一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、（4分）如圖，是二次函數(shù)圖象的一部分，下列結(jié)論中：
①；②；③有兩個相等的實數(shù)根；④.其中正確結(jié)論的序號為（ ）
A．①②B．①③C．②③D．①④
2、（4分）在平面直角坐標系中，點(a-2，a)在第三象限內(nèi)，則a的取值范圍是（ ）
A．B．C．D．
3、（4分）函數(shù)中，自變量x的取值范圍是
A．x＞﹣1B．x＜﹣1C．x≠﹣1D．x≠0
4、（4分）某校八班名同學在分鐘投籃測試中的成績?nèi)缦拢海?,,,(單位：個)，則這組數(shù)據(jù)的中位數(shù)、眾數(shù)分別是( )
A．，B．，C．，D．，
5、（4分）小明統(tǒng)計了某校八年級（3）班五位同學每周課外閱讀的平均時間，其中四位同學每周課外閱讀時間分別是小時、小時、小時、小時，第五位同學每周的課外閱讀時間既是這五位同學每周課外閱讀時間的中位數(shù)，又是眾數(shù)，則第五位同學每周課外閱讀時間是（ ）
A．小時B．小時C．或小時D．或或小時
6、（4分）不等式組的解集為（ ）
A．x＞B．x＞1C．＜x＜1D．空集
7、（4分）下列式子變形是因式分解的是( )
A．x2－2x－3＝x(x－2)－3
B．x2－2x－3＝(x－1)2－4
C．(x＋1)(x－3)＝x2－2x－3
D．x2－2x－3＝(x＋1)(x－3)
8、（4分）如圖，在正方形中，點為上一點，與交于點，若，則
A．60°B．65°C．70°D．75°
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）若關(guān)于x的方程＝m無解，則m的值為_____．
10、（4分）求值：＝____．
11、（4分）若分式的值為0，則x的值是_____．
12、（4分）若，，則代數(shù)式__________.
13、（4分）若=3-x，則x的取值范圍是__________．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）某校為了解全校學生上學期參加“生涯規(guī)劃”社區(qū)活動的情況，學校隨機調(diào)查了本校50名學生參加社區(qū)活動的次數(shù)，并將調(diào)查所得的數(shù)據(jù)整理如下：
參加社區(qū)活動次數(shù)的頻數(shù)、頻率
根據(jù)以上圖表信息，解答下列問題：
（1）表中a= ， b= ， m= ， n= .
（2）請把頻數(shù)分布直方圖補充完整（畫圖后請標注相應(yīng)的數(shù)據(jù)）；
15、（8分）在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝6，BC＝8，點D、E分別是斜邊AB和直角邊BC上的點，把△ABC沿著直線DE折疊，頂點B的對應(yīng)點是點B′．
(1)如圖①，如果點B′和點A重合，求CE的長．
(2)如圖②，如果點B′落在直角邊AC的中點上，求BE的長．
16、（8分）一分鐘投籃測試規(guī)定，得6分以上為合格，得9分以上為優(yōu)秀，甲、乙兩組同學的一次測試成績?nèi)缦拢?br>（1）請你根據(jù)上述統(tǒng)計數(shù)據(jù)，把下面的圖和表補充完整；
一分鐘投籃成績統(tǒng)計分析表：
（2）下面是小明和小聰?shù)囊欢螌υ挘埬愀鶕?jù)（1）中的表，寫出兩條支持小聰?shù)挠^點的理由．
17、（10分）母親節(jié)前夕，某商店從廠家購進A、B兩種禮盒，已知A、B兩種禮盒的單價比為3：4，單價和為210元．
（1）求A、B兩種禮盒的單價分別是多少元？
（2）該商店購進這兩種禮盒恰好用去9900元，且購進A種禮盒最多36個，B種禮盒的數(shù)量不超過A種禮盒數(shù)量的2倍，共有幾種進貨方案？
（3）根據(jù)市場行情，銷售一個A鐘禮盒可獲利12元，銷售一個B種禮盒可獲利18元．為奉獻愛心，該店主決定每售出一個B種禮盒，為愛心公益基金捐款m元，每個A種禮盒的利潤不變，在（2）的條件下，要使禮盒全部售出后所有方案獲利相同，m值是多少？此時店主獲利多少元？
