專題04  牛頓運(yùn)動(dòng)定律 1、(2022·湖南卷·T9)球形飛行器安裝了可提供任意方向推力的矢量發(fā)動(dòng)機(jī)，總質(zhì)量為。飛行器飛行時(shí)受到的空氣阻力大小與其速率平方成正比(即，為常量)。當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉時(shí)，飛行器豎直下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，其勻速下落的速率為；當(dāng)發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，飛行器勻速向上的速率為。重力加速度大小為，不考慮空氣相對(duì)于地面的流動(dòng)及飛行器質(zhì)量的變化，下列說(shuō)法正確的是(　　)A. 發(fā)動(dòng)機(jī)的最大推力為B. 當(dāng)飛行器以勻速水平飛行時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)推力的大小為C. 發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器勻速水平飛行時(shí)，飛行器速率為D. 當(dāng)飛行器以的速率飛行時(shí)，其加速度大小可以達(dá)到【答案】BC【解析】A．飛行器關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，以v1=勻速下落時(shí)，有，飛行器以v2=向上勻速時(shí)，設(shè)最大推力為Fm聯(lián)立可得， A錯(cuò)誤；B．飛行器以v3=勻速水平飛行時(shí)B正確；C．發(fā)動(dòng)機(jī)以最大推力推動(dòng)飛行器勻速水平飛行時(shí)解得C正確；D．當(dāng)飛行器最大推力向下，以v5=的速率向上減速飛行時(shí)，其加速度向下達(dá)到最大值解得am=2.5gD錯(cuò)誤。故選BC。2、(2022·全國(guó)甲卷·T19)如圖，質(zhì)量相等的兩滑塊P、Q置于水平桌面上，二者用一輕彈簧水平連接，兩滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。重力加速度大小為g。用水平向右的拉力F拉動(dòng)P，使兩滑塊均做勻速運(yùn)動(dòng)；某時(shí)刻突然撤去該拉力，則從此刻開始到彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)之前(　　)A. P的加速度大小的最大值為B. Q加速度大小的最大值為C. P的位移大小一定大于Q的位移大小D. P的速度大小均不大于同一時(shí)刻Q的速度大小【答案】AD【解析】設(shè)兩物塊的質(zhì)量均為m，撤去拉力前，兩滑塊均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則拉力大小為撤去拉力前對(duì)Q受力分析可知，彈簧的彈力為AB．以向右為正方向，撤去拉力瞬間彈簧彈力不變?yōu)?/span>，兩滑塊與地面間仍然保持相對(duì)滑動(dòng)，此時(shí)滑塊P的加速度為解得此刻滑塊Q所受的外力不變，加速度仍為零，滑塊P做減速運(yùn)動(dòng)，故PQ間距離減小，彈簧的伸長(zhǎng)量變小，彈簧彈力變小。根據(jù)牛頓第二定律可知P減速的加速度減小，滑塊Q的合外力增大，合力向左，做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)。故P加速度大小的最大值是剛撤去拉力瞬間的加速度為。Q加速度大小最大值為彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，解得，故滑塊Q加速度大小最大值為，A正確，B錯(cuò)誤；C．滑塊PQ水平向右運(yùn)動(dòng)，PQ間的距離在減小，故P的位移一定小于Q的位移，C錯(cuò)誤；D．滑塊P在彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)的加速度為，解得，撤去拉力時(shí)，PQ的初速度相等，滑塊P由開始的加速度大小為做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最后彈簧原長(zhǎng)時(shí)加速度大小為；滑塊Q由開始的加速度為0做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，最后彈簧原長(zhǎng)時(shí)加速度大小也為。分析可知P的速度大小均不大于同一時(shí)刻Q的速度大小，D正確。故選AD。3、(2022·全國(guó)乙卷·T15)如圖，一不可伸長(zhǎng)輕繩兩端各連接一質(zhì)量為m的小球，初始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)靜置于光滑水平桌面上，兩球間的距離等于繩長(zhǎng)L。一大小為F的水平恒力作用在輕繩的中點(diǎn)，方向與兩球連線垂直。當(dāng)兩球運(yùn)動(dòng)至二者相距時(shí)，它們加速度的大小均為(　　)A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】當(dāng)兩球運(yùn)動(dòng)至二者相距時(shí)，,如圖所示由幾何關(guān)系可知設(shè)繩子拉力為，水平方向有解得對(duì)任意小球由牛頓第二定律可得解得故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。