時間：90分鐘 滿分：100分
一、單項選擇題（本題包括8小題，每小題3分，共24分，每小題只有一個選項符合題意。）
1. 下列說法中正確的是（ ）
A. 等勢面有可能與電場線不垂直
B. 大小、方向都不隨時間變化的電流稱為恒定電流
C. 高樓頂端安裝避雷針，目的是利用靜電屏蔽保護高樓
D. 電流越小，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多
【答案】B
【解析】
【詳解】A．等勢面與電場線一定垂直，故A錯誤；
B．大小、方向都不隨時間變化的電流稱為恒定電流，故B正確；
C．高樓頂端安裝避雷針，目的是利用尖端放電保護高樓，故C錯誤；
D．根據(jù)
可知，電流越小，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越少，故D錯誤。
故選B。
2. 如圖所示為某正點電荷電場中的一根電場線，為該電場線上的三點，其中為的中點。已知兩點的電勢分別為，，則下列說法正確的是（ ）
A. 點的電勢為
B. 點場強大于點場強
C. 電荷在處的電勢能一定小于在處的電勢能
D. 在點靜止釋放一點電荷，其電勢能一定將減小
【答案】D
【解析】
【詳解】A．若該電場為勻強電場，則有
但實際該電場為點電荷電場，所以c點的電勢不為6V，故A錯誤；
B．根據(jù)沿電場方向電勢降低，可知離正點電荷越近電勢越高，所以b點離正點電荷的距離小于a點離正點電荷的距離，根據(jù)
可知a點場強小于b點場強，故B錯誤；
C．根據(jù)
由于不清楚試探電荷的正負，所以無法判斷電荷在a處的電勢能與在b處的電勢能大小關(guān)系，故C錯誤；
D．在c點靜止釋放一點電荷，則電場力對電荷一定做正功，其電勢能一定減小，故D正確。
故選D。
3. 人體中的神經(jīng)細胞通過電脈沖的形式傳遞信息。神經(jīng)細胞的細胞膜可視為平行板電容器，內(nèi)膜和外膜分別為電容器的兩極，間距為d。當(dāng)電脈沖在神經(jīng)細胞間傳遞時，細胞膜兩側(cè)電壓可從-10mV變?yōu)?0mV，下列說法正確的是（ ）
A. 細胞膜的面積越大，其電容越小
B. 細胞膜兩側(cè)電壓越大，其電容越大
C. 若膜兩端電壓不變，當(dāng)細胞吸水膨脹導(dǎo)致細胞膜變薄時，細胞膜所帶電荷量將增加
D. 細胞膜兩端電壓由-10mV變?yōu)?0mV的過程中，膜所帶電荷量一直增加
【答案】C
【解析】
【詳解】AB．根據(jù)
所以細胞膜的面積越大，其電容越大，電容大小與細胞膜兩側(cè)電壓無關(guān)，故AB錯誤；
C．根據(jù)
可知，若膜兩端電壓不變，當(dāng)細胞吸水膨脹導(dǎo)致細胞膜變薄時，則d減小，C增大，細胞膜所帶電荷量將增大，故C正確；
D．細胞膜兩端電壓由-10mV變?yōu)?0mV的過程中，則電容器中電荷量先中和后反向充電，但膜所帶電荷量不變，故D錯誤。
故選C。
4. 電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成的，圖甲、乙是電表的改裝圖，以下說法正確的是（ ）
A. 圖甲、乙分別是電流表、電壓表的改裝圖
B. 若改裝后的電流表示數(shù)比準確值稍大一些，可以更換一個小些的并聯(lián)電阻
C. 若改裝后的電壓表示數(shù)比準確值稍小一些，可以更換一個大些的串聯(lián)電阻
D. 小量程電流表內(nèi)阻為，給它串聯(lián)一個電阻，改裝后的電壓表量程是原來的倍
【答案】B
【解析】
【詳解】A．圖甲、乙分別是電壓表、電流表的改裝圖，故A錯誤；
B．若改裝后的電流表示數(shù)比標準表稍大一些，說明流過表頭的電流大，可以減小分流電阻使其分流大些，從而減小流過表頭的電流使其準確，故B正確；
C．若改裝后的電壓表示數(shù)比標準表稍小一些，說明流過表頭的電流小，應(yīng)該減小串聯(lián)電阻，或給串聯(lián)電阻再并聯(lián)一個較大的電阻，故C錯誤；
D．小量程電流表內(nèi)阻為，給它串聯(lián)一個電阻R，改裝后的電壓表量程為
則有
故D錯誤。
故選B