18、（10分）圖1，拋物線與x軸交于A（﹣1，0），B（3，0），頂點為D（1，﹣4），點P為y軸上一動點．
（1）求拋物線的解析式；
（2）在y軸的負半軸上是否存在點P，使△BDP是等腰三角形？若存在，求出點P的坐標；若不存在，請說明理由．
（3）如圖2，點在拋物線上，求的最小值．
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）一組數(shù)據(jù)：5，8，7，6，9，則這組數(shù)據(jù)的方差是_____．
20、（4分）在菱形中，在菱形所在平面內(nèi)，以對角線為底邊作頂角是的等腰則_________________．
21、（4分）已知一個多邊形的每一個內(nèi)角都等于108°，則這個多邊形的邊數(shù)是 ．
22、（4分）如圖，在中，，以頂點為圓心，適當長為半徑畫弧，分別交，于點，，再分別以點，為圓心，大于的長為半徑畫弧，兩弧交于點，作射線交于點，若，，則的值是__________．
23、（4分）正方形、、、…按如圖所示的方式放置.點、、、…和點、、、…分別在直線和軸上，則點的坐標是__________．（為正整數(shù)）
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）在學習了正方形后，數(shù)學小組的同學對正方形進行了探究，發(fā)現(xiàn)：
（1）如圖1，在正方形ABCD中，點E為BC邊上任意一點（點E不與B、C重合），點F在線段AE上，過點F的直線MN⊥AE，分別交AB、CD于點M、N . 此時，有結(jié)論AE=MN，請進行證明；
（2）如圖2：當點F為AE中點時，其他條件不變，連接正方形的對角線BD， MN 與BD交于點G，連接BF，此時有結(jié)論：BF= FG，請利用圖2做出證明.
（3）如圖3：當點E為直線BC上的動點時，如果（2）中的其他條件不變，直線MN分別交直線AB、CD于點M、N，請你直接寫出線段AE與MN之間的數(shù)量關(guān)系、線段BF與FG之間的數(shù)量關(guān)系.
圖1 圖2 圖3
25、（10分）某校初中部三個年級共挑選名學生進行跳繩測試，其中七年級人，八年級人，九年級人，體育老師在測試后對測試成績進行整理，得到下面統(tǒng)計圖表.
（1）表格中的落在 組（填序號）；
①； ②；③；④；⑤；⑥；⑦
（2）求這名學生的平均成績；
（3）在本次測試中，八年級與九年級都只有位學生跳下，判斷這兩位學生成績在自己所在年級參加測試學生中的排名，誰更考前？請簡要說明理由.
26、（12分）某學校計劃在總費用元的限額內(nèi)，租用汽車送234名學生和6名教師集體外出活動，每輛車上至少要有名教師．現(xiàn)有甲乙兩種大客車，它們的載客量和租金如下表所示．
（1）填空：要保證師生都有車坐，汽車總數(shù)不能小于______；若要每輛車上至少有名教師，汽車總數(shù)不能大于______．綜合起來可知汽車總數(shù)為_________．
（2）請給出最節(jié)省費用的租車方案．
參考答案與詳細解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、D
【解析】
根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)求解即可.
【詳解】
①∵拋物線開口向上，且與y軸交點為(0,-1)
∴a＞0，c＜0
∵對稱軸＞0
∴b＜0
∴
∴①正確；
②對稱軸為x=t,1＜t＜2，拋物線與x軸的交點為x1,x2.
其中x1為（m,0）, x2.為(n,0)
由圖可知2＜m＜3，可知n>-1，
則當x=-1時，y＞0，
則
則②錯誤；
③由圖可知c=-1
△=b2—4a(c+1)=b2,且b≠0
∴③錯誤
④由圖可知，對稱軸x=
且1＜＜2
∴
故④正確；
故選D.
本題考查的是二次函數(shù)，熟練掌握二次函數(shù)的圖像是解題的關(guān)鍵.
2、B
【解析】
利用第三象限點的坐標特征得到，然后解不等式組即可．
【詳解】
∵點P（a﹣2，a）在第三象限內(nèi)，∴，∴a＜1．
故選B．
