2023年江蘇省常州市武進區(qū)前黃實驗學校中考物理一模試卷(含答案)

這是一份2023年江蘇省常州市武進區(qū)前黃實驗學校中考物理一模試卷(含答案)，共49頁。試卷主要包含了填空作圖題等內容，歡迎下載使用。
?2023年江蘇省常州市武進區(qū)前黃實驗學校中考物理一模試卷
一、單項選擇題（本題共15小題，每小題2分，共30分）每小題只有一個選項符合題意。
1．（2分）科技是強國的支撐，以下所列我國取得的科技成就中，說法不正確的是（　?。?br /> A．人造衛(wèi)星展開太陽能電池板，把太陽能轉化為電能供給衛(wèi)星用電器
B．核聚變裝置“東方超環(huán)”獲得核能的方式與氫彈是一致
C．北斗衛(wèi)星與汽車導航系統(tǒng)之間通過電磁波傳播信號
D．超導光量子計算機中的所有電子器件都是超導體制成的
2．（2分）下列判斷正確的是（　?。?br />
A．甲圖中該木塊的長度為31.00cm
B．乙圖中A的讀數結果比真實值偏小
C．丙圖中的秒表記錄的時間為217.5s
D．丁圖中前2s內，小華跑得較快
3．（2分）國家速滑館“冰絲帶”采用了二氧化碳跨臨界直冷制冰技術，原理如圖所示，首先液體二氧化碳通過膨脹閥進入毛細管，在毛細管中迅速變成氣體，此時在毛細管上方的平面上灑水即可完成制冰；之后氣體二氧化碳在壓縮機的推動下進入冷凝器，在這里變成液體，完成一個循環(huán)。下列有關說法正確的是（　　）

A．毛細管中發(fā)生的物態(tài)變化是液化
B．制冰時水在平面上凝固吸熱形成冰面
C．二氧化碳氣體在冷凝器中液化放熱
D．制冰時冷凝器的溫度升高，這是通過做功的方式改變物體內能的
4．（2分）如圖，同學們送小明乘火車回家，火車開動后小明看到同學們在后退。下列說法正確是（　?。?br />
A．小明以地面為參照物判斷同學們是運動的
B．小明以其中一名同學為參照物判斷其他同學是運動的
C．同學們以地面為參照物判斷小明是運動的
D．同學們以火車為參照物判斷小明是運動的
5．（2分）綠色辦奧運是冬奧會的辦賽理念之一。在電力方面，考慮使用清潔能源和可再生能源，實現綠電入網。據此，你推薦使用下列哪一組能源（　?。?br /> A．水能；核能 B．風能；太陽能
C．地熱能；天然氣 D．煤；石油
6．（2分）沙畫是將沙子灑在平板燈臺上做出各種造型的藝術。燈臺下方射出的光受到沙子的阻擋后，呈現出各種畫面，如圖所示為中學生所做的抗疫沙畫。下列成語中描述的現象成因與沙畫的光學原理相同的是（　?。?br />
A．鏡花水月 B．五光十色 C．海市蜃樓 D．井底之蛙
7．（2分）如圖是西安某住宅小區(qū)門口欄桿的示意圖，當在A處施加一個動力時，可將欄桿逆時針拉起來，下列四個選項中的杠桿與它類型一致的是（　　）

A．釣魚竿 B．核桃夾
C．托盤天平 D．羊角錘
8．（2分）在2022北京冬奧會短道速滑男子1000米比賽中，中國選手任子威獲得金牌，圖甲是他正全力通過彎道、圖乙是他獲勝后站立在水平賽場中央大聲歡呼的情形。下列說法正確的是（　?。?br />
A．他通過彎道過程中，處于平衡狀態(tài)
B．他在加速沖刺過程中，慣性也在增大
C．他在快速滑行時，若所受外力突然消失，會立即停下
D．站立時，他受到的重力和冰面對他的支持力是一對平衡力
9．（2分）細心的小明通過平時觀察發(fā)現如下現象，其中表述不正確的是（　　）
A．如圖甲，“覆杯實驗”證明了大氣壓的存在
B．如圖乙，盆景自動供水裝置利用了連通器原理
C．如圖丙，小明看到攔河大壩“上窄下寬”，是為了能夠承受水深處的較大的壓強
D．如圖丁，飛機獲得升力是因為其上表面空氣流速大于下表面空氣的流速
10．（2分）與頭發(fā)摩擦過的塑料尺能“吸”起紙屑。下列現象中“吸”的物理原理與其相同的是（　?。?br /> A．擠壓后的塑料吸盤“吸”在瓷磚上
B．削平的鉛柱擠壓后會“吸”在一起
C．干手搓開的新塑料袋“吸”在手上
D．行駛的汽車的窗簾被“吸”出窗外
11．（2分）父子二人在沙地上行走，在沙地上留下深淺相同、大小不同的腳印，已知腳印的面積關系為S父＞S子，他們對沙地的壓強、壓力大小關系分別是（　?。?br /> A．p父＜p子，F父＜F子 B．p父＞p子，F父＞F子
C．p父＝p子，F父＜F子 D．p父＝p子，F父＞F子
12．（2分）如圖所示是生活中常見的刷卡機，當人們將帶有磁條的信用卡在刷卡機指定位置刷一下，刷卡機的檢測頭就會產生感應電流便可讀出磁條上的信息。下列選項中與刷卡機讀信息原理相同的是（　?。?br />
A．動圈式話筒
B．電磁起重機
C．揚聲器
D．靈敏電流計
13．（2分）某物理興趣小組為學校食堂設計了一個煙霧自動報警器，它能在煙霧達到一定濃度時通過電鈴（阻值不變）發(fā)聲報警。該報警器內部有一可變電阻R，其阻值隨煙霧濃度增大而減小，通過電鈴的電流需要達到一定大小時才能發(fā)聲，同時電表可以顯示濃度的變化。下列幾個電路圖中符合報警要求的是（　　）
A． B．
C． D．
14．（2分）在樓房竣工通電前，電工通常要檢查家庭電路的安裝是否存在故障。常用一只標有“220V 40W”的燈泡L0（檢驗燈泡）取代保險絲來檢查新安的照明電路中每個支路的情況，如圖所示。當只閉合S、S1時，L0不亮；當只閉合S、S2時，L0和L2都呈暗紅色；當只閉合S、S3時，L0正常發(fā)光。由此可以判斷（　?。?br />
A．L2所在的支路短路 B．L3所在的支路正常
C．L1所在的支路斷路 D．各支路均完好
15．（2分）燈泡L標有“3V，1.5W”字樣，測得該燈泡的電流隨電壓變化關系如圖甲所示；現把燈泡L接入如圖乙所示的電路中，若電源電壓恒為4.5V，電流表的量程為“0～0.6A”，電壓表的量程為“0～3V”，滑動變阻器標有“20Ω，1A”字樣，則下列說法正確的是（　?。?br />
A．電路的總功率最大為1.5W
B．當電流表示數為0.3A時，滑動變阻器電功率為0.45W
C．為保護電路，電流表的示數變化范圍是0.3A～0.5A
D．為了保證電路安全，滑動變阻器的取值范圍5～10Ω
二、填空作圖題（每空格1分，每圖2分，共28分）
16．（2分）在種植蔬菜的時候常常采用塑料薄膜做大棚，這是因為塑料薄膜透光性　 ?。ㄟx填“好”或“差”），導熱能力　 ?。ㄟx填“強”或“弱”）。
17．（2分）如圖所示，小明透過水滴狀的魚肝油膠囊觀察積木，發(fā)現上面的數字“9”變成了“6”，與該成像原理相同的光學儀器有 　 ??；若想讓“6”變大一些，可將積木與膠囊的距離 　 　。

18．（3分）2022年6月4日，長征二號F遙十四運載火箭開始加注燃料推進劑，于6月5日圓滿完成神舟十四號發(fā)射任務。
（1）運載火箭燃料推進劑選擇 　 　（選填“密度”、“熱值”或“比熱容”）大的氣體燃料，采用 　 　和壓縮體積的方法使氣體燃料液化。
（2）本次發(fā)射搭載的是我國空間站的重要組成部分，空間站在設計上有很大突破，供航天員工作和生活的空間達到了50m3，艙內處于“失重狀態(tài)”（重力幾乎為零），如果在艙內將一個小球斜向上拋出，小球將 　 ?。ㄟx填“靜止”、“拋物線運動”、“勻速直線運動”）。
19．（3分）現代的科技設備可以幫助我們做很多事。如圖甲，小明用名為指南針的手機APP指引方向，當“小磁針”靜止時，其上部指向南方，說明“小磁針”的上部是 　 　極；如圖乙是疫情期間，老師們開展網絡教學用到的電腦手寫板。手寫板內有一塊電路板，可產生縱橫交錯的磁場，當帶有線圈的手寫筆在手寫板上方移動時，手寫板便能接收到手寫筆發(fā)射的 　 ?。ㄟx填“電磁波”“超聲波”或“次聲波”）信號，從而判斷筆的位置，這是 　 　現象。

