一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。
1. 帶電粒子射向地球時(shí)，地磁場(chǎng)改變了它們的運(yùn)動(dòng)方向。赤道上空P處的地磁場(chǎng)方向由南指向北，一正電粒子垂直于地面向赤道射來，如圖所示。在P處該粒子受到的洛倫茲力（ ）
A. 方向向東B. 方向向南C. 方向向西D. 方向向北
【答案】A
【解析】
【詳解】根據(jù)左手定則，可知磁場(chǎng)垂直穿過手心，四個(gè)手指指向正電粒子的運(yùn)動(dòng)方向，大拇指為其所受洛侖磁力方向，即方向向東。
故選A。
2. 有一種利用電容器實(shí)現(xiàn)的輸液報(bào)警裝置，實(shí)物圖和電路圖分別如圖甲、乙所示。閉合開關(guān)，電容器先充電達(dá)到穩(wěn)定，當(dāng)藥液面降低時(shí)，電容器C的電容減小，蜂鳴器B就會(huì)因通過特定方向的電流而發(fā)出聲音。則藥液面下降時(shí)（ ）
A. 電容器的電量減少B. 電容器的電量不變
C. 電阻R的電壓始終為零D. 蜂鳴器電流由a流向b
【答案】A
【解析】
【詳解】AB．根據(jù)
液面下降，極板之間的介電常數(shù)減小，則電容減小，根據(jù)
開關(guān)閉合穩(wěn)定時(shí)，電容器兩端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，即液面下降穩(wěn)定后，電容器兩端電壓不變，所以電容器的電量減少，故A正確，B錯(cuò)誤；
CD．根據(jù)圖示可知，電容器右側(cè)極板帶負(fù)電，結(jié)合上述，液面下降時(shí)，極板所帶電荷量減少，即右側(cè)極板失去電子，電子從a向b運(yùn)動(dòng)，則蜂鳴器電流由b流向a，因?yàn)橛须娏髁鬟^電阻R，所以電壓不為零，故CD錯(cuò)誤。
故選A。
3. 如圖所示，將同種材料制成的圓柱形導(dǎo)體a、b串接在電路中，其中a的橫截面積是b的4倍。通過恒定電流時(shí)自由電子在兩部分導(dǎo)體中定向移動(dòng)速率之比等于（ ）
A. 1∶1B. 1∶2C. 1∶4D. 4∶1
【答案】C
【解析】
【詳解】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式，I相同，材料相同，S與v成反比, a的橫截面積是b的4倍
所以
故選C。
4. 如圖所示，實(shí)線表示電場(chǎng)線，某帶電粒子只在電場(chǎng)力作用下以某個(gè)初速度從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，虛線表示其運(yùn)動(dòng)軌跡，則（ ）
A. 粒子帶負(fù)電B. M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度
C. M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)D. 粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能
【答案】D
【解析】
【詳解】A．帶電粒子做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的合力指向運(yùn)動(dòng)軌跡凹側(cè)，結(jié)合電場(chǎng)線方向可知，帶電粒子所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，帶電粒子一定帶正電，故A錯(cuò)誤；
B．電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，N點(diǎn)處電場(chǎng)線密集，故M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤；
C．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；
D．根據(jù)
正電荷在電勢(shì)高的地點(diǎn)電勢(shì)能大，故粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故D正確。
故選D。
5. 研究表明中子由兩個(gè)下夸克和一個(gè)上夸克組成，其中上夸克所帶電荷量為，下夸克所帶電荷量為。假設(shè)構(gòu)成中子的三個(gè)夸克等間距的分布在一個(gè)圓周上，如圖所示，三個(gè)夸克間的距離都為L(zhǎng)，可把夸克視為點(diǎn)電荷，靜電力常量為k，則上夸克受兩個(gè)下夸克的庫侖力合力（ ）