5. 如圖所示，表面光滑的斜面固定在水平桌面上，將擺線一端固定在斜面上并使其與斜面平行?，F(xiàn)拉開擺球使輕繩剛好繃直，擺球由靜止釋放后貼著斜面做簡諧運動。已知擺線長為L，擺的周期為T，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，斜面的傾角為，下列說法正確的是（ ）
A. 擺球在最高點的加速度，在平衡位置的加速度為零
B. 只增大擺球的質(zhì)量，擺球運動的周期將增大
C. 若增大擺長的同時減小斜面的傾角，擺的周期可能不變
D. 通過計算可知擺球的半徑為
【答案】D
【解析】
【詳解】A．斜面上的單擺的回復(fù)力由重力的下滑分力的切向分量提供，重力的下滑分力為，下滑分力的切線分力即回復(fù)力為，根據(jù)牛頓第二定律
解得擺球在最高點的加速度
擺球在平衡位置時回復(fù)力為零，由于擺球有向心加速度，擺球在平衡位置的加速度不為零，故A錯誤；
BC．等效重力加速度為，根據(jù)單擺的周期公式有
只增大擺球的質(zhì)量，擺球運動的周期不變，若增大擺長的同時減小斜面的傾角，擺的周期將變大，故BC錯誤；
D．等效重力加速度為，根據(jù)單擺的周期公式有
又
解得擺球的半徑為
故D正確。
故選D。
6. 如圖所示，虛線左側(cè)存在范圍足夠大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里。紙面內(nèi)有N匝矩形線圈，矩形線圈的面積為S，ad、bc的中點位于虛線上，下列判斷正確的是（ ）
A. 圖示位置穿過線圈的磁通量大小為BS
B. 圖示位置穿過線圈的磁通量大小為NBS
C. 若線圈從圖示位置以ab邊為軸轉(zhuǎn)動60°，則穿過線圈abcd的磁通量變化量為
D. 若線圈從圖示位置以ab邊為軸轉(zhuǎn)動180°，則穿過線圈abcd的磁通量變化量為
【答案】D
【解析】
【詳解】AB．此時只有一半的線圈在磁場中，穿過線圈的磁通量為
故AB錯誤；
C．線圈繞ab邊旋轉(zhuǎn)角時，根據(jù)幾何關(guān)系可知，線圈整個進入磁場，線圈在垂直于磁場方向的投影面積為
穿過線圈的磁通量為
磁通量不變，穿過線圈 abcd的磁通量變化量為零，故C錯誤；
D．線圈繞ab邊旋轉(zhuǎn)角時，根據(jù)幾何關(guān)系可知，線圈整個進入磁場，線圈在垂直于磁場方向的投影面積為
穿過線圈的磁通量為
磁通量為標量，則穿過線圈磁通量的變化量為
故D正確。
故選D。
7. 如圖所示，電源電動勢E、內(nèi)阻r可認為不變，定值電阻R1 = 0.5r，定值電阻R2 = 2r，滑動變阻器的最大阻值等于r，閉合開關(guān)S，平行板電容器兩板間有一帶電液滴恰好保持靜止。將滑動變阻器滑片向上移動，穩(wěn)定后理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，下列說法正確的是（ ）
A. U1減小，U2增大，U3增大
B 、、均改變
C. 電源的輸出功率變大，電源效率變大
D. 帶電液滴將向下運動，定值電阻R2中有從a流向b的瞬間電流
【答案】A
【解析】
【詳解】A．將滑動變阻器滑片向上移動，滑動變阻器接入電路阻值增大，則電路總電阻增大，根據(jù)閉合
電路歐姆定律可知，電路總電流減小，路端電壓增大；通過R1的電流減小，R1兩端電壓減小，則U1減??；U2為路端電壓，所以U2增大；根據(jù)
可知U3增大，故A正確；
B．理想電壓表V1測量定值電阻R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可得
理想電壓表V2測量電源的路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得
理想電壓表V3測量滑動變阻器兩端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得
則有
，，
可知、、均不變，故B錯誤；
C．電源的輸出功率為
R
可知當(dāng)外電阻（即R1與滑動變阻器接入電路的阻值之和）等于r時，電源的輸出功率最大，由于R1 < r，則滑動變阻器滑片上移，接入電路的阻值變大，外電阻變大。若滑片移動前，外電阻小于內(nèi)阻，則滑片上移，電源的輸出功率可能增大，可能先增大后減?。蝗艋苿忧?，外電阻大于內(nèi)阻，則滑片上移，電源的輸出功率減??；電源效率為