20．（6分）連日來，大風揚沙肆虐。政府各相關單位采取多項措施積極應對極端天氣，其中使用霧炮車向空中噴水霧能使塵埃粒子快速沉降到地面，起到凈化空氣的作用，確保居民生活環(huán)境的健康安全。某型號霧炮車的發(fā)動機是柴油機，空載時的質量為10t，它配備了一個體積為10m3的水箱，霧炮車在水平地面上勻速行駛時受到的阻力為車重的0.05倍。
（1）大風揚沙肆虐，該運動 　 　（選填“是”或“不是”）分子熱運動。
（2）柴油機四個沖程中的 　 　沖程給車提供了動力，若該柴油機的轉速為1800r/min，則它每秒鐘完成 　 　個做功沖程。
（3）霧炮車在水平路面勻速行駛并不斷向外噴水時，車受到水平地面的摩擦力 　 ?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”），動能 　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）。
（4）當某次水噴灑完后空載返回時，沿水平路面勻速前進了10km，速度為2m/s，此過程消耗柴油4kg，則該霧炮車的效率是 　 　。（g取10N/kg，柴油的熱值取4×107J/kg）

21．（4分）如圖甲所示是一種常見的電熱膜，它是在絕緣的聚酯薄膜表面，經過特殊工藝加工形成的一條條薄的導電墨線，導電墨線兩端與金屬導線相連，其內部結構如圖乙所示。電熱膜取暖器工作時，電熱膜是利用電流的 　 　效應工作的；如圖乙所示電熱膜電路，導電墨線的連接方式是 　 　聯；使用中，若某些導電墨線的局部導電材料脫落，如圖丙所示，則該電熱膜的電功率會 　 　。（選填“變大”“變小”或“不變”）；某防霧鏡就是在平面鏡后貼有該電熱膜，防霧鏡的額定功率為88W，則防霧鏡正常工作250s消耗
的電能為 　 　J。

22．（4分）小明家有一個標有“220V，10A”的插排（圖甲所示），同時接入一個電加熱坐墊（“220V，24.2W”）和一臺吸塵器（“220V，1100W”），吸塵器的內部結構主要是電動機，小明家電壓恒為220V。

（1）現有一個電吹風機（“220V，880W”），該插排 　 　（選填“可以”或“不可以”）再接入此電吹風機，使3個用電器同時工作。
（2）吸塵器內的電動機是利用 　 　原理工作的。
（3）圖乙是電加熱坐墊（“220V，24.2W”）的簡化電路圖，通過調控開關可實現保溫和加熱兩個功能。電
阻R1在調溫盒內，電阻R2置于坐墊內用于加熱。坐墊處于保溫狀態(tài)時，電阻R2消耗的電功率為20W，則保溫時，電路中的電流是 　 　A；R1的阻值是 　 　Ω。
23．（2分）如圖甲所示的多功能碗夾，使用時和鉗子類似，其中AOB可以看成一個杠桿，其簡化示意圖如圖乙所示，請你在圖乙中畫出使用該碗夾取餐時，作用在A點的最小動力F1及阻力F2的力臂l2。

24．（2分）某學校大門安裝了“人臉識別測溫門禁一體機”，要求人臉數據識別成功（S1閉合），且體溫不高于37.3℃（S2閉合）才能把門鎖（由電動機M控制）打開，請把這種一體機的電路圖（如圖所示）連接完整。

三、解答探究題（第25題5分，第26題5分，第27題10分，第28題6分，第29題8分，第30題8分，共42分）計算型問題解答時要有必要的文字說明、公式和運算過程，直接寫出結果不得分。
25．（5分）如圖所示是小明設計的研究勻速直線運動物體受力情況的實驗裝置，在小車上固定一水平長木板，木板兩端各固定一立柱，將兩根相同的彈簧一端固定在立柱上，彈簧另一端固定在底部帶有輪子的錐體上，兩彈簧均處于適當伸長狀態(tài)，且兩彈簧處于同一直線上。當裝置靜止時，在錐體輪子所處位置處做好標記。用細繩將小車與數字電機相連，當電機工作時，能使小車以不同的速度向右運動。
（1）為便于分析力與運動的關系，利用該裝置應以　 ?。ㄟx填“小車”、“錐體”或“長木板”）為研究對象。
（2）裝置靜止時，左側彈簧對錐體的拉力　 　（選填“大于”、“等于”或“小于”）右側彈簧對錐體的拉力。理由是：　 　。
（3）當錐體隨著小車一起以2m/s速度運動時，發(fā)現錐體底部的輪子處于標記線處，說明處于勻速直線運動狀態(tài)的物體，所受的兩個力大小　 　。
（4）當錐體底部的輪子處于標記線左側時（兩側彈簧仍處于伸長狀態(tài)），左側彈簧對錐體的拉力　 　（選填“大于”、“等于”或“小于”）右側彈簧對錐體的拉力，此時錐體處于　 ?。ㄟx填“加速”、“勻速”或“減速”）運動狀態(tài)。

26．（5分）寒假期間，學校布置了假期社會實踐作業(yè)。小聰在家和媽媽學烹飪時注意到，鹽（主要成分是NaCl）和糖（主要成分是蔗糖）外觀非常像（如圖甲），除了嘗味道幾乎分辨不出來。于是他找來小明和小林，想利用自己所學的物理知識，科學的分辨出兩種物質。經過查閱資料，他們得到以下數據（如表格）：

物質
密度/g?cm﹣3
熔點/℃
比熱容/J?（kg?℃）﹣1
鹽（NaCl）
2.17
801
4.03×103
糖（蔗糖）
1.66
185
1.26×103
（1）小聰找來A、B兩個相同的勺子，均裝滿一平勺不同樣品。用天平測得A勺總質量為16.2g，B勺總質量如圖乙所示，則可知 　 ?。ㄟx填“A”或“B”）勺中樣品為鹽。
（2）小明和小林從學校借來實驗器材，組裝了如圖丙所示裝置，通過水浴法加熱兩種樣品。某時刻，試管D中溫度計示數如圖，此時溫度為 　 　℃。實驗中每隔一段時間記錄一次C、D管中物質的溫度，并記錄數據，做出溫度隨時間變化的規(guī)律圖像，如圖丁所示。
（3）根據圖丁可知，吸收相等熱量，升溫較多的是 　 ?。ㄟx填“C”或“D”），進而判斷出試管D中樣品為 　 ?。ㄟx填“糖”或“鹽”）。
（4）小林發(fā)現該實驗無法根據熔點辨別兩種物質，原因是 　 　。
27．（10分）小明設計了如圖甲所示的電路測量小燈泡的額定功率，已知電源電壓恒為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V。

實驗序號
電壓U/V
電流I/A
電功率P/W
燈泡的亮度
1
0.5
0.16
0.08
不亮
2
1.7
0.24
0.41
較暗
3
2.5
0.28

正常
4
3.0
0.30
0.90
很亮
（1）圖甲中有一根導線連接錯誤，請在錯誤導線上打“×”，并用筆畫線代替導線幫他改正。
（2）重新連接電路后，閉合開關，發(fā)現無論怎樣移動滑片，兩只電表的指針始終處于圖乙所示位置，則電路故障原因可能是 　 　。
（3）排除故障后，小明進行了4次測量，并將有關數據及現象記錄在表中。分析表中數據，要完成第三次實驗，與第二次實驗相比，滑動變阻器連入電路的阻值 　 ?。ㄟx填“更大”“更小”或“相等”）。小明測得小燈泡的額定功率為 　 　W。另一位同學小丁認為，無需測量，也能計算出小燈泡的額定功率。他利用第一次實驗測量的數據，計算出0.5V電壓下小燈泡的電阻R，再根據P＝計算小燈泡在25V下的額定功率。那么按此方案算出的小燈泡的額定功率與小明測量的額定功率相比 　 ?。ㄟx填“偏大”“偏小”或“相等”）。造成上述偏差的原因是小燈泡的電阻受 　 ?。ㄟx填“溫度”“電壓”或“電流”）的影響。
（4）小明認為，為了得到小燈泡準確的額定功率。應求出上述表格中多組小燈泡電功率的平均值作為小燈泡的額定功率，這種數據處理方法是 　 ?。ㄟx填“正確”或“錯誤”）的。
（5）某實驗小組由于電壓表被損壞，又想出一種測量小燈泡額定功率（小燈泡的額定電壓為U額）的方法，電路設計如圖丙所示，其中R0為阻值已知的定值電阻，請將以下實驗步驟補充完整。
①檢查電路無誤后，閉合開關S、S1，斷開S2，調節(jié)滑動變阻器滑片直至電流表示數為 　 　時，小燈泡正常發(fā)光；
②滑動變阻器滑片不動，斷開S1，閉合S2，讀出電流表的示數為I；
③小燈泡的額定功率P額＝　 ?。ㄓ肬額、R0、I表示）。
28．（6分）閱讀下列短文，回答問題。
地震預警
地震預警，是指在地震發(fā)生后，利用地震波傳播速度小于電磁發(fā)傳播速度的特點，提前對地震波尚未到達的地方進行提醒，以減小相關區(qū)域的災害損失。
地震波按傳播方式分為三種類型：縱波、橫波和面波?？v波地殼中傳播速度最快，約為6km/s，破壞性最弱。橫波傳播速度約為3km/s，破壞性較強。當橫波與縱波相遇疊加后，會激發(fā)出面波。橫波和面波是造成建筑物破壞的主要因素。
自然界中傳播速度最快就是電磁波了，其速度能達到3×108m/s。在智能手機普及的今天，只需要在縱波到達監(jiān)測點后，通過網絡或信息提醒人們做好抵卸橫波和面波的準備即可達到地震預警的目的（如圖甲）。研究表明，如果提前3秒預警，可使人員傷亡減少14%；如果提前10秒預警，可使人員傷亡減少39%；如果提前60秒預警，則可使人員傷亡減少95%。
（1）發(fā)生地震時會伴有次聲波的產生，某次伴有的次聲波的頻率約10Hz，它在1s的時間內振動的次數為 　 　次，它的周期為 　 　s。
（2）如圖，若震源距監(jiān)測點60km，距離受災群眾90km，地震發(fā)生后，地震局在多少秒后能接收到縱波信號？
（3）收到縱波信號后，地震局立即發(fā)出預警，忽略電磁波在空氣中的傳播時間，則受災群眾在收到預警信息后，可供做應急準備的時間為多少秒？