本題考查了解一元一次不等式組：解一元一次不等式組時，一般先求出其中各不等式的解集，再求出這些解集的公共部分，利用數(shù)軸可以直觀地表示不等式組的解集．也考查了第三象限點的坐標特征．
3、C
【解析】
試題分析：求函數(shù)自變量的取值范圍，就是求函數(shù)解析式有意義的條件，根據(jù)分式分母不為0的條件，要使在實數(shù)范圍內(nèi)有意義，必須．故選C．
4、D
【解析】
根據(jù)中位數(shù)和眾數(shù)的定義求解：眾數(shù)是一組數(shù)據(jù)中出現(xiàn)次數(shù)最多的數(shù)據(jù)，注意眾數(shù)可以不止一個；找中位數(shù)要把數(shù)據(jù)按從小到大的順序排列，位于最中間的一個數(shù)（或兩個數(shù)的平均數(shù)）為中位數(shù).
【詳解】
解：把數(shù)據(jù)從小到大的順序排列為：2，1，1，8，10；
在這一組數(shù)據(jù)中1是出現(xiàn)次數(shù)最多的，故眾數(shù)是1．
處于中間位置的數(shù)是1，那么由中位數(shù)的定義可知，這組數(shù)據(jù)的中位數(shù)是1．
故選：D．
此題考查中位數(shù)與眾數(shù)的意義，掌握基本概念是解決問題的關(guān)鍵
5、C
【解析】
利用眾數(shù)及中位數(shù)的定義解答即可．
【詳解】
解：當?shù)谖逦煌瑢W的課外閱讀時間為4小時時，此時五個數(shù)據(jù)為4,4,5,8,10，眾數(shù)為4，中位數(shù)為5，不合題意；
當?shù)谖逦煌瑢W的課外閱讀時間為5小時時，此時五個數(shù)據(jù)為4,5,5,8,10，眾數(shù)為5，中位數(shù)為5，符合題意；
當?shù)谖逦煌瑢W的課外閱讀時間為8小時時，此時五個數(shù)據(jù)為4,5,8,8,10，眾數(shù)為8，中位數(shù)為8，符合題意；
當?shù)谖逦煌瑢W的課外閱讀時間為10小時時，此時五個數(shù)據(jù)為4,5,8,10,10，眾數(shù)為10，中位數(shù)為8，不合題意；故第五位同學的每周課外閱讀時間為5或8小時．故答案為C．
本題考查了眾數(shù)及中位數(shù)的概念，解題的關(guān)鍵是根申請題意，并結(jié)合題意分類討論解答．
6、B
【解析】
先分別求出不等式組中每一個不等式的解集，然后再取兩個不等式的解集的公共部分即可得不等式組的解集．
【詳解】
解不等式2x>1-x，得：x>，
解不等式x+21，
則不等式組的解集為x>1，
故選B．
本題考查的是解一元一次不等式組，熟知“同大取大；同小取?。淮笮⌒〈笾虚g找；大大小小找不到”的原則是解答此題的關(guān)鍵．
7、D
【解析】
因式分解就是把整式分解成幾個整式積的形式，根據(jù)定義即可進行判斷．
【詳解】
A、沒把一個多項式轉(zhuǎn)化成幾個整式積的形式，故A錯誤；
B、沒把一個多項式轉(zhuǎn)化成幾個整式積的形式，故B錯誤；
C、是整式的乘法，故C次錯誤；
D、把一個多項式轉(zhuǎn)化成幾個整式積的形式，故D正確，
故選D．
本題考查了因式分解的定義，因式分解是整式的變形，并且因式分解與整式的乘法互為逆運算，熟練掌握因式分解的定義是解題的關(guān)鍵.
8、C
【解析】
先證明△ABE≌△ADE，得到∠ADE＝∠ABE＝90°﹣25°＝65°，在△ADE中利用三角形內(nèi)角和180°可求∠AED度數(shù)．
【詳解】
解：∵四邊形ABCD是正方形，
∴∠ABC＝90°，BA＝DA，∠BAE＝∠DAE＝45°．
又AE＝AE，
∴△ABE≌△ADE（SAS）．
∴∠ADE＝∠ABE＝90°﹣25°＝65°．
∴∠AED＝180°﹣45°﹣65°＝70°．
故選：C．
本題主要考查了正方形的性質(zhì)，解決正方形中角的問題一般會涉及對角線平分對角成45°．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、或.
【解析】
分式方程無解的兩種情況是：1．分式方程去分母化為整式方程，整式方程無解；2．整式方程的解使分式方程分母為零．據(jù)此分析即可．
【詳解】
解：方程兩邊同時乘以(2x﹣3)，得：
x+4m＝m(2x﹣3)，整理得：
