重慶市榮昌中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期10月月考物理試卷（Word版附解析）-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

榮昌中學(xué)高 2026 屆高二上期第一次教學(xué)檢測
物理試卷
滿分：100分時間：75分鐘
注意事項：
1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息
2．請將答案正確填寫在答題卡上
一、單項選擇題：本題共 7 小題，每小題 4 分，共 28 分。在每小題給出的四
個選項中，只有一項是符合題目要求的，選對得 4 分，選錯得 0 分。
1. 火箭利用噴出的氣體進行加速，是利用了高速氣體的哪種作用（）
A. 產(chǎn)生的浮力B. 向外的噴力C. 反沖作用D. 熱作用
【答案】C
【解析】
【詳解】火箭發(fā)射時，燃料燃燒，產(chǎn)生高溫燃氣，燃氣通過噴管向后高速噴出，燃氣對火箭產(chǎn)生推力，在燃氣推動火箭的力的作用下，火箭升空，這是利用了反沖作用。
故選C。
2. 關(guān)于動量，以下說法正確的是（）
A. 速度大的物體動量一定大
B. 物體的動量發(fā)生改變，其動能也一定發(fā)生改變
C. 兩個物體的質(zhì)量相等，速度大小也相等，則它們的動量一定相同
D. 兩個物體的速度相同，那么質(zhì)量大的物體動量一定大
【答案】D
【解析】
【詳解】A．由動量公式，得動量大小還與質(zhì)量有關(guān)，所以速度大的物體動量不一定大，A錯誤；
B．物體的動量發(fā)生改變時，可能是速度方向發(fā)生變化，大小沒變，所以動能可能不變，B錯誤；
C．動量是矢量，速度大小相等時，方向不同，動量也不相同，C錯誤；
D．動量是質(zhì)量與速度的乘積，所以速度相同時，質(zhì)量大的物體動量一定大，D正確。
故選D。
3. 人從高處跳下，為更好地保護身體，雙腳觸地，膝蓋彎曲讓身體重心繼續(xù)下降，著地過程這樣做，可以減小（）
A. 人的動量變化的時間B. 人與地面間的作用力
C. 人的動量變化量D. 人受到的沖量
【答案】B
【解析】
【詳解】人從高處跳下，雙腳觸地時的速度大小v一定，停下時速度是零，可知人的動量變化量不變，則人受到的沖量不變；膝蓋彎曲讓身體重心繼續(xù)下降，此過程使人的動量變化時間t增大，取向上為正方向，由動量定理可得
解得
可知增大人的動量變化的時間，可以減小人與地面間的作用力。
故選B。
4. 質(zhì)量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動，A球的速度為，B球的速度為，當(dāng)A球追上B球時發(fā)生碰撞，則碰撞后A、B兩球速度可能為（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】
【詳解】A．設(shè)每個球的質(zhì)量均為m，碰前系統(tǒng)總動量
p=mvA1+mvB1=6m+2m=8m
碰前的總動能
Ek==40m
若碰后vA=1m/s，vB=6m/s，碰后總動量
p′=mvA+mvB=7m
動量不守恒，選項A錯誤；
B．若vA=4.5m/s，vB=3.5m/s，明顯vA>vB不合理，選項B錯誤；
C．若vA=3.5m/s，vB=4.5m/s，碰后總動量
p′=mvA+mvB =8m
總動能
E′k==16.25m
動量守恒，機械能不增加，選項C可能實現(xiàn)；
D．若vA=-1m/s，vB=9m/s，碰后總動量
p′= mvA+mvB=8m
總動能
E′k==41m
動量守恒，但機械能增加，違反能量守恒定律，選項D錯誤。
故選C。
5. 如圖所示，B、C、D、E、F五個球并排放置在光滑的水平面上，B、C、D、E四球質(zhì)量相等，而F球質(zhì)量小于B球質(zhì)量，A球的質(zhì)量等于F球質(zhì)量，A球以速度v0向B球運動，所發(fā)生的碰撞均為彈性碰撞，則碰撞之后（）

A. 五個小球靜止，一個小球運動B. 四個小球靜止，兩個小球運動
C. 三個小球靜止，三個小球運動D. 六個小球都運動
【答案】C
【解析】