29．（8分）在一些建筑工地，工人師傅常用滑輪組將建材提升到一定高度。

（1）如圖所示，提升建材有甲、乙兩種方法，若不計繩重和摩擦，其中比較省力的是 　 ??；兩種方法中，機械效率 　 ?。ㄟx填“甲的大”、“乙的大”或“一樣大”）。
（2）某次施工中采取乙方法運送建材上樓，一位重600N的工人施加豎直向下的、大小為500N的拉力F，使重900N的建筑材料以0.4m/s的速度勻速豎直上升了10s，該過程不計繩重與摩擦，求：
①拉力F做功的功率；
②滑輪組的機械效率。
③提升重物的機械效率最大可達多少？（結果用百分數形式表示，且保留一位小數）
30．（8分）如圖1為一恒溫水箱電路結構示意圖，包括控制電路和工作電路兩部分，控制電路：電源電壓恒為12V，R1為熱敏電阻（置于水箱中），阻值隨溫度變化的關系如圖2所示，R0為滑動變阻器，線圈電阻不計，線圈中電流大于0.2A時銜鐵被吸下；工作電路：R2為電熱器，上面標有“220V，1000W”的字樣，L1、L2為紅綠指示燈，其額定電壓均為220V，加熱時紅燈正常發(fā)光，綠燈不亮，停止加熱時綠燈正常發(fā)光，紅燈不亮。

（1）按要求連接好工作電路；
（2）為了使水箱內溫度保持在60℃（水溫低于60℃時電熱器工作，高于60℃時停止加熱），滑動變阻器接入電路阻值應為多少？
（3）水箱內裝有質量為6kg，20℃的冷水，電熱器正常工作20min后自動停止加熱，求電熱器的加熱效率是多少？
（4）為了使恒溫水箱內設定的溫度降低一些，應該將滑動變阻器R0接入電路的阻值調 　 ?。ㄟx填“大”、“小”）一些；或者將電源電壓調 　 ?。ㄟx填“大”、“小”）一些。

2023年江蘇省常州市武進區(qū)前黃實驗學校中考物理一模試卷
參考答案與試題解析
一、單項選擇題（本題共15小題，每小題2分，共30分）每小題只有一個選項符合題意。
1．（2分）科技是強國的支撐，以下所列我國取得的科技成就中，說法不正確的是（　?。?br /> A．人造衛(wèi)星展開太陽能電池板，把太陽能轉化為電能供給衛(wèi)星用電器
B．核聚變裝置“東方超環(huán)”獲得核能的方式與氫彈是一致
C．北斗衛(wèi)星與汽車導航系統(tǒng)之間通過電磁波傳播信號
D．超導光量子計算機中的所有電子器件都是超導體制成的
【分析】（1）太陽能電池板把太陽能轉化為電能。
（2）核聚變裝置“東方超環(huán)”獲得核能的方式與氫彈是一致，是利用核聚變來獲得核能的。
（3）電磁波可以傳遞信息。
（4）超導光量子計算機中的核心電子器件是用超導體制成的。
【解答】解：A、人造衛(wèi)星展開太陽能電池板，把太陽能轉化為電能供給衛(wèi)星用電器，故A正確；
B、核聚變裝置“東方超環(huán)”獲得核能的方式與氫彈是一致，是利用核聚變來獲得核能的，故B正確；
C、北斗衛(wèi)星與汽車導航系統(tǒng)之間通過電磁波傳播信號，故C正確；
D、超導光量子計算機中的核心電子器件是用超導體制成的，故D錯誤。
故選：D。
【點評】知道超聲波的應用；知道核聚變；知道電磁波的特點及應用；知道超導體的特點及應用。
2．（2分）下列判斷正確的是（　?。?br />
A．甲圖中該木塊的長度為31.00cm
B．乙圖中A的讀數結果比真實值偏小
C．丙圖中的秒表記錄的時間為217.5s
D．丁圖中前2s內，小華跑得較快
【分析】（1）刻度尺的使用要首先觀察它的量程和分度值。注意刻度尺要估讀到分度值的下一位；
（2）使用量筒讀數時，視線應與量筒內液體的凹液面的最低處保持在同一水平面上，俯視或仰視都會讀不準確；
（3）秒表的中間的表盤代表分鐘，周圍的大表盤代表秒，秒表讀數是兩個表盤的示數之和；
（4）要判斷前2s內誰跑得快，我們可采取相同時間比較路程，誰在相同時間內運動的路程大，誰就跑得快。
【解答】解：A、甲圖刻度尺的1大格表示1cm，里面有10個小格，其分度值為1mm，該木塊的長度為71.0cm﹣40.0cm＝31.0cm，故A錯誤；
B、使用量筒讀數時，視線應與量筒內液體的凹液面的最低處保持在同一水平面上，A讀數時俯視，偏大，故B錯誤；
C、秒表的讀數為3min7.5s＝187.5s，故C錯誤；
D、由圖象可知，在前2s內，小華運動的距離比小明大，所以小華跑得較快，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查了刻度尺、量筒、溫度計的使用及速度的比較，絕大多數的物理實驗都需要測量工具，它們的讀數既有共同的要求，也有各自的特點，我們學習時必須全面了解，區(qū)別對待。
3．（2分）國家速滑館“冰絲帶”采用了二氧化碳跨臨界直冷制冰技術，原理如圖所示，首先液體二氧化碳通過膨脹閥進入毛細管，在毛細管中迅速變成氣體，此時在毛細管上方的平面上灑水即可完成制冰；之后氣體二氧化碳在壓縮機的推動下進入冷凝器，在這里變成液體，完成一個循環(huán)。下列有關說法正確的是（　?。?br />
A．毛細管中發(fā)生的物態(tài)變化是液化
B．制冰時水在平面上凝固吸熱形成冰面
C．二氧化碳氣體在冷凝器中液化放熱
D．制冰時冷凝器的溫度升高，這是通過做功的方式改變物體內能的
【分析】（1）物質由液態(tài)變成氣態(tài)的過程叫做汽化；
（2）物體由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫做凝固；
（3）物質由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過程叫做液化，液化是放熱過程；
（4）物質由液態(tài)變成固態(tài)的過程叫做凝固，凝固過程要放出熱量。
【解答】解：A、液體二氧化碳通過膨脹閥進入毛細管，在毛細管中迅速變成氣體，所以毛細管中發(fā)生的物態(tài)變化是汽化，故A錯誤；
B、在制冰管上方的平面上灑水即可完成制冰，此過程中水凝固成冰，水凝固時會放出熱量，故B錯誤；
C、氣體二氧化碳在壓縮機的推動下進入冷凝器，在這里變成液體，此過程二氧化碳氣體在冷凝器中液化放熱，故C正確；
D、制冰時，冷凝器內的二氧化碳液化，放出熱量，冷凝器吸收熱量、溫度升高，是利用熱傳遞的方式改變物體的內能，故D錯誤。
故選：C。
【點評】判斷物態(tài)變化現象主要看物體由什么狀態(tài)變?yōu)榱耸裁礌顟B(tài)，然后根據物態(tài)變化的定義來判斷。
4．（2分）如圖，同學們送小明乘火車回家，火車開動后小明看到同學們在后退。下列說法正確是（　?。?br />
A．小明以地面為參照物判斷同學們是運動的
B．小明以其中一名同學為參照物判斷其他同學是運動的
C．同學們以地面為參照物判斷小明是運動的
D．同學們以火車為參照物判斷小明是運動的
【分析】判斷物體的運動狀態(tài)之前，必須選擇參照物，如果物體和參照物之間發(fā)生了位置的改變，則稱物體是運動的，
如果物體和參照物之間沒有發(fā)生位置的改變，則稱物體是靜止的。
【解答】解：A、小明以地面為參照物，幾個同學相對于地面上的位置沒有變化，那么這些同學是靜止的，故A錯誤；
B、小明以其中一名同學為參照物，其他同學與這名同學之間的相對位置沒有發(fā)生改變，故小明以其中一名同學為參照物判斷其他同學是靜止的，故B錯誤；
C、同學們以地面為參照物，小明與地面的位置不斷發(fā)生改變，故同學們以地面為參照物判斷小明是運動的，故C正確；
D、同學們以火車為參照物，小明與火車之間的相對位置沒有發(fā)生改變，故同學們以火車為參照物判斷小明是靜止的，故D錯誤。
故選：C。
【點評】一個物體的運動狀態(tài)的確定，關鍵取決于所選取的參照物；所選取的參照物不同，得到的結論也不一定相同，注意體會運動和靜止的相對性。
5．（2分）綠色辦奧運是冬奧會的辦賽理念之一。在電力方面，考慮使用清潔能源和可再生能源，實現綠電入網。據此，你推薦使用下列哪一組能源（　?。?br /> A．水能；核能 B．風能；太陽能
C．地熱能；天然氣 D．煤；石油
【分析】像太陽能、風能、水能以及動植物等這類可以長期提供或可以再生的能源屬于可再生能源；而像煤、石油、天然氣和鈾礦這類化石或礦物能源，一旦消耗就很難再生的能源是不可再生能源；在使用過程對自然界沒有污染的能源屬于清潔能源。
【解答】解：根據可再生和不可再生能源的區(qū)別可以知道，風能、水能、太陽能、地熱能可重復利用，在短時間內可以再次產生，是可再生能源、清潔無污染；
核能和天然氣、石油、煤炭等化石能源是短時間內不能再次產生的，是不可再生能源；
所以推薦使用風能、太陽能。
故選：B。
【點評】本題需要學生知道常見的可再生能源和不可再生能源，知道哪些能源是清潔能源。
6．（2分）沙畫是將沙子灑在平板燈臺上做出各種造型的藝術。燈臺下方射出的光受到沙子的阻擋后，呈現出各種畫面，如圖所示為中學生所做的抗疫沙畫。下列成語中描述的現象成因與沙畫的光學原理相同的是（　　）

