1. 質(zhì)量為的物體在4個(gè)共點(diǎn)力作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，其中最大的一個(gè)力大小為，最小的一個(gè)力大小為。下列判斷正確的是（ ）
A. 其他兩個(gè)力的合力大小可能等于
B. 其他兩個(gè)力的合力大小一定為或
C. 若保持其他力不變，只撤除，物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小一定是
D. 若保持其他力不變，瞬間把的方向改變60°，物體由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在最初1秒內(nèi)的位移大小是
【答案】C
【解析】
【詳解】AB．物體處于平衡狀態(tài)則合力為0，根據(jù)力的合成法則，個(gè)力的合力與剩余個(gè)力的合力等大反向。與的合力范圍為
即
故其他兩個(gè)力的合力范圍為
故AB錯(cuò)誤；
C．其余三個(gè)力的合力與等大反向，只撤除，物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為
故C正確；
D．若把的方向改變60°，則其余三力的合力與大小相等，方向成120°夾角，則合力
此時(shí)物體的加速度為
則在最初1秒內(nèi)的位移大小是
故D錯(cuò)誤。
故選C。
2. 如圖所示，一端封閉的玻璃管用的水銀柱封閉一定質(zhì)量的理想氣體，玻璃管水平放置時(shí)，氣柱長(zhǎng)為。設(shè)大氣壓強(qiáng)為，環(huán)境溫度保持不變，當(dāng)玻璃管置于傾角為30°的斜面上且開口端沿斜面向上放置，玻璃管靜止不動(dòng)時(shí)，空氣柱的長(zhǎng)度是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【詳解】氣體初始?jí)簭?qiáng)
初始體積
氣體末狀態(tài)壓強(qiáng)
末狀態(tài)體積
根據(jù)玻意耳定律
解得
故選A。
3. 如圖所示，一塊足夠長(zhǎng)兩面平行玻璃磚對(duì)紅色光的折射率為，一束紅色光垂直射到該玻璃磚的上表面某點(diǎn)時(shí)，穿過該玻璃磚的時(shí)間為t。若該單色光以45°的入射角斜射到點(diǎn)，則該束光從下表面射出所需的時(shí)間是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【詳解】設(shè)介質(zhì)中的速度為v，平行玻璃磚厚度為d，根據(jù)

若該單色光以45°的入射角斜射到點(diǎn)，則
解得
單色光在玻璃磚中運(yùn)動(dòng)距離為
該束光從下表面射出所需的時(shí)間是
故選B。
4. 質(zhì)量為的物體受恒定合力，在作用下做勻變速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過點(diǎn)時(shí)速度大小為，速度方向與力的方向垂直。再經(jīng)一段時(shí)間，速度方向與方向的夾角是，下列對(duì)這一過程的描述，說法正確的是（ ）
A. 可能大于90°
B. 這一過程經(jīng)歷的時(shí)間是
C. 這一過程力做的功是
D. 這一過程物體動(dòng)量的變化為
【答案】C
【解析】
【詳解】A．經(jīng)過點(diǎn)時(shí)速度大小為，速度方向與力的方向垂直，之后軌跡會(huì)向力的方向偏移，所以小于90°，故A錯(cuò)誤；
BD．沿力的方向根據(jù)動(dòng)量定理
這一過程經(jīng)歷的時(shí)間
故BD錯(cuò)誤；
C．后來的速度大小為
根據(jù)動(dòng)能定理
故C正確。
故選C。
5. 如圖所示為某電場(chǎng)中軸方向上電勢(shì)變化的圖像，，下列對(duì)軸上不同點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)以及在軸上移動(dòng)電荷時(shí)靜電力做功情況等的描述正確的是（ ）

