一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、（4分）下列定理中，沒有逆定理的是（ ）
A．對頂角相等B．同位角相等，兩直線平行
C．直角三角形的兩銳角互余D．直角三角形兩直角邊平方和等于斜邊的平方
2、（4分）如圖，在中，，點是外一點，連接、、，且交于點，在上取一點，使得，．若，則的度數(shù)為
A．B．C．D．
3、（4分）如圖,把一個矩形紙片ABCD沿EF折疊后,點D、C分別落在D′、C′的位置,若∠EFB=65°,則∠AED′為（ ）。
A．70°B．65°C．50°D．25°
4、（4分）如果，下列不等式中錯誤的是（ ）
A．B．C．D．
5、（4分）已知四邊形ABCD是平行四邊形，下列結(jié)論中不正確的是（ ）
A．當AB=BC時，四邊形ABCD是菱形B．當AC⊥BD時，四邊形ABCD是菱形
C．當AC=BD時，四邊形ABCD是矩形D．當∠ABC=90°時，四邊形ABCD是正方形
6、（4分）如圖，直線y＝kx和y＝ax+4交于A（1，k），則不等式kx﹣6＜ax+4＜kx的解集為（ ）
A．1＜x＜B．1＜x＜3C．﹣＜x＜1D．＜x＜3
7、（4分）關于的一元二次方程有兩個實數(shù)根，則的取值范圍是( )
A．B．C．且D．且
8、（4分）已知四邊形ABCD是平行四邊形，再從①AB=BC，②∠ABC=90°，③AC=BD，④AC⊥BD四個條件中，選兩個作為補充條件后，使得四邊形ABCD是正方形，現(xiàn)有下列四種選法，其中錯誤的是（ ）
A．選①②B．選②③C．選①③D．選②④
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）點P在第四象限內(nèi)，P到軸的距離是3，到軸的距離是5，那么點P的坐標為 ．
10、（4分）某跳遠隊甲、乙兩名運動員最近10次跳遠成績的平均數(shù)為602cm，若甲跳遠成績的方差為=65.84，乙跳遠成績的方差為=285.21，則成績比較穩(wěn)定的是_____．（填“甲”或“乙”）
11、（4分） “兩直線平行，內(nèi)錯角相等”的逆命題是__________．
12、（4分）已知函數(shù)y=-3x的圖象經(jīng)過點A（1，y1），點B（﹣2，y2），則y1_____y2（填“＞”“＜”或“=”）
13、（4分）線段、正三角形，平行四邊形、菱形中，只是軸對稱圖形的是_________．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）先化簡再求值：（）÷，其中x＝11﹣.
15、（8分）如圖1，在直角坐標系中放入一個邊長AB長為3，BC長為5的矩形紙片ABCD，使得BC、AB所在直線分別與x、y軸重合．將紙片沿著折痕AE翻折后，點D恰好落在x軸上，記為F．
（1）求折痕AE所在直線與x軸交點的坐標；
（2）如圖2，過D作DG⊥AF，求DG的長度；
（3）將矩形ABCD水平向右移動n個單位，則點B坐標為（n，1），其中n＞1．如圖3所示，連接OA，若△OAF是等腰三角形，試求點B的坐標．
16、（8分）（1）如圖，在平行四邊形中，過點作 于點 ，交 于點 ，過點 作 于點 ，交 于點 .
①求證：四邊形 是平行四邊形；
②已知，求的長.
（2）已知函數(shù).
①若函數(shù)圖象經(jīng)過原點，求的值
②若這個函數(shù)是一次函數(shù)，且隨著的增大而減小，求的取值范圍
17、（10分）如圖，在?ABCD中，點E，F(xiàn)在AC上，且∠ABE=∠CDF，求證：BE=DF．
18、（10分）如圖，將四邊形 的四邊中點依次連接起來，得四邊形到是平行四邊形嗎？請說明理由.
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）如圖，點是矩形的對角線的中點，交于點，若，，則的長為______．
20、（4分）如圖，己知: ，，，，則_______.
21、（4分）如圖，在正方形中，是對角線上的點，，，分別為垂足，連結(jié). 設分別是的中點，，則的長為________。
22、（4分）各內(nèi)角所對邊的長分別為、、，那么角的度數(shù)是________。
