1.本試卷共6頁，共兩部分，三道大題，28道小題．滿分100分．考試時間120分鐘．
2.在試卷和草稿紙上準確填寫姓名、準考證號、考場號和座位號．
3.試題答案一律填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效．
4在答題卡上，選擇題、作圖題用2B鉛筆作答，其他試題用黑色字跡簽字筆作答．
5.考試結(jié)束，將本試卷、答題卡和草稿紙一并交回．
第一部分 選擇題
一、選擇題（共16分，每題2分）
第1—8題均有四個選項，符合題意的選項只有一個．
1. 截至2023年6月11日17時，全國冬小麥收款2.39億畝，進度過七成半，將239000000用科學記數(shù)法表示應(yīng)為（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】用科學記數(shù)法表示絕對值較大的數(shù)時，一般形式為，其中，為整數(shù)，且比原來的整數(shù)位數(shù)少1，據(jù)此判斷即可．
【詳解】解：，
故選：B．
【點睛】本題考查了科學記數(shù)法的表示方法，用科學記數(shù)法表示絕對值較大的數(shù)時，一般形式為，其中，為整數(shù)，且比原來的整數(shù)位數(shù)少1，解題的關(guān)鍵是要正確確定和的值．
2. 下列圖形中，既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根據(jù)軸對稱圖形，中心對稱圖形的定義進行判斷即可．
【詳解】解：A既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形，故符合要求；
B不是軸對稱圖形，是中心對稱圖形，故不符合要求；
C是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，故不符合要求；
D是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，故不符合要求；
故選：A．
【點睛】本題考查了軸對稱圖形，中心對稱圖形，解題的關(guān)鍵在于熟練掌握：在平面內(nèi)，把一個圖形繞著某個點旋轉(zhuǎn)，如果旋轉(zhuǎn)后的圖形能與原來的圖形重合，那么這個圖形叫做中心對稱圖形；在平面內(nèi)，一個圖形沿一條直線折疊，直線兩旁的部分能夠完全重合的圖形叫做軸對稱圖形．
3. 如圖，，，則的大小為（ ）

A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由，，可求出的度數(shù)，再根據(jù)角與角之間的關(guān)系求解．
【詳解】∵，，
∴，
∵，
∴．
故選：C．
【點睛】本題考查的知識點是角的計算，注意此題的解題技巧：兩個直角相加和相比，多加了．
4. 已知，則下列結(jié)論正確的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由可得，則，根據(jù)不等式的性質(zhì)求解即可．
【詳解】解：得，則，
∴，
∴，
故選：B．
【點睛】本題考查了不等式的性質(zhì)，注意：當不等式兩邊同時乘以一個負數(shù)，則不等式的符號需要改變．
5. 若關(guān)于的一元二次方程有兩個相等的實數(shù)根，則實數(shù)的值為（ ）
A. B. C. D. 9
【答案】C
【解析】
【分析】根據(jù)一元二次方程有兩個相等的實數(shù)根，可得，進而即可求解．
【詳解】解：∵關(guān)于的一元二次方程有兩個相等的實數(shù)根，
∴．
解得：．
故選：C．
【點睛】本題考查了一元二次方程 (為常數(shù))的根的判別式，理解根的判別式對應(yīng)的根的三種情況是解題的關(guān)鍵．當時，方程有兩個不相等的實數(shù)根；當時，方程有兩個相等的實數(shù)根；當時，方程沒有實數(shù)根．
6. 十二邊形的外角和為（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根據(jù)多邊形的外角和為360°進行解答即可．
【詳解】解：∵多邊形的外角和為360°
∴十二邊形的外角和是360°．
故選：C．
【點睛】本題考查多邊形的內(nèi)角和與外角和的求法，掌握多邊形的外角和為360°是解題的關(guān)鍵．
7. 先后兩次拋擲同一枚質(zhì)地均勻的硬幣，則第一次正面向上、第二次反面向上的概率是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】整個實驗分兩步完成，每步有兩個等可能結(jié)果，用列表法或樹狀圖工具輔助處理．
【詳解】
如圖，所有結(jié)果有4種，滿足要求的結(jié)果有1種，故概率為.
故選：A
【點睛】本題考查概率的計算，運用樹狀圖或列表工具是解題的關(guān)鍵．
8. 如圖，點A、B、C在同一條線上，點B在點A，C之間，點D，E在直線AC同側(cè)，，，，連接DE，設(shè)，，，給出下面三個結(jié)論：①；②；③；