A. 從點(diǎn)開始，經(jīng)點(diǎn)到點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大
B. 點(diǎn)電勢(shì)和點(diǎn)電勢(shì)相等
C. 正電荷從點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，電勢(shì)能先減小后增大
D. 負(fù)電荷從點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，靜電力一直做負(fù)功
【答案】D
【解析】
【詳解】A．圖像斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，從點(diǎn)開始，經(jīng)點(diǎn)到點(diǎn)，斜率不變，所以場(chǎng)強(qiáng)不變，故A錯(cuò)誤；
B．由圖可知，點(diǎn)電勢(shì)大于點(diǎn)電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；
C．根據(jù)
正電荷從點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，電勢(shì)減小，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；
D．負(fù)電荷從點(diǎn)沿直線移到點(diǎn)，電勢(shì)減小，電勢(shì)能增大，所以靜電力一直做負(fù)功，故D正確。
故選D。
6. 2023年5月30日，我國(guó)神舟十六號(hào)宇宙飛船成功發(fā)射，三位宇航員與神舟十五號(hào)的三位宇航員在中國(guó)空間站成功會(huì)師，目前神舟十六號(hào)三位宇航員通力協(xié)作，正有條不紊地完成各項(xiàng)預(yù)定任務(wù)?？臻g站繞地球運(yùn)行視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期與地球同步衛(wèi)星的周期之比為。下列描述正確的是（ ）
A. 神舟十六號(hào)發(fā)射速度大于第二宇宙速度
B. 空間站運(yùn)行的加速度大于地球表面重力加速度
C. 空間站運(yùn)行的速度與同步衛(wèi)星的速度大小之比為
D. 空間站的軌道半徑和同步衛(wèi)星的軌道半徑之比為
【答案】D
【解析】
【詳解】A．神舟十六號(hào)繞地球運(yùn)行，所以發(fā)射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤；
B．空間站運(yùn)行時(shí)萬有引力充當(dāng)向心力
地球表面萬有引力等于重力
所以
空間站運(yùn)行的加速度小于地球表面重力加速度，故B錯(cuò)誤；
D．根據(jù)開普勒第三定律
可得空間站的軌道半徑和同步衛(wèi)星的軌道半徑之比為
故D正確；
C．根據(jù)
可得空間站運(yùn)行速度與同步衛(wèi)星的速度大小之比為
故C錯(cuò)誤。
故選D
7. 如圖所示，長(zhǎng)為的輕繩一端固定在點(diǎn)，另一端連接質(zhì)量為的小球。先把繩子拉直且處于水平位置，然后由靜止釋放小球，設(shè)點(diǎn)所在的水平面為重力勢(shì)能的零勢(shì)面，不計(jì)空氣阻力。當(dāng)細(xì)繩與水平方向夾角為時(shí)（小于90°），下列說法正確的是（ ）

A. 一定時(shí)，越大，小球的機(jī)械能越大
B. 一定時(shí)，越大，小球的向心加速度越大
C. 一定時(shí)，繩的拉力與繩長(zhǎng)無關(guān)
D. 一定時(shí)，越大，小球所受重力的瞬時(shí)功率越大
【答案】C
【解析】
【詳解】A．小球在擺動(dòng)過程中，只有重力做功，所以機(jī)械能守恒，始終等于零，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)動(dòng)能定理
小球的向心力
解得
所以一定時(shí)，小球的向心加速度與無關(guān)，故B錯(cuò)誤；
C．根據(jù)
解得
所以一定時(shí)，繩的拉力與繩長(zhǎng)無關(guān)，故C正確；
D．小球重力的瞬時(shí)功率
當(dāng)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為零，當(dāng)接近90°時(shí)重力的瞬時(shí)功率接近零，所以一定時(shí)，越大，小球所受重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤。
故選C。
二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
8. 如圖所示，鋼珠從高為的塔頂上邊緣外側(cè)被豎直向上以的初速度拋出，最終落在地面上。已知點(diǎn)和距離塔頂分別為和，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取。下列說法正確的是（ ）