(2m﹣1)x＝7m
①當2m﹣1＝0時，整式方程無解，m＝
②當2m﹣1≠0時，x＝，x＝時，原分式方程無解；
即，解得m＝
故答案為：或.
本題考查了分式方程的解，解決本題的關(guān)鍵是明確分式方程無解的條件幾種情況，然后再分類討論.
10、.
【解析】
根據(jù)二次根式的性質(zhì)，求出算術(shù)平方根即可.
【詳解】
解：原式＝．
故答案為：．
此題主要考查了算術(shù)平方根的定義，算術(shù)平方根的概念易與平方根的概念混淆而導(dǎo)致錯誤.
11、-2
【解析】
根據(jù)分子等于零且分母不等于零列式求解即可．
【詳解】
解：由分式的值為2，得
x+2＝2且x﹣2≠2．
解得x＝﹣2，
故答案為：﹣2．
本題考查了分式的值為零的條件．若分式的值為零，需同時具備兩個條件：①分子的值為2，②分母的值不為2，這兩個條件缺一不可．
12、20
【解析】
根據(jù)完全平方公式變形后計算，可得答案．
【詳解】
解：
故答案為：20
本題考查了二次根式的運算，能利用完全平方公式變形計算是解題關(guān)鍵．
13、
【解析】
試題解析：∵=3﹣x，
∴x-3≤0，
解得：x≤3，
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（1）12，4，0.08， 0.04；（2）補圖見解析．
【解析】
分析：（1）直接利用已知表格中3＜x≤6范圍的頻率求出頻數(shù)a即可，再求出m的值，即可得出b、n的值；
（2）利用（1）中所求補全條形統(tǒng)計圖即可．
詳解：（1）由題意可得：10÷0.2=50，a=50×0.24=12（人）．
∵m=50-10-12-16-6-2=4，
∴b==0.08，，解得：n=0.04；
故答案為：12，4，0.08， 0.04 ；
（2）如圖所示：
．
點睛：本題主要考查了頻數(shù)分布直方圖，正確將條形統(tǒng)計圖和表格中數(shù)據(jù)相聯(lián)系是解題的關(guān)鍵．
15、 (1)CE的長為；(2)BE＝．
【解析】
(1)如圖(1)，設(shè)CE＝x，則BE＝8﹣x；根據(jù)勾股定理列出關(guān)于x的方程，解方程即可解決問題；
(2)如圖(2)，首先求出CB′＝3；類比(1)中的解法，設(shè)出未知數(shù)，列出方程即可解決問題．
【詳解】
(1)如圖(1)，設(shè)CE＝x，則BE＝8﹣x；
由題意得：AE＝BE＝8﹣x
由勾股定理得：x2+62＝(8﹣x)2，
解得：x＝，
即CE的長為：；
(2)如圖(2)，
∵點B′落在AC的中點，
∴CB′＝AC＝3；
設(shè)CE＝x，類比(1)中的解法，可列出方程：x2+32＝(8﹣x)2
解得：x＝．
即CE的長為：，
∴BE＝＝．
該題主要考查了翻折變換的性質(zhì)及其應(yīng)用問題；解題的關(guān)鍵是靈活運用翻折變換的性質(zhì)，找出圖形中隱含的等量關(guān)系；借助勾股定理等幾何知識點來分析、判斷、推理或解答．
16、 (1)見解析；（2）乙組成績好于甲組，理由見解析
【解析】
（1）根據(jù)測試成績表求出乙組成績?yōu)?分和9分的人數(shù)，補全統(tǒng)計圖，再根據(jù)平均數(shù)的計算方法和中位數(shù)的定義求出平均數(shù)和中位數(shù)，即可補全分析表；
（2）根據(jù)平均分、方差、中位數(shù)、合格率的意義即可寫出支持小聰?shù)挠^點的理由．
【詳解】
（1）根據(jù)測試成績表即可補全統(tǒng)計圖（如圖）：
補全分析表：甲組平均分（4×1+5×2+6×5+1×2+8×1+9×4）÷15＝6.8，
乙組中位數(shù)是第8個數(shù)，是1．
（2）甲乙兩組平均數(shù)一樣，乙組的方差低于甲組，說明乙組成績比甲組穩(wěn)定，又乙組合格率比甲組高，所以乙組成績好于甲組．
此題考查頻數(shù)（率）分布直方圖，方差，中位數(shù)，加權(quán)平均數(shù)，解題關(guān)鍵在于掌握中位數(shù)和方差的運算公式.
17、（1）A種禮盒單價為90元，B種禮盒單價為120元;（2）見解析;（3）1320元．
【解析】
