn)動，加速度為重力加速度，恒定不變；根據(jù)速度—時間公式：
v＝gt
可知v﹣t圖像為過原點的傾斜直線，故A正確，B錯誤；
C．根據(jù)動能表達(dá)式滿足

可知Ek﹣t圖像為拋物線，故C錯誤；
D．以山崖下水平面為零勢能面，設(shè)初始高度為H，則有重力勢能滿足

可知Ep﹣t圖像為拋物線，故D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查了圖像問題，理解物體所做的運(yùn)動，掌握能之間的相互轉(zhuǎn)化是解決此類問題的關(guān)鍵。
7．（3分）a，b，c為電場中同一條電場線上的三點，其中c為ab的中點。已知a，b兩點的電勢分別為φa＝3V，φb＝9V，則下列敘述正確的是（ ）
A．該電場在c點處的電勢一定為6 V
B．a(chǎn)點處的場強(qiáng)Ea一定小于b點處的場強(qiáng)Eb
C．正電荷從a點運(yùn)動到b點的過程中電勢能一定增大
D．正電荷只受電場力作用從a點運(yùn)動到b點的過程中動能一定增大
【分析】題中是一條電場線，無法判斷該電場是否是勻強(qiáng)電場，不能確定c點處的電勢。根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，分析電勢能的關(guān)系。由能量守恒分析動能關(guān)系。
【解答】解：
A、若該電場是勻強(qiáng)電場，則在c點處的電勢為φcV＝6V，若該電場不是勻強(qiáng)電場，則在c點處的電勢為φc≠6V．故A錯誤。
B、一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強(qiáng)的大小，所以a點處的場強(qiáng)Ea不一定小于b點處的場強(qiáng)Eb．故B錯誤。
CD、根據(jù)正電荷在電勢高處電勢能大，可知正電荷從a點運(yùn)動到b點的過程中電勢能一定增大，而由能量守恒得知，其動能一定減小。故C正確，D錯誤。
故選：C。
【點評】電場線的疏密可表示電場強(qiáng)度的相對大小，但一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強(qiáng)的大小。但可根據(jù)電勢的高低判斷電勢能的大小。
8．（3分）甲、乙兩個小燈籠用輕繩連接，懸掛在空中，在相同的水平風(fēng)力作用下發(fā)生傾斜，穩(wěn)定時與豎直方向的夾角分別為α、θ，如圖所示，已知甲的質(zhì)量為m1、乙的質(zhì)量為m2，下列關(guān)系式正確的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】先隔離乙，對乙受力分析，再對整體受力分析，根據(jù)共點力平衡即可求解。
【解答】解：設(shè)每個燈籠受到的水平風(fēng)力為F，對乙分析

對甲、乙整體分析

則

故ABD錯誤，C正確。
故選：C。
【點評】本題考查共點力平衡問題，解題關(guān)鍵是對兩燈籠做好受力分析，根據(jù)共點力平衡求解即可。
9．（3分）宇航員在地球表面一斜坡上P點，沿水平方向以初速度v0拋出一個小球，測得小球經(jīng)時間t落到斜坡另一點Q上?，F(xiàn)宇航員站在某質(zhì)量分布均勻的星球表面相同的斜坡上P點，沿水平方向以初速度2v0拋出一個小球，小球仍落在斜坡的Q點。已知該星球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G。不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）
A．該星球表面的重力加速度g0＝2g
B．該星球的質(zhì)量為
C．該星球的密度為
D．該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為2：1
【分析】平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律求出星球表面的重力加速度；根據(jù)萬有引力等于重力求出星球的質(zhì)量，結(jié)合密度的公式求出星球的密度；第一宇宙速度的大小等于貼近星球表面運(yùn)行的速度，根據(jù)萬有引力提供向心力求出第一宇宙速度的大小。
【解答】解：A、小球拋出后做平拋運(yùn)動，
由平拋運(yùn)動的規(guī)律可得，小球在地球表面時，
小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動，
x＝v0t
小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，