【詳解】A球以速度v0向B球運動，設(shè)碰撞后的兩球速度分別為和，由題可知所發(fā)生的碰撞均為彈性碰撞，動量守恒定律和機械能守恒，則有
解得碰撞后兩個小球的速度為
，
由于A球質(zhì)量小于B球質(zhì)量，A、B相碰后A速度向左運動，B向右運動，B、C、D、E四球質(zhì)量相等，彈性碰撞后，不斷交換速度，最終E有向右的速度，B、C、D靜止，由于F球質(zhì)量小于E球質(zhì)量，E、F兩球彈性碰撞后E、F兩球都向右運動，故碰撞之后B、C、D三球靜止，A球向左，E、F兩球向右運動，即三個小球靜止，三個小球運動。
故選C。
6. 某實驗小組用電池、電動機等器材自制風(fēng)力小車，如圖所示，葉片勻速旋轉(zhuǎn)時將空氣以速度v向后排開，葉片旋轉(zhuǎn)形成的圓面積為S，空氣密度為ρ，下列說法正確的是（）
A. 風(fēng)力小車的原理是將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為小車的動能
B. t時間內(nèi)葉片排開的空氣質(zhì)量為ρSv
C. 葉片勻速旋轉(zhuǎn)時，空氣對小車的推力為
D. 葉片勻速旋轉(zhuǎn)時，單位時間內(nèi)空氣流動的動能為
【答案】C
【解析】
【詳解】A．風(fēng)力小車的原理是消耗電能，先轉(zhuǎn)化成風(fēng)能，再推動小車運動，所以是電能轉(zhuǎn)化為小車的動能，故A錯誤；
B．t時間內(nèi)葉片排開的空氣質(zhì)量為
故B錯誤；
C．由動量定理可得葉片勻速旋轉(zhuǎn)時，空氣受到的推力為
根據(jù)牛頓第三定律可知空氣對小車的推力為，故C正確；
D．葉片勻速旋轉(zhuǎn)時，單位時間內(nèi)空氣流動的動能為
故D錯誤。
故選C。
7. 如圖所示，一質(zhì)量為M=3.0kg的長木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一個質(zhì)量為m=1.0 kg的小木塊A。給A和B以大小均為4.0 m/s、方向相反的初速度，使A開始向左運動，B開始向右運動，A始終沒有滑離B。在A做加速運動的時間內(nèi)，B的速度大小可能是（）
A. 1.8 m/sB. 2.4 m/s
C. 2.8 m/sD. 3.0 m/s
【答案】B
【解析】
【分析】
【詳解】以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)動量守恒，取水平向右方向為正方向，A減速到速度為零的過程中，由動量守恒定律得
代入數(shù)據(jù)解得
當(dāng)從開始到AB速度相同的過程中，取水平向右方向為正方向，由動量守恒定律得
代入數(shù)據(jù)解得
則在木塊A正在做加速運動的時間內(nèi)，B的速度范圍為
故選B。
二、多項選擇題：本題共 3 小題，每小題 5 分，共 15 分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求，全部選對得 5 分，選對但不全得 3 分，有錯選得 0 分。
8. 如圖所示，光滑水平面上兩小車中間夾一壓縮了的輕彈簧，兩手分別按住小車，使它們靜止，若以兩車及彈簧組成系統(tǒng)，則下列說法中正確的是（）
A. 兩手同時放開后，系統(tǒng)總動量始終為零
B. 先放開左手，再放開右手后，動量不守恒
C. 先放開左手，再放開右手后，總動量向右
D. 無論何時放手，只要兩手放開后，在彈簧恢復(fù)原長的過程中，系統(tǒng)總動量都保持不變，但系統(tǒng)的總動量不一定為零
【答案】AD
【解析】
【詳解】A．當(dāng)兩手同時放開時，系統(tǒng)合外力為零，所以系統(tǒng)的動量守恒，又因為開始時總動量為零，故系統(tǒng)總動量始終為零，A正確；
BC．先放開左手，左邊的小車就向左運動，當(dāng)再放開右手后，系統(tǒng)所受合外力為零，故系統(tǒng)的動量守恒，且開始時總動量方向向左，放開右手后總動量方向也向左，BC錯誤；
D．如果同時放開兩手，系統(tǒng)動量守恒，總動量為零，如果不同時放手，兩手放開后，系統(tǒng)合外力為零，動量守恒，總動量不為零，D正確。
