1．（4分）某質(zhì)點(diǎn)由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，加速度先由零增大到某一值后，再逐漸減小到零后保持不變（ ）
A．當(dāng)加速度達(dá)最大值時(shí)，速度也達(dá)到最大值
B．當(dāng)加速度達(dá)最大值時(shí)，速度方向改變
C．速度一直在增大，最后保持不變
D．速度先增大后減小
2．（4分）量綱分析法是探討科學(xué)規(guī)律、解決科學(xué)和工程問(wèn)題的普適方法。例如：人們猜測(cè)空氣阻力的表達(dá)式為F＝CρSvx，其中C為空氣阻力系數(shù)（無(wú)量綱的常數(shù)），ρ為空氣密度，S為物體迎風(fēng)面積，該表達(dá)式中的x應(yīng)為（ ）
A．1B．2C．3D．4
3．（4分）熱氣球常用于航空攝影和航空旅游，在其內(nèi)部安裝定位裝置能把相同時(shí)間間隔內(nèi)熱氣球的位置變化記錄下來(lái)，如圖記錄的是從一定高度上正在豎直上升的熱氣球，記錄單位是米。在記錄時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．在記錄豎直上升的高度變化時(shí)，熱氣球不能被視為質(zhì)點(diǎn)
B．熱氣球一直處于超重狀態(tài)
C．熱氣球向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)
D．由題中所給數(shù)據(jù)可以計(jì)算出記錄時(shí)間內(nèi)熱氣球的平均速度大小
4．（4分）用硬質(zhì)包裝盒收納易拉罐，其簡(jiǎn)化模型如下：盒口側(cè)開(kāi)，3個(gè)完全相同的圓柱形易拉罐A、B、C對(duì)齊后橫放其中，側(cè)面對(duì)易拉罐的彈力分別為FA、FB、FC，C對(duì)B的彈力為FCB，A對(duì)B的彈力為FAB，底面對(duì)C的彈力為F，不計(jì)一切摩擦，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．FC一定大于FB
B．FCB一定大于FAB
C．盒寬L稍增大一些（A與C仍未接觸），F(xiàn)A將減小
D．盒寬L稍增大一些（A與C仍未接觸），F(xiàn)將增大
5．（4分）冰壺比賽是2022年北京冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目之一，如圖所示，運(yùn)動(dòng)員把冰壺沿平直冰面投出，再進(jìn)入冰刷刷過(guò)的冰面BC段并最終停在C點(diǎn)。已知冰壺與AB段、BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)之比為3：2，冰壺在AB段和BC段滑行的位移大小之比為2：1（ ）
A．4B．3C．2D．
6．（4分）甲、乙兩個(gè)遙控小汽車在一條直線上沿同一方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。開(kāi)始時(shí)，乙小汽車在甲小汽車前面1m處，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．乙遙控小汽車的加速度大小為2m/s2
B．甲遙控小汽車的初速度大小為1m/s
C．甲、乙遙控小汽車此后能相遇兩次
D．兩車此后能相遇一次，且相遇前兩車之間的最大距離為1.5m
7．（4分）如圖所示，輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端疊放著兩個(gè)物體A、B，對(duì)A施加豎直向上的拉力F，使A先以a＝5m/s2的加速度向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，從t＝0.2s時(shí)起，使A改做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知：兩物體的質(zhì)量mA＝4kg，mB＝1kg，彈簧的勁度系數(shù)為k＝100N/m，重力加速度g＝10m/s2；則從t＝0時(shí)刻起，拉力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系（F﹣t）圖像大致正確的是（ ）
A．
B．
C．
D．
（多選）8．（6分）一個(gè)從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)的物體，其運(yùn)動(dòng)圖像如圖所示，在0﹣4s內(nèi)下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．若圖中縱坐標(biāo)表示位移，則物體在前2s速度沿正方向
B．若圖中縱坐標(biāo)表示速度，則物體在4s末回到出發(fā)點(diǎn)
C．若圖中縱坐標(biāo)表示速度，則物體在3s末的加速度為0
D．若圖中縱坐標(biāo)表示加速度，則物體在4s末的速度最大
（多選）9．（6分）如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的纜繩與水平方向夾角為37°，懸掛車廂的鋼桿始終保持豎直。一質(zhì)量為m的滑塊P放在車廂內(nèi)傾角為53°的固定斜面體Q上，當(dāng)車廂以加速度a＝0.4g（g表示重力加速度）沿纜繩向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8（ ）
A．懸臂對(duì)車廂的作用力方向與纜繩平行
B．斜面體Q對(duì)滑塊P的摩擦力為0.8mg
C．斜面體Q對(duì)滑塊P的支持力為mg
D．車廂對(duì)斜面體Q的支持力大小為2.48mg
（多選）10．（6分）機(jī)械手可以像人的手一樣抓東西、移動(dòng)物體。在某次測(cè)試中，它對(duì)靜置于水平桌面上的書和在書上靜置的滑塊執(zhí)行如下操作，已知：書的質(zhì)量為2m，書與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，書與滑塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2μ，可同時(shí)對(duì)滑塊施加豎直向下的力F1和水平向右的力F2，如圖所示最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．當(dāng)F1＝0，F(xiàn)2＝μmg時(shí)，書對(duì)桌面的摩擦力方向水平向右