小球在某星球表面上時，則有在水平方向做勻速直線運(yùn)動，
x′＝x＝2v0t′
小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動，

代入數(shù)據(jù)解得
g0＝4g
故A錯誤；
BC、設(shè)星球質(zhì)量為M，在該星球表面質(zhì)量是m0的物體則有

解得

該星球的密度為

故B錯誤，C正確；
D、由萬有引力提供向心力可得

解得

由可得該星球的第一宇宙速度

地球的第一宇宙速度

因地球的半徑與該星球的半徑關(guān)系不確定，因此該星球的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比不確定，故D錯誤。
故選：C。
【點評】解決本題的關(guān)鍵是掌握萬有引力提供向心力和萬有引力等于重力這兩個結(jié)論，并能靈活運(yùn)用。
10．（3分）質(zhì)量為1kg的物體做勻變速直線運(yùn)動，其位移隨時間變化的規(guī)律為x＝2t+t2（m）。t＝1s時，該物體所受合力的功率為（ ）
A．2WB．4WC．6WD．8W
【分析】根據(jù)位移—時間公式，結(jié)合速度—時間公式，利用牛頓第二定律以及功率表達(dá)式分析求解。
【解答】解：根據(jù)位移—時間公式

知質(zhì)點的加速度
a＝2m/s2
初速度為
v0＝2m/s
根據(jù)
v＝v0+at
可知t＝1s時速度為
v＝4m/s
根據(jù)牛頓第二定律可知物體所受合力
F＝ma＝1×2N＝2N
t＝1s時，該物體所受合力的功率為
P＝Fv＝2×4W＝8W
故選：D。
【點評】本題考查了功率的計算，理解瞬時功率和平均功率的計算方式是解決此類問題的關(guān)鍵。
11．（3分）如圖所示是某游樂場的激流勇進(jìn)項目，游客乘坐小船從滑道滑下，落入水中激起水花。水花在空中可看成斜拋運(yùn)動，若水花初速度為v0，與水面夾角為θ，不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）
A．當(dāng)v0一定時，夾角θ越大，水花在空中運(yùn)動時間越長
B．當(dāng)v0一定時，夾角θ越大，水花濺射的越遠(yuǎn)
C．在水花運(yùn)動過程中，重力的功率一直減小
D．在水花運(yùn)動到最高位置時，水花的機(jī)械能最小
【分析】濺射的水花在空中做斜拋運(yùn)動，根據(jù)分析水花在空中運(yùn)動時間與θ的變化關(guān)系；根據(jù)分位移公式得到水平射程表達(dá)式，再分析水平射程的變化。分析豎直方向分速度的變化判斷重力的功率變化。對照機(jī)械能守恒條件分析水的機(jī)械能是否守恒。
【解答】解：AB、濺射的水花在空中做斜拋運(yùn)動，水花在空中運(yùn)動時間為