1.(2022·山東濰坊市高三下學(xué)期一模)在水平面上固定一粗糙斜面，先讓一滑塊從斜面頂端由靜止下滑到底端，再讓滑塊以某一速度從底端上滑剛好能滑到頂端，用照相機(jī)記錄滑塊下滑和上滑的頻閃照片如圖所示。已知照片上相鄰位置的時(shí)間間隔相等，下列說(shuō)法正確的是(　　)A. 圖甲是滑塊上滑的頻閃照片B. 滑塊下滑時(shí)的速度變化快C. 滑塊下滑到底端時(shí)的速度大于其沿斜面上滑時(shí)的初速度D. 滑塊下滑過(guò)程中重力的沖量大于上滑過(guò)程中重力的沖量【答案】D【解析】A．設(shè)下滑、上滑的時(shí)間分別為、，滑塊沿斜面上滑的過(guò)程，可逆向看做由靜止下滑的過(guò)程，根據(jù)由下滑加速度上滑加速度可知故圖1滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，圖乙滑塊所用時(shí)間為，則圖甲滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)，可知圖甲為下滑照片，A錯(cuò)誤；B．由因?yàn)?/span>滑塊上滑時(shí)的速度變化快，B錯(cuò)誤；C．先讓一滑塊從斜面頂端由靜止下滑到底端，再讓滑塊以某一速度從底端上滑剛好能滑到頂端，滑塊下滑到底端時(shí)的速度小于其沿斜面上滑時(shí)的初速度，C錯(cuò)誤；D．重力的沖量因?yàn)?/span>所以，滑塊下滑過(guò)程中重力的沖量大于上滑過(guò)程中重力的沖量，D正確。故選D。2.(2022·江蘇七市高三下學(xué)期二模)如圖所示，相同細(xì)線1、2與鋼球連接，細(xì)線1的上端固定，用力向下拉線2，則(　　)A. 緩慢增加拉力時(shí)，線2會(huì)被拉斷B. 緩慢增加拉力時(shí)，線1中張力的增量比線2的大C. 猛拉時(shí)線2斷，線斷前瞬間球的加速度大于重力加速度D. 猛拉時(shí)線2斷，線斷前瞬間球的加速度小于重力加速度【答案】C【解析】A．緩慢增加拉力，小球受力平衡所以細(xì)線1先被拉斷，故A錯(cuò)誤；B．要使等式成立，細(xì)線1和2的拉力變化量是相同的，故B錯(cuò)誤；CD．猛拉時(shí)，細(xì)線2上拉力突然變大，作用時(shí)間極短，由于慣性，小球位置幾乎不變，細(xì)線1的拉力增加幾乎為零，故細(xì)線2斷裂，因此斷裂前細(xì)線2的拉力大于細(xì)線1，因此合力故加速度大于重力加速度，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3.(2022·江蘇如皋市高三下學(xué)期一調(diào))如圖甲所示，A、B兩物塊靜止疊放在水平地面上.水平拉力F作用在A上，且F從0開始逐漸增大，B的加速度與F的關(guān)系圖像如圖乙所示，則A的加速度與F的關(guān)系圖像可能正確的是(　　)A. B. C.  D. 【答案】D【解析】設(shè)A的質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則當(dāng)，AB處于靜止?fàn)顟B(tài)，加速度都為0；當(dāng)，AB開始一起加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)當(dāng)，AB剛好要發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，以AB為整體，由牛頓第二定律以B為對(duì)象，由牛頓第二定律聯(lián)立解得則當(dāng) ，AB一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為當(dāng) ，AB發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)A由牛頓第二定律解得由以上分析可知A的加速度與的關(guān)系圖像可能為D選項(xiàng)，D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D。4.(2022·廣東廣州市高三下學(xué)期一模)如圖，籃球從某一高度自由落下，與地面反復(fù)碰撞，最后停在地面上，空氣阻力不計(jì)，下列圖像能大致反映該過(guò)程籃球的加速度隨時(shí)間變化的是(　　)A. B. C.  D. 【答案】B【解析】籃球自由落地到與地面接觸前，只受重力作用，加速度不變，以向下為正方向，加速度為正值，圖線為平行于t軸的線段；籃球與地面接觸到反彈離開地面過(guò)程中，受地面的向上的彈力先從零開始逐漸增大，籃球所受的合力開始階段地面彈力N小于重力，合力向下，籃球向下繼續(xù)擠壓，N增大，合力逐漸減小，加速度逐漸減小，籃球這一階段向下做加速度(向下，為正)減小的加速運(yùn)動(dòng)；彈力N增大到超過(guò)重力大小時(shí)，合力向上，其大小為隨著N增大，加速度a逐漸增大，方向向上，籃球向下做加速度(向上，為負(fù))增大的減速運(yùn)動(dòng)直至速度為零；籃球開始向上運(yùn)動(dòng)(離開地面前)的過(guò)程是籃球向下擠壓地面過(guò)程的逆過(guò)程，加速度變化特點(diǎn)是：向上(為負(fù))減小，再向下(為正)增大。故B符合題意，ACD不符合題意。故選B。5.(2022·四川成都市高三下學(xué)期二模)如圖(a)，傾角為θ的光滑斜面上，輕彈簧平行斜面放置且下端固定，一質(zhì)量為m的小滑塊從斜面上O點(diǎn)由靜止滑下。