A. 從鋼珠被拋出到經(jīng)過塔頂邊緣需要
B. 鋼珠距離地面的最大高度為
C. 鋼珠從到所需時(shí)間為
D. 鋼珠從到所需時(shí)間為
【答案】BC
【解析】
【詳解】A．鋼珠被拋出到經(jīng)過塔頂邊緣做勻加速運(yùn)動(dòng)，則
解得
故A錯(cuò)誤；
B．鋼珠距離地面的最大高度為
故B正確；
CD．從最高點(diǎn)到的時(shí)間
從最高點(diǎn)到的時(shí)間
鋼珠從到所需時(shí)間為
故C正確，D錯(cuò)誤。
故選BC。
9. 位置坐標(biāo)的波源S在時(shí)刻從平衡位置開始向下運(yùn)動(dòng)，形成沿軸正、負(fù)兩個(gè)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，沿波傳播方向上有間距均為的9個(gè)質(zhì)點(diǎn)，位置坐標(biāo)如圖所示。時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)均處于平衡位置，經(jīng)0.3秒處的質(zhì)點(diǎn)第一次具有正向最大速度，同時(shí)的質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)，則下列法正確的是（ ）

A. 波速為
B. 和的兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)步調(diào)完全一致
C. 時(shí)，的質(zhì)點(diǎn)具有負(fù)向最大速度
D. 時(shí)，的質(zhì)點(diǎn)加速度正在減小
【答案】AB
【解析】
【詳解】A．設(shè)該波的波速為，周期為，根據(jù)題意可得
其中
，
聯(lián)立解得
，
故A正確；
B．由于該波源形成沿軸正、負(fù)兩個(gè)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，則關(guān)于該波源對(duì)稱的點(diǎn)的振動(dòng)步調(diào)一致，故B正確；
C．該波從波源傳播到處所需的時(shí)間為
則可知時(shí)處質(zhì)點(diǎn)才開始振動(dòng)，且跟波源的起振方向相同，即從平衡位置開始向下振動(dòng)，而
則可知時(shí)，的質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置，正向上振動(dòng)，此刻該質(zhì)點(diǎn)具有正向最大速度，故C錯(cuò)誤；
D．波傳播到處所用的時(shí)間為
則再經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)正從平衡位置向正向最大位移處振動(dòng)，而離平衡位置越遠(yuǎn)加速度越大，速度越小，即該質(zhì)點(diǎn)得加速度正在增大，故D錯(cuò)誤。
故選AB。
10. 如圖所示，水平固定放置的足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌，左端與電阻相連，直導(dǎo)體質(zhì)量為，電阻為，長(zhǎng)度與導(dǎo)軌寬度相同，有勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過導(dǎo)軌平面。作用一水平向右的恒力，使直導(dǎo)體由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)直導(dǎo)體一直加速到速度為時(shí)，撤除拉力，直導(dǎo)體再經(jīng)相同的位移停止。對(duì)直導(dǎo)體經(jīng)歷的兩個(gè)過程，描述正確的是（ ）

A. 撤除后做勻減速運(yùn)動(dòng)
B. 加速階段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于減速階段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間
C. 拉力的沖量大小等于
D. 拉力做的功大于
【答案】BCD
【解析】
【詳解】A．撤除后根據(jù)牛頓第二定律
根據(jù)閉合電路歐姆定律
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律
解得
撤除后做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)加速階段
可知加速階段做加速減小的加速運(yùn)動(dòng)，由題知，加速和減速運(yùn)動(dòng)位移相同，根據(jù)圖像可知，加速階段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于減速階段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故B正確；