B．當(dāng)F1＝0，F(xiàn)2＞3μmg時(shí)，書可以相對(duì)桌面滑動(dòng)
C．當(dāng)F1＝3mg，F(xiàn)2＝8.5μmg時(shí)，滑塊的加速度為0.5μg
D．當(dāng)F1＝3mg，F(xiàn)2＝9.5μmg時(shí)，滑塊的加速度為1.5μg
二、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11．（6分）某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M。彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端水平向左拉A、FB的大小，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和兩細(xì)線的方向。
（1）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)如圖所示，則該示數(shù)為 N。
（2）本實(shí)驗(yàn)主要采用的科學(xué)方法是 。
A.控制變量法
B.理想實(shí)驗(yàn)法
C.等效替代法
D.建立物理模型法
（3）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作及結(jié)論，下列說(shuō)法正確的是 。
A.不需要測(cè)量重物M受到的重力大小
B.細(xì)線方向應(yīng)與木板平面平行
C.改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置
D.以表示FA、FB兩力的線段為鄰邊作出平行四邊形，其對(duì)角線對(duì)應(yīng)的合力理論值F′的方向一定豎直向上
（4）在某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得A、O間的細(xì)線與豎直方向夾角為30°，連接重物M的豎直細(xì)線中的張力為FA、FB及F的大小關(guān)系，正確的是 。
A.FA＞F＞FB
B.FB＞F＞FA
C.F＞FA＞FB
D.F＞FB＞FA
12．（8分）某實(shí)驗(yàn)小組為探究小車質(zhì)量M一定時(shí)，小車的加速度a與所受合外力F的關(guān)系，設(shè)計(jì)并采用了如圖甲所示的方案。其實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：
a、按照實(shí)驗(yàn)裝置圖安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；
b、掛上砝碼盤和砝碼，調(diào)節(jié)木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車能拖著紙帶沿木板勻速下滑；
c、取下砝碼盤和砝碼，測(cè)出其總質(zhì)量為m，再讓小車拖著紙帶沿木板加速下滑，由紙帶求得小車加速度a；
d、改變砝碼盤中砝碼的個(gè)數(shù)，重復(fù)步驟b和c，多次測(cè)量，作出a﹣F圖像。
（1）該實(shí)驗(yàn)方案 滿足條件M?m（選填“需要”或“不需要”）；重力加速度為g，則小車加速下滑時(shí)受到的合外力F mg（選填“＞”、“＝”或“＜”）。
（2）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為50Hz。圖乙是實(shí)驗(yàn)中打出的一段紙帶，在打出的點(diǎn)中，從A點(diǎn)開(kāi)始每5個(gè)打點(diǎn)間隔取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離已在圖中標(biāo)出。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)C時(shí)，小車的瞬時(shí)速度v＝ m/s，小車的加速度a＝ m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）
（3）若實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范，隨著托盤內(nèi)的砝碼數(shù)增大，作出的a﹣F圖像正確的是 。
（4）圖丙為小車質(zhì)量一定時(shí)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪的小車加速度a的倒數(shù)與砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量m的倒數(shù)之間的實(shí)驗(yàn)關(guān)系圖像。若牛頓第二定律成立，則小車的質(zhì)量M＝ kg。（g取9.8m/s2）（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）
13．（10分）一質(zhì)量m＝5kg的物體恰好沿傾角為θ＝37°的斜面勻速下滑；若對(duì)物體施加一個(gè)與斜面成37°斜向上的拉力F，則物體可沿斜面勻速上滑2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8）
14．（12分）跳傘運(yùn)動(dòng)員從476m高空跳下，開(kāi)傘前的自由下落近似為自由落體運(yùn)動(dòng)，下落一段距離后打開(kāi)傘2的加速度勻減速下降，到達(dá)地面時(shí)的速度為4m/s，重力加速度g＝10m/s2。求：
（1）剛打開(kāi)降落傘時(shí)的速度；
（2）運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。
15．（18分）圖（a）為桃仙國(guó)際機(jī)場(chǎng)行李傳送裝置簡(jiǎn)化圖，該裝置由傳送帶ABCD及固定擋板CDEF組成，傳送帶上表面ABCD與水平臺(tái)面的夾角θ＝37°。傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，工作人員將正方體行李箱從D點(diǎn)由靜止釋放，行李箱運(yùn)動(dòng)時(shí)的剖面圖如圖（b）所示，行李箱質(zhì)量m＝10kg，其底部與傳送帶上表面ABCD的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1＝0.8125，其側(cè)面與擋板CDEF的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.25（重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，不計(jì)空氣阻力）。