水平射程為

可知，運(yùn)動時間t隨θ增大而增大，隨θ的增大，水平射程先增大后減小，故A正確，B錯誤；
C、水花先上升后下降，豎直方向速度先減小后增大，由PG＝mgvy可知，重力的功率先減小后增大，故C錯誤；
D、水花運(yùn)動過程中只有重力做功，其機(jī)械能守恒，故D錯誤。
故選：A。
【點評】本題采用運(yùn)動的分解法處理斜拋運(yùn)動，要掌握分運(yùn)動的規(guī)律，通過列式分析水花運(yùn)動時間和水平射程的變化。
12．（3分）如圖所示，真空中平行板電容器帶有絕緣手柄的A板接地，閉合電鍵給電容器充電后斷開電鍵。電容器中的C點固定放置一帶負(fù)電的點電荷q，q不影響電容器的電場分布。下列說法正確的是（ ）
A．若通過手柄把A板向上平移一小段距離，則q所受的電場力變大
B．若通過手柄把A板向左平移一小段距離，則q所受電場力變小
C．若緊靠B板插入一塊有機(jī)玻璃板，則q的電勢能變小
D．若緊靠B板插入一塊等大的鐵板，則q的電勢能不變
【分析】電容器充電后斷開電鍵，所帶電量不變；根據(jù)電容器的決定式C、定義式和勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)公式求解場強(qiáng)的大小，分析場強(qiáng)的變化和電場力的變化；緊靠B插入有機(jī)玻璃板，相對介電常數(shù)εr增大，緊靠B插入一塊鐵板相當(dāng)于兩極板間距離d變小，根據(jù)場強(qiáng)表達(dá)式判斷場強(qiáng)的變化，根據(jù)電勢差公式分析電勢的變化，進(jìn)而得到電勢能的變化。
【解答】解：電容器充電后斷開電鍵，所帶電量不變。
A、由電容器電容的決定式得：C
由電容的定義式得：
由勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)公式得：
聯(lián)立解得：E
若通過手柄把A板向上平移一小段距離，兩極板間距d減小，場強(qiáng)不變，q所受的電場力為F＝qE
則q所受的電場力不變，故A錯誤；
B、若通過手柄把A板向左平移一小段距離，正對面積S減小，由E得，電場強(qiáng)度增大，q所受的電場力為F＝qE
則q所受電場力變大，故B錯誤；
C、緊靠B插入有機(jī)玻璃板，則相對介電常數(shù)εr增大，由E得，電場強(qiáng)度E減小，C點與下級板的電勢差UC下＝EdC下＝φC﹣φ下＝φC
則C點的電勢降低，點電荷q帶負(fù)電，則q的電勢能增大，故C錯誤；
D、緊靠B插入一塊鐵板相當(dāng)于兩極板間距離d變小，由E得，電場強(qiáng)度E不變，C點與下級板的電勢差UC下＝EdC下＝φC﹣φ下＝φC
則C點的電勢不變，點電荷q的電勢能不變，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查電容器的動態(tài)分析問題，解題關(guān)鍵是掌握電容器電容的決定式和定義式，知道緊靠B插入有機(jī)玻璃板和鐵板的區(qū)別。
13．（3分）某一區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C是電場中的三個點，以下判斷正確的是（ ）
A．C點電勢最高
B．C點電場強(qiáng)度最大
C．負(fù)點電荷放在A點所受電場力沿A點的切線方向斜向上
D．同一點電荷放在B點所受電場力比放在A點時大
【分析】沿電場線的方向電勢逐漸降低；電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的大小，電場線越密，場強(qiáng)越大；根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系來判斷。
【解答】解：A、沿電場線的方向電勢逐漸降低，結(jié)合圖可知A、B、C三點的電勢關(guān)系為φB＞φA＞φC，故A錯誤；
BD、由電場線分布的疏密程度，可知A、B、C三點的電場強(qiáng)度大小關(guān)系為EB＞EA＞EC，根據(jù)F＝qE可知，同一點電荷放在B點所受電場力比放在A點時大，故B錯誤，D正確；
C、負(fù)電荷受電場力方向與場強(qiáng)方向相反，故負(fù)點電荷放在A點所受電場力沿A點的切線方向斜向下，故C錯誤。
故選：D。
【點評】本題考查對電場線物理意義的理解，知道電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，沿電場線的方向電勢逐漸降低，同時會通過電場力做功與電勢能變化的關(guān)系來解決問題。
二、多項選擇題（本題共2小題，在每小題給出的四個選項中，有兩個或多個選項正確，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不選得0分，共6分）
（多選）14．（3分）下列關(guān)于教科書上的四幅插圖，說法正確的是（ ）
A．圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集至B上
B．圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走加油槍上的靜電
C．圖丙中搖動起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附
D．圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點火器，點火應(yīng)用了尖端放電原理
【分析】根據(jù)靜電除塵、靜電釋放、靜電吸附和尖端放電原理分析判斷。
【解答】解：A、圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在兩板A上，故A錯誤；
B、圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導(dǎo)走人身上的靜電，故B錯誤；
C、圖丙中搖動起電機(jī)，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附，故C正確；
D、圖丁的燃?xì)庠钪邪惭b了電子點火器，點火應(yīng)用了尖端放電原理，故D正確。
故選：CD。
【點評】本題考查靜電除塵、靜電釋放、靜電吸附和尖端放電現(xiàn)象，要求掌握靜電除塵、靜電釋放、靜電吸附和尖端放電原理。
（多選）15．（3分）救援車營救被困在深坑中探險車的情景可簡化為如圖甲所示的模型。斜坡傾角為θ＝37°，其動摩擦因數(shù)為μ＝0.5。在救援車作用下，探險車從坑底A點由靜止勻加速至B點時達(dá)到最大速度，接著勻速運(yùn)動至C點，最后從C點勻減速運(yùn)動到達(dá)最高點D，恰好停下，選深坑底部為參考平面，救援過程中探險車的機(jī)械能E隨高度h變化的圖線如圖乙所示，已知重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，下列說法正確的是（ ）
A．探險車質(zhì)量為1500kg
B．探險車在坡面上的最大速度為4m/s
C．探險車在BC段運(yùn)動的時間為18s
D．救援過程中救援車對探險車做功為2.4×106J
【分析】根據(jù)機(jī)械能是動能和重力勢能的總和，結(jié)合動能定理和運(yùn)動學(xué)公式分析求解。
【解答】解：A．設(shè)B點處最大速度為vm，機(jī)械能大小為