A．鏡花水月 B．五光十色 C．海市蜃樓 D．井底之蛙
【分析】光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；逐項分析各情景運用的光學知識進行作答。
【解答】解：沙畫的光學原理是光的直線傳播；
A、鏡花水月，屬于平面鏡成像，是由光的反射形成的，故A錯誤；
B、五光十色，屬于光的色散現象，故B錯誤；
C、海市蜃樓，是由光的折射形成的，故C錯誤；
D、井底之蛙，說明光沿直線傳播，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查了光的直線傳播、光的反射和折射，是一道基礎題。
7．（2分）如圖是西安某住宅小區(qū)門口欄桿的示意圖，當在A處施加一個動力時，可將欄桿逆時針拉起來，下列四個選項中的杠桿與它類型一致的是（　?。?br />
A．釣魚竿 B．核桃夾
C．托盤天平 D．羊角錘
【分析】本題主要考查兩個方面的知識：（1）力臂的定義：從支點到力的作用線的距離叫做力臂。（2）杠桿的分類方法：動力臂大于阻力臂的杠桿為省力杠桿；動力臂小于阻力臂的杠桿為費力杠桿；動力臂等于阻力臂的杠桿為等臂杠桿。
【解答】解：由圖可知杠桿繞A點右側的軸轉動，則A點的動力臂遠小于杠桿重力的阻力臂，所以杠桿是一個費力杠桿。
核桃夾、羊角錘在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；天平在使用過程中，動力臂等于阻力臂，是等臂杠桿。
釣魚竿在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿，故A符合題意、BCD不合題意。
故選：A。
【點評】本題的解題關鍵是首先明確杠桿的支點在點A右側的軸上，再進一步判斷出動力臂小于阻力臂。
8．（2分）在2022北京冬奧會短道速滑男子1000米比賽中，中國選手任子威獲得金牌，圖甲是他正全力通過彎道、圖乙是他獲勝后站立在水平賽場中央大聲歡呼的情形。下列說法正確的是（　?。?br />
A．他通過彎道過程中，處于平衡狀態(tài)
B．他在加速沖刺過程中，慣性也在增大
C．他在快速滑行時，若所受外力突然消失，會立即停下
D．站立時，他受到的重力和冰面對他的支持力是一對平衡力
【分析】（1）平衡狀態(tài)是指物體處于靜止或勻速直線運動狀態(tài)；
（2）一切物體都有保持原來運動狀態(tài)不變的性質，叫慣性，慣性的大小只與物體的質量有關；
（3）一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)；
（4）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。
【解答】解：A．通過彎道過程中，任子威的運動方向不斷變化，所以他處于非平衡狀態(tài)，故A錯誤；
B．他在加速沖刺過程中，質量不變，慣性大小也不變，故B錯誤；
C．由牛頓第一定律可知，任子威原來處于運動狀態(tài)，若所受外力突然消失，他會做勻速直線運動，故C錯誤；
D．站立時，他受到的重力和冰面對他的支持力，作用在同一物體上、大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，是一對平衡力，故D正確。
故選：D。
【點評】此題考查平衡狀態(tài)的判斷、慣性、牛頓第一定律、平衡力的判定，屬于常見題。
9．（2分）細心的小明通過平時觀察發(fā)現如下現象，其中表述不正確的是（　　）
A．如圖甲，“覆杯實驗”證明了大氣壓的存在
B．如圖乙，盆景自動供水裝置利用了連通器原理
C．如圖丙，小明看到攔河大壩“上窄下寬”，是為了能夠承受水深處的較大的壓強
D．如圖丁，飛機獲得升力是因為其上表面空氣流速大于下表面空氣的流速
【分析】（1）“覆杯實驗”，能證明大氣壓的存在；
（2）上端開口，底部相連通的容器叫連通器，當所裝同一種液體靜止不流動時，各容器中的液面是相平的；
（3）液體的壓強跟液體的深度和密度有關。在液體的密度一定時，液體越深，液體的壓強越大；
（4）液體和氣體都稱為流體，生活中常見的流體是水和空氣，流體流速越大的地方，壓強越?。涣黧w流速越小的地方，壓強越大。
【解答】解：A、紙片托水的“覆杯實驗”，紙片托水正是因為大氣壓托起了紙片，能證明大氣壓的存在，故A正確；
B、盆景自動供水裝置，蓄水瓶上端密封，不是連通器，故B錯誤；
C、由于液體受到重力作用，且具有流動性，所以液體對容器底和容器側壁有壓強，并且液體的壓強隨深度增加而增大，即越往下面，液體內部壓強越大，故攔河大壩的修建成上窄下寬的梯形，為了能夠承受水深處的較大的壓強，故C正確；
D、等質量的空氣在相同的時間內同時通過機翼的上表面和下表面，由于上表面彎曲、下表面平直，所以空氣通過機翼上表面的流速大，通過下表面的流速較??；因為機翼上方的空氣流速大，壓強較??；機翼下方的空氣流速小，壓強大，所以機翼受到一個向上的壓強差，飛機受到向上的壓力差，也就是升力，故D正確。
故選：B。
【點評】該題通過生活中的現象考查了多個物理知識，要求學生熟練應用所學物理知識來解釋生活中的現象。
10．（2分）與頭發(fā)摩擦過的塑料尺能“吸”起紙屑。下列現象中“吸”的物理原理與其相同的是（　?。?br /> A．擠壓后的塑料吸盤“吸”在瓷磚上
B．削平的鉛柱擠壓后會“吸”在一起
C．干手搓開的新塑料袋“吸”在手上
D．行駛的汽車的窗簾被“吸”出窗外
【分析】（1）由于大氣有重力且具有流動性，故大氣會對地球表面的物體產生壓強；大氣壓在生活中有很廣泛的應用，如：吸飲料、鋼筆吸墨水、吸盤式掛鉤等等；
（2）分子之間存在著引力和斥力；
（3）根據摩擦起電現象和帶電物體的性質分析；
（4）流體流速越快的地方其壓強就越小。
【解答】解：用絲綢摩擦過的玻璃棒能夠吸引碎紙屑，這是因為帶電的玻璃棒可以吸引輕小物體；
A、光滑瓷磚上的吸盤式掛鉤，掛衣鉤里面的空氣被擠出，在外界大氣壓的作用下，將掛鉤壓在瓷磚上，故A錯誤；
B、削平的鉛柱壓緊后能“吸”在一起，因為分子間有引力，故B錯誤；
C、干手搓開的新塑料袋“吸”在手上，因為摩擦起電后帶靜電，會吸引輕小物體，故C正確；
D、行駛的汽車，車外的空氣流速快，壓強小，車內的空氣流速小、壓強大，壓強差就把窗簾壓向窗外，故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題利用了摩擦起電、流體壓強、分子間的作用力和大氣壓的存在來解釋一些現象。一個“吸”字，包含不同的物理規(guī)律，要注意區(qū)分。
11．（2分）父子二人在沙地上行走，在沙地上留下深淺相同、大小不同的腳印，已知腳印的面積關系為S父＞S子，他們對沙地的壓強、壓力大小關系分別是（　?。?br /> A．p父＜p子，F父＜F子 B．p父＞p子，F父＞F子
C．p父＝p子，F父＜F子 D．p父＝p子，F父＞F子
【分析】物理學中用壓強來描述壓力作用的效果，根據腳印深淺相同，可知二人壓力作用效果相同，也就是壓強相等，即p父＝p子．然后利用p＝的變形公式F＝pS進行分析得出壓力的大小關系。
【解答】解：留下的腳印深淺相同，說明他們對沙灘的壓力效果相同，也就是壓強相等，即p父﹦p子；
因為S父＞S子，p父﹦p子；
所以根據p＝可得F＝pS，可知F父＞F子。
故選：D。
【點評】本題考查的是壓強物理意義和壓強計算公式的定性分析，運用了控制變量的方法。
12．（2分）如圖所示是生活中常見的刷卡機，當人們將帶有磁條的信用卡在刷卡機指定位置刷一下，刷卡機的檢測頭就會產生感應電流便可讀出磁條上的信息。下列選項中與刷卡機讀信息原理相同的是（　?。?br />
A．動圈式話筒
B．電磁起重機
C．揚聲器
D．靈敏電流計
【分析】（1）閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動時，導體中就會產生感應電流，這種現象叫電磁感應現象，發(fā)電機就是利用該原理制成的。
（2）奧斯特實驗說明通電導體的周圍存在磁場。
（3）通電導體在磁場中受力運動。
【解答】解：刷卡機是利用電磁感應來工作的。
A、動圈式話筒是利用電磁感應來工作的，故A符合題意。
B、電磁起重機的主要部件是電磁鐵，電磁鐵的工作原理是電流的磁效應，故B不符合題意；
C、揚聲器是利用磁場對電流的作用來工作的，故C不符合題意；
D、靈敏電流計是利用通電導體在磁場中受力運動的原理工作的，故D不符合題意。
故選：A。
【點評】知道電磁感應、電流的磁效應、磁場對電流的作用以及它們的應用。
13．（2分）某物理興趣小組為學校食堂設計了一個煙霧自動報警器，它能在煙霧達到一定濃度時通過電鈴（阻值不變）發(fā)聲報警。該報警器內部有一可變電阻R，其阻值隨煙霧濃度增大而減小，通過電鈴的電流需要達到一定大小時才能發(fā)聲，同時電表可以顯示濃度的變化。下列幾個電路圖中符合報警要求的是（　?。?br /> A． B．
C． D．
【分析】可變電阻R阻值隨煙霧濃度增大而減小，電流需要達到一定大小時電鈴才能發(fā)聲，據此分析R與電鈴的連接方式和電表的接法。
【解答】解：當煙霧濃度增大時，R的阻值越小，能使通過電鈴的電流增大，所以R與電鈴應串聯在電路，故AC錯誤；
R與電鈴串聯，R的阻值越小，電路總電阻變小，電源電壓一定，由I＝可知電路中電流變大，故D圖不符合題意；
電路中的電流變大，由U＝IR知，此時電鈴兩端電壓變大，所以電壓表應該與電鈴并聯，故B正確。
故選：B。
【點評】本題是電路的設計，考查了電路串聯電路特點、歐姆定律的應用，利用好可變電阻R的阻值隨管內液體的減少而減小是關鍵。
14．（2分）在樓房竣工通電前，電工通常要檢查家庭電路的安裝是否存在故障。常用一只標有“220V 40W”的燈泡L0（檢驗燈泡）取代保險絲來檢查新安的照明電路中每個支路的情況，如圖所示。當只閉合S、S1時，L0不亮；當只閉合S、S2時，L0和L2都呈暗紅色；當只閉合S、S3時，L0正常發(fā)光。由此可以判斷（　?。?br />
A．L2所在的支路短路 B．L3所在的支路正常
C．L1所在的支路斷路 D．各支路均完好
【分析】將額定電壓220V的“校驗燈”，接在保險絲的兩只接線柱上，是相當于把此燈串聯入電路中，它會有三種狀態(tài)：“校驗燈”恰能正常發(fā)光，說明該支路短路，“校驗燈”發(fā)光不正常（暗紅色）說明該支路工作正常，“校驗燈”不發(fā)光說明該支路斷路。
【解答】解：當只閉合S、S1時，L0不亮，說明L1所在電路斷路；
當只閉合S、S2時，L0和L2都呈暗紅色，說明電路是通路，根據串聯電路特點可知，每個燈泡兩端的電壓都小于電源電壓，所以兩盞燈都成暗紅色，該電路是正常的；
當只閉合S、S3時，L0正常發(fā)光，說明電路是通路，L0正常發(fā)光，其兩端電壓等于電源電壓，故障是L3短路；
綜上所述，C正確。
故選：C。
【點評】本題考查了用校驗燈檢修家庭電路的故障。根據校驗燈的三種發(fā)光情況得出電路是否存在故障。
15．（2分）燈泡L標有“3V，1.5W”字樣，測得該燈泡的電流隨電壓變化關系如圖甲所示；現把燈泡L接入如圖乙所示的電路中，若電源電壓恒為4.5V，電流表的量程為“0～0.6A”，電壓表的量程為“0～3V”，滑動變阻器標有“20Ω，1A”字樣，則下列說法正確的是（　?。?br />
A．電路的總功率最大為1.5W
B．當電流表示數為0.3A時，滑動變阻器電功率為0.45W
C．為保護電路，電流表的示數變化范圍是0.3A～0.5A
D．為了保證電路安全，滑動變阻器的取值范圍5～10Ω
【分析】由圖乙知，燈與變阻器串聯，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路的電流：
A、結合電流表的量程得出電路的最大電流，即可判斷燈泡是否能正常工作；根據P＝UI求出電路消耗的最大電功率；
B、當電流表示數為0.3A時，燈的電壓為1.5V，由串聯電路電壓的規(guī)律得出變阻器分得的電壓，由串聯電路電流的規(guī)律可生變阻器的電流，根據P＝UI得出滑動變阻器電功率；
CD、根據電流表的量程和燈的額定電流及變阻器允許通過的最大電流確定電路的最大電流為0.5A；
由歐姆定律和電阻的串聯得出此時變阻器連入的最小電阻；
由電壓表的量程為“0﹣3V”可知電壓表的最大示數為3V，此時變阻器連入的電阻最大，由串聯電路電壓的規(guī)律可知燈的電壓，由圖乙知電路的最小電流，從而得出電流表的示數變化范圍；
由歐姆定律，求出電流最小時變阻器的最大電阻，從而得出滑動變阻器的取值范圍。
【解答】解：由圖乙知，燈與變阻器串聯，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路的電流：
A、電路中的最大電流I＝0.6A，
電路消耗的最大電功率：
Pmax＝UImax＝4.5V×0.6A＝2.7W，故A錯誤；
B、當電流表示數為0.3A時，燈的電壓為1.5V，
由串聯電路電壓的規(guī)律，變阻器分得的電壓：U滑＝4.5V﹣1.5V＝3V，
由串聯電路電流的規(guī)律，變阻器的電流：I滑＝0.3A
滑動變阻器電功率為：
P＝U滑I滑＝3V×0.3A＝0.9W，故B錯誤；
CD、電流表的量程為“0﹣0.6A”，燈的額定電流為0.5A，而變阻器允許通過的最大電流為1A，故電路的最大電流為0.5A（燈正常發(fā)光）﹣﹣﹣﹣①，
由歐姆定律和電阻的串聯，此時變阻器連入的最小電阻為：
R滑?。僵丷L＝﹣6Ω＝3Ω﹣﹣﹣﹣﹣②；
電壓表的量程為“0﹣3V”，即電壓表的最大示數為3V，此時變阻器連入的電阻最大，由串聯電路電壓的規(guī)律，燈的電壓為：4.5V﹣3V＝1.5V，由圖乙知，電路的最小電流為0.3A﹣﹣﹣﹣③，
由①③得：為保護電路，電流表的示數變化范圍是0.3A﹣0.5A，故C正確；
由歐姆定律，此時變阻器的最大電阻：
R滑大＝＝10Ω﹣﹣﹣﹣④；
由②④得，為了保證電路安全，滑動變阻器的取值范圍3﹣10Ω，故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查串聯電路的規(guī)律及歐姆定律和電功率公式的運用，關鍵是從題中獲取有效的信息。
二、填空作圖題（每空格1分，每圖2分，共28分）
16．（2分）在種植蔬菜的時候常常采用塑料薄膜做大棚，這是因為塑料薄膜透光性　好?。ㄟx填“好”或“差”），導熱能力　弱?。ㄟx填“強”或“弱”）。
【分析】從覆蓋塑料薄膜的目的與作用分析解決此題。
【解答】解：蔬菜大棚覆蓋塑料薄膜的目的是：1、讓陽光能夠照射到大棚內，即透光；2、防止散熱，使大棚內的溫度維持在一定范圍內，即保溫，因為塑料薄膜的透光性好，導熱能力弱，所以用塑料薄膜做大棚。
故答案為：好；弱。
【點評】農民在種植蔬菜時采用塑料薄膜做大棚的目的是透光保溫。
17．（2分）如圖所示，小明透過水滴狀的魚肝油膠囊觀察積木，發(fā)現上面的數字“9”變成了“6”，與該成像原理相同的光學儀器有 　照相機??；若想讓“6”變大一些，可將積木與膠囊的距離 　減小　。