（1）求加速過(guò)程傳送帶上表面對(duì)行李箱的摩擦力大小f1和擋板對(duì)行李箱的摩擦力大小f2；
（2）行李箱在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；
（3）若行李箱放到傳送帶上2s后，傳送帶由于故障以10m/s2的加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)，直到行李箱停止后工作人員立即重啟系統(tǒng)，然后傳送帶從靜止以8m/s2的加速度加速至恢復(fù)正常，若已知行李箱相對(duì)傳送帶累計(jì)滑動(dòng)超過(guò)55cm就會(huì)在該表面形成明顯破損，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷全程行李箱與傳送帶接觸的表面會(huì)不會(huì)產(chǎn)生明顯破損。
2024-2025學(xué)年遼寧省沈陽(yáng)市高一（上）期末物理試卷
參考答案與試題解析
一、選擇題：本題共10題，共46分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
1．（4分）某質(zhì)點(diǎn)由靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，加速度先由零增大到某一值后，再逐漸減小到零后保持不變（ ）
A．當(dāng)加速度達(dá)最大值時(shí)，速度也達(dá)到最大值
B．當(dāng)加速度達(dá)最大值時(shí)，速度方向改變
C．速度一直在增大，最后保持不變
D．速度先增大后減小
【分析】加速度方向與速度方向相同時(shí)物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向相反時(shí)物體做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意分析答題。
【解答】解：質(zhì)點(diǎn)由靜止開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng)，加速度先增大后逐漸減小到零，加速度方向一直與速度方向相同，
質(zhì)點(diǎn)一直做加速運(yùn)動(dòng)，速度一直增大，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故ABD錯(cuò)誤。
故選：C。
【點(diǎn)評(píng)】知道物體做加速運(yùn)動(dòng)與減速運(yùn)動(dòng)的條件是解題的前提，根據(jù)題意分析清楚質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程即可解題。
2．（4分）量綱分析法是探討科學(xué)規(guī)律、解決科學(xué)和工程問(wèn)題的普適方法。例如：人們猜測(cè)空氣阻力的表達(dá)式為F＝CρSvx，其中C為空氣阻力系數(shù)（無(wú)量綱的常數(shù)），ρ為空氣密度，S為物體迎風(fēng)面積，該表達(dá)式中的x應(yīng)為（ ）
A．1B．2C．3D．4
【分析】根據(jù)單位制的規(guī)律列式推導(dǎo)x的數(shù)值。
【解答】解：根據(jù)F＝CρSvx，根據(jù)單位制可得＝?m2?，解得x＝7，ACD錯(cuò)誤。
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】考查單位制問(wèn)題，明確單位制在物理學(xué)中的作用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
3．（4分）熱氣球常用于航空攝影和航空旅游，在其內(nèi)部安裝定位裝置能把相同時(shí)間間隔內(nèi)熱氣球的位置變化記錄下來(lái)，如圖記錄的是從一定高度上正在豎直上升的熱氣球，記錄單位是米。在記錄時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．在記錄豎直上升的高度變化時(shí)，熱氣球不能被視為質(zhì)點(diǎn)
B．熱氣球一直處于超重狀態(tài)
C．熱氣球向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)
D．由題中所給數(shù)據(jù)可以計(jì)算出記錄時(shí)間內(nèi)熱氣球的平均速度大小
【分析】A.根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的條件進(jìn)行分析判斷；
B.根據(jù)向上的減速運(yùn)動(dòng)判斷超失重問(wèn)題；
C.根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差是否是確定值進(jìn)行分析判斷；
D.根據(jù)平均速度的定義列式求解。
【解答】解：A.記錄豎直上升的高度變化，熱氣球能被視為質(zhì)點(diǎn)；
B.由圖可見(jiàn)氣球在上升過(guò)程，相等的時(shí)間間隔的位移越來(lái)越小，處于失重狀態(tài)；
C.由圖可見(jiàn)在相鄰的3s內(nèi)的位移差不是一恒量，說(shuō)明氣球不是向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；
D.記錄時(shí)間內(nèi)熱氣球的平均速度大小為，故D正確。
故選：D。
【點(diǎn)評(píng)】考查變速直線運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，結(jié)合題中相應(yīng)數(shù)據(jù)判斷是否滿足勻變速直線運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
4．（4分）用硬質(zhì)包裝盒收納易拉罐，其簡(jiǎn)化模型如下：盒口側(cè)開(kāi)，3個(gè)完全相同的圓柱形易拉罐A、B、C對(duì)齊后橫放其中，側(cè)面對(duì)易拉罐的彈力分別為FA、FB、FC，C對(duì)B的彈力為FCB，A對(duì)B的彈力為FAB，底面對(duì)C的彈力為F，不計(jì)一切摩擦，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．FC一定大于FB