由于外電阻增大，則電源效率增大，故C錯誤；
D．由A選項分析可知，U3增大，則電容器極板間電壓增大，根據(jù)，可知板間場強增大，帶電液滴受到的電場力增大，帶電液滴將向上運動；根據(jù)，可知電容器的電荷量Q增大，電容器充電，所以定值電阻R2中有從b流向a的瞬間電流，故D錯誤。
故選A。
8. 如圖所示，等腰三角形中，。在A點和B點分別垂直紙面放置一條通電長直導(dǎo)線，在C處產(chǎn)生的磁場的方向由C指向B。已知通電長直導(dǎo)線形成的磁場在空間某點處的磁感應(yīng)強度，其中k為常量，I為導(dǎo)線中的電流，r為該點到導(dǎo)線的距離。下列說法正確的是（ ）
A. A點處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外
B. B點處導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向里
C. A、B兩點處導(dǎo)線中的電流之比為
D. A、B兩點處導(dǎo)線單獨在C點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小之比為
【答案】D
【解析】
【詳解】
由題意可知，C點的合磁場方向沿CB方向，可知A電流方向向里，B電流方向向外；在C點的磁場方向如圖，導(dǎo)線A在C點的磁場B1與導(dǎo)線B在C點的磁場B2的關(guān)系為
所以
設(shè)BC=L，則
AC=L
則
解得
故選D。
二、多項選擇題（本題共4個小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中有多項符合題目要求。選對得4分，選不全得2分，選錯或不選得0分。）
9. 甲、乙兩電路圖分別是滑動變阻器的兩種連接方式。是滑動變阻器，是滑動變阻器的滑片，a、b是滑動變阻器的兩端，是待測電阻，下列說法正確的是
A. 在閉合開關(guān)測量前，甲、乙兩圖中滑片P都應(yīng)置于b端
B. 甲、乙兩圖中待測電阻上的電壓都可以調(diào)到零
C. 阻值遠遠大于滑動變阻器阻值時，選擇甲圖電路連接
D. 在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，選擇乙圖電路連接
【答案】AD
【解析】
【詳解】A.甲是滑動變阻器的限流接法，在閉合開關(guān)測量前，甲滑片P應(yīng)置于最大阻值處，即處于b端；而乙是滑動變阻器的分壓接法，在閉合開關(guān)測量前，乙滑片P應(yīng)該把測量電路短路，即處于b端；故A正確；
B.乙待測電阻上的電壓都可以調(diào)到零，甲的測電阻上的電壓調(diào)不到零，故B錯誤；
C.阻值遠遠大于滑動變阻器阻值時，選擇分壓接法，即乙圖電路連接，故C錯誤；
D.在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實驗中，選擇分壓接法，選擇乙圖電路連接，故D正確；
故選擇：AD；
10. 彈簧振子以點O為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振子的位移x隨時間t的變化如圖所示，下列說法正確的是（ ）
A. 時，振子的速度方向向左
B. 時振子正在做加速度增大的減速運動
C. 和時，振子的加速度完全相同
D. 到的時間內(nèi)，振子的速度逐漸減小
【答案】AB
【解析】
【詳解】A．從振子的位移—時間圖像可以看出，時，振子經(jīng)過平衡位置向負方向運動，取向右為正方向，所以振子速度方向向左，故A正確。
B．時，振子處在從平衡位置向右側(cè)最大位移處運動的過程中，離平衡位置越遠，加速度越大，振子做的是加速度增大的減速運動，故B正確。
C．時，振子處在正向最大位移處，加速度向左，時，振子處在負向最大位移處，加速度向右，雖然兩個位置加速度大小相等，但方向相反，故C錯誤。
D．到的時間內(nèi)，振子從正向最大位移處向平衡位置運動，振子速度逐漸增大，故D錯誤。
故選AB。