A. 大小為，方向背離圓心B. 大小為，方向指向圓心
C. 大小為，方向背離圓心D. 大小為，方向指向圓心
【答案】B
【解析】
【詳解】由于帶異種電荷，每個(gè)下夸克對(duì)上夸克的吸引力
上夸克受兩個(gè)下夸克的庫侖力合力
方向指向圓心，故選B。
6. 如圖所示，在豎直平面內(nèi)用絕緣輕繩連接一根質(zhì)量為m的通電導(dǎo)線，導(dǎo)線長(zhǎng)為L(zhǎng)，電流大小為I，方向垂直紙面向里，施加適當(dāng)?shù)拇艌?chǎng)使通電導(dǎo)線處于平衡狀態(tài)且輕繩與豎直方向成30°，重力加速度為g，則磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【詳解】由力的平衡條件可得，三力的合力是零，則三力構(gòu)成封閉的三角形如圖所示
當(dāng)安培力垂直與輕繩方向向上時(shí)，安培力最小，則B最小，則有
解得
故選A。
7. 如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一帶電量為q（）的滑塊自a點(diǎn)由靜止沿光滑絕緣軌道滑下，下降豎直高度為h時(shí)到達(dá)b點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則（ ）
A. 滑塊在a點(diǎn)受重力、支持力和洛倫茲力作用
B. 該過程中，洛倫茲力做正功
C. 該過程中，滑塊的機(jī)械能增大
D. 滑塊在b點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為
【答案】D
【解析】
【詳解】A．滑塊自a點(diǎn)由靜止沿斜面滑下，在a點(diǎn)不受洛倫茲力作用，故A錯(cuò)誤；
BCD．滑塊自a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，洛倫茲力不做功，支持力不做功，只有重力做功，所以滑塊機(jī)械能守恒
解得
故滑塊在b點(diǎn)受到的洛倫茲力為
故BC錯(cuò)誤，D正確。
故選D。
二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
8. 在“用伏安法測(cè)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量電路中電表的連接方式如圖甲或乙所示，把電壓表讀數(shù)和電流表讀數(shù)的比值作為電阻的測(cè)量值，考慮到實(shí)際電表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量的影響，則（ ）
A. 若采用甲圖，電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值B. 若采用乙圖，電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值
C. 若采用甲圖，誤差是電壓表分流引起的D. 若采用乙圖，誤差是電壓表分流引起的
【答案】AD
【解析】
【詳解】AC．若采用甲圖，電壓表測(cè)量是待測(cè)電阻和電流表串聯(lián)后兩端的電壓，誤差是由電流表分壓引起的，電壓的測(cè)量值偏大，根據(jù)歐姆定律可知電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值，故A正確，C錯(cuò)誤；
BD．若采用乙圖，電流表測(cè)量的是通過電壓表和待測(cè)電阻的電流和，誤差是由電壓表分流引起的，電流的測(cè)量值大于真實(shí)值，根據(jù)歐姆定律可知電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值，故B錯(cuò)誤，D正確。
故選AD。
9. 如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，、為定值電阻，電壓表和電流表均為理想電表。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，電壓表V、V1和V2的示數(shù)分別為U、和，三個(gè)電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、和，電流表A的示數(shù)為I，則（ ）