B．FCB一定大于FAB
C．盒寬L稍增大一些（A與C仍未接觸），F(xiàn)A將減小
D．盒寬L稍增大一些（A與C仍未接觸），F(xiàn)將增大
【分析】A、對(duì)三個(gè)易拉罐受力分析，根據(jù)平衡條件，結(jié)合牛頓第三定律判斷二力之間的關(guān)系；
B、單獨(dú)對(duì)B受力分析，根據(jù)題干可知，AC兩個(gè)易拉罐的圓心在同一豎直線上，可利用此特點(diǎn)，結(jié)合牛頓第三定律判斷AC易拉罐分別給B的彈力之間的關(guān)系；
C、畫出盒寬L稍增大一些后的受力分析，此時(shí)三個(gè)易拉罐仍處于平衡狀態(tài)，但此時(shí)彈力方向發(fā)生變化，根據(jù)力的合成與分解思想可知，盒子對(duì)易拉罐的彈力的方向以及重力的大小與方向均不發(fā)生改變，故可利用此特點(diǎn)判斷FA的大小變化；
D、結(jié)合牛頓第三定律、平衡條件、力的合成與分解思想證明F是否發(fā)生變化。
【解答】解：A、根據(jù)題意作出受力分析圖如圖所示：
根據(jù)ABC均處于受力平衡狀態(tài)可知，F(xiàn)B等于FCB和FAB在水平方向的合力，F(xiàn)C等于FBC在水平方向的力，由牛頓第三定律得知FBC＝FCB，故FC一定小于FB，故A錯(cuò)誤；
B、對(duì)B受力分析
由于AC圓心在一條豎直線上，即∠1＝∠2CB的豎直分量等于FAB的豎直分量與mBg的和，即FCB一定大于FAB，故B正確；
C、畫出盒寬L稍增大一些后的受力分析BA、FCB、FAB、FBC的示意圖
當(dāng)盒寬增大些，mAg不改變，故FBA豎直方向的分量不發(fā)生改變，但傾斜角度改變BA將增大，F(xiàn)BA的水平分量增大，故FA將增大，故C錯(cuò)誤；
D、當(dāng)盒寬增大些mAg不改變，故FBA豎直方向的分量不發(fā)生改變，但傾斜角度改變BA將增大，F(xiàn)AB＝FBA，即FBA將增大，由B中分析可得∠8＝∠2CB將增大，根據(jù)牛頓第三定律FBC＝FCB，即FBC將增大，但FBC的數(shù)值分量不發(fā)生改變，F(xiàn)等于FBC的豎直分量與mCg的和，即F不發(fā)生改變。
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查多個(gè)物體的共點(diǎn)力平衡問(wèn)題，其中利用平衡條件和牛頓第三定律，根據(jù)力的合成與分解的方法判斷彈力之間的大小關(guān)系為解決本題的關(guān)鍵。
5．（4分）冰壺比賽是2022年北京冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目之一，如圖所示，運(yùn)動(dòng)員把冰壺沿平直冰面投出，再進(jìn)入冰刷刷過(guò)的冰面BC段并最終停在C點(diǎn)。已知冰壺與AB段、BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)之比為3：2，冰壺在AB段和BC段滑行的位移大小之比為2：1（ ）
A．4B．3C．2D．
【分析】對(duì)冰壺在AB段和BC段滑行的過(guò)程，分別運(yùn)用動(dòng)能定理列方程，即可求得冰壺在A點(diǎn)和B點(diǎn)速度大小的比值。
【解答】解：設(shè)冰壺與AB段、BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2，冰壺在AB段和BC段滑行的位移大小分別為x2、x2。
冰壺在AB段滑行時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得
﹣μ1mgx2＝﹣
冰壺在BC段滑行時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理得
﹣μ2mgx2＝4﹣
依題意，μ1：μ2＝3：2，x1：x5＝2：1
聯(lián)立解得＝4，C正確。
故選：C。
【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于涉及力在空間的積累效果求速度的問(wèn)題，要想到動(dòng)能定理。運(yùn)用動(dòng)能定理時(shí)，要明確研究過(guò)程，分析各力做功情況。
6．（4分）甲、乙兩個(gè)遙控小汽車在一條直線上沿同一方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。開(kāi)始時(shí)，乙小汽車在甲小汽車前面1m處，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．乙遙控小汽車的加速度大小為2m/s2
B．甲遙控小汽車的初速度大小為1m/s
C．甲、乙遙控小汽車此后能相遇兩次
D．兩車此后能相遇一次，且相遇前兩車之間的最大距離為1.5m
【分析】v﹣t圖中，傾斜的直線代表勻變速直線運(yùn)動(dòng)，斜率代表物體的加速度，圖像與t軸所圍的面積代表位移。兩條直線的交點(diǎn)代表速度相同，或者相隔最遠(yuǎn)或最近。
【解答】解：A、乙遙控小汽車的加速度大小為a乙＝＝2m/s2。A正確。
B、由題知甲遙控小汽車的初速度大小為2m/s。
C、由v﹣t圖知，乙遙控小汽車的位移為2m，而開(kāi)始時(shí)，甲、乙小汽車并沒(méi)有相遇，乙小汽車的速度大于甲小汽車的速度，它們不會(huì)相遇。C。
故選：A。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像和追及問(wèn)題，掌握好v﹣t圖像的意義即可解題。解題過(guò)程中，需要注意x﹣t圖和v﹣t圖的區(qū)別。
7．（4分）如圖所示，輕質(zhì)彈簧下端固定在水平地面上，上端疊放著兩個(gè)物體A、B，對(duì)A施加豎直向上的拉力F，使A先以a＝5m/s2的加速度向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，從t＝0.2s時(shí)起，使A改做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知：兩物體的質(zhì)量mA＝4kg，mB＝1kg，彈簧的勁度系數(shù)為k＝100N/m，重力加速度g＝10m/s2；則從t＝0時(shí)刻起，拉力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系（F﹣t）圖像大致正確的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】系統(tǒng)靜止時(shí)，對(duì) A、B 整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可得彈簧的壓縮量x0，分別對(duì)0﹣0.2s階段列牛頓第二定律求出F﹣t圖像判斷CD，再通過(guò)AB分離臨界狀態(tài)即彈簧原長(zhǎng)時(shí)物體分離，列勻速直線運(yùn)動(dòng)等式求出脫離時(shí)間，即可判斷AB選項(xiàng)。