BC過程中，E﹣h圖像中斜率大小為探險車的重力，則
則探險車質(zhì)量為
m＝1500kg
故A正確；
B．在h＝12m的位置速度達(dá)到最大值，則將坐標(biāo)點（12m，192J）代入A中的表達(dá)式，則解得
vm＝4m/s
故B正確；
C．由圖像可知探險車在BC段上升的高度滿足
h＝84m﹣12m＝72m
探險車的位移滿足
x2
解得探險車的位移：x2＝120m
根據(jù)運(yùn)動學(xué)同事，探險車在BC段運(yùn)動的時間為

故C錯誤；
D．根據(jù)動能定理，對全過程分析有

代入數(shù)據(jù)解得救援過程中救援車對探險車做功為
W＝2.4×106J
故D正確。
故選：ABD。
【點評】本題考查了功能關(guān)系，理解物體所做的運(yùn)動，掌握能之間的相互轉(zhuǎn)化是解決此類問題的關(guān)鍵。
三、實驗題
16．（3分）如圖1所示是研究小車加速度與力關(guān)系的實驗裝置，木板置于水平桌面上，一端系有砂桶的細(xì)繩通過滑輪與拉力傳感器相連，拉力傳感器可顯示所受拉力的大小F，M為帶滑輪小車的質(zhì)量，m為砂和砂桶的總質(zhì)量。實驗時先不掛砂桶，將木板右端墊高，調(diào)整墊塊的左右位置，平衡摩擦力，然后掛上砂桶，改變桶中砂的質(zhì)量，多次進(jìn)行實驗。完成下列問題：
（1）實驗中 不需要 （填“需要”或“不需要”）滿足砂和砂桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M。
（2）以拉力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，小車的加速度a為縱坐標(biāo)，畫出的a﹣F圖像是一條過坐標(biāo)原點的直線，如圖2所示，則圖線的斜率k＝ （用M表示）。
（3）若某同學(xué)實驗中加墊塊過高，采集實驗數(shù)據(jù)作出的圖像可能是 A （填選項字母）。
【分析】（1）實驗中有拉力傳感器，不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M。
（2）根據(jù)牛頓第二定律列式分析圖像的斜率；
（3）實驗時應(yīng)平衡摩擦力，沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a﹣F圖象在F軸上有截距；平衡摩擦力過度，在a﹣F圖象的a軸上有截距。
【解答】解：（1）本題實驗中有拉力傳感器，拉力是已知的無需滿足滿足砂和砂桶的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M；
（2）根據(jù)牛頓第二定律：2F＝Ma
整理為：a
故斜率為；
（3）加墊塊過高，即平衡摩擦力過度，當(dāng)拉力為0時，也有加速度，故A正確，BC錯誤。
故選：A。
故答案為：（1）不需要；（2）；（3）A。
【點評】本題實驗源于課本，但是又不同于課本，注意在本實驗中不需要滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，因為拉力可以通過力傳感器直接測出。
17．（6分）某同學(xué)用圖（a）所示的實驗裝置驗證機(jī)械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有20Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。
該同學(xué)在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數(shù)據(jù)和其他條件進(jìn)行推算。
（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為 ，打出C點時重物下落的速度大小為 ，重物下落的加速度的大小為 。
（2）已測得s1＝8.89cm，s2＝9.5cm，s3＝10.10cm；當(dāng)重力加速度大小為9.80m/s2，試驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%．由此推算出f為 40 Hz。
【分析】（1）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B和C點的瞬時速度，利用速度公式求加速度；