（1）利用A、B兩種禮盒的單價比為3：4，單價和為210元，得出等式求出即可；
（2）利用兩種禮盒恰好用去9900元，結(jié)合（1）中所求，得出等式，利用兩種禮盒的數(shù)量關(guān)系求出即可；
（3）首先表示出店主獲利，進而利用w，m關(guān)系得出符合題意的答案．
【詳解】
（1）設(shè)A種禮盒單價為3x元，B種禮盒單價為4x元，
則：3x+4x＝210，
解得x＝30，
所以A種禮盒單價為3×30＝90元，
B種禮盒單價為4×30＝120元．
（2）設(shè)A種禮盒購進a個，購進B種禮盒b個，
則：90a+120b＝9900，
可列不等式組為：，
解得：30≤a≤36，
因為禮盒個數(shù)為整數(shù)，所以符合的方案有2種，分別是：
第一種：A種禮盒30個，B種禮盒60個，
第二種：A種禮盒34個，B種禮盒57個．
（3）設(shè)該商店獲利w元，由（2）可知：w＝12a+（18﹣m）b，a=110-，
則w＝（2﹣m）b+1320，
若使所有方案都獲利相同，則令2﹣m＝0，得m＝2，
此時店主獲利1320元．
此題主要考查了一元一次方程的應(yīng)用以及一次函數(shù)的應(yīng)用和一元一次不等式的應(yīng)用，根據(jù)題意結(jié)合得出正確等量關(guān)系是解題關(guān)鍵．
18、（1）y＝x1﹣1x﹣3；（1）點P坐標為（0，﹣）或（0，﹣﹣4）或（0，﹣1）;（3）
【解析】
（1）由已知拋物線頂點坐標為D，設(shè)拋物線的解析式為y＝a（x﹣1）1﹣4，再把點A代入即可求得二次項系數(shù)a的值，由此即可求得拋物線的解析式；（1）由點B、D坐標可求BD的長．設(shè)點P坐標為（0，t），用t表示BP1，DP1．對BP＝BD、DP＝BD、BP＝DP三種情況進行分類討論計算，解方程求得t的值并討論是否合理即可；（3）由點B、C坐標可得∠BCO＝45°，所以過點P作BC垂線段PQ即構(gòu)造出等腰直角△PQC，可得PQ＝PC，故有MP+PC＝MP+PQ．過點M作BC的垂線段MH，根據(jù)垂線段最短性質(zhì)，可知當點M、P、Q在同一直線上時，MP+PC＝MP+PQ＝MH最小，即需求MH的長．連接MB、MC構(gòu)造△BCM，利用y軸分成△BCD與△CDM求面積和即得到△BCM面積，再由S△BCM＝BC?MH即求得MH的長．
【詳解】
解：（1）∵拋物線頂點為D（1，﹣4），
∴設(shè)拋物線的解析式為y＝a（x﹣1）1﹣4，
∵A（﹣1，0）在拋物線上
∴4a﹣4＝0，解得：a＝1
∴拋物線的解析式為y＝（x﹣1）1﹣4＝x1﹣1x﹣3
（1）在y軸的負半軸上存在點P，使△BDP是等腰三角形．
∵B（3，0），D（1，﹣4）
∴BD1＝（3﹣1）1+（0+4）1＝10
設(shè)y軸負半軸的點P坐標為（0，t）（t＜0）
∴BP1＝31+t1，DP1＝11+（t+4）1
①若BP＝BD，則9+t1＝10
解得：t1＝（舍去），t1＝﹣
②若DP＝BD，則1+（t+4）1＝10
解得：t1＝-4（舍去），t1＝﹣﹣4
③若BP＝DP，則9+t1＝1+（t+4）1
解得：t＝﹣1
綜上所述，點P坐標為（0，﹣）或（0，﹣﹣4）或（0，﹣1）
（3）連接MC、MB，MB交y軸于點D，過點P作PQ⊥BC于點Q，過點M作MH⊥BC于點H
∵x＝0時，y＝x1﹣1x﹣3＝﹣3；
∴C（0，﹣3）；
∵B（3，0），∠BOC＝90°；
∴∠OBC＝∠OCB＝45°，BC＝3
∵∠PQC＝90°
∴Rt△PQC中，sin∠BCO＝＝
∴PQ＝PC,
∴MP+PC＝MP+PQ;
∵MH⊥BC于點H,
∴當點M、P、Q在同一直線上時，MP+PC＝MP+PQ＝MH最小,
∵M（﹣，m）在拋物線上
∴m＝（﹣）1﹣1×（﹣）﹣3＝
∴M（﹣，）
設(shè)直線MB解析式為y＝kx+b
∴，
解得： ，
∴直線MB：y＝﹣x+,
∴MB與y軸交點D（0，）,
∴CD＝﹣（﹣3）＝,
∴S△BCM＝S△BCD+S△CDM＝CD?BO+CD?|xM|＝CD?（xB﹣xM）＝××（3+）＝,
∵S△BCM＝BC?MH,
∴MH＝=,
∴MP+PC的最小值為.