【解答】解：當(dāng)系統(tǒng)靜止時(shí)，對(duì) A，根據(jù)平衡條件可得彈簧的壓縮量，對(duì)整體受力分析F﹣（mA+mB）g﹣kx＝（mA+mB）a，且，聯(lián)立并代數(shù)得：F＝250t4+25，F(xiàn)﹣t為二次函數(shù)，由勻加速直線運(yùn)動(dòng)得0.2s時(shí)刻物體速度為v3＝at，位移，所以整體一起勻速的位移只有s3＝x0﹣s1，由位移—速度公式s8＝v1t2，求出t7＝0.4s，接下來(lái)AB兩物體將分離。
A.由以上分析得物體AB從開(kāi)始到分離需要8.5s時(shí)間，A圖分離時(shí)間為0.7s；
B.由以上分析得物體AB從開(kāi)始到分離需要0.5s時(shí)間，A圖分離時(shí)間為8.5s，符合題意；
C.由以上分析得物體在0﹣5.2s時(shí)間為二次函數(shù)圖像，C不符合；
C.由以上分析得物體在0﹣6.2s時(shí)間為二次函數(shù)圖像，D不符合；
故選：B。
【點(diǎn)評(píng)】本題通過(guò)輕質(zhì)彈簧上疊放物體 A、B 的情境，考查了牛頓第二定律、胡克定律以及力隨時(shí)間變化的關(guān)系，需要分別分析 A 在勻加速和勻速運(yùn)動(dòng)階段拉力 F 的變化情況，并與選項(xiàng)中的圖像進(jìn)行對(duì)比。
（多選）8．（6分）一個(gè)從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)的物體，其運(yùn)動(dòng)圖像如圖所示，在0﹣4s內(nèi)下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．若圖中縱坐標(biāo)表示位移，則物體在前2s速度沿正方向
B．若圖中縱坐標(biāo)表示速度，則物體在4s末回到出發(fā)點(diǎn)
C．若圖中縱坐標(biāo)表示速度，則物體在3s末的加速度為0
D．若圖中縱坐標(biāo)表示加速度，則物體在4s末的速度最大
【分析】位移—時(shí)間圖像反映物體的位置隨時(shí)間的變化規(guī)律；在速度一時(shí)間圖像中，面積表示位移，斜率表示加速度；若圖中縱坐標(biāo)表示加速度，則圖像面積表示速度變化量。
【解答】解：A.若圖中縱坐標(biāo)表示位移，縱坐標(biāo)往復(fù)變化表示物體的位置往復(fù)變化，斜率的正負(fù)表示方向，即物體在前2s速度沿正方向說(shuō)法錯(cuò)誤；
BC.若圖中縱坐標(biāo)表示速度，速度一時(shí)間圖像面積表示位移，速度一時(shí)間圖像斜率表示加速度，故BC正確；
D.若圖中縱坐標(biāo)表示加速度，則圖像面積表示速度變化量，不是最大。
故選：BC。
【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于運(yùn)動(dòng)圖象，首先要看清坐標(biāo)軸，再根據(jù)圖像的斜率和面積來(lái)分析圖象的物理意義。
（多選）9．（6分）如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的纜繩與水平方向夾角為37°，懸掛車廂的鋼桿始終保持豎直。一質(zhì)量為m的滑塊P放在車廂內(nèi)傾角為53°的固定斜面體Q上，當(dāng)車廂以加速度a＝0.4g（g表示重力加速度）沿纜繩向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8（ ）
A．懸臂對(duì)車廂的作用力方向與纜繩平行
B．斜面體Q對(duì)滑塊P的摩擦力為0.8mg
C．斜面體Q對(duì)滑塊P的支持力為mg
D．車廂對(duì)斜面體Q的支持力大小為2.48mg
【分析】懸臂對(duì)車廂的作用力與車廂及重物的重力的合力提供加速度，從而分析懸臂對(duì)車廂的作用力方向，分解加速度，根據(jù)牛頓第二定律解答。
【解答】解：A、懸臂對(duì)車廂的作用力與車廂及重物的重力的合力提供加速度，故A錯(cuò)誤；
BC、對(duì)滑塊受力
Nsin53°﹣fcs53°＝macs37°
Ncs53°+fsin53°﹣mg＝masin37°
解得N＝mg，f＝0.8mg
故BC正確；
D、對(duì)PQ整體分析可知
N'﹣7mg＝2masin37°
解得
N'＝2.48mg
故D正確；
故選：BCD。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查學(xué)生對(duì)加速度分解的運(yùn)用，注意對(duì)牛頓第二定律的掌握。
（多選）10．（6分）機(jī)械手可以像人的手一樣抓東西、移動(dòng)物體。在某次測(cè)試中，它對(duì)靜置于水平桌面上的書和在書上靜置的滑塊執(zhí)行如下操作，已知：書的質(zhì)量為2m，書與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，書與滑塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2μ，可同時(shí)對(duì)滑塊施加豎直向下的力F1和水平向右的力F2，如圖所示最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．當(dāng)F1＝0，F(xiàn)2＝μmg時(shí)，書對(duì)桌面的摩擦力方向水平向右
B．當(dāng)F1＝0，F(xiàn)2＞3μmg時(shí)，書可以相對(duì)桌面滑動(dòng)
C．當(dāng)F1＝3mg，F(xiàn)2＝8.5μmg時(shí)，滑塊的加速度為0.5μg
D．當(dāng)F1＝3mg，F(xiàn)2＝9.5μmg時(shí)，滑塊的加速度為1.5μg
【分析】AB.當(dāng)F1＝0時(shí)，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式分別求解滑塊與書之間的最大靜摩擦力、書與桌面的最大靜摩擦力，比較它們之間的大小，然后做出判斷；