A. I減小B. 增大C. 電源總功率增大D.
【答案】AD
【解析】
【詳解】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向a端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，根據(jù)串反并同可知，電流表與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，所以電流I減小，故A正確；
B．根據(jù)串反并同可知，電壓表V1與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，所以變小，故B錯(cuò)誤；
C．電源總功率
因?yàn)榭傠娏髯冃?，所以電源總功率減小，故C錯(cuò)誤；
D．根據(jù)閉合電路歐姆定律
可知
又因?yàn)?br>可得
由歐姆定律可知
則有
所以
故D正確。
故選AD。
10. 如圖，在光滑絕緣水平桌面上建立平面直角坐標(biāo)系，其第一象限存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，方向垂直桌面向里。從P點(diǎn)垂直軸滾入一個(gè)帶電金屬小球甲，隨后沿著軌跡b離開磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間為t。現(xiàn)在軌跡b上的Q點(diǎn)靜止放置另一金屬小球乙，再次從P點(diǎn)垂直軸以相同速度滾入帶電金屬小球甲。小球甲、乙均可視為質(zhì)點(diǎn)，二者發(fā)生碰撞并結(jié)合在一起后，若結(jié)合體（ ）
A. 沿著軌跡a離開磁場(chǎng)，則小球甲、乙?guī)N電荷
B. 繼續(xù)沿著軌跡b離開磁場(chǎng)，則小球甲、乙?guī)М惙N電荷
C. 繼續(xù)沿著軌跡b離開磁場(chǎng)，則磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間大于t
D. 沿著軌跡c離開磁場(chǎng)，則結(jié)合體在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)的角速度比甲單獨(dú)運(yùn)動(dòng)時(shí)的小
【答案】ACD
【解析】
【詳解】A．根據(jù)
可得
二者發(fā)生碰撞并結(jié)合在一起后，動(dòng)量守恒不變，若沿著軌跡a離開磁場(chǎng)，則半徑變小，所以電荷量變大，則小球甲、乙?guī)N電荷，故A正確；
B．若結(jié)合體繼續(xù)沿著軌跡b離開磁場(chǎng)，則電荷量不變，所以乙不帶電，故B錯(cuò)誤；
C．周期為
若結(jié)合體繼續(xù)沿著軌跡b離開磁場(chǎng)，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，結(jié)合體速度變小，所以周期變大，磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間大于t，故C正確；
D．由角速度公式可知
若結(jié)合體沿著軌跡c離開磁場(chǎng)，則半徑變大，所以電荷量變小，結(jié)合體質(zhì)量變大，則結(jié)合體在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)的角速度比甲單獨(dú)運(yùn)動(dòng)時(shí)的小，故D正確。
故選ACD。
三、非選擇題：本題共5小題，共57分。
11. 學(xué)校物理興趣小組利用如圖甲所示的電路將滿偏電流、內(nèi)阻的電流表改裝為多量程電表，開關(guān)、均斷開時(shí)為電壓表，量程為0~3V。、都閉合時(shí)為電流表，量程為0~0.6A。
（1）圖甲中定值電阻_________Ω，定值電阻_________Ω。
（2）同學(xué)們對(duì)改裝后量程的電壓表進(jìn)行校正，改裝后的電壓表與量程為3V的標(biāo)準(zhǔn)電壓表并聯(lián)。若當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電壓表的示數(shù)為2.44V時(shí)，電流表的指針如圖乙所示，則改裝后的電壓表的實(shí)際量程為________V。
【答案】（1） ①. ②.
（2）
【解析】
【小問1詳解】
[1]由題可知，、均斷開時(shí)為電壓表，量程為0~3V，根據(jù)歐姆定律則有
代入數(shù)據(jù)解得
[2]同理、都閉合時(shí)則有
解得
【小問2詳解】
由圖乙可知此時(shí)電流為
改裝后電壓表的內(nèi)阻為
則改裝后的電壓表的實(shí)際量程為
12. 某實(shí)驗(yàn)小組要研究某硅基導(dǎo)體的電阻率與溫度之間的關(guān)系。該導(dǎo)體呈長(zhǎng)方體薄片型，為了方便測(cè)量，兩端用電阻不計(jì)的銅連接端子固定，隨后將把銅連接端子接入電路。圖1為導(dǎo)體片的俯視圖，接入電路的有效長(zhǎng)度，寬度，厚度為h（未標(biāo)出）。
（1）用圖2中的螺旋測(cè)微器測(cè)量導(dǎo)體片的厚度h，讀數(shù)為_________；
（2）接下來小王同學(xué)用伏安法測(cè)定導(dǎo)體片的電阻。他把導(dǎo)體片放入可調(diào)溫的恒溫箱中，測(cè)得的電阻隨溫度變化規(guī)律如下表：
請(qǐng)將圖3中缺失的第3組數(shù)據(jù)點(diǎn)畫出，并做出電阻隨溫度的關(guān)系圖線_________；
（3）小王查閱資料得知，在0~500℃范圍內(nèi)可以視為該硅基導(dǎo)體的電阻率隨溫度t線性變化，關(guān)系式為，小王分析認(rèn)為實(shí)驗(yàn)中電阻的變化其實(shí)是電阻率隨溫度變化引起的。結(jié)合之前測(cè)得的數(shù)據(jù)計(jì)算可得該硅基導(dǎo)體0℃時(shí)的電阻率_________，比例常數(shù)_________；（以上兩空保留2位有效數(shù)字）
（4）小紅同學(xué)想利用上述導(dǎo)體片電阻隨溫度變化的特性來制作一個(gè)溫度計(jì)，她設(shè)計(jì)的電路圖如圖4所示，她將導(dǎo)體片與電源、電流表串聯(lián)，并在電流表的均勻刻度線上標(biāo)出對(duì)應(yīng)溫度，則溫度刻度線_________（選填“均勻”或“不均勻”）。
【答案】（1）
（2）見解析 （3） ①. ②.