本題是二次函數(shù)的綜合題，考查了待定系數(shù)法求解析式，等腰三角形的性質(zhì)，三角形面積的求法等，解決第（1）問時要注意分類討論，不要漏解；解決第（3）問時，確定當點M、P、Q在同一直線上時，MP+PC最小是解決問題的關(guān)鍵．
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、2
【解析】
先求出平均數(shù)，然后再根據(jù)方差的計算公式進行求解即可.
【詳解】
=7，
=2，
故答案為：2.
本題考查了方差的計算，熟記方差的計算公式是解題的關(guān)鍵.
20、105°或45°
【解析】
根據(jù)菱形的性質(zhì)求出∠ABD=∠DBC=75°利用等腰三角形的性質(zhì)求出∠EBD=∠EDB=30°，再分點E在BD右側(cè)時，點E在BD左側(cè)時，分別求出答案即可.
【詳解】
∵四邊形ABCD是菱形，
∴AB=AD=BC=CD，∠C=∠ABC=∠ADC=150°，
∴∠ABD=∠DBC=75°，
∵EB=ED，∠DEB=120°，
∴∠EBD=∠EDB=30°，
當點E在DB左側(cè)時，∠EBC=∠EBD+∠CBD=105°，
當點在DB右側(cè)時，∠BC=∠CBD-∠BD=45°，
故答案為：105°或45°.
此題考查菱形的性質(zhì)，等腰三角形的性質(zhì)，正確理解題意分情況求解是解題的關(guān)鍵.
21、1
【解析】
試題分析：∵多邊形的每一個內(nèi)角都等于108°，∴每一個外角為72°．
∵多邊形的外角和為360°，∴這個多邊形的邊數(shù)是：360÷÷72=1．
22、1
【解析】
過點D作DE⊥BC于E，根據(jù)角平分線的作法可知CD平分∠ACB，然后根據(jù)角平分線的性質(zhì)可得DE=AD=3，然后根據(jù)三角形的面積公式求面積即可．
【詳解】
解：過點D作DE⊥BC于E
由題意可知：CD平分∠ACB
∵
∴DE=AD=3
∵
∴=
故答案為：1．
此題考查的是用尺規(guī)作圖作角平分線和角平分線的性質(zhì)，掌握角平分線的作法和角平分線的性質(zhì)是解決此題的關(guān)鍵．
23、
【解析】
分析：由圖和條件可知A1（0，1）A2（1，2）A3（3，4），B1（1，1），B2（3，2），Bn的橫坐標為An+1的橫坐標，縱坐標為An的縱坐標，又An的橫坐標數(shù)列為An=2n-1-1，所以縱坐標為（2n-1），然后就可以求出Bn的坐標為[A（n+1）的橫坐標，An的縱坐標]．
詳解：由圖和條件可知A1（0，1）A2（1，2）A3（3，4），B1（1，1），B2（3，2），
∴Bn的橫坐標為An+1的橫坐標，縱坐標為An的縱坐標，
又An的橫坐標數(shù)列為An=2n-1-1，所以縱坐標為2n-1，
∴Bn的坐標為[A（n+1）的橫坐標，An的縱坐標]=（2n-1，2n-1）．
故答案為（2n-1，2n-1）．
點睛：本題主要考查函數(shù)圖象上點的坐標特征及正方形的性質(zhì)，解決這類問題首先要從簡單圖形入手，抓住隨著“編號”或“序號”增加時，后一個圖形與前一個圖形相比，在數(shù)量上增加（或倍數(shù)）情況的變化，找出數(shù)量上的變化規(guī)律，從而推出一般性的結(jié)論．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（1）證明見解析；
（2）證明見解析；
（3）AE與 MN的數(shù)量關(guān)系是：AE= MN ，BF與FG的數(shù)量關(guān)系是： BF= FG
【解析】
（1）作輔助線，構(gòu)建平行四邊形PMND，再證明△ABE≌△DAP，即可得出結(jié)論；
（2）連接AG、EG、CG，構(gòu)建全等三角形和直角三角形，證明AG=EG=CG，再根據(jù)四邊形的內(nèi)角和定理得∠AGE=90°，在R△AGE中，利用直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半得BF=AE，F(xiàn)G=AE，則BF=GF；
（3）①AE=MN，證明△AEB≌△NMQ；
②BF=FG，同理得出BF和FG分別是直角△AEB和直角△AGF斜邊上的中線，則 BF=AE，F(xiàn)G=AE，所以BF=FG.