【分析】凸透鏡成實像時，物距大于像距，成倒立縮小的實像，此時u＞2f，2f＞v＞f，應用于照相機。
【解答】解：上面的數字“9”變成了“6”，成倒立縮小的實像，所以是u＞2f，2f＞v＞f，應用于照相機。若想讓“6”變大一些，可以適當減小物距，即減小積木和膠囊的距離。
故答案為：照相機；減小。
【點評】本題考查了凸透鏡成像規(guī)律的應用，屬于基礎題。
18．（3分）2022年6月4日，長征二號F遙十四運載火箭開始加注燃料推進劑，于6月5日圓滿完成神舟十四號發(fā)射任務。
（1）運載火箭燃料推進劑選擇 　熱值?。ㄟx填“密度”、“熱值”或“比熱容”）大的氣體燃料，采用 　降低溫度　和壓縮體積的方法使氣體燃料液化。
（2）本次發(fā)射搭載的是我國空間站的重要組成部分，空間站在設計上有很大突破，供航天員工作和生活的空間達到了50m3，艙內處于“失重狀態(tài)”（重力幾乎為零），如果在艙內將一個小球斜向上拋出，小球將 　勻速直線運動?。ㄟx填“靜止”、“拋物線運動”、“勻速直線運動”）。
【分析】（1）熱值是燃料的一種特性，熱值越大的燃料在完全燃燒相同質量的燃料時，釋放出的熱量越多，在選擇火箭燃料時首先應該考慮燃料熱值的大??；
液化的兩種方式：壓縮體積和降低溫度；
（2）一切物體在不受外力作用時，總保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)。
【解答】解：（1）火箭采用液態(tài)氫作為火箭的燃料，原因是液態(tài)氫具有密度小、熱值大，完全燃燒相同質量的液態(tài)氫和其它燃料相比，液態(tài)氫可以釋放出更多的熱量。
火箭中的燃料和氧化劑是液態(tài)的，它是通過采用降低溫度和壓縮體積的方法使氣體燃料液化；
（2）外太空處于微重力狀態(tài)，重力忽略不計，根據牛頓第一定律，物體不受力的作用將保持勻速直線運動。
故答案為：（1）熱值；降低溫度；（2）勻速直線運動。
【點評】本題考查了燃料的熱值、牛頓第一定律的理解，屬于基礎知識，要熟記。
19．（3分）現代的科技設備可以幫助我們做很多事。如圖甲，小明用名為指南針的手機APP指引方向，當“小磁針”靜止時，其上部指向南方，說明“小磁針”的上部是 　S　極；如圖乙是疫情期間，老師們開展網絡教學用到的電腦手寫板。手寫板內有一塊電路板，可產生縱橫交錯的磁場，當帶有線圈的手寫筆在手寫板上方移動時，手寫板便能接收到手寫筆發(fā)射的 　電磁波?。ㄟx填“電磁波”“超聲波”或“次聲波”）信號，從而判斷筆的位置，這是 　電磁感應　現象。