CD.當(dāng)F1＝3mg，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式分別求解滑塊與書之間的最大靜摩擦力、書與桌面的最大靜摩擦力，然后根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合整體法和隔離法求解作答。
【解答】解：A.當(dāng)F1＝0，滑塊與書之間的最大靜摩擦力f5m＝2μmg＞F2＝μmg，滑塊與書保持相對(duì)靜止；
書與桌面的最大靜摩擦力f4m＝μ（m+2m）g＝3μmg＞F2＝μmg，書與桌面保持相對(duì)靜止；
B.當(dāng)F1＝0，F(xiàn)7＞3μmg時(shí)，F(xiàn)2＞f2m，滑塊相對(duì)于書滑動(dòng)；
由于f2m＞f1m，書與桌面滑動(dòng)仍然保持相對(duì)靜止，故B錯(cuò)誤；
C.當(dāng)F7＝3mg，滑塊與書之間的最大靜摩擦力f1m′＝6μ（mg+3mg）＝8μmg
書與桌面的最大靜摩擦力f6m′＝μ（m+2m+3mg）＝8μmg
假設(shè)滑塊與書保持相對(duì)靜止，對(duì)整體2﹣f2m′＝（m+5m）a
將F2＝8.3μmg代入后，解得
對(duì)滑塊F4﹣f1＝ma
代入數(shù)據(jù)解得
滑塊與書保持相對(duì)靜止，因此滑塊的加速度為；
D.當(dāng)F2＝7.5μmg時(shí)，對(duì)滑塊2﹣f6m′＝ma′
代入數(shù)據(jù)解得a′＝1.5μg
對(duì)書，根據(jù)牛頓第二定律2μmg﹣6μmg＝2ma″
解得a″＝μg
滑塊與書之間發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故D正確。
故選：AD。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了滑動(dòng)摩擦力公式的運(yùn)用，牛頓第二定律、整體法與隔離法在板塊模型中的運(yùn)用，判斷滑塊與書之間是否發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)是解題的關(guān)鍵。
二、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11．（6分）某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”。彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M。彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端水平向左拉A、FB的大小，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和兩細(xì)線的方向。
（1）某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)如圖所示，則該示數(shù)為 2.90 N。
（2）本實(shí)驗(yàn)主要采用的科學(xué)方法是 C 。
A.控制變量法
B.理想實(shí)驗(yàn)法
C.等效替代法
D.建立物理模型法
（3）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作及結(jié)論，下列說(shuō)法正確的是 BD 。
A.不需要測(cè)量重物M受到的重力大小
B.細(xì)線方向應(yīng)與木板平面平行
C.改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置
D.以表示FA、FB兩力的線段為鄰邊作出平行四邊形，其對(duì)角線對(duì)應(yīng)的合力理論值F′的方向一定豎直向上
（4）在某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得A、O間的細(xì)線與豎直方向夾角為30°，連接重物M的豎直細(xì)線中的張力為FA、FB及F的大小關(guān)系，正確的是 A 。
A.FA＞F＞FB
B.FB＞F＞FA
C.F＞FA＞FB
D.F＞FB＞FA
【分析】（1）根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)規(guī)則完成讀數(shù)；
（2）根據(jù)等效替代法的思想結(jié)合具體實(shí)例進(jìn)行分析解答；
（3）根據(jù)題中給定的實(shí)驗(yàn)器材及驗(yàn)證力的合成的實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)進(jìn)行分析判斷；
（4）用封閉矢量三角形作圖，結(jié)合正弦定理列式判斷各力的大小關(guān)系。
【解答】解：（1）彈簧秤的精確度為0.1N，則彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)為2.90N；
（2）力的合成實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法，故C正確。
故選：C。
（3）A.需要測(cè)量重物M受到的重力大小，因?yàn)槔肁，故A錯(cuò)誤；
B.細(xì)線方向應(yīng)與木板平面平行，故B正確；
C.改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，MO段細(xì)線對(duì)O的拉力作用效果始終不變，故C錯(cuò)誤；
D.以表示FA、FB兩力的線段為鄰邊作出平行四邊形，根據(jù)平衡條件可知，故D正確。
故選：BD。
（4）由題意，根據(jù)平衡條件可知，如圖所示
根據(jù)正弦定理有，而γ＝90°＞β＝60°＞α＝30°A＞G＞FB，又根據(jù)題意有G＝F，所以故FA＞F＞FB，故A正確，BCD錯(cuò)誤。
故選：A。
故答案為：（1）2.90；（2）C；（4）A。
【點(diǎn)評(píng)】考查力的合成的科學(xué)方法，矢量三角形以及正弦定理的應(yīng)用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
12．（8分）某實(shí)驗(yàn)小組為探究小車質(zhì)量M一定時(shí)，小車的加速度a與所受合外力F的關(guān)系，設(shè)計(jì)并采用了如圖甲所示的方案。其實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：