上述結(jié)論中，所有正確結(jié)論的序號是（ ）
A. ①②B. ①③C. ②③D. ①②③
【答案】D
【解析】
【分析】如圖，過作于，則四邊形是矩形，則，由，可得，進而可判斷①的正誤；由，可得，，，，則，是等腰直角三角形，由勾股定理得，，由，可得，進而可判斷②的正誤；由勾股定理得，即，則，進而可判斷③的正誤．
【詳解】解：如圖，過作于，則四邊形是矩形，

∴，
∵，
∴，①正確，故符合要求；
∵，
∴，，，，
∵，
∴，，
∴是等腰直角三角形，
由勾股定理得，，
∵，
∴，②正確，故符合要求；
由勾股定理得，即，
∴，③正確，故符合要求；
故選：D．
【點睛】本題考查了矩形的判定與性質(zhì)，全等三角形的性質(zhì)，勾股定理，等腰三角形的判定，不等式的性質(zhì)，三角形的三邊關(guān)系等知識．解題的關(guān)鍵在于對知識的熟練掌握與靈活運用．
第二部分 非選擇題
二、填空題（共16分，每題2分）
9. 若代數(shù)式有意義，則實數(shù)x的取值范圍是______．
【答案】
【解析】
【分析】根據(jù)分式有意義的條件列不等式求解即可．
【詳解】解：若代數(shù)式有意義，則，
解得：，
故答案為：．
【點睛】本題考查了分式有意義的條件，熟知分式有意義，分母不為零是解題的關(guān)鍵．
10. 分解因式：=__________________.
【答案】
【解析】
【詳解】試題分析：原式提公因式得：y（x2-y2）=
考點：分解因式
點評：本題難度中等，主要考查學生對多項式提公因式分解因式等知識點的掌握．需要運用平方差公式．
11. 方程的解為______．
【答案】
【解析】
【分析】方程兩邊同時乘以化為整式方程，解整式方程即可，最后要檢驗．
【詳解】解：方程兩邊同時乘以，得，
解得：，
經(jīng)檢驗，是原方程的解，
故答案為：．
【點睛】本題考查了解分式方程，熟練掌握解分式方程的步驟是解題的關(guān)鍵．
12. 在平面直角坐標系中，若函數(shù)的圖象經(jīng)過點和，則m的值為______．
【答案】3
【解析】
【分析】先把點A坐標代入求出反比例函數(shù)解析式，再把點B代入即可求出m的值．
【詳解】解：∵函數(shù)的圖象經(jīng)過點和
∴把點代入得，
∴反比例函數(shù)解析式為，
把點代入得：，
解得：，
故答案為：3．
【點睛】本題考查了待定系數(shù)法求反比例函數(shù)解析式，反比例函數(shù)圖象上點的坐標特征，熟知反比例函數(shù)圖象上的點的坐標一定滿足函數(shù)解析式是解題的關(guān)鍵．
13. 某廠生產(chǎn)了1000只燈泡.為了解這1000只燈泡的使用壽命，從中隨機抽取了50只燈泡進行檢測，獲得了它們的使用壽命（單位：小時），數(shù)據(jù)整理如下：
根據(jù)以上數(shù)據(jù)，估計這1000只燈泡中使用壽命不小于2200小時的燈泡的數(shù)量為______只．
【答案】460
【解析】
【分析】用1000乘以抽查的燈泡中使用壽命不小于2200小時的燈泡所占的比例即可．
【詳解】解：估計這1000只燈泡中使用壽命不小于2200小時的燈泡的數(shù)量為（只），
故答案為：460．
【點睛】本題考查了用樣本估計總體，用樣本估計總體時，樣本容量越大，樣本對總體的估計也就越精確．
14. 如圖，直線AD，BC交于點O，.若，，.則的值為______．