【分析】（1）磁極間相互作用規(guī)律：同名磁極相互排斥、異名磁極相互吸引；
（2）電磁波能夠傳遞信息；
（3）閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動，會產生感應電流。
【解答】解：圖甲，當“小磁針”靜止時，其上部指向南方，說明“小磁針”的上部是S極；圖乙，當帶有線圈的手寫筆在手寫板上方移動時，手寫板便能接收到手寫筆發(fā)射的電磁波信號，從而判斷筆的位置，這是電磁感應現象。
故答案為：S；電磁波；電磁感應。
【點評】本題考查了磁極間相互作用規(guī)律、電磁波的應用、電磁感應現象等，屬于基礎題。
20．（6分）連日來，大風揚沙肆虐。政府各相關單位采取多項措施積極應對極端天氣，其中使用霧炮車向空中噴水霧能使塵埃粒子快速沉降到地面，起到凈化空氣的作用，確保居民生活環(huán)境的健康安全。某型號霧炮車的發(fā)動機是柴油機，空載時的質量為10t，它配備了一個體積為10m3的水箱，霧炮車在水平地面上勻速行駛時受到的阻力為車重的0.05倍。
（1）大風揚沙肆虐，該運動 　不是?。ㄟx填“是”或“不是”）分子熱運動。
（2）柴油機四個沖程中的 　做功　沖程給車提供了動力，若該柴油機的轉速為1800r/min，則它每秒鐘完成 　15　個做功沖程。
（3）霧炮車在水平路面勻速行駛并不斷向外噴水時，車受到水平地面的摩擦力 　變小?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”），動能 　變小?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）。
（4）當某次水噴灑完后空載返回時，沿水平路面勻速前進了10km，速度為2m/s，此過程消耗柴油4kg，則該霧炮車的效率是 　31.25%　。（g取10N/kg，柴油的熱值取4×107J/kg）

【分析】（1）分子非常小，人的眼睛不借助工具是看不見的；
（2）熱機的做功沖程將內能轉化為機械能，給外界提供動力，柴油機屬于熱機；
柴油機的曲軸每轉2轉，對外做功1次，則根據數學知識計算轉速為1800r/min的柴油機，每秒鐘對外做功的次數；
（3）霧炮車在水平路面勻速行駛并不斷向外噴水時，速度不變質量減小，滑動摩擦力的大小與壓力和接觸面的粗糙程度有關，接觸面的粗糙程度一定時，壓力越小，滑動摩擦力越??；動能的大小與質量和速度有關，速度一定時，質量越小，動能越??；
（4）根據題意結合重力G＝mg，計算該炮霧車勻速行駛時受到的阻力，該炮霧車水平勻速行駛，受力平衡，根據二力平衡知識判斷牽引力，根據W＝Fs計算有用功，根據Q放＝mq計算柴油完全燃燒放出的熱量，根據η＝×100%計算該霧炮車的效率。
【解答】解：（1）分子非常小，人的眼睛不借助工具是看不見的，故大風揚沙不是分子的運動；
（2）柴油機的做功沖程將內能轉化為機械能，給車提供動力；
柴油機的曲軸每轉2轉，對外做功1次，則轉速為1800r/min，對外做功的次數為n＝＝15次/s；
（3）滑動摩擦力的大小與壓力和接觸面的粗糙程度有關，接觸面的粗糙程度一定時，壓力越小，滑動摩擦力越小，霧炮車在水平路面勻速行駛并不斷向外噴水時，質量減小，對地面的壓力減小，則摩擦力變??；
動能的大小與質量和速度有關，速度一定時，質量越小，動能越小，霧炮車在水平路面勻速行駛并不斷向外噴水時，質量減小，則動能變??；
（4）該炮霧車勻速行駛時受到的阻力f＝0.05G＝0.05mg＝0.05×10×103kg×10N/kg＝5000N，
該炮霧車水平勻速行駛，受力平衡，根據二力平衡原理可知牽引力F＝f＝5000N，
該炮霧車做的有用功W＝Fs＝5000N×10×103m＝5×107J，
柴油完全燃燒放出的熱量Q放＝m柴油q柴油＝4kg×4×107J/kg＝1.6×108J，
該霧炮車的效率η＝×100%＝×100%＝31.25%。
故答案為：（1）不是；（2）做功；15；（3）變?。蛔冃?；（4）31.25%。
【點評】本題考查了分子動理論知識，熱機的工作過程，摩擦力和動能的影響因素，熱機效率的有關計算，知識點較多，都需要掌握。
21．（4分）如圖甲所示是一種常見的電熱膜，它是在絕緣的聚酯薄膜表面，經過特殊工藝加工形成的一條條薄的導電墨線，導電墨線兩端與金屬導線相連，其內部結構如圖乙所示。電熱膜取暖器工作時，電熱膜是利用電流的 　熱　效應工作的；如圖乙所示電熱膜電路，導電墨線的連接方式是 　并　聯；使用中，若某些導電墨線的局部導電材料脫落，如圖丙所示，則該電熱膜的電功率會 　變小　。（選填“變大”“變小”或“不變”）；某防霧鏡就是在平面鏡后貼有該電熱膜，防霧鏡的額定功率為88W，則防霧鏡正常工作250s消耗
的電能為 　2.2×10?　J。