證明：
(1)在圖1中，過點D作PD∥MN交AB于P，則∠APD=∠AMN
∵ 正方形ABCD
∴ AB = AD，AB∥DC，∠DAB =∠B = 90°
∴ 四邊形PMND是平行四邊形且PD = MN
∵ ∠B = 90° ∴∠BAE＋∠BEA= 90°
∵MN⊥AE于F， ∴∠BAE＋∠AMN = 90°
∴∠BEA =∠AMN =∠APD
又∵AB = AD，∠B =∠DAP = 90°
∴△ABE ≌ △DAP∴ AE = PD = MN
（2）在圖2中連接AG、EG、CG
由正方形的軸對稱性 △ABG ≌ △CBG∴ AG = CG，∠GAB=∠GCB
∵ MN⊥AE于F，F(xiàn)為AE中點∴ AG = EG
∴ EG = CG，∠GEC=∠GCE∴ ∠GAB=∠GEC
由圖可知∠GEB＋∠GEC=180°∴ ∠GEB＋∠GAB =180°
又∵四邊形ABEG的內(nèi)角和為360°，∠ABE= 90°∴ ∠AGE = 90°
在Rt△ABE 和Rt△AGE中，AE為斜邊，F(xiàn)為AE的中點，
∴BF=AE， FG= AE ∴BF= FG
（3）AE與 MN的數(shù)量關(guān)系是：AE= MN
BF與FG的數(shù)量關(guān)系是： BF= FG
“點睛”本題是四邊形的綜合題，考查了正方形、全等三角形、平行四邊形的性質(zhì)與判定，在有中點和直角三角形的前提下，可以利用直角三角形斜邊上的中線等于斜邊的一半來證明兩條線段相等.
25、（1）④；（2）80；（3）八年級得分的那位同學名次較靠前，理由詳見解析.
【解析】
（1）根據(jù)題意，七年級由40人，則中位數(shù)應(yīng)該在第20和21個人取平均值，即可得到答案；
（2）利用加權(quán)平均數(shù)，即可求出100名學生的平均成績；
（3）由題意，八九年級人數(shù)一樣，則比較中位數(shù)，即可得到答案.
【詳解】
解：根據(jù)直方圖可知，七年級第20和第21個人都落在；
故答案為：④.
(2)這名學生的平均成績?yōu)椋?br>；
(3)八年級得分的那位同學名次較靠前，
理由如下：
依題意得：八年級和九年級被挑選的學生人數(shù)相同，分別把兩個年級的成績按從高到低排列，由兩個年級的中位數(shù)可知，八年級跳下的學生在該年級排名中上，而八年級跳下的學生在該年級排名中下，八年級得分的那位同學名次較靠前.
本題考查了眾數(shù)，中位數(shù)，平均數(shù)，熟練掌握眾數(shù)，中位數(shù)，平均數(shù)的定義是解題的關(guān)鍵．
26、（1）6，6，6；（2）租乙種客車2輛，甲種客車4輛.
【解析】
（1）根據(jù)師生總?cè)藬?shù)240人，以及所需租車數(shù)=人數(shù)÷載客量算出載客量最大的車所需輛數(shù)即可得租車總數(shù)最小值，再結(jié)合每輛車至少有一名老師即可租車數(shù)量最大值；
（2）設(shè)租乙種客車x輛，根據(jù)師生總數(shù)240人以及總費用2300元即可列出關(guān)于x的不等式組，從而得出x范圍，之后進一步求出租車方案即可.
【詳解】
（1）∵（輛）……15（人），
∴為保證師生都有車坐，汽車總數(shù)不能小于6輛；
又∵每輛車上至少有名教師，共有6名教師，
∴租車總數(shù)不可大于6，
故答案為：6,6,6；
（2）設(shè)租乙種客車x輛，
則：,且，
∴，
∵是整數(shù)，
∴，或，
設(shè)租車費用為y元，
則，
∴當時，y最小，且，
故租乙種客車2輛，甲種客車4輛時，所需費用最低.
本題主要考查了一元一次不等式組在方案問題中的實際運用，熟練掌握相關(guān)概念是解題關(guān)鍵.
題號
一
二
三
四
五
總分
得分
活動次數(shù)x
頻數(shù)
頻率
0＜x≤3
10
0.20
3＜x≤6
a
0.24
6＜x≤9
16
0.32
9＜x≤12
6
0.12
12＜x≤15
b
m
15＜x≤18
2
n
成績（分）
4
5
6
7
8
9
甲組（人）
1
2
5
2
1
4
乙組（人）
1
1
4
5
2
2
統(tǒng)計量
平均分
方差
中位數(shù)
合格率
優(yōu)秀率
甲組