【答案】
【解析】
【分析】由平行線分線段成比例可得，，，得出，，從而.
【詳解】， ，，
，
，
，
，
；
故答案為：.
【點睛】本題考查了平行線分線段成比例的知識點，根據(jù)平行線分線段成比例找出線段之間的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵.
15. 如圖，是的半徑，是的弦，于點D，是的切線，交的延長線于點E．若，，則線段的長為______．

【答案】
【解析】
【分析】根據(jù)，得出，，根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì)得出，即，根據(jù)，，得出為等腰直角三角形，即可得出．
【詳解】解：∵，
∴，．
∵，
∴為等腰直角三角形，
∴，
∴．
∵是的切線，
∴，
∵，
∴為等腰直角三角形，
∴．
故答案為：．
【點睛】本題主要考查了垂徑定理，等腰直角三角形的判定和性質(zhì)，切線的性質(zhì)，解題的關(guān)鍵是熟練掌握垂徑定理，得出．
16. 學校組織學生參加木藝藝術(shù)品加工勞動實踐活動．已知某木藝藝術(shù)品加工完成共需A，B，C，D，E，F(xiàn)，G七道工序，加工要求如下：
①工序C，D須在工序A完成后進行，工序E須在工序B，D都完成后進行，工序F須在工序C，D都完成后進行；
②一道工序只能由一名學生完成，此工序完成后該學生才能進行其他工序；
③各道工序所需時間如下表所示：
在不考慮其他因素的前提下，若由一名學生單獨完成此木藝藝術(shù)品的加工，則需要______分鐘；若由兩名學生合作完成此木藝藝術(shù)品的加工，則最少需要______分鐘．
【答案】 ①. 53 ②. 28
【解析】
【分析】將所有工序需要的時間相加即可得出由一名學生單獨完成需要的時間；假設(shè)這兩名學生為甲、乙，根據(jù)加工要求可知甲學生做工序A，乙學生同時做工序B；然后甲學生做工序D，乙學生同時做工序C，乙學生工序C完成后接著做工序G；最后甲學生做工序E，乙學生同時做工序F，然后可得答案．
【詳解】解：由題意得：（分鐘），
即由一名學生單獨完成此木藝藝術(shù)品的加工，需要53分鐘；
假設(shè)這兩名學生為甲、乙，
∵工序C，D須在工序A完成后進行，工序E須在工序B，D都完成后進行，且工序A，B都需要9分鐘完成，
∴甲學生做工序A，乙學生同時做工序B，需要9分鐘，
然后甲學生做工序D，乙學生同時做工序C，乙學生工序C完成后接著做工序G，需要9分鐘，
最后甲學生做工序E，乙學生同時做工序F，需要10分鐘，
∴若由兩名學生合作完成此木藝藝術(shù)品的加工，最少需要（分鐘），
故答案為：53，28；
【點睛】本題考查了邏輯推理與時間統(tǒng)籌，根據(jù)加工要求得出加工順序是解題的關(guān)鍵．
三、解答題（共68分，第17—19題，每題5分，第20—21題，每題6分，第22—23題，每題5分，第24題6分，第25題5分，第26題6分；第27—28題，每題7分）解答應(yīng)寫出文字說明、演算步驟或證明過程.
17. 計算：．
【答案】
【解析】
【分析】代入特殊角三角函數(shù)值，利用負整數(shù)指數(shù)冪，絕對值和二次根式的性質(zhì)化簡，然后計算即可．
【詳解】解：原式
．
【點睛】本題考查了實數(shù)的混合運算，牢記特殊角三角函數(shù)值，熟練掌握負整數(shù)指數(shù)冪，絕對值和二次根式的性質(zhì)是解題的關(guān)鍵．
18. 解不等式組：．
【答案】
【解析】
【分析】分別求出每一個不等式的解集，根據(jù)口訣：同大取大、同小取小、大小小大中間找、大大小小找不到確定不等式組的解集．
【詳解】
解不等式①得：
解不等式②得：
不等式的解集為：
【點睛】本題考查了解一元一次不等式組，正確掌握一元一次不等式解集確定方法是解題的關(guān)鍵．
19. 已知，求代數(shù)式的值．
【答案】2
【解析】
【分析】先將分式進行化簡，再將變形整體代入化簡好的分式計算即可．
【詳解】解：原式，
由可得，
將代入原式可得，原式．
【點睛】本題考查了分式的化簡求值，注意整體代入思想的應(yīng)用．
20. 如圖，在中，點E，F(xiàn)分別在，上，，．