C．在加速階段，根據(jù)動(dòng)量定理
在減速階段，根據(jù)動(dòng)量定理
解得拉力的沖量大小
故C正確；
D．在加速階段，根據(jù)動(dòng)能定理
解得
可知拉力做的功大于，故D正確。
故選BCD。
三、非選擇題：本題共5小題，共54分。
11. 如圖1所示是研究小車加速度與力關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置，木板置于水平桌面上，一端系有砂桶的細(xì)繩通過滑輪與拉力傳感器相連，拉力傳感器可顯示所受拉力的大小，為帶滑輪小車的質(zhì)量，為砂和砂桶的總質(zhì)量。實(shí)驗(yàn)時(shí)先不掛砂桶，將木板右端墊高，調(diào)整墊塊的左右位置，平衡摩擦力，然后掛上砂桶，改變桶中砂的質(zhì)量，多次進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。完成下列問題：

（1）實(shí)驗(yàn)中___________（填“需要”或“不需要”）滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。
（2）以拉力傳感器的示數(shù)為橫坐標(biāo)，小車的加速度為縱坐標(biāo)，畫出的圖像是一條過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，如圖2所示，則圖線的斜率___________（用表示）。
（3）若某同學(xué)實(shí)驗(yàn)中加墊塊過高，采集實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的圖像可能是___________。
A． B． C．
【答案】 ①. 不需要 ②. ③. A
【解析】
【詳解】（1）[1]本題實(shí)驗(yàn)中有拉力傳感器，拉力是已知的無需滿足滿足砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量；
（2）[2]根據(jù)牛頓第二定律
整理為
故斜率為；
（3）[3] 加墊塊過高既平衡摩擦力過度，當(dāng)拉力為0時(shí)，也有加速度，故A正確。
故選A。
【點(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)證牛頓第二定律，注意平衡摩擦?xí)r產(chǎn)生的誤差。
12. 用半偏法測(cè)電流表G的內(nèi)阻的電路如圖所示。待測(cè)電流表滿偏電流，內(nèi)阻左右，電源A（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻很?。娫碆（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻很小），電阻箱（電阻范圍），滑動(dòng)變阻器，滑動(dòng)變阻器。

（1）本實(shí)驗(yàn)步驟如下：
①按圖連接好電路；
②斷開開關(guān)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，使電流表G指針滿偏；
③保持開關(guān)閉合，并保持___________，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表G指針半偏；
④讀出電阻箱的阻值是，則待測(cè)電流表的內(nèi)阻是___________。
（2）為了盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，電路中電源應(yīng)該選擇___________（填“A”或“B”）；滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇___________（填“”或“”）。
（3）用本方法測(cè)量的電流表內(nèi)阻的測(cè)量值___________真實(shí)值（填“等于”“大于”或“小于”）。
【答案】 ①. 滑動(dòng)變阻器滑片位置不變 ②. 98.5 ③. B ④. ⑤. 小于
【解析】
【詳解】（1）③[1] 保持開關(guān)閉合，并保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表G指針半偏；
④[2] 閉合開關(guān)，電流表G和電阻箱并聯(lián)，電壓相等；當(dāng)電流表G指針半偏時(shí)，兩者電流相等，所以兩者電阻相等，則待測(cè)電流表的內(nèi)阻是。
（2）[3][4]該實(shí)驗(yàn)中為了減小誤差，電源電動(dòng)勢(shì)要盡量大，滑動(dòng)變阻器也要選大的，所以電源應(yīng)選擇B，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R2。
（3）[5] 因開關(guān)閉合后，總電阻減小，總電流變大，則當(dāng)電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度一半時(shí)，通過電阻箱的電流大于總電流的一半，即電阻箱的阻值小于電流表的阻值，即測(cè)量值小于真實(shí)值。
13. 如圖所示，固定在豎直面內(nèi)的四分之三光滑圓弧軌道，點(diǎn)與水平面相切，是圓心的等高點(diǎn)，是最高點(diǎn)。在水平面上安裝一彈簧發(fā)射器，可以發(fā)射具有一定初動(dòng)能的小球（初動(dòng)能大小未知）。若發(fā)射點(diǎn)在點(diǎn)，對(duì)準(zhǔn)點(diǎn)發(fā)射小球，小球恰好到達(dá)點(diǎn)；若發(fā)射點(diǎn)在點(diǎn)，對(duì)準(zhǔn)點(diǎn)發(fā)射同一小球，小球恰好沿圓弧軌道內(nèi)側(cè)到達(dá)點(diǎn)；若發(fā)射點(diǎn)在點(diǎn)，對(duì)準(zhǔn)點(diǎn)發(fā)射同一小球，小球恰好能沿圓弧軌道內(nèi)側(cè)到達(dá)點(diǎn)。已知，，小球與水平面間的摩擦力恒定，求、兩點(diǎn)的距離。