（2）利用牛頓第二定律和解出的加速度求頻率。
【解答】解：（1）根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：vB；vC；由速度公式vC＝vB+aT可得：a；
（2）由牛頓第二定律可得：mg﹣0.01mg＝ma，所以a＝0.99g，結(jié)合（1）解出的加速度表達(dá)式，代入數(shù)據(jù)可得：f＝40HZ。
故答案為：（1）；；；（2）40。
【點評】解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度的大小，關(guān)鍵是勻變速直線運(yùn)動推論的運(yùn)用。
18．（7分）在“測定金屬的電阻率”實驗中，所用測量儀器均已校準(zhǔn)：
（1）如圖1，用螺旋測微器測得金屬棒直徑d為 6.125 mm；用20分度游標(biāo)卡尺測金屬棒長度l為 10.230 cm。
（2）用多用電表粗測金屬棒的阻值：當(dāng)用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，他應(yīng)該換用 ×1Ω 擋（填“×1Ω”或“×100Ω”），換擋并進(jìn)行一系列正確的操作后，再將紅黑表筆接在金屬棒兩端，指針靜止時如圖2所示，則金屬棒的阻值約為 10 Ω。
（3）用伏安法測金屬棒的電阻Rx。要求電壓從零開始變化，則實驗選用的電路是如圖3中的 甲 圖（選填“甲”或“乙”）。
【分析】（1）根據(jù)螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則解答；
（2）根據(jù)歐姆表的使用及讀數(shù)方法解答；
（4）根據(jù)實驗要求結(jié)合分壓式與限流式的特點分析。
【解答】解：（1）根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知金屬棒直徑
d＝6mm+12.5×0.01mm＝6.125mm
根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則可得金屬棒長度
l＝102mm+6×0.05mm＝102.30mm＝10.230cm
（2）當(dāng)用“×10Ω”擋時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大說明讀數(shù)過小，需要換用低倍率，所以應(yīng)該選用“×1Ω”擋。
電阻讀數(shù)為表盤讀數(shù)乘以倍率，則金屬棒的阻值約為10Ω。
（3）要求電壓從零開始變化則需要用分壓法測金屬棒的電阻Rx。甲圖是分壓法測電阻的電路，乙圖是限流法測電阻的電路，故選甲。
故答案為：（1）6.125；10.230；（2）×1Ω；10；（3）甲
【點評】考查游標(biāo)卡尺和歐姆表的讀數(shù)問題，結(jié)合電阻定律推導(dǎo)電阻率表達(dá)式，會根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
四、解答題（本題共4小題，共41分）
19．（8分）如圖所示，質(zhì)量m＝1.0×10﹣4kg的小物塊，帶有5×10﹣4C的電荷，放在傾角為30°的光滑絕緣斜面上，整個斜面置于B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里，物塊由靜止開始下滑，滑到某一位置時開始離開斜面（g取10m/s2），求：
（1）物塊帶什么電？
（2）物塊離開斜面時速度多大？
（3）斜面至少有多長？
【分析】（1）帶電滑塊在滑至某一位置時，由于在安培力的作用下，要離開斜面．根據(jù)磁場方向結(jié)合左手定則可得帶電粒子的電性．
（2）由于斜面光滑，所以小滑塊在沒有離開斜面之前一直做勻加速直線運(yùn)動．借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大小．
（3）由運(yùn)動學(xué)公式來算出勻加速運(yùn)動的時間．由位移與時間關(guān)系可求出位移大?。?br>【解答】解：（1）由題意可知：小滑塊受到的安培力垂直斜面向上．根據(jù)左手定則可得：小滑塊帶負(fù)電．