11. 如圖所示，豎直平面內(nèi)有一組平行等距的電場線，方向未知。在豎直平面內(nèi)，一帶電小球以的初速度拋出，只在重力和電場力的作用下沿直線由運動到，則在該過程中（ ）
A. 小球一定帶負電
B. 電場線方向一定向左
C. 小球的動能一定減小
D. 小球的電勢能一定增大
【答案】CD
【解析】
【詳解】AB．帶電小球只在重力和電場力的作用下沿直線由運動到，則重力和電場力的合力方向一定與速度方向在同一直線上，所以電場力方向一定向左，由于不知道電場方向，所以無法判斷小球的電性，故AB錯誤；
C．由于重力和電場力的合力方向一定與速度方向在同一直線上，且合力方向與速度方向相等，所以合力做負功，小球的動能一定減小，故C正確；
D．由于電場力方向向左，可知電場力對小球做負功，則小球的電勢能一定增大，故D正確。
故選CD。
12. 質(zhì)量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線向同一方向運動，A球的動量是，B球的動量是，A球追上B球發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球的動量可能為（ ）
A. B.
C. D.
【答案】BC
【解析】
【詳解】從動量守恒的角度分析，四個選項都正確；
A．碰撞前B在前，A在后，碰撞后如果二者同向，一定仍是B在前，A在后，A不可能超越B，所以碰撞后A的速度應(yīng)小于或等于B的速度。而選項中顯然碰撞后A的速度大于B的速度，這是不符合實際情況的，故A錯誤；
BCD．從能量角度分析，A、B碰撞過程中沒有其他形式的能量轉(zhuǎn)化為它們的動能，所以碰撞后它們的總動能不能增加。碰撞前的總動能
計算碰撞后A、B的總動能，B選項中
C選項中
D選項中
故D錯誤BC正確。
故選BC。
三、實驗題（本題共2個小題，每空2分，實驗電路和電路圖各2分，共22分。）
13. 某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材。
A.待測干電池一節(jié)
B.電流表（量程0~0.6 A，內(nèi)阻）
C.電壓表（量程0~3 V，內(nèi)阻未知）
D.滑動變阻器R（0~）
E.開關(guān)、導(dǎo)線若干
在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量干電池的電動勢和內(nèi)阻。
（1）實驗電路圖應(yīng)選擇圖1中的___________（填“甲”或“乙”）。
（2）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)，將得到的數(shù)據(jù)描入了坐標中，并得到了如圖2所示的圖像，則干電池的電動勢___________V，內(nèi)阻___________Ω。
（3）對于本實驗，如果我們不知道電表的內(nèi)阻且電表并非理想電表，實驗中關(guān)于電流表和電壓表內(nèi)阻對測量值的影響，以下說法正確的是___________。
A. 用圖甲所示電路時，B. 用圖甲所示電路時，
C. 用圖乙所示電路時，D. 用圖乙所示電路時，
【答案】（1）甲 （2） ①. 1.5 ②. 0.7 （3）BC
【解析】
【小問1詳解】
因為電流表內(nèi)阻已知，故可將電流表內(nèi)阻等效為干電池內(nèi)阻，求出等效內(nèi)阻后，再求出實際干電池的內(nèi)阻，故采用圖1中的甲可以有效修正實驗的系統(tǒng)誤差。
【小問2詳解】
根據(jù)閉合電路歐姆定律有
由圖像可知，干電池的電動勢為
V
等效內(nèi)阻為
故電源內(nèi)阻為
【小問3詳解】
AB．在圖甲中，將電流表看成內(nèi)阻一部分，則內(nèi)阻測量值大于真實內(nèi)阻；由
可知，電動勢測量值等于真實值，故A錯誤，B正確。
CD．由于電壓表的分流作用，流過電源的電流大于電流的測量值，當(dāng)路端電壓等于零時，電壓表此時沒有分流電流，電流的測量值等于真實值，電源的U-I圖象如圖所示：
由圖所示可知，電源電動勢的測量值小于真實值，電源內(nèi)阻的測量值小于真實值，故C正確，D錯誤；
故選BC。
14. 鉛筆內(nèi)芯是石墨和黏土的混合體。