以O點(diǎn)為原點(diǎn)，作出滑塊從O下滑至最低點(diǎn)過(guò)程中的加速度大小a隨位移x變化的關(guān)系如圖(b)。彈簧形變始終未超過(guò)彈性限度，重力加速度大小為g。下列判定正確的是(　　)A. 彈簧的勁度系數(shù)為B. 下滑過(guò)程中，在x=x2處，滑塊的機(jī)械能最大C. 在x1～x2和x2～x3兩段過(guò)程中，彈簧彈性勢(shì)能增量相等D. 在x1～x2和x2～x3兩段過(guò)程中，a-x圖線斜率的絕度值均等于【答案】AD【解析】A．由圖可知，當(dāng)小球下落到x2時(shí)，加速度為零，即彈力與重力大小相等，此時(shí)彈簧的形變量為，則有解得A正確；B．對(duì)小滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)進(jìn)行分析，由于只有重力和彈力做功，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能最小，小滑塊的機(jī)械能最大，故當(dāng)小滑塊下落到時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，彈性勢(shì)能為零，為最小，則此時(shí)小滑塊的機(jī)械能最大，B錯(cuò)誤；C．由圖可知，x1～x2的距離差小于x2～x3兩的距離差，可得彈簧彈性勢(shì)能的增量不相等，C錯(cuò)誤；D．在x1～x2的過(guò)程中，重力大于彈力，根據(jù)牛頓第二定律有又由A項(xiàng)可知聯(lián)立解得由圖可知，當(dāng)時(shí)聯(lián)立解得即為該段圖線的斜率絕對(duì)值；在過(guò)程中，彈力大于重力，根據(jù)牛頓第二定律有又聯(lián)立解得由圖可知，當(dāng)時(shí)聯(lián)立解得即為該段圖線的斜率絕對(duì)值，故可得在x1～x2和x2～x3兩段過(guò)程中，a-x圖線斜率的絕度值均等于，D正確。故選AD。6．(2022·江蘇省昆山中學(xué)模擬預(yù)測(cè))如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng)，小物體P、Q由通過(guò)定滑輪且不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，t=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有速度v2，P與定滑輪間的繩水平，t=t0時(shí)刻P離開傳送帶。不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦，繩足夠長(zhǎng)，正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖像可能是(　　)A． B．C． D．【答案】B【解析】AB．若v1<v2，小物體P先向右勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得減速到與傳送帶共速時(shí)，若最大靜摩擦力大于或等于小物體Q的重力，其受力平衡將隨傳送帶做勻速直線運(yùn)動(dòng)直至離開傳送帶。若最大靜摩擦力小于小物體Q的重力，則繼續(xù)向右勻減速直線運(yùn)動(dòng)，滑動(dòng)摩擦力反向，有聯(lián)立，可得故A錯(cuò)誤；B正確；D．根據(jù)上面選項(xiàng)分析，可知小物體P速度減為零后，又反向以的加速度做向左的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示物體的位移，可知小物體P沿傳送帶向右運(yùn)動(dòng)的距離大于向左運(yùn)動(dòng)的距離，即t0時(shí)刻沒(méi)有離開傳送帶。故C錯(cuò)誤。故選B。7．(2022·新疆·模擬預(yù)測(cè))在路上行駛的各種車輛之間至少要保持一定的間距，才能確保安全，這個(gè)距離叫“安全距離”。假設(shè)車速為100km/h的司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有路障，經(jīng)過(guò)1s的反應(yīng)時(shí)間后做出剎車動(dòng)作，汽車剎車時(shí)車輪抱死且做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，g取10m/s2，經(jīng)計(jì)算得出安全距離為100m。由以上條件得出的以下結(jié)論正確的是(　　)A．當(dāng)汽車以100km/h的速度行駛時(shí)，車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)至少約為0.53B．當(dāng)汽車以100km/h的速度行駛時(shí)，司機(jī)從發(fā)現(xiàn)前方路障到停止所需時(shí)間約為3sC．若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，司機(jī)反應(yīng)時(shí)間不變，汽車仍保持安全距離為100m，則汽車的最大行駛速度約為36km/hD．若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，司機(jī)反應(yīng)時(shí)間不變，汽車仍以100km/h的速度行駛時(shí)，應(yīng)保持的安全距離至少約為193m【答案】A【解析】AB．