（2）當(dāng)物體離開斜面時，彈力為零，因此有：qvB＝mgcs30°，
得：m/s．
（3）由于斜面光滑，物體在離開斜面之前一直做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律得：
mgsin30°＝ma，
由勻變速直線運(yùn)的速度—位移公式得：v2＝2ax，
解得：x＝1.2m．
答：（1）物體帶負(fù)電．
（2）物體離開斜面時的速度為2m/s．
（3）物體在斜面上滑行的最大距離是1.2 m．
【點評】本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開時，從而確定洛倫茲力的大小，進(jìn)而得出剛離開時的速度大小，由于沒有離開之前做勻加速直線運(yùn)動，所以由運(yùn)動與力學(xué)可解出運(yùn)動的時間及位移．
20．（8分）某人站在一平臺上，用長L＝0.6m的輕細(xì)線拴一個質(zhì)量為m＝0.6kg的小球，讓它在豎直平面內(nèi)以O(shè)點為圓心做圓周運(yùn)動，最高點A距地面高度為3.2m，當(dāng)小球轉(zhuǎn)到最高點A時，人突然撒手，小球被水平拋出，落地點B與A點的水平距離BC＝4.8m，不計空氣阻力，g＝10m/s2。求：
（1）小球從A到B的時間；
（2）小球離開最高點時的線速度大??；
（3）人撒手前小球運(yùn)動到A點時，繩對球的拉力大小。
【分析】（1）小球從A到B做平拋運(yùn)動，由下落的高度求出運(yùn)動時間；
（2）由水平方向小球做勻速直線運(yùn)動，由水平位移BC和運(yùn)動時間求解小球離開最高點時的線速度大小；
（3）人撒手前小球運(yùn)動到A點時，小球由重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求解拉力。
【解答】解：（1）小球從A點飛出后做平拋運(yùn)動，豎直方向有
h
解得：t＝0.8s
（2）小球離開最高點時的線速度大小為
vm/s＝6m/s
（3）人撒手前小球運(yùn)動到A點時，對小球，由牛頓第二定律得
mg+T＝m
代入數(shù)據(jù)解得繩對球的拉力大小為：T＝30N
答：（1）小球從A到B的時間為0.8s；
（2）小球離開最高點時的線速度大小為6m/s；
（3）人撒手前小球運(yùn)動到A點時，繩對球的拉力大小為30N。
【點評】本題是平拋運(yùn)動和牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要正確分析小球受力，確定向心力的來源：拉力和重力的合力。
21．（10分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一粗糙斜面軌道AB與光滑圓弧軌道BC在B點平滑連接（滑塊經(jīng)過B點時速度大小不變），斜面軌道長L＝2.5m，斜面傾角θ＝37°，O點是圓弧軌道圓心，OB豎直圓弧軌道半徑R＝1m，圓心角θ＝37°，C點距水平地面的高度h＝0.512m，整個軌道是固定的。一質(zhì)量m＝1kg的滑塊在斜面頂點A由靜止釋放，最終落到水平地面上?；瑝K可視為質(zhì)點，滑塊與斜面軌道之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.25，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，不計空氣阻力，求：
（1）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最低點B時，對圓弧軌道的壓力大小；
（2）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最高點C時的速度大小；
（3）滑塊離開C點后在空中運(yùn)動的時間t。
【分析】（1）滑塊在A到B的過程，由動能定理可求得到B的速度，經(jīng)過B點時，由牛頓第二定律可求得軌道對滑塊的支持力。再由牛頓第三定律可知對圓弧軌道的壓力；
（2）滑塊在B到C的過程，由動能定理可求得到C的速度；
（3）滑塊離開C點后在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，由位移公式可求得運(yùn)動時間。
【解答】解：（1）對滑塊從A到B的過程，由動能定理有