23、（4分）若二次根式有意義，則x的取值范圍為__________．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）如圖，在平面直角坐標系中，△ABC的三個頂點的坐標分別為A（-3,4）,B（-4,2），C（-2,1），且△A1B1C1與△ABC關于原點O成中心對稱．
（1）畫出△A1B1C1，并寫出點A1的坐標；
（2）P（a,b）是△ABC的AC邊上一點，△ABC經(jīng)平移后點P的對應點為P＇（a+3,b+1），請畫出平移后的△A2B2C2.
25、（10分）甲、乙兩列火車分別從A、B兩城同時勻速駛出，甲車開往B城，乙車開往A城．由于墨跡遮蓋，圖中提供的是兩車距B城的路程S甲（千米）、S乙（千米）與行駛時間t（時）的函數(shù)圖象的一部分．
（1）分別求出S甲、S乙與t的函數(shù)關系式（不必寫出t的取值范圍）；
（2）求A、B兩城之間的距離，及t為何值時兩車相遇；
（3）當兩車相距300千米時，求t的值．
26、（12分）已知：如圖，在中，，，為外角的平分線，．
（1）求證：四邊形為矩形；
（2）當與滿足什么數(shù)量關系時，四邊形是正方形？并給予證明
參考答案與詳細解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、A
【解析】
分別寫出四個命題的逆命題，逆命題是真命題的就是逆定理，不成立的就是假命題，就不是逆定理.
【詳解】
A對頂角相等的逆命題是：如果兩個角相等，那么這兩個角是對頂角，逆命題是假命題，故沒有逆定理；B同位角相等，兩直線平行的逆命題是：兩直線平行，同位角相等，是逆定理；C直角三角形兩銳角互余的逆命題是：兩銳角互余的三角形是直角三角形，是逆定理；D直角三角形兩直角邊平方和等于斜邊的平方的逆定理是：兩邊的平方和等于第三邊的平方的三角形是直角三角形，因此答案選擇A.
本題考查的知識點是定理與逆定理，如果一個定理的逆命題經(jīng)過證明是真命題，那么它也是一個定理，這兩個定理稱為互逆定理，其中一個定理稱為另一個定理的逆定理.
2、C
【解析】
利用等腰三角形的性質(zhì)，得到∠ADE=68°，由三角形外角性質(zhì)即可求出∠AEB.
【詳解】
解：由題意，，
∵，
∴∠ADE=，
∴∠AEB=44°+68°=112°；
故選擇：C.
本題考查了等腰三角形的性質(zhì)，三角形的外角性質(zhì)，解題的關鍵是求出∠ADE的度數(shù).
3、C
【解析】
首先根據(jù)AD∥BC，求出∠FED的度數(shù)，然后根據(jù)軸對稱的性質(zhì)，折疊前后圖形的形狀和大小不變，位置變化，對應邊和對應角相等，則可知∠DEF=∠FED′，最后求得∠AED′的大?。?br>【詳解】
解：∵AD∥BC，
∴∠EFB=∠FED=65°，
由折疊的性質(zhì)知，∠DEF=∠FED′=65°，
∴∠AED′=180°-2∠FED=50°，
故選：C．
此題考查了長方形的性質(zhì)與折疊的性質(zhì)．此題比較簡單，解題的關鍵是注意數(shù)形結(jié)合思想的應用．
4、B
【解析】
根據(jù)a＜b＜0，可得ab＞0，a+b＜0，＞0，a-b＜0，從而得出答案．
【詳解】
A、ab＞0，故本選項不符合題意；
B、＞1，故本選項符合題意；
C、a+b＜0，故本選項不符合題意；
D、a-b＜0，故本選項不符合題意．
故選：B．
本題考查了不等式的性質(zhì)，是基礎知識比較簡單．
5、D
【解析】
根據(jù)鄰邊相等的平行四邊形是菱形；根據(jù)對角線互相垂直的平行四邊形是菱形；根據(jù)對角線相等的平行四邊形是矩形；根據(jù)有一個角是直角的平行四邊形是矩形.
【詳解】
解：∵四邊形ABCD是平行四邊形，則
A、當AB=BC時，四邊形ABCD是菱形，正確；
B、當AC⊥BD時，四邊形ABCD是菱形，正確；
C、當AC=BD時，四邊形ABCD是矩形，正確；
D、當∠ABC=90°時，四邊形ABCD是矩形，故D錯誤；
故選：D.
本題考查了菱形的判定和矩形的判定，解題的關鍵是熟練掌握菱形和矩形的判定定理.
6、A
【解析】