a、按照實(shí)驗(yàn)裝置圖安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；
b、掛上砝碼盤和砝碼，調(diào)節(jié)木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車能拖著紙帶沿木板勻速下滑；
c、取下砝碼盤和砝碼，測(cè)出其總質(zhì)量為m，再讓小車拖著紙帶沿木板加速下滑，由紙帶求得小車加速度a；
d、改變砝碼盤中砝碼的個(gè)數(shù)，重復(fù)步驟b和c，多次測(cè)量，作出a﹣F圖像。
（1）該實(shí)驗(yàn)方案 不需要 滿足條件M?m（選填“需要”或“不需要”）；重力加速度為g，則小車加速下滑時(shí)受到的合外力F ＝ mg（選填“＞”、“＝”或“＜”）。
（2）已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為50Hz。圖乙是實(shí)驗(yàn)中打出的一段紙帶，在打出的點(diǎn)中，從A點(diǎn)開(kāi)始每5個(gè)打點(diǎn)間隔取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離已在圖中標(biāo)出。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)C時(shí)，小車的瞬時(shí)速度v＝ 1.0 m/s，小車的加速度a＝ 5.0 m/s2。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）
（3）若實(shí)驗(yàn)操作規(guī)范，隨著托盤內(nèi)的砝碼數(shù)增大，作出的a﹣F圖像正確的是 A 。
（4）圖丙為小車質(zhì)量一定時(shí)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪的小車加速度a的倒數(shù)與砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量m的倒數(shù)之間的實(shí)驗(yàn)關(guān)系圖像。若牛頓第二定律成立，則小車的質(zhì)量M＝ 0.18 kg。（g取9.8m/s2）（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）
【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析解答；
（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合逐差法計(jì)算；
（3）（4）根據(jù)牛頓第二定律分析圖像，結(jié)合斜率計(jì)算小車質(zhì)量。
【解答】解：（1）當(dāng)小車勻速下滑時(shí)，根據(jù)平衡條件Mgsinθ＝mg+f
取下砝碼和砝碼盤后，根據(jù)牛頓第二定律F合＝Mgsinθ﹣f＝Ma
聯(lián)立解得F＝mg＝Ma
由于實(shí)驗(yàn)中不需要用砝碼乙砝碼盤的總重力代替繩子的拉力，因此該方案不需要滿足條件M?m；
小車加速下滑時(shí)受到的合外力F＝mg
（2）每5個(gè)打點(diǎn)間隔取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則T＝4×0.02s＝0.6s
根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知v＝＝×7.01m/s＝1.0m/s
根據(jù)逐差法可知加速度為a＝＝×0.01m/s6＝5.0m/s3
（3）根據(jù)上述分析，該方案不需要滿足條件M?m，圖線不會(huì)發(fā)生彎曲，BC錯(cuò)誤。
故選：A。
（4）根據(jù)mg＝Ma變形可得
＝
根據(jù)圖像斜率可知k＝＝s2?kg/m
解得M＝7.18kg
故答案為：（1）不需要；＝；（2）1.0；（3）A
【點(diǎn)評(píng)】考查打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用，紙帶的數(shù)據(jù)處理以及牛頓第二定律的應(yīng)用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。
13．（10分）一質(zhì)量m＝5kg的物體恰好沿傾角為θ＝37°的斜面勻速下滑；若對(duì)物體施加一個(gè)與斜面成37°斜向上的拉力F，則物體可沿斜面勻速上滑2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8）
【分析】物體恰好沿斜面勻速下滑時(shí)，根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式相結(jié)合求出物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；物體沿斜面勻速上滑時(shí)，分析受力，再根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式相結(jié)合求拉力F的大小。
【解答】解：物體恰好沿斜面勻速下滑時(shí)，根據(jù)平衡條件有
mgsin37°＝μmgcs37°
代入數(shù)據(jù)解得：μ＝0.75
物體沿斜面勻速上滑時(shí)，物塊的受力情況如圖所示。
建立坐標(biāo)系，在x方向上有
Fcs37°＝Ff+mgsin37°
在y方向有
FN+Fsin37°＝mgcs37°
又Ff＝μFN
聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得：F＝48N
答：拉力F的大小為9.3N。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，解答此類問(wèn)題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。
14．（12分）跳傘運(yùn)動(dòng)員從476m高空跳下，開(kāi)傘前的自由下落近似為自由落體運(yùn)動(dòng)，下落一段距離后打開(kāi)傘2的加速度勻減速下降，到達(dá)地面時(shí)的速度為4m/s，重力加速度g＝10m/s2。求：
（1）剛打開(kāi)降落傘時(shí)的速度；
（2）運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。