2.56
6
80.0%
26.7%
乙組
6.8
1.76

86.7%
13.3%
年級
平均成績
中位數(shù)
眾數(shù)
七年級
78.5
m
85
八年級
80
78
82
九年級
82
85
84
甲種客車
乙種客車
載客量/（人/量）
30
租金/（元/輛）
400
280
統(tǒng)計量
平均分
方差
中位數(shù)
合格率
優(yōu)秀率
甲組
6.8
2.56
6
80.0%
26.1%
乙組
6.8
1.16
1
86.1%
13.3%

相關(guān)試卷

2025屆河北省邯鄲市邯鄲市育華中學數(shù)學九上開學學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題【含答案】：

這是一份2025屆河北省邯鄲市邯鄲市育華中學數(shù)學九上開學學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題【含答案】，共23頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2024年甘肅省天水市羅玉中學數(shù)學九上開學質(zhì)量檢測模擬試題【含答案】：

這是一份2024年甘肅省天水市羅玉中學數(shù)學九上開學質(zhì)量檢測模擬試題【含答案】，共23頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

河北省邯鄲市叢臺區(qū)邯鄲市錦玉中學2023-2024+學年八年級下學期4月月考檢測數(shù)學試題：

這是一份河北省邯鄲市叢臺區(qū)邯鄲市錦玉中學2023-2024+學年八年級下學期4月月考檢測數(shù)學試題，共7頁。

英語朗讀寶

相關(guān)試卷 更多

河北省邯鄲市錦玉中學2023-2024學年九年級數(shù)學第一學期期末調(diào)研試題含答案

河北省邯鄲市錦玉中學2023-2024學年九年級數(shù)學第一學期期末調(diào)研試題含答案
2023-2024學年河北省邯鄲市錦玉中學八上數(shù)學期末調(diào)研模擬試題含答案

2023-2024學年河北省邯鄲市錦玉中學八上數(shù)學期末調(diào)研模擬試題含答案
河北省邯鄲市錦玉中學2022-2023學年七年級數(shù)學第二學期期末經(jīng)典試題含答案

河北省邯鄲市錦玉中學2022-2023學年七年級數(shù)學第二學期期末經(jīng)典試題含答案
2022年河北省邯鄲市錦玉中學中考數(shù)學對點突破模擬試卷含解析

2022年河北省邯鄲市錦玉中學中考數(shù)學對點突破模擬試卷含解析
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權(quán)，請掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護您的合法權(quán)益。
入駐教習網(wǎng)，可獲得資源免費推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎勵，申請 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
開學考專區(qū)
歡迎來到教習網(wǎng)
  • 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊
qrcode
二維碼已過期
刷新

微信掃碼，快速注冊

手機號注冊
手機號碼

手機號格式錯誤

手機驗證碼 獲取驗證碼

手機驗證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個字符，數(shù)字、字母或符號

注冊即視為同意教習網(wǎng)「注冊協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊
手機號注冊
微信注冊

注冊成功

返回
頂部