速度根據(jù)牛頓第二定律得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式又聯(lián)立解得司機(jī)從發(fā)現(xiàn)前方路障到停止所需時(shí)間約為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．若下雨天車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得司機(jī)反應(yīng)時(shí)間不變，汽車仍以100km/h的速度行駛時(shí)應(yīng)保持的安全距離至少故CD錯(cuò)誤。故選A。8．(2022·黑龍江·哈爾濱三中模擬預(yù)測(cè))一質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，某時(shí)刻起受到水平向右的大小隨位移變化的力F的作用，F隨位移變化的規(guī)律如圖所示，下列說(shuō)法正確的是(　　)A．物塊先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)B．物塊的位移為x0時(shí)，物塊的速度最大C．力F對(duì)物塊做的總功為6F0x0D．物塊的最大速度為【答案】D【解析】AB．物體在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，受到的合外力為F，因?yàn)?/span>F為正，所以物體一直加速運(yùn)動(dòng)；那么，物體的位移為3x0時(shí)，物塊的速度最大，故AB錯(cuò)誤；C．物體所受合外力F隨位移的關(guān)系式可有圖象得到，由圖可知，合外力做功的大小為圖中曲線與x軸圍成的面積，所以力F對(duì)物塊做的總功為故C錯(cuò)誤；D．物體的位移為3x0時(shí)，物塊的速度最大，由動(dòng)能定理可得所以最大速度為故D正確。故選D。9．(2022·黑龍江·哈爾濱三中模擬預(yù)測(cè))如圖所示，一足夠長(zhǎng)的傳送帶傾斜放置，傾角θ= 37°，以恒定速率v=4 m/s順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。一煤塊以初速度v0=12m/s從A端沖上傳送帶，煤塊與傳送帶之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，取g=10m/s2，sin37°= 0.6、cos37°= 0.8。則下列說(shuō)法正確的是(　　)A．煤塊沖上傳送帶后經(jīng)1s與傳送帶速度相同B．煤塊向上滑行的最大位移為10mC．煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時(shí)間為5sD．煤塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)為()m【答案】ABD【解析】A．對(duì)煤塊先做勻減速，由牛頓第二定律可得解得設(shè)經(jīng)t時(shí)間與傳送帶共速，由解得故A正確； B．共速后，摩擦力方向向上，由牛頓第二定律解得煤塊先以12m/s的初速度，8m/s2的加速度減速至4m/s，后又以4m/s2的加速度減速至0，再反向加速至回到A點(diǎn)，v-t圖像如圖所示由圖像煤塊上升到最高點(diǎn)的位移大小等于速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸所包圍的面積的大小故B正確；C．物塊上升到最高點(diǎn)后反向向下做初速度為零，加速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)返回到A點(diǎn)所需的時(shí)間為t1，下滑的位移解得結(jié)合圖像知，物塊從沖上傳送帶到返回A端所用時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．在0到1s內(nèi)傳送帶比物塊速度慢，則滑塊在傳送帶上的劃痕為此時(shí)劃痕在物塊的下方，在1s到2s內(nèi)，傳送帶速度比物塊速度大，則因?yàn)?/span>L2<L1，所以在上升階段產(chǎn)生的劃痕為4 m，此時(shí)煤塊在產(chǎn)生的劃痕的中點(diǎn)，在2s到時(shí)間內(nèi)，煤塊向下滑了10 m，傳送帶向上滑了，則煤塊在傳送帶上的劃痕為故D正確。故選ABD。10．(2022·河北·模擬預(yù)測(cè))汽車運(yùn)送圓柱形工件的示意圖如圖所示，圖中P、Q、N是固定在車體上的壓力傳感器。假設(shè)圓柱形工件表面光滑，汽車靜止時(shí)，Q傳感器示數(shù)為零，P、N傳感器示數(shù)不為零。汽車以加速度向左勻加速啟動(dòng)，重力加速度，下列情況說(shuō)法正確的是(　　)()A．當(dāng)時(shí)，P有示數(shù)，Q無(wú)示數(shù)B．當(dāng)時(shí)，P有示數(shù)，Q有示數(shù)C．當(dāng)時(shí)，P有示數(shù)，Q有示數(shù)D．當(dāng)時(shí)，P無(wú)示數(shù)，Q有示數(shù)【答案】AD【解析】?jī)HN傳感器示數(shù)有示數(shù)時(shí)，有，得，當(dāng)，時(shí)，P有示數(shù)，Q無(wú)示數(shù)，當(dāng)，時(shí)，P無(wú)示數(shù)，Q有示數(shù)。故選AD。
 