【分析】影響電阻大小的因素有材料、長度、橫截面積和溫度，根據圖中確定這個支路的電阻變化和總電阻的變化，根據P＝確定電功率變化，利用W＝Pt計算防霧鏡正常工作250s消耗的電能。
【解答】解：電熱膜是利用電流的熱效應工作的，導電墨線的連接方式是并聯；
圖丙部分的凹形會導致橫截面積變小，在其它條件不變的情況下，該支路的電阻變大，則整個并聯電路的電阻變大，根據P＝知，整個電路的電功率變小；
根據P＝知，
防霧鏡正常工作250s消耗的電能W＝Pt＝88W×250s＝2.2×10?J。
故答案為：熱；并；變??；2.2×10?。
【點評】本題考查了并聯電路電流的規(guī)律、影響電阻大小的因素、電功和電功率的計算，屬于基礎題。
22．（4分）小明家有一個標有“220V，10A”的插排（圖甲所示），同時接入一個電加熱坐墊（“220V，24.2W”）和一臺吸塵器（“220V，1100W”），吸塵器的內部結構主要是電動機，小明家電壓恒為220V。

（1）現有一個電吹風機（“220V，880W”），該插排 　可以　（選填“可以”或“不可以”）再接入此電吹風機，使3個用電器同時工作。
（2）吸塵器內的電動機是利用 　磁場對通電導體有力的作用　原理工作的。
（3）圖乙是電加熱坐墊（“220V，24.2W”）的簡化電路圖，通過調控開關可實現保溫和加熱兩個功能。電
阻R1在調溫盒內，電阻R2置于坐墊內用于加熱。坐墊處于保溫狀態(tài)時，電阻R2消耗的電功率為20W，則保溫時，電路中的電流是 　0.1　A；R1的阻值是 　200　Ω。
【分析】（1）根據P＝UI求出插排允許的最大功率，與所有用電器的總功率進行比較，進而判斷能否同時使用；
（2）電動機是利用了磁場對電流作用的原理工作的；
（3）由P＝UI＝可知，當電源電壓一定時，電路電阻越大，功率越小，根據電路圖分析電路結構，結合串聯電路電阻規(guī)律和P＝UI＝可知各擋位時電路的連接；
根據P＝UI＝求出R2的阻值，根據P＝UI＝I2R求出保溫狀態(tài)時電路中的電流，根據歐姆定律求出保溫狀態(tài)時電路中的總電阻，根據串聯電路的電阻特點求出R1的阻值。
【解答】解：（1）插排允許的最大功率：
P最大＝UI最大＝220V×10A＝2200W，
三個用電器全部接入電路總功率：
P總＝P坐+P吸+P吹＝24.2W+1100W+880W＝2004.2W＜2200W，
因此可以接入該電吹風機；
（2）電動機是利用了磁場對通電導線具有力的作用的原理工作的；
（3）當開關S1、S2都閉合時，電路為R2的簡單電路，當開關S1閉合、S2斷開時，R1與R2串聯，
因為串聯電路中的總電阻大于各串聯導體的電阻，所以由P＝UI＝可知，電路為R2的簡單電路，電路中的電阻最小，電功率最大，電加熱坐墊為加熱擋；R1、R2串聯時，電路中的電阻最大，電功率最小，電加熱坐墊為保溫擋；
由P＝UI＝可知，電加熱墊處于加熱擋時，電路為R2的簡單電路，R2的阻值：
R2＝＝＝2000Ω，
當電加熱墊處于保溫擋時，R1與R2串聯，
由P2＝I2R2可知，保溫狀態(tài)時電路中的電流：
I保溫＝＝＝0.1A，
由歐姆定律可知，此時電路中的總電阻：
R保溫＝＝＝2200Ω，
由串聯電路的電阻特點可知，R1的阻值：
R1＝R總﹣R2＝2200Ω﹣2000Ω＝200Ω。
故答案為：（1）可以；（2）磁場對通電導體有力的作用；（3）0.1；200。
【點評】本題考查串聯電路的特點、歐姆定律和電功率公式的應用，正確的判斷電加熱墊處于不同擋位時電路的連接方式是關鍵。
23．（2分）如圖甲所示的多功能碗夾，使用時和鉗子類似，其中AOB可以看成一個杠桿，其簡化示意圖如圖乙所示，請你在圖乙中畫出使用該碗夾取餐時，作用在A點的最小動力F1及阻力F2的力臂l2。

【分析】（1）力臂的概念：力臂是指從支點到力的作用線的距離；
（2）杠桿平衡條件：動力×動力臂＝阻力×阻力臂（F1l1＝F2l2），在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小。
【解答】解：由杠桿平衡條件（F1l1＝F2l2）可知，在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越??；圖中支點在O點，因此OA作為動力臂l1最長；動力的方向應該向下，過點A垂直于OA向左作出最小動力l1的示意圖；過支點O作動力F1的垂線即為動力臂l1；過支點O作動力F2的垂線，可得阻力臂l2，如圖所示：

【點評】本題的解題關鍵是通過杠桿的平衡條件得出：在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小的結論。
24．（2分）某學校大門安裝了“人臉識別測溫門禁一體機”，要求人臉數據識別成功（S1閉合），且體溫不高于37.3℃（S2閉合）才能把門鎖（由電動機M控制）打開，請把這種一體機的電路圖（如圖所示）連接完整。

【分析】電路中元件的連接方式辨別：根據題意，若達到目時兩元件同時要滿足，則兩元件存在串聯關系，若達到目的時兩元件是或者關系，則兩元件存在并聯關系，按照該思路解題。
【解答】解：根據題意，要求人臉數據識別成功，且體溫不高于37.3℃才能把門鎖打開，即兩個條件必須同時滿足才能打開門鎖，表示這兩個條件的開關存在串聯關系，即兩開關串聯接入電路，如圖所示：

【點評】此題主要考查元件的連接方式，解決該題關鍵是根據題意弄清楚兩元件串并聯的關系，屬于中檔題。
三、解答探究題（第25題5分，第26題5分，第27題10分，第28題6分，第29題8分，第30題8分，共42分）計算型問題解答時要有必要的文字說明、公式和運算過程，直接寫出結果不得分。
25．（5分）如圖所示是小明設計的研究勻速直線運動物體受力情況的實驗裝置，在小車上固定一水平長木板，木板兩端各固定一立柱，將兩根相同的彈簧一端固定在立柱上，彈簧另一端固定在底部帶有輪子的錐體上，兩彈簧均處于適當伸長狀態(tài)，且兩彈簧處于同一直線上。當裝置靜止時，在錐體輪子所處位置處做好標記。用細繩將小車與數字電機相連，當電機工作時，能使小車以不同的速度向右運動。
（1）為便于分析力與運動的關系，利用該裝置應以　錐體?。ㄟx填“小車”、“錐體”或“長木板”）為研究對象。
（2）裝置靜止時，左側彈簧對錐體的拉力　等于?。ㄟx填“大于”、“等于”或“小于”）右側彈簧對錐體的拉力。理由是：　錐體靜止，所受的力為平衡力　。
（3）當錐體隨著小車一起以2m/s速度運動時，發(fā)現錐體底部的輪子處于標記線處，說明處于勻速直線運動狀態(tài)的物體，所受的兩個力大小　相等　。
（4）當錐體底部的輪子處于標記線左側時（兩側彈簧仍處于伸長狀態(tài)），左側彈簧對錐體的拉力　小于?。ㄟx填“大于”、“等于”或“小于”）右側彈簧對錐體的拉力，此時錐體處于　加速?。ㄟx填“加速”、“勻速”或“減速”）運動狀態(tài)。

【分析】（1）該裝置中的錐體在水平方向受到兩根彈簧的拉力，通過彈簧的形變可以較為明顯的反映錐體的受力情況；
（2）裝置靜止時，錐體受力平衡；
（3）錐體隨著小車一起以2m/s速度運動時，發(fā)現錐體底部的輪子處于標記線處，說明左側彈簧對錐體的拉力等于右側彈簧對錐體的拉力；
（4）當錐體底部的輪子處于標記線左側時，右側彈簧的伸長量大于左側彈簧的伸長量，所以左側彈簧對錐體的拉力小于右側彈簧對椎體的拉力。錐體由于慣性會保持原來的運動狀態(tài)，此時錐體相對于小車向左運動，說明小車向右做加速運動。
【解答】解：（1）該裝置中的錐體在水平方向受到兩根彈簧的拉力，通過彈簧的形變可以較為明顯的反映錐體的受力情況，所以為便于分析力與運動的關系，利用該裝置應以錐體為研究對象；
（2）因為裝置靜止時，錐體受力平衡，所以左側彈簧對錐體的拉力等于右側彈簧對椎體的拉力；
（3）錐體隨著小車一起以2m/s速度運動時，發(fā)現錐體底部的輪子處于標記線處，說明左側彈簧對錐體的拉力等于右側彈簧對錐體的拉力，此時錐體隨小車一起做勻速直線運動，說明處于勻速直線運動狀態(tài)的物體，所受的兩個力大小相等；
（4）當錐體底部的輪子處于標記線左側時，右側彈簧的伸長量大于左側彈簧的伸長量，所以左側彈簧對錐體的拉力小于右側彈簧對椎體的拉力。錐體由于慣性會保持原來的運動狀態(tài)，此時錐體相對于小車向左運動，說明錐體向右做加速運動。
故答案為：（1）錐體；（2）等于；錐體靜止，所受的力為平衡力；（3）相等；（4）小于；加速。
【點評】本題主要考查力與運動的關系，明確物體的受力情況，及在不同受力情況下所處的運動狀態(tài)是解答此題的關鍵。
26．（5分）寒假期間，學校布置了假期社會實踐作業(yè)。小聰在家和媽媽學烹飪時注意到，鹽（主要成分是NaCl）和糖（主要成分是蔗糖）外觀非常像（如圖甲），除了嘗味道幾乎分辨不出來。于是他找來小明和小林，想利用自己所學的物理知識，科學的分辨出兩種物質。經過查閱資料，他們得到以下數據（如表格）：