【答案】
【解析】
【詳解】設(shè)，小球從點(diǎn)發(fā)射，小球恰好到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)能量守恒有
小球從點(diǎn)發(fā)射，小球恰好到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)能量守恒有
小球從點(diǎn)發(fā)射，小球恰好到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)能量守恒有
小球恰好能沿圓弧軌道內(nèi)側(cè)到達(dá)點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有
聯(lián)立解得
14. 如圖1所示，在半徑為的圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直于圓面的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖2所示，和大小之比為，已知。時(shí)刻，一帶電粒子從點(diǎn)沿方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，從圓周上點(diǎn)離開磁場(chǎng)，，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，粒子重力不計(jì)。
（1）求該粒子的比荷（用含、的式子表示）；
（2）若同一種粒子在時(shí)刻從點(diǎn)入射，速度大小、方向均與第一次相同，求這個(gè)粒子在圓形磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【詳解】（1）根據(jù)題意做出粒子得運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得該粒子軌跡得半徑
設(shè)該粒子得質(zhì)量為，電荷量為，入射速度為，由洛倫茲力充當(dāng)向心力有
粒子的周期為
則可得
聯(lián)立解得
（2）在時(shí)刻射入同一粒子，此時(shí)的磁場(chǎng)強(qiáng)度為，根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力有
解得
根據(jù)題意有
而
解得
則可知粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的角度為，設(shè)該粒子在此磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則可得
15. 如圖所示，質(zhì)量為、長(zhǎng)為的長(zhǎng)木板靜止在光滑的水平面上，一質(zhì)量也為、可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊以水平速度滑上木板，當(dāng)物塊和木板相對(duì)靜止時(shí)，物塊剛好位于長(zhǎng)木板中點(diǎn)處，重力加速度為。
（1）求物塊和長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；
（2）若水平面不光滑，且長(zhǎng)木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，小物塊仍然以相同的速度滑上長(zhǎng)木板，求經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間，小物塊和長(zhǎng)木板速度相等，并判斷此時(shí)小物塊是否與長(zhǎng)木板分離；
（3）求在（2）的條件下長(zhǎng)木板從開始運(yùn)動(dòng)到靜止與水平面間因摩擦產(chǎn)生的熱量是多少（用含和的式子表達(dá)）。

【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【詳解】（1）動(dòng)量守恒可得
解得
由能量守恒可得
解得
（2）由牛頓第二定律可得
解得
當(dāng)時(shí)求時(shí)間可得
解得
由于
故二者不會(huì)分離；
（3）設(shè)x1是二者滑動(dòng)時(shí)木板對(duì)地的位移，x2為二者保持靜止之后木板對(duì)地的位移；
對(duì)物塊與長(zhǎng)木板整體分析，根據(jù)牛頓第二定律可知
解得
二者相對(duì)靜止時(shí)的速度為
根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得
產(chǎn)生熱量為
聯(lián)立解得

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2024安徽省皖豫名校聯(lián)盟高三上學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題含解析：

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2024屆安徽省合肥一中等皖豫聯(lián)盟高三上學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題 （解析版）：

這是一份2024屆安徽省合肥一中等皖豫聯(lián)盟高三上學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題 （解析版），共19頁。

2024安徽省皖豫名校聯(lián)盟高三上學(xué)期第二次聯(lián)考物理試題含解析：

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