（4）不均勻
【解析】
【小問1詳解】
由圖可知導(dǎo)體片的厚度
【小問2詳解】
描點(diǎn)作圖如下
【小問3詳解】
[1][2]根據(jù)題意可知，當(dāng)時(shí)，導(dǎo)體的電阻
解得此時(shí)的電阻率
同理當(dāng)時(shí)，導(dǎo)體的電阻
解得此時(shí)的電阻率
代入
可得
【小問4詳解】
根據(jù)歐姆定律可得
可見電流I與溫度t不是線性關(guān)系，故溫度刻度線不均勻。
13. 掃地機(jī)器人能有效清除地板上的灰塵等顆粒垃圾。如圖甲所示為一款新型掃地機(jī)器人，內(nèi)部電路如圖乙所示，它的直流電動(dòng)機(jī)額定電壓為U，額定電流為I，將它接在電動(dòng)勢(shì)為E（E>U）的直流電源兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能以額定電壓、額定電流正常工作。
（1）求電源內(nèi)阻；
（2）求電源內(nèi)阻消耗的熱功率。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小問1詳解】
由閉合電路歐姆定律
解得
【小問2詳解】
電源內(nèi)阻消耗的熱功率
14. 實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了一款簡(jiǎn)易電子秤，其原理如圖。兩條豎直懸掛的絕緣輕彈簧與正方形托盤相連。彈簧的勁度系數(shù)均為k，正常工作時(shí)，彈簧最大伸長(zhǎng)量均為d。單匝正方形導(dǎo)線圈套在托盤外側(cè)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)。托盤上無重物時(shí)，指針指在0刻度線（線圈中無電流）。裝置的總質(zhì)量為。以線圈中心線為界，空間中，在左、右兩側(cè)分別加上水平向左、向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B。已知重力加速度g。
（1）若線圈中未通入電流，求彈簧伸長(zhǎng)量；
（2）若在托盤上放入質(zhì)量為m被稱量物體，同時(shí)在線圈中通入逆時(shí)針電流（從上往下看），電流大小為I，求物體質(zhì)量m與標(biāo)尺刻度x的函數(shù)關(guān)系。
（3）若學(xué)生電源的最大輸出電流為，求彈簧伸長(zhǎng)量最大時(shí)，待測(cè)物體和裝置的總質(zhì)量，并寫出此時(shí)線圈中通入電流的方向（從上往下看）。
【答案】（1）
（2）
（3）；逆時(shí)針；；順時(shí)針
【解析】
小問1詳解】
由平衡條件，可得
解得
【小問2詳解】
根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)線圈所受安培力豎直向下，大小為
在托盤上放入質(zhì)量為m的被稱量物體后，可得
又
聯(lián)立，解得
【小問3詳解】
當(dāng)線圈中通入逆時(shí)針電流（從上往下看）時(shí)，有
解得
當(dāng)線圈中通入順時(shí)針電流（從上往下看）時(shí)，有
解得
15. 如圖所示，傾角為30°的光滑絕緣斜面固定在水平面上，斜面足夠長(zhǎng)。整個(gè)斜面處于一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，現(xiàn)將一帶電量為+q，質(zhì)量為m的小球輕放在斜面上，小球剛好能靜止在斜面上。已知重力加速度g。
（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小及方向；
（2）現(xiàn)保持電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變而將方向反向，將小球從斜面上某處斜向右上拋出，已知小球與斜面碰撞前后，平行于斜面方向的速度不變，垂直于斜面方向的速度等大反向。與斜面碰撞時(shí)，小球無電荷量損失，不計(jì)空氣阻力。