故選AD。
9. 光滑水平面上有一靜止木塊，質(zhì)量為 m 的子彈水平射入后未穿出，子彈與木塊運動的v?t圖像如圖所示，下列說法正確的是（）
A. 子彈動量變化量的大小等于木塊動量變化量的大小
B. 木塊的質(zhì)量為 9m
C. 整個過程產(chǎn)生的熱量為
D. 子彈進入木塊的深度為
【答案】ABC
【解析】
【詳解】A．子彈水平射入后未穿出，該過程子彈與木塊組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，則子彈動量變化量的大小等于木塊動量變化量的大小，故A正確；
B．設(shè)木塊的質(zhì)量為M，由動量守恒定律得
解得
故B正確；
C．由能量守恒可得，整個過程產(chǎn)生的熱量為
故C正確；
D．由圖可知，時間內(nèi)木塊的位移
子彈的位移
則
即子彈進入木塊的深度為，故D錯誤。
故選ABC。
10. 如圖甲所示，滑塊B靜止在光滑的水平面上，滑塊的左側(cè)面為光滑圓弧面，圓弧面底部與水平面相切。一質(zhì)量為m的小球A以速度向右運動，小球與滑塊在整個相互作用的過程中，兩者水平方向的速度大小與時間t之間的關(guān)系如圖乙所示，若小球全程未能沖出滑塊的頂端，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）
A. 滑塊B的質(zhì)量為小球A質(zhì)量的2倍
B. 小球A能夠到達的最大高度為
C. 最終小球離開滑塊時，兩者的相對速度大小為
D. 在時間內(nèi)，滑塊對小球做的負功大小為
【答案】CD
【解析】
詳解】A．根據(jù)動量守恒定律，小球和滑塊水平方向動量守恒
解得
滑塊B的質(zhì)量為小球A質(zhì)量的一半，故A錯誤；
B．當(dāng)兩者水平方向速度相等時，小球A到達了最大高度，根據(jù)機械能守恒可知
解得
故B錯誤；
C．在時刻小球和滑塊分離，系統(tǒng)在0時刻和時刻，系統(tǒng)的動量守恒
動能守恒
解得
，
故兩者的相對速度大小為，故C正確；
D．在時間內(nèi)，對小球使用動能定理有
解得
故D正確。
故選CD。
三、實驗題（共 15 分）
11. 某同學(xué)設(shè)計了一個用打點計時器探究碰撞過程中不變量的實驗：在一長木板右端墊一小木塊，使板上甲、乙小車恰能平衡，在小車甲的前端粘有橡皮泥輕推小車甲后，小車甲做勻速直線運動，然后與原來靜止在前方的小車乙相碰并粘合成一體，而后兩車繼續(xù)做勻速直線運動，他設(shè)計的具體裝置如圖所示在小車甲后連著紙帶，打點計時器打點頻率為．

已測得小車甲的質(zhì)量，小車乙的質(zhì)量，已得到打點紙帶如圖所示，并測得各計數(shù)點間距并標(biāo)在圖上，為運動起始的第一點由以上測量結(jié)果可得：（保留三位有效數(shù)字）

（1）碰前小車甲的速度為____________；碰后小車甲的速度為____________；
（2）碰前兩小車系統(tǒng)的總動量為____________；碰后兩小車系統(tǒng)的總動量為___________．
【答案】 ①. （1）1.05 ②. 0.695 ③. （2）0.420 ④. 0.417
【解析】
【詳解】（1）碰前小車甲的速度為；碰后小車甲的速度為；
（2）碰前系統(tǒng)的動量即A的動量，則：P1=m1v1= =0.40×1.05=0.420 kg?m/s
碰后的總動量P2=（m1+m2）v2=（0.40+0.20）×0.695=0.417kg?m/s
12. 在“驗證動量守恒定律”實驗中，裝置如圖所示，按照以下步驟進行操作：
①在平木板表面釘上白紙和復(fù)寫紙，并將該木板豎直立于緊靠槽口處，使小球a從斜槽軌道上由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；
②將木板水平向右移動一定距離并固定，再使小球a由靜止釋放，撞到木板上得到痕跡B；
③把小球b靜止放在斜槽軌道最右端，讓小球a仍由靜止釋放，和小球b相碰后，兩球撞在木板上得到痕跡A和C；
(1)為了保證在碰撞過程中a球不反彈，a、b兩球的質(zhì)量m1、m2間的關(guān)系是m1___________m2。（填“>”、“ ②. BC ③.