（1）求證：四邊形是矩形；
（2），，，求的長．
【答案】（1）見解析 （2）
【解析】
【分析】（1）利用平行四邊形的性質(zhì)求出，證明四邊形是平行四邊形，然后根據(jù)對角線相等的平行四邊形是矩形得出結(jié)論；
（2）證明是等腰直角三角形，可得，然后再解直角三角形求出即可．
【小問1詳解】
證明：∵四邊形是平行四邊形，
∴，，
∵，
∴，
∴四邊形是平行四邊形，
∵，
∴平行四邊形是矩形；
【小問2詳解】
解：由（1）知四邊形是矩形，
∴，
∵，，
∴是等腰直角三角形，
∴，
又∵，
∴，
∴，
∴．
【點睛】本題考查了平行四邊形的判定和性質(zhì)，矩形的判定和性質(zhì)以及解直角三角形，熟練掌握相關(guān)判定定理和性質(zhì)定理是解題的關(guān)鍵．
21. 對聯(lián)是中華傳統(tǒng)文化的瑰寶，對聯(lián)裝裱后，如圖所示，上、下空白處分別稱為天頭和地頭，左、右空白處統(tǒng)稱為邊．一般情況下，天頭長與地頭長的比是，左、右邊的寬相等，均為天頭長與地頭長的和的．某人要裝裱一幅對聯(lián)，對聯(lián)的長為，寬為．若要求裝裱后的長是裝裱后的寬的4倍，求邊的寬和天頭長．（書法作品選自《啟功法書》）