把A（1，k）代入y=ax+4得a=k-4，則解不等式kx-4＜ax+4得x＜，再結(jié)合圖象得到x＞1時，ax+4＜kx，從而得到不等式kx-6＜ax+4＜kx的解集．
【詳解】
解：把A（1，k）代入y＝ax+4得k＝a+4，則a＝k﹣4，
解不等式kx﹣4＜ax+4得x＜，
而當x＞1時，ax+4＜kx，
所以不等式kx﹣6＜ax+4＜kx的解集為1＜x＜．
故選A．
本題考查了一次函數(shù)與一元一次不等式：從函數(shù)的角度看，就是尋求使一次函數(shù)y=kx+b的值大于（或小于）0的自變量x的取值范圍；從函數(shù)圖象的角度看，就是確定直線y=kx+b在x軸上（或下）方部分所有的點的橫坐標所構成的集合．也考查了一次函數(shù)的性質(zhì)．
7、C
【解析】
利用一元二次方程的定義和判別式的意義得到k+1≠0且△=（-2）2-4（k+1）×（-1）≥0，然后求出兩不等式的公共部分即可．
【詳解】
解：根據(jù)題意得k+1≠0且△=（-2）2-4（k+1）×（-1）≥0，
解得：且．
故選：C．
本題考查了根的判別式：一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的根與△=b2-4ac有如下關系：當△＞0時，方程有兩個不相等的兩個實數(shù)根；當△=0時，方程有兩個相等的兩個實數(shù)根；當△＜0時，方程無實數(shù)根．
8、B
【解析】
試題分析：A、由①得有一組鄰邊相等的平行四邊形是菱形，由②得有一個角是直角的平行四邊形是矩形，所以平行四邊形ABCD是正方形，正確，故本選項不符合題意；
B、由②得有一個角是直角的平行四邊形是矩形，由③得對角線相等的平行四邊形是矩形，所以不能得出平行四邊形ABCD是正方形，錯誤，故本選項符合題意；
C、由①得有一組鄰邊相等的平行四邊形是菱形，由③得對角線相等的平行四邊形是矩形，所以平行四邊形ABCD是正方形，正確，故本選項不符合題意；
D、由②得有一個角是直角的平行四邊形是矩形，由④得對角線互相垂直的平行四邊形是菱形，所以平行四邊形ABCD是正方形，正確，故本選項不符合題意．
故選B．
考點：1.正方形的判定；2.平行四邊形的性質(zhì)．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（5，-1）．
【解析】
試題分析：已知點P在第四象限，可得點P的橫、縱坐標分別為正數(shù)、負數(shù)，又因為點P到x軸的距離為1，到y(tǒng)軸的距離為5，所以點P的橫坐標為5或-5，縱坐標為1或-1．所以點P的坐標為（5，-1）．
考點：各象限內(nèi)點的坐標的特征．
10、甲．
【解析】
試題分析：∵=65.84，=285.21，∴＜，∴甲的成績比乙穩(wěn)定．故答案為甲．
考點：方差．
11、內(nèi)錯角相等,兩直線平行
【解析】
解：“兩直線平行，內(nèi)錯角相等”的條件是：兩條平行線被第三條值線索截，結(jié)論是：內(nèi)錯角相等．將條件和結(jié)論互換得逆命題為：兩條直線被第三條直線所截，如果內(nèi)錯角相等，那么這兩條直線平行，可簡說成“內(nèi)錯角相等，兩直線平行”．
12、＜.
【解析】
分別把點A（-1，y1），點B（-2，y2）代入函數(shù)y=-3x，求出y1，y2的值，并比較出其大小即可．
【詳解】
∵點A（-1，y1），點B（-2，y2）是函數(shù)y=-3x上的點，
∴y1=3，y2=6，
∵6＞3，
∴y2＞y1．
考點：一次函數(shù)圖象上點的坐標特征．
13、正三角形
【解析】
沿著一條直線對折，圖形兩側(cè)完全重合的是軸對稱圖形，繞著某一點旋轉(zhuǎn)180°后能與原圖形重合的是中心對稱圖形，根據(jù)定義逐個判斷即可．
【詳解】
線段既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形；
正三角形是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形；
平行四邊形不是軸對稱圖形，是中心對稱圖形；
菱形既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形；
只是軸對稱圖形的是正三角形，