（a）若小球拋出時(shí)初動(dòng)能為Ek，與斜面發(fā)生第一次碰撞時(shí)動(dòng)能為，第一次碰撞后小球做勻變速直線運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)。求小球從拋出到運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過程中，克服電場(chǎng)力做功W。
（b）若小球拋出時(shí)初速度為v，要求小球最后能沿原路回到拋出點(diǎn)，求初速度方向與斜面夾角α（α < 60°）的正切值tanα的所有可能值。
【答案】（1），方向水平向右
（2）（a）；（b）和
【解析】
【小問1詳解】
對(duì)小球受力分析如圖
小球帶正電，故電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向右，根據(jù)平衡條件
解得
【小問2詳解】
（a）保持電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變而將方向反向，將小球從斜面上某處斜向右上拋出，設(shè)落在斜面右上方距拋出點(diǎn)距離為s處，根據(jù)動(dòng)能定理
解得
設(shè)第一次碰撞后小球做勻變速直線運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)過程的位移為s′，推知小球沿合力反方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由題可知，小球與斜面碰撞前后動(dòng)能無損失，由動(dòng)能定理得
解得
故克服電場(chǎng)力做功
（b）若小球拋出時(shí)初速度為v，要求小球最后能沿原路回到拋出點(diǎn)，則
①小球所受合力與初速度方向相反，根據(jù)受力分析如圖
則
分析幾何關(guān)系知合力與水平方向夾角為60°，與斜面左下的夾角為30°，故初速度方向與斜面夾角α為30°，則
②結(jié)合上述，若小球初速度方向與斜面夾角α為30° < α < 60°，則小球最終落在斜面時(shí)，落點(diǎn)在拋出點(diǎn)沿斜面的左下方，由于小球所受合力沿左下方，故小球無法沿原路回到拋出點(diǎn)。
③結(jié)合上述，若小球初速度方向與斜面夾角α為0° < α < 30°，則小球最終落在斜面時(shí)，落點(diǎn)在拋出點(diǎn)沿斜面的右上方，若小球與斜面碰撞后，小球速度剛好與所受合力反向，則小球可以沿原路回到拋出點(diǎn)，此時(shí)需要小球與斜面碰撞前瞬間的速度v′與斜面的夾角為30°，即速度v′剛好沿水平方向；將小球拋出時(shí)初速度v沿水平方向和豎直方向分解，則
，
，
，
解得
綜上所述，小球初速度方向與斜面夾角α的正切值tanα的所有可能值為和。
溫度t/℃
30
90
150
210
270
330
390
電阻R/?
201
19.0
17.7
15.5
15.2
14.1
129

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這是一份重慶市第八中學(xué)2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期期中考試物理試卷（Word版附解析），共15頁。試卷主要包含了單項(xiàng)選擇題，多項(xiàng)選擇題，實(shí)驗(yàn)題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

北京市第八十中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試卷（Word版附解析）：

這是一份北京市第八十中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試卷（Word版附解析），文件包含北京市第八十中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期10月期中物理試卷Word版含解析docx、北京市第八十中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期10月期中物理試卷Word版無答案docx等2份試卷配套教學(xué)資源，其中試卷共30頁， 歡迎下載使用。

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