【答案】邊的寬為，天頭長為
【解析】
【分析】設(shè)天頭長為，則地頭長為，邊的寬為，再分別表示礎(chǔ)裝裱后的長和寬，根據(jù)裝裱后的長是裝裱后的寬的4倍列方程求解即可．
【詳解】解：設(shè)天頭長為，
由題意天頭長與地頭長的比是，可知地頭長為，
邊的寬為，
裝裱后的長為，
裝裱后的寬為，
由題意可得：
解得，
∴，
答：邊的寬為，天頭長為．
【點睛】本題考查了一元一次方程的應(yīng)用，題中的數(shù)量關(guān)系較為復(fù)雜，需要合理設(shè)未知數(shù)，找準數(shù)量關(guān)系．
22. 在平面直角坐標系中，函數(shù)的圖象經(jīng)過點和，與過點且平行于x軸的線交于點C．
（1）求該函數(shù)的解析式及點C的坐標；
（2）當時，對于x的每一個值，函數(shù)的值大于函數(shù)的值且小于4，直接寫出n的值．
【答案】（1），；
（2）．
【解析】
【分析】（1）利用待定系數(shù)法可求出函數(shù)解析式，由題意知點C的縱坐標為4，代入函數(shù)解析式求出點C的橫坐標即可；
（2）根據(jù)函數(shù)圖象得出當過點時滿足題意，代入求出n的值即可．
【小問1詳解】
解：把點，代入得：，
解得：，
∴該函數(shù)的解析式為，
由題意知點C的縱坐標為4，
當時，
解得：，
∴；
【小問2詳解】
解：由（1）知：當時，，
因為當時，函數(shù)的值大于函數(shù)的值且小于4，
所以如圖所示，當過點時滿足題意，
代入得：，
解得：．
【點睛】本題考查了一次函數(shù)的圖象和性質(zhì)，待定系數(shù)法的應(yīng)用，一次函數(shù)圖象上點的坐標特征，利用數(shù)形結(jié)合的思想是解題的關(guān)鍵．
23. 某校舞蹈隊共16名學生，測量并獲取了所有學生的身高（單位：cm），數(shù)據(jù)整理如下：
a.16名學生的身高：
161，162，162，164，165，165，165，166，
166，167，168，168，170，172，172，175
b.16名學生的身高的平均數(shù)、中位數(shù)、眾數(shù)：
（1）寫出表中m，n的值；
（2）對于不同組的學生，如果一組學生的身高的方差越小，則認為該組舞臺呈現(xiàn)效果越好．據(jù)此推斷：在下列兩組學生中，舞臺呈現(xiàn)效果更好的是______（填“甲組”或“乙組”）；
（3）該舞蹈隊要選五名學生參加比賽．已確定三名學生參賽，他們的身高分別為168，168，172，他們的身高的方差為．在選另外兩名學生時，首先要求所選的兩名學生與已確定的三名學生所組成的五名學生的身高的方差小于，其次要求所選的兩名學生與已確定的三名學生所組成的五名學生的身高的平均數(shù)盡可能大，則選出的另外兩名學生的身高分別為______和______．
【答案】（1），；
（2）甲組 （3）170， 172
【解析】
【分析】（1）根據(jù)中位數(shù)和眾數(shù)的定義求解即可；
（2）計算每一組的方差，根據(jù)方差越小數(shù)據(jù)越穩(wěn)定進行判斷即可；
（3）根據(jù)要求，身高的平均數(shù)盡可能大且方差小于，結(jié)合其余學生的身高即可做出選擇．
【小問1詳解】
解：將這組數(shù)據(jù)按照從小到大的順序排列為：161，162，162，164，165，165，165，166，166，167，168，168，170，172，172，175，
出現(xiàn)次數(shù)最多的數(shù)是165，出現(xiàn)了3次，即眾數(shù)，
16個數(shù)據(jù)中的第8和第9個數(shù)據(jù)分別是166，166，
∴中位數(shù)，
∴，；
【小問2詳解】
解：甲組身高的平均數(shù)為，
甲組身高的方差為
乙組身高的平均數(shù)為，
乙組身高方差為，
∵
∴舞臺呈現(xiàn)效果更好的是甲組，
故答案為：甲組；
【小問3詳解】
解：168，168，172的平均數(shù)為
∵所選的兩名學生與已確定的三名學生所組成的五名學生的身高的方差小于，
∴數(shù)據(jù)的差別較小，數(shù)據(jù)才穩(wěn)定，
可供選擇的有：170， 172，
且選擇170， 172時，平均數(shù)會增大，
故答案為：170， 172．
【點睛】本題考查了平均數(shù)、眾數(shù)、中位數(shù)和方差，熟記方差的計算公式以及方差的意義：方差越小數(shù)據(jù)越穩(wěn)定是解題的關(guān)鍵．
24. 如圖，圓內(nèi)接四邊形的對角線，交于點，平分，．