解得

滑塊經(jīng)過圓弧軌道的B點時，由牛頓第二定律得

解得
F＝30N
由牛頓第三定律可知，滑塊經(jīng)過B點時對圓弧軌道的壓力大小F＝30N
（2）對滑塊從B到C的過程，由動能定理有

解得
vC＝4m/s
（3）滑塊離開C點后，在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，以豎直向下為正方向，則有

解得
t＝0.64s
答：（1）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最低點B時，對圓弧軌道的壓力大小等于30N；
（2）滑塊經(jīng)過圓弧軌道最高點C時的速度大小等于4m/s；
（3）滑塊離開C點后在空中運(yùn)動的時間等于0.64s。
【點評】本題考查了動能定理、牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是明確滑塊在每一段的運(yùn)動規(guī)律，再選擇合適的公式求解。
22．（13分）如圖所示，間距為d的水平平行金屬板間電壓恒為U．初速度為零的電子經(jīng)電壓U0的加速后，沿兩板間的中心線進(jìn)入板間電場，電子從兩板間飛出，飛出時速度的偏向角為θ．已知電子質(zhì)量為m、電荷量為e，電子重力不計。求：
（1）電子在水平金屬板間所受的電場力的大小F；
（2）電子剛進(jìn)入水平金屬板間電場時的速度大小v0；
（3）水平金屬板的長度L。
【分析】（1）電子偏轉(zhuǎn)過程，受電場力，根據(jù)U＝Ed、F＝eE列式求解電場力大小；
（2）電子直線加速過程，只有電場力做功，根據(jù)動能定理列式求解進(jìn)入水平金屬板間電場時的速度大小v0；
（3）對偏轉(zhuǎn)過程，根據(jù)分位移公式和分速度公式列式求解即可。
【解答】解：（1）根據(jù)，F(xiàn)＝eE
解得
（2）由
解得v0
（3）電子在水平金屬板間做類平拋運(yùn)動，
有F＝ma
L＝v0t
vy＝at

聯(lián)立解方程可得
答：（1）電子在水平金屬板間所受的電場力的大小F為；
（2）電子剛進(jìn)入水平金屬板間電場時的速度大小v0為
（3）水平金屬板的長度L為。
【點評】本題考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動和動能定理的綜合應(yīng)用，弄清在不同的物理過程中物體的受力情況及運(yùn)動性質(zhì)（平衡、加速或減速，是直線運(yùn)動還是曲線運(yùn)動），并選用相應(yīng)的物理規(guī)律即可正確解題。
聲明：試題解析著作權(quán)屬菁優(yōu)網(wǎng)所有，未經(jīng)書面同意，不得復(fù)制發(fā)布日期：2025/4/21 10:13:16；用戶：秦子政；郵箱：13669037329；學(xué)號：41037197題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
B
B
C
D
B
A
C
C
C
D
A
題號
12
13
答案
D
D
題號
14
15
答案
CD
ABD

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