（1）某同學(xué)使用螺旋測微器測定其直徑d，某次測量結(jié)果如圖1所示，讀數(shù)為________mm。用游標卡尺測量其長度，示數(shù)如圖2所示，由圖可知其長度________cm。
（2）某同學(xué)使用多用電表歐姆擋粗測其電阻，他首先將選擇開關(guān)置于“×10”倍率，接著將兩支表筆短接，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向0然后將兩表筆分別與該鉛筆內(nèi)芯兩端接觸，測其電阻時指針如圖3示，則該同學(xué)接下來應(yīng)該進行的操作是________；若該同學(xué)進行正確操作后再次測量時指針如圖4所示，則該鉛筆內(nèi)芯的電阻是________。
（3）圖5某同學(xué)找到的某多用電表的原理電路圖。圖中E是電池；、、、和是固定電阻，是可變電阻；表頭G的滿偏電流為100uA，內(nèi)阻為。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A和B分別與兩表筆相連。該多用電表有5擋位，5擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA
擋，歐姆擋。則圖3中：①A端與_______（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。②_______，_______。
【答案】（1） ①. 0.645##0.644##0.646 ②. 4.240
（2） ①. 見解析 ②. 12
（3） ①. 黑 ②. 50 ③. 955
【解析】
【小問1詳解】
[1]螺旋測微器的精確值為，由圖可知直徑為
[2]20分度游標卡尺的精確值為，由圖可知長度為
【小問2詳解】
[1][2]先將選擇開關(guān)置于“”倍率，由圖可知指針偏轉(zhuǎn)過大，則待測電阻阻值較小，該同學(xué)接下來應(yīng)將開關(guān)置于“”倍率，接著將兩支表筆短接，并進行歐姆調(diào)零。
[2]若該同學(xué)進行正確操作后再次測量時指針如圖4所示，則該鉛筆內(nèi)芯的電阻是
【小問3詳解】
[1]根據(jù)歐姆表原理可知，內(nèi)部電源的正極接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”，故圖中的A端與黑色表筆相連接；
[2]改裝為大量程電流表時，并聯(lián)電阻越小，分流越大，改裝后的量程越大；可知選擇開關(guān)接2時，對應(yīng)直流電流1mA擋，則有
解得
[3]選擇開關(guān)接4時，對應(yīng)：直流電壓1V擋，則有
其中
解得
四、計算題（本題共3個小題，第15題10分，第16題12分，第17題16分。要求寫出必要的公式、文字敘述。）
15. 如圖所示，甲圖中變阻器的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙中的AC、BC兩直線所示，電表均為理想電表。
（1）定值電阻R0、變阻器的總電阻R分別為多少；
（2）求出電源的電動勢和內(nèi)阻；
（3）求滑動變阻器的最大輸出功率。
【答案】（1），
（2）8V，
（3）4W
【解析】
【小問1詳解】
由AC圖像可知，定值電阻
當(dāng)變阻器的滑片在最右端時電壓表V2讀數(shù)最大，此時滑動變阻器的總電阻
【小問2詳解】
由BC直線可知，當(dāng)U=7.5V時I=0.5A；當(dāng)U=6.0V時I=2.0A；根據(jù)
U=E-Ir
可得
7.5=E-0.5r
6.0=E-2.0r
解得
E=8V，r=1Ω
小問3詳解】
將R0看做是電源內(nèi)阻，則當(dāng)
R=R0+r=4Ω
時變阻器R的功率最大，最大功率為
16. 如圖所示，用長為1m的不可伸長的輕繩將質(zhì)量為1kg的小球C懸掛于點，小球C靜止。質(zhì)量為1kg的物塊A放在質(zhì)量也為1kg的木板B的右端，以共同的速度，沿著光滑水平面向著小球滑去，小球與物塊發(fā)生彈性正碰，物塊與小球均可視為質(zhì)點，且小球C返回過程不會碰到物塊A，不計一切阻力，重力加速度。求:
（1）碰后小球C上升的高度；