相關(guān)試卷

高考物理二輪復(fù)習(xí)分類訓(xùn)練專題11 磁場(chǎng)（含解析）：

這是一份高考物理二輪復(fù)習(xí)分類訓(xùn)練專題11 磁場(chǎng)（含解析），共38頁(yè)。

高考物理二輪復(fù)習(xí)分類訓(xùn)練專題07 功和能（含解析）：

這是一份高考物理二輪復(fù)習(xí)分類訓(xùn)練專題07 功和能（含解析），共27頁(yè)。

2010-2019年高考物理真題分專題訓(xùn)練 專題04 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用（含解析）：

這是一份2010-2019年高考物理真題分專題訓(xùn)練 專題04 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用（含解析），共44頁(yè)。

英語(yǔ)朗讀寶
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
  • 1.電子資料成功下載后不支持退換，如發(fā)現(xiàn)資料有內(nèi)容錯(cuò)誤問(wèn)題請(qǐng)聯(lián)系客服，如若屬實(shí)，我們會(huì)補(bǔ)償您的損失
  • 2.壓縮包下載后請(qǐng)先用軟件解壓，再使用對(duì)應(yīng)軟件打開；軟件版本較低時(shí)請(qǐng)及時(shí)更新
  • 3.資料下載成功后可在60天以內(nèi)免費(fèi)重復(fù)下載
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請(qǐng)掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
入駐教習(xí)網(wǎng)，可獲得資源免費(fèi)推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎(jiǎng)勵(lì)，申請(qǐng) 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
高考專區(qū)
  • 精品推薦
  • 所屬專輯19份
歡迎來(lái)到教習(xí)網(wǎng)
  • 900萬(wàn)優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬(wàn)優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬(wàn)教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊(cè)
qrcode
二維碼已過(guò)期
刷新

微信掃碼，快速注冊(cè)

手機(jī)號(hào)注冊(cè)
手機(jī)號(hào)碼

手機(jī)號(hào)格式錯(cuò)誤

手機(jī)驗(yàn)證碼 獲取驗(yàn)證碼

手機(jī)驗(yàn)證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個(gè)字符，數(shù)字、字母或符號(hào)

注冊(cè)即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊(cè)協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊(cè)
手機(jī)號(hào)注冊(cè)
微信注冊(cè)

注冊(cè)成功

  • 0

    資料籃

  • 在線客服

    官方
    微信

    添加在線客服

    獲取1對(duì)1服務(wù)

  • 官方微信

    官方
    微信

    關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號(hào)

    打開微信就能找資料

  • 免費(fèi)福利

    免費(fèi)福利
返回
頂部