【分析】（1）根據(jù)速度—位移關(guān)系結(jié)合運(yùn)動(dòng)員下落的總高度列方程計(jì)算；
（2）分別計(jì)算出自由下落的時(shí)間和勻減速下落的時(shí)間，然后求和即可。
【解答】解：（1）設(shè)剛打開(kāi)降落傘時(shí)的速度為v1，落到地面時(shí)的速度為v2＝4m/s，則有
把h＝476m，a＝﹣7m/s2代入上式，解得v1＝40m/s
（2）自由下落的時(shí)間為
打開(kāi)降落傘后下落的時(shí)間為
運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為
t＝t1+t5
聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得
t＝22s
答：（1）剛打開(kāi)降落傘時(shí)的速度為40m/s；
（2）運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間22s。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，基礎(chǔ)題。
15．（18分）圖（a）為桃仙國(guó)際機(jī)場(chǎng)行李傳送裝置簡(jiǎn)化圖，該裝置由傳送帶ABCD及固定擋板CDEF組成，傳送帶上表面ABCD與水平臺(tái)面的夾角θ＝37°。傳送帶勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，工作人員將正方體行李箱從D點(diǎn)由靜止釋放，行李箱運(yùn)動(dòng)時(shí)的剖面圖如圖（b）所示，行李箱質(zhì)量m＝10kg，其底部與傳送帶上表面ABCD的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1＝0.8125，其側(cè)面與擋板CDEF的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.25（重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8，不計(jì)空氣阻力）。
（1）求加速過(guò)程傳送帶上表面對(duì)行李箱的摩擦力大小f1和擋板對(duì)行李箱的摩擦力大小f2；
（2）行李箱在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；
（3）若行李箱放到傳送帶上2s后，傳送帶由于故障以10m/s2的加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)，直到行李箱停止后工作人員立即重啟系統(tǒng)，然后傳送帶從靜止以8m/s2的加速度加速至恢復(fù)正常，若已知行李箱相對(duì)傳送帶累計(jì)滑動(dòng)超過(guò)55cm就會(huì)在該表面形成明顯破損，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷全程行李箱與傳送帶接觸的表面會(huì)不會(huì)產(chǎn)生明顯破損。
【分析】（1）根據(jù)摩擦力的公式結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件解答；
（2）行李箱先加速再勻速，根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算；
（3）分析行李箱與傳送帶的相對(duì)位移，從而判斷傳送帶接觸的表面會(huì)不會(huì)產(chǎn)生明顯破損。
【解答】解：（1）貨物放上傳送帶后，水平方向受力如圖1所示1，擋板對(duì)物體摩擦力為f3，由剖面圖對(duì)貨物受力分析如圖2，傳送帶對(duì)貨物支持力為N1，擋板對(duì)貨物支持力為N4
根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有
N1＝mgcsθ
f1＝μ2N1
N2＝mgsinθ
f7＝μ2N2
代入數(shù)據(jù)解得f8＝65N，f2＝15N
（2）對(duì)行李箱在傳送帶上由牛頓第二定律有f1﹣f8＝ma1
得a1＝3m/s2
加速時(shí)間t1＝
加速位移：x1＝t8
勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t2＝
總時(shí)間t＝t2+t2
解得t＝5.2s
（3）假設(shè)行李箱和傳送帶相對(duì)靜止一起勻減速，需要的合外力F＝ma2
解得F＝100N
由于f1+f8＝65N+15N＝80N＜F＝100N，可知行李箱和傳送帶相對(duì)滑動(dòng)。
對(duì)行李箱：f1+f2＝ma7
解得a3＝8m/s4
行李箱停下運(yùn)動(dòng)位移：x2＝
傳送帶停下運(yùn)動(dòng)位移：x3＝
行李箱相對(duì)于傳送帶向前滑動(dòng)的距離：Δx5＝x2﹣x3
由于再次啟動(dòng)時(shí)a帶＞a6，故傳送帶和行李箱發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)
箱加速時(shí)間：t3＝t1
傳送帶加速時(shí)間：t8＝
行李箱運(yùn)動(dòng)位移：x4＝x1
傳送帶運(yùn)動(dòng)位移：x7＝t4+v（t3﹣t4）
行李箱相對(duì)于傳送帶向后滑動(dòng)的距離：Δx2＝x3﹣x4
在發(fā)生故障前行李箱相對(duì)于傳送帶向后滑動(dòng)的距離：Δx3＝vt2﹣x1
行李箱相對(duì)傳送帶累計(jì)滑動(dòng)距離：Δx＝Δx1+Δx6+Δx3
代入數(shù)據(jù)解得：Δx＝0.6m
由于Δx＞55cm，故表面會(huì)產(chǎn)生明顯破損
答：（1）加速過(guò)程傳送帶上表面對(duì)行李箱的摩擦力大小為65N，擋板對(duì)行李箱的摩擦力大小為15N；
（2）行李箱在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為5.2s；
（3）表面會(huì)產(chǎn)生明顯破損。
【點(diǎn)評(píng)】本題考查了傳送帶模型與牛頓第二定律的應(yīng)用。傳送帶模型要判斷是否可以共速，以及共速后物體運(yùn)動(dòng)形式，要注意摩擦力的方向。
題號(hào)
1
2
3
4
5
6
7
答案
C
B
D
B
C
A
B

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