（2）若物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.2，木板B至少要多長，物塊A才不會從長木板的上表面滑出。
【答案】（1）0.2m
（2）0.5m
【解析】
【小問1詳解】
設(shè)物塊質(zhì)量為，小球質(zhì)量為，由于發(fā)生彈性正碰，則由動量守恒得
由能量守恒得
解得
設(shè)上升高度為h，則由動能定理
得
【小問2詳解】
碰撞后物塊加速，木板減速，物塊剛好和木板共速時，物塊運動到木板左端，設(shè)木板質(zhì)量為，共同速度為，由動量守恒得
由能量守恒定律得
解得
17. 如圖甲所示，飛行時間質(zhì)譜儀通過探測不同離子到達探測器左端探測頭Q的時間，可以測得離子比荷。假設(shè)離子源P產(chǎn)生的正離子電荷量為q，質(zhì)量為m，離子在A極板處初速度為0，AB極板間的加速電壓為U0，離子加速后從B板小孔射出，沿圖中虛線方向進入C、D板間的偏轉(zhuǎn)控制區(qū)。已知AB的間距為L，偏轉(zhuǎn)極板的長度和間距也為L。設(shè)加速電場和偏轉(zhuǎn)電場均為勻強電場，不計離子重力和離子間的相互作用。
（1）求離子沿虛線到達B板的速度大??；
（2）若離子剛好從D極板右端射出，求UCD的大?。?br>（3）若偏轉(zhuǎn)電壓UCD與時間t的關(guān)系如圖乙所示，周期，并且離子在t = 0時刻開始連續(xù)均勻地射入偏轉(zhuǎn)電場。以D極板的右端點為坐標原點，豎直向上建立y軸，探測器可在豎直方向上自由移動，要使探測頭Q能收集到所有粒子，求探測頭坐標yQ的范圍。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小問1詳解】
加速過程，由動能定理
解得
【小問2詳解】
水平方向勻速運動
解得
豎直方向勻加速
解得
【小問3詳解】
由第（2）問知離子通過偏轉(zhuǎn)場的時間剛好為T
考慮內(nèi)離子全程勻加速的距離
入射偏轉(zhuǎn)場時間（n = 0、1、2…），離子向下偏轉(zhuǎn)最大
入射偏轉(zhuǎn)場時間（n = 0、1、2…），離子向上偏轉(zhuǎn)最大
所以，探測頭坐標yQ的范圍為
即為

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四川省南充市白塔中學(xué)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期第三次月考（12月）物理試卷（Word版附解析）：

這是一份四川省南充市白塔中學(xué)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期第三次月考（12月）物理試卷（Word版附解析），共16頁。試卷主要包含了單選題，多選題，實驗題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

四川省南充市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考物理試卷（Word版附解析）：

這是一份四川省南充市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考物理試卷（Word版附解析），文件包含四川省南充市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考物理試題Word版含解析docx、四川省南充市高級中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考物理試題Word版無答案docx等2份試卷配套教學(xué)資源，其中試卷共26頁， 歡迎下載使用。

2024～2025學(xué)年四川省南充市白塔中學(xué)高一(上)月考物理試卷(B卷)(含答案)：

這是一份2024～2025學(xué)年四川省南充市白塔中學(xué)高一(上)月考物理試卷(B卷)(含答案)，共8頁。

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