【解析】
【詳解】(1)[1]為防止兩球碰撞后，入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即m1>m2
(2)[2]A．在實驗中，為了發(fā)生對心正碰，a、b兩球的大小必須相等，故A錯誤；
B．為保證小球a每次與b球碰撞前的速度相同，應(yīng)使小球a每次必須從斜槽軌道同一位置由靜止釋放，故B正確；
C．為保證碰撞后兩小球均做平拋運動，斜槽軌道末端必須保持水平，故C正確；
D．本實驗中通過小球a和小球b從同一高度做平拋運動并且落到同一豎直面上，由
，
可得
因此速度可以通過測量距離來進行計算，不需要測量時間，故D錯誤。
故選BC。
(3)[3] a、b兩球碰撞前后做平拋運動，根據(jù)
可得
驗證動量守恒定律表達式為：
整理為
因此，若動量守恒，則需要驗證的表達式為
四、計算題（共 42 分）
13. 如圖，質(zhì)量為2kg的物體，放在光滑的水平面上，受與水平方向夾角 37°的拉力F=10N作用，從靜止開始向右運動5秒，（已知sin37°=0.6；cs37°=0.8；g=10m/s2）則在此過程中，求：
（1）支持力的沖量大??；
（2）合力的沖量大?。?br>（3）5秒末物體的速度大小。
【答案】（1）
（2）
（3）20m/s
【解析】
【小問1詳解】
以物體為對象，物體受到的支持力大小為
則支持力的沖量大小為
【小問2詳解】
物體受到的合力為
合力的沖量大小
【小問3詳解】
根據(jù)動量定理可得
解得5秒末物體的速度大小
14. 如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端分別連著木塊A和B，初態(tài)A和B均靜止于光滑的水平面上?，F(xiàn)有初速度為v0的子彈射中木塊A，并留在A中。已知子彈和木塊A的質(zhì)量均為m，木塊 B的質(zhì)量為4m。求：
（1）彈簧壓縮量達到最大時A、B 兩木塊速度vA和vB 的大??；
（2）彈簧彈性勢能的最大值Ep。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小問1詳解】
子彈射中木塊 A，并留在 A 中，根據(jù)動量守恒可得
解得
彈簧壓縮量達到最大時，A、B 兩木塊的速度相等，根據(jù)系統(tǒng)動量守恒可得
解得
【小問2詳解】
根據(jù)系統(tǒng)能量守恒可得
解得彈簧彈性勢能的最大值
15. 如圖所示，水平地面上有一輕質(zhì)彈簧自然伸長，左端固定在墻面上，右端位于O點。地面上M點右側(cè)有一傳送帶，其上表面與地面齊平，傳送帶以的速度逆時針轉(zhuǎn)動。現(xiàn)用力推動置于O點、質(zhì)量的小物塊A，使彈簧緩慢壓縮到Q點后由靜止釋放，物塊A運動到O點時的速度?，F(xiàn)將物塊A換成質(zhì)量的物塊B，重復(fù)以上過程，發(fā)現(xiàn)物塊B剛好運動到M點速度減為0，此時將質(zhì)量的物塊C在傳送帶上與M距離為l（未知）的位置由靜止釋放，物塊B、C碰撞后粘在一起，形成結(jié)合體P，P第一次到達O點時的速度大小為v（未知）。已知地面O點左側(cè)光滑，物塊B、C與傳送帶、O點右側(cè)水平地面間的動摩擦因數(shù)均為，M、N之間的距離，重力加速度g取，物塊A、B、C均可視為質(zhì)點。
（1）求O、M兩點間距離s；
（2）若，求l的大小；
（3）求v與l的關(guān)系表達式。
【答案】（1）；（2）；（3）當(dāng)時，，當(dāng)時，
【解析】
【詳解】（1）根據(jù)動能定理
解得物塊B運動到O點時的速度
物塊B、C在傳送帶、O點右側(cè)水平地面間加速度大小為
物塊B剛好運動到M點速度減為0，則
解得O、M兩點間的距離為
（2）若，P從M點第一次到達O點時，則
物塊B、C碰撞動量守恒有
在傳送帶上有
解得
（3）由上述分析可知，當(dāng)時，P不能到達O點，物塊C離開傳送帶的速度恰好為時，物塊C在傳送帶上運動的距離為
則當(dāng)時，物塊C離開傳送帶的速度為，則
解得
當(dāng)時，物塊C離開傳送帶的速度滿足
且
解得

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