（1）求證平分，并求的大??；
（2）過點作交的延長線于點．若，，求此圓半徑的長．
【答案】（1）見解析，
（2）
【解析】
【分析】（1）根據(jù)已知得出，則，即可證明平分，進而根據(jù)平分，得出，推出，得出是直徑，進而可得；
（2）根據(jù)（1）的結(jié)論結(jié)合已知條件得出，，是等邊三角形，進而得出，由是直徑，根據(jù)含度角的直角三角形的性質(zhì)可得，在中，根據(jù)含度角的直角三角形的性質(zhì)求得的長，進而即可求解．
【小問1詳解】
解：∵
∴，
∴，即平分．
∵平分，
∴，
∴，
∴，即，
∴是直徑，
∴；
【小問2詳解】
解：∵，，
∴，則．
∵，
∴．
∵，
∴，
∴是等邊三角形，則．
∵平分，
∴．
∵是直徑，
∴，則．
∵四邊形是圓內(nèi)接四邊形，
∴，則，
∴，
∴，
∴．
∵，
∴，
∴．
∵是直徑，
∴此圓半徑的長為．
【點睛】本題考查了弧與圓周角的關(guān)系，等弧所對的圓周角相等，直徑所對的圓周角是直角，含度角的直角三角形的性質(zhì)，等邊三角形的性質(zhì)與判定，圓內(nèi)接四邊形對角互補，熟練掌握以上知識是解題的關(guān)鍵．
25. 某小組研究了清洗某種含污物品的節(jié)約用水策略．部分內(nèi)容如下．
每次清洗1個單位質(zhì)量的該種含污物品，清洗前的清潔度均為0.800要求清洗后的清潔度為0.990
方案一：采用一次清洗方式．
結(jié)果：當用水量為19個單位質(zhì)量時，清洗后測得清潔度為0.990．
方案二：采用兩次清洗的方式．
記第一次用水量為個單位質(zhì)量，第二次用水量為個單位質(zhì)量，總用水量為個單位質(zhì)量，兩次清洗后測得的清潔度為C．記錄的部分實驗數(shù)據(jù)如下：
對以上實驗數(shù)據(jù)進行分析，補充完成以下內(nèi)容．
（Ⅰ）選出C是0.990的所有數(shù)據(jù)組，并劃“√”；
（Ⅱ）通過分析（Ⅰ）中選出的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)可以用函數(shù)刻畫第一次用水量和總用水量之間的關(guān)系，在平面直角坐標系中畫出此函數(shù)的圖象；

結(jié)果：結(jié)合實驗數(shù)據(jù)，利用所畫的函數(shù)圖象可以推斷，當?shù)谝淮斡盟考s為______個單位質(zhì)量（精確到個位）時，總用水量最?。?br>根據(jù)以上實驗數(shù)據(jù)和結(jié)果，解決下列問題：
（1）當采用兩次清洗的方式并使總用水量最小時，與采用一次清洗的方式相比、可節(jié)水約______個單位質(zhì)量（結(jié)果保留小數(shù)點后一位）；
（2）當采用兩次清洗的方式時，若第一次用水量為6個單位質(zhì)量，總用水量為7.5個單位質(zhì)量，則清洗后的清潔度C______0.990（填“>”“=”或“

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這是一份北京市2019年中考數(shù)學真題試題（含解析），共24頁。試卷主要包含了正十邊形的外角和為，若分式的值為0，則的值為.，解不等式組等內(nèi)容，歡迎下載使用。

北京市2018年中考數(shù)學真題試題（含解析1）：

這是一份北京市2018年中考數(shù)學真題試題（含解析1），共17頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題解答應(yīng)寫出文字說明等內(nèi)容，歡迎下載使用。

北京市2018年中考數(shù)學真題試題（含解析）：

這是一份北京市2018年中考數(shù)學真題試題（含解析），共28頁。試卷主要包含了選擇題，填空題，解答題解答應(yīng)寫出文字說明等內(nèi)容，歡迎下載使用。

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