故答案為：正三角形．
本題考查軸對稱圖形與中心對稱圖形的判斷，熟練掌握定義是解題的關鍵．
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、12﹣．
【解析】
先計算括號內(nèi)分式的減法、除法轉(zhuǎn)化為乘法同時因式分解，再將x的值代入計算可得．
【詳解】
原式＝，
當x＝11﹣時，原式＝11﹣ +1＝12﹣．
本題主要考查分式的混合運算，解題的關鍵是熟練掌握分式混合運算順序和運算法則．
15、（2）折痕AE所在直線與x軸交點的坐標為（9，2）；（2）3；（3）點B（4，2）或B（2，2）．
【解析】
（2）根據(jù)四邊形ABCD是矩形以及由折疊對稱性得出AF＝AD＝5，EF＝DE，進而求出BF的長，即可得出E點的坐標，進而得出AE所在直線與x軸交點的坐標；
（2）判斷出△DAG≌△AFB，即可得出結(jié)論；
（3）分三種情況討論：若AO＝AF，OF＝FA，AO＝OF，利用勾股定理求出即可.
【詳解】
解：（2）∵四邊形ABCD是矩形，
∴AD＝CB＝5，AB＝DC＝3，∠D＝∠DCB＝∠ABC＝92°，
由折疊對稱性：AF＝AD＝5，EF＝DE，
在Rt△ABF中，BF＝＝4，
∴CF＝2，
設EC＝x，則EF＝3﹣x，
在Rt△ECF中，22+x2＝（3﹣x）2，
解得：x＝，
∴E點坐標為：（5，），
∴設AE所在直線解析式為：y＝ax+b，
則，
解得：，
∴AE所在直線解析式為：y＝x+3，
當y＝2時，x＝9，
故折痕AE所在直線與x軸交點的坐標為：（9，2）；
（2）在△DAG和△AFB中
∵,
∴△DAG≌△AFB，
∴DG＝AB＝3；
（3）分三種情況討論：
若AO＝AF，
∵AB⊥OF，
∴BO＝BF＝4，
∴n＝4，
∴B（4，2），
若OF＝FA，則n+4＝5，
解得：n＝2，
∴B（2，2），
若AO＝OF，
在Rt△AOB中，AO2＝OB2+AB2＝m2+9，
∴（n+4）2＝n2+9，
解得：n＝（n＜2不合題意舍去），
綜上所述，若△OAF是等腰三角形，n的值為n＝4或2．
即點B（4，2）或B（2，2）．
此題是四邊形綜合題，主要考查了待定系數(shù)法，折疊的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，勾股定理，等腰三角形的性質(zhì)，利用勾股定理求出CE是解本題的關鍵．
16、（1）①詳見解析；②13；（2）①m=3；②
【解析】
（1）①只要證明DN∥BM，DM∥BN即可；
②只要證明△CEM≌△AFN，可得FN=EM=5，在Rt△AFN中，根據(jù)勾股定理AN=即可解決問題；
（2）①根據(jù)待定系數(shù)法，只需把原點代入即可求解；
②直線y=kx+b中，y隨x的增大而減小說明k＜1．
【詳解】
（1）①ABCD是平行四邊形,
又 ，
∴DN∥BM，
∴四邊形 是平行四邊形；
②解：∵四邊形BMDN是平行四邊形，
∴DM=BN，
∵CD=AB，CD∥AB，
∴CM=AN，∠MCE=∠NAF，
∵∠CEM=∠AFN=91°，
∴△CEM≌△AFN（AAS），
∴FN=EM=5，
在Rt△AFN中，CM=；
（2）①，∵函數(shù)圖象經(jīng)過原點
代入解析式， 即m-3=1,m=3;
②根據(jù)y隨x的增大而減小說明k＜1，
即：
解得：
∴的取值范圍是：.
本題考查一次函數(shù)的性質(zhì)，平行四邊形的性質(zhì)和判定、全等三角形的判定和性質(zhì)、勾股定理等知識，解題的關鍵是靈活運用所學知識解決問題，屬于中考?？碱}型．
17、證明見解析.
【解析】
利用ASA即可得證；
【詳解】
∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴AB∥CD，AB=CD，∵AB∥CD，∴∠BAE=∠DCF
∴在△ABE和△CDF中，，∴△ABE≌△CDF，∴BE=DF．
考點：1．平行四邊形的性質(zhì)；2．三角形全等的判定與性質(zhì)．
18、四邊形到是平行四邊形.理由見解析.
【解析】
分析：連接一條對角線把轉(zhuǎn)化成三角形的中位線來進行推理說明.
詳解：四邊形到是平行四邊形.
理由如下：連接.

∵點是四邊形 的四邊中點
∴∥ ,∥
∴
∴四邊形到是平行四邊形
點睛：本題考查了平行四邊形的判斷及三角形的中位線定理的應用，三角形的中位線平行于第三邊，并且等于第三邊的一半．
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、
【解析】
可知OM是△ADC的中位線，再結(jié)合已知條件則DC的長可求出，所以利用勾股定理可求出AC的長，由直角三角形斜邊上中線的性質(zhì)則BO的長即可求出．
【詳解】
解：∵四邊形ABCD是矩形，
∴∠D=90°，
∵O是矩形ABCD的對角線AC的中點，OM∥AB，
∴OM是△ADC的中位線，
∵OM=2，
∴DC=4，
∵AD=BC=6，
∴AC=
由于△ABC為直角三角形，且O為AC中點
∴BO=
因此OB長為 ．
本題考查了矩形的性質(zhì)，勾股定理的運用，直角三角形斜邊上中線的性質(zhì)以及三角形的中位線的應用，解此題的關鍵是求出AC的長．
20、15
【解析】
首先過D作直線AC的平行線DK，交l2于點N，再利用相似比例可得AC的長.
【詳解】
解：過D作直線AC的平行線DK，交l2于點N





故答案為15.
本題主要考查平行線的性質(zhì)，再結(jié)合考查相似比例的計算，難度系數(shù)較小，關鍵在于作AC的平行線.
21、2.1
【解析】
連接AG，CG，根據(jù)矩形的判定定理得到四邊形CFGE是矩形，求得CG＝EF＝1，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得到AG＝CG＝1，由三角形中位線的性質(zhì)即可得到結(jié)論．
【詳解】
連接AG，CG，
∵在正方形ABCD中，∠BCD＝90°，
∵GE⊥CD，GF⊥BC，
∴四邊形CFGE是矩形，
∴CG＝EF＝1，
∵AB＝BC，∠ABD＝∠CBD＝41°，
∵BG＝BG，
∴△ABG≌△CBG（SAS），
∴AG＝CG＝1，
∵M，N分別是AB，BG的中點，
∴MN＝AG＝2.1，
故答案為：2.1．
本題考查正方形的性質(zhì)，全等三角形的判定和性質(zhì)，三角形的中位線定理，正確的作出輔助線是解題的關鍵．
22、
【解析】
根據(jù)勾股定理的逆定理判斷即可．
【詳解】
∵△ABC各內(nèi)角A、B、C所對邊的長分別為13、12、5，
∴52+122=132，
∴∠A=90°，
故答案為：90°
本題考查了勾股定理的逆定理，能熟記勾股定理的逆定理的內(nèi)容是解此題的關鍵．
23、x≤1
【解析】
解：∵二次根式有意義，
∴1-x≥0,
∴x≤1．
故答案為：x≤1．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（1）作圖見解析，A1的坐標是（3，-4）；（2）作圖見解析．
【解析】
試題分析：（1）首先作出A、B、C的對應點，然后順次連接即可求得；
（2）把△ABC的三個頂點分別向右平移3個單位長度，向上平移1個單位長度即可得到對應點，然后順次連接即可．
試題解析：（1）如圖所示：
A1的坐標是（3，-4）；
（2）△A2B2C2是所求的三角形．
考點：1．作圖-旋轉(zhuǎn)變換；2．作圖-平移變換．
25、（1）S甲=-180t+600，S乙=120t；（2）A、B兩城之間的距離是600千米，t為2時兩車相遇；（1）當兩車相距100千米時，t的值是1或1．
【解析】
（1）根據(jù)函數(shù)圖象可以分別求得S甲、S乙與t的函數(shù)關系式；
（2）將t=0代入S甲=-180t+600，即可求得A、B兩城之間的距離，然后將（1）中的兩個函數(shù)相等，即可求得t為何值時兩車相遇；
（1）根據(jù)題意可以列出相應的方程，從而可以求得t的值．
【詳解】
（1）設S甲與t的函數(shù)關系式是S甲=kt+b，
，得，
即S甲與t的函數(shù)關系式是S甲=-180t+600，
設S乙與t的函數(shù)關系式是S乙=at，
則120=a×1，得a=120，
即S乙與t的函數(shù)關系式是S乙=120t；
（2）將t=0代入S甲=-180t+600，得
S甲=-180×0+600，得S甲=600，
令-180t+600=120t，
解得，t=2，
即A、B兩城之間的距離是600千米，t為2時兩車相遇；
（1）由題意可得，
|-180t+600-120t|=100，
解得，t1=1，t1=1，
即當兩車相距100千米時，t的值是1或1．
本題考查一次函數(shù)的應用，解題的關鍵是明確題意，找出所求問題需要的條件．
26、（1）見解析 （2） ，理由見解析．
【解析】
（1）根據(jù)矩形的有三個角是直角的四邊形是矩形，已知CE⊥AN，AD⊥BC，所以求證∠DAE=90°，可以證明四邊形ADCE為矩形．（2）由正方形的性質(zhì)逆推得，結(jié)合等腰三角形的性質(zhì)可以得到答案．
【詳解】
（1）證明：在△ABC中，AB=AC，AD⊥BC， ∴∠BAD=∠DAC，
∵AN是△ABC外角∠CAM的平分線， ∴∠MAE=∠CAE，
∴∠DAE=∠DAC+∠CAE=×180°=90°，
又∵AD⊥BC，CE⊥AN， ∴∠ADC=∠CEA=90°，
∴四邊形ADCE為矩形．
（2）當時，四邊形ADCE是一個正方形．
理由：∵AB=AC， AD⊥BC ，
， ，
∵四邊形ADCE為矩形， ∴矩形ADCE是正方形．
∴當時，四邊形ADCE是一個正方形．
本題考查矩形的判定以及正方形的性質(zhì)的應用，同時考查了等腰三角形的性質(zhì)，熟練掌握這些知識點是關鍵．
題號
一
二
三
四
五
總分
得分

相關試卷

2024-2025學年河南省洛陽市澗西區(qū)洛陽市數(shù)學九年級第一學期開學達標測試試題【含答案】：

這是一份2024-2025學年河南省洛陽市澗西區(qū)洛陽市數(shù)學九年級第一學期開學達標測試試題【含答案】，共23頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2024-2025學年河南省洛陽市澗西區(qū)東方二中學九上數(shù)學開學綜合測試試題【含答案】：

這是一份2024-2025學年河南省洛陽市澗西區(qū)東方二中學九上數(shù)學開學綜合測試試題【含答案】，共22頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2024年河南省洛陽市澗西區(qū)東升第二初級中學中考數(shù)學一模試卷-普通用卷：

這是一份2024年河南省洛陽市澗西區(qū)東升第二初級中學中考數(shù)學一模試卷-普通用卷，共20頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

英語朗讀寶

相關試卷 更多

河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學2023-2024學年九年級數(shù)學第一學期期末綜合測試模擬試題含答案

河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學2023-2024學年九年級數(shù)學第一學期期末綜合測試模擬試題含答案
河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學2023-2024學年八年級數(shù)學第一學期期末質(zhì)量檢測試題含答案

河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學2023-2024學年八年級數(shù)學第一學期期末質(zhì)量檢測試題含答案
河南省洛陽市澗西區(qū)東升第二初級中學2023-2024學年八年級上學期期中數(shù)學試題

河南省洛陽市澗西區(qū)東升第二初級中學2023-2024學年八年級上學期期中數(shù)學試題
2021-2022學年河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學中考數(shù)學適應性模擬試題含解析

2021-2022學年河南省洛陽市澗西區(qū)東升二中學中考數(shù)學適應性模擬試題含解析
資料下載及使用幫助
版權申訴
版權申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權，請掃碼添加我們的相關工作人員，我們盡可能的保護您的合法權益。
入駐教習網(wǎng)，可獲得資源免費推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎勵，申請 精品資源制作， 工作室入駐。
版權申訴二維碼
開學考專區(qū)
歡迎來到教習網(wǎng)
  • 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊
qrcode
二維碼已過期
刷新

微信掃碼，快速注冊

手機號注冊
手機號碼

手機號格式錯誤

手機驗證碼 獲取驗證碼

手機驗證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設置密碼

6-20個字符，數(shù)字、字母或符號

注冊即視為同意教習網(wǎng)「注冊協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊
手機號注冊
微信注冊

注冊成功

返回
頂部