物質
密度/g?cm﹣3
熔點/℃
比熱容/J?（kg?℃）﹣1
鹽（NaCl）
2.17
801
4.03×103
糖（蔗糖）
1.66
185
1.26×103
（1）小聰找來A、B兩個相同的勺子，均裝滿一平勺不同樣品。用天平測得A勺總質量為16.2g，B勺總質量如圖乙所示，則可知 　A　（選填“A”或“B”）勺中樣品為鹽。
（2）小明和小林從學校借來實驗器材，組裝了如圖丙所示裝置，通過水浴法加熱兩種樣品。某時刻，試管D中溫度計示數如圖，此時溫度為 　56　℃。實驗中每隔一段時間記錄一次C、D管中物質的溫度，并記錄數據，做出溫度隨時間變化的規(guī)律圖像，如圖丁所示。
（3）根據圖丁可知，吸收相等熱量，升溫較多的是 　C?。ㄟx填“C”或“D”），進而判斷出試管D中樣品為 　鹽?。ㄟx填“糖”或“鹽”）。
（4）小林發(fā)現該實驗無法根據熔點辨別兩種物質，原因是 　水的沸點低，無法達到樣品的熔點　。
【分析】（1）根據密度的大小判斷物質的種類；
（2）根據溫度計的量程和分度值讀數；
（3）分析表中數據得出的溫度變化情況，得出結論；
（4）水浴加熱的最高溫度是沸水的溫度。
【解答】解：（1）由圖可知，糖的密度小于鹽的密度，A、B兩個相同的勺子，均裝滿一平勺不同樣品，A和B的體積相等，用天平測得A勺總質量為16.2g，B勺總質量如圖乙所示，為13.2g，由公式ρ＝可得，A的密度大，則可知A勺中樣品為鹽；
（2）由圖可知，溫度計的分度值是1℃，從溫度計液柱高度可知，為56℃；
（3）分析表中數據可知，鹽的比熱容大于糖的比熱容，由（1）可知糖的質量小于鹽的質量，升高相同的溫度，根據Q＝cmΔt可得，鹽加熱的時間較長；吸收相等的熱量，C升溫較多；
（4）水浴加熱的最高溫度是沸水的溫度，達不到樣品的熔點，故無法根據熔點辨別兩種物質。
故答案為：（1）A；（2）56；（3）C；鹽；（4）水的沸點低，無法達到樣品的熔點。
【點評】本題考查天平的讀數、溫度計的讀數以及熱量公式的運用，是一道綜合題。
27．（10分）小明設計了如圖甲所示的電路測量小燈泡的額定功率，已知電源電壓恒為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V。

實驗序號
電壓U/V
電流I/A
電功率P/W
燈泡的亮度
1
0.5
0.16
0.08
不亮
2
1.7
0.24
0.41
較暗
3
2.5
0.28

正常
4
3.0
0.30
0.90
很亮
（1）圖甲中有一根導線連接錯誤，請在錯誤導線上打“×”，并用筆畫線代替導線幫他改正。
（2）重新連接電路后，閉合開關，發(fā)現無論怎樣移動滑片，兩只電表的指針始終處于圖乙所示位置，則電路故障原因可能是 　燈泡斷路　。
（3）排除故障后，小明進行了4次測量，并將有關數據及現象記錄在表中。分析表中數據，要完成第三次實驗，與第二次實驗相比，滑動變阻器連入電路的阻值 　更小　（選填“更大”“更小”或“相等”）。小明測得小燈泡的額定功率為 　0.70　W。另一位同學小丁認為，無需測量，也能計算出小燈泡的額定功率。他利用第一次實驗測量的數據，計算出0.5V電壓下小燈泡的電阻R，再根據P＝計算小燈泡在25V下的額定功率。那么按此方案算出的小燈泡的額定功率與小明測量的額定功率相比 　偏大?。ㄟx填“偏大”“偏小”或“相等”）。造成上述偏差的原因是小燈泡的電阻受 　溫度?。ㄟx填“溫度”“電壓”或“電流”）的影響。
（4）小明認為，為了得到小燈泡準確的額定功率。應求出上述表格中多組小燈泡電功率的平均值作為小燈泡的額定功率，這種數據處理方法是 　錯誤　（選填“正確”或“錯誤”）的。
（5）某實驗小組由于電壓表被損壞，又想出一種測量小燈泡額定功率（小燈泡的額定電壓為U額）的方法，電路設計如圖丙所示，其中R0為阻值已知的定值電阻，請將以下實驗步驟補充完整。
①檢查電路無誤后，閉合開關S、S1，斷開S2，調節(jié)滑動變阻器滑片直至電流表示數為 　　時，小燈泡正常發(fā)光；
②滑動變阻器滑片不動，斷開S1，閉合S2，讀出電流表的示數為I；
③小燈泡的額定功率P額＝　U額（I﹣）?。ㄓ肬額、R0、I表示）。
【分析】（1）電流表和變阻器與燈泡應串在電路中，電壓表應并聯在燈泡兩端；
（2）由圖乙可知，電流表的示數為0，說明電路可能斷路，電壓表的示數為3V，接近電源電壓，說明與電壓表并聯部分以外的電路是通路，與電壓表并聯部分出現斷路；
（3）根據分壓原理判斷出滑動變阻器連入電路阻值的變化；
根據P＝UI求出燈的額定功率；
根據燈的電阻隨溫度的升高而變大結合P＝分析；
（4）小燈泡在不同電壓下的功率不同，在額定電壓下的功率為額定功率；
（5）要測燈的額定功率，應先使燈正常發(fā)光，在沒有電壓表的情況下，電流表與定值電阻R0應起到電壓表的測量作用，第1次實驗操作中，將R0與電流表串聯后再與燈并聯，通過移動變阻器的滑片使電流表示數為I1時燈泡正常發(fā)光，由歐姆定律表示出小燈泡兩端的電壓；
在第2次操作中，因電路的連接關系沒有改變，各電阻的大小和通過的電流不變，燈仍正常發(fā)光，根據并聯電路電流的規(guī)律求出燈的額定電流，根據P＝UI寫出小燈泡的額定功率表達式。
【解答】解：（1）原電路圖中，電壓表串聯在電路中，電流表和變阻器與燈泡并聯是錯誤的，電流表、變阻器、燈泡應串在電路中，電壓表應并聯在燈泡兩端，如下圖所示：
；
（2）如圖乙所示，電流表的示數為0，說明電路可能斷路，電壓表的示數為3V，接近電源電壓，說明與電壓表并聯部分以外的電路是通路，與電壓表并聯部分出現斷路，即故障可能是小燈泡斷路；
（3）由表中數據可知，要完成第三次實驗，與第二次實驗相比，電路中的電流變大了，在電源電壓不變時，根據R＝知電路的電阻變小，滑動變阻器連入電路的阻值更小；
由表格數據可知，小燈泡的額定功率為：P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.70W；
燈的電阻隨溫度的升高而變大，用已經測量的其中一組數據，計算出0.5V電壓下小燈泡的電阻R，小于燈在額定電壓下的電阻，再根據P＝計算小燈泡在2.5V下的額定功率，則按此方案算出的小燈泡的額定功率與前一步測量的額定功率相比偏大；
（4）小明的做法錯誤，小燈泡在不同電壓下的功率不同，在額定電壓下的功率為額定功率；
（5）①斷開S2，閉合S1、S，燈L與電阻R0并聯，電流表測定值電阻的電流，調節(jié)滑動變阻器滑片直至電流表示數為I1＝時，小燈泡兩端的電壓為U額，小燈泡正常發(fā)光；
②閉合S2、S，斷開S1，燈L與電阻R0仍然并聯，此時電流表測干路電流，因保持滑片位置不變，因電路的連接關系沒有改變，各電阻的大小和通過的電流不變，燈仍正常發(fā)光，根據并聯電路電流的規(guī)律可得，燈泡正常發(fā)光時的電流：I額＝I﹣I1；
③燈的額定功率：P額＝U額I額＝U額（I﹣I1）＝U額（I﹣）。
故答案為：（1）見解答；（2）燈泡斷路；（3）更?。?.70；偏大；溫度；（4）錯誤；（5）；U額（I﹣）。
【點評】本題測量小燈泡的額定功率，考查電路連接、故障分析、電功率的計算及數據分析。
28．（6分）閱讀下列短文，回答問題。
地震預警
地震預警，是指在地震發(fā)生后，利用地震波傳播速度小于電磁發(fā)傳播速度的特點，提前對地震波尚未到達的地方進行提醒，以減小相關區(qū)域的災害損失。
地震波按傳播方式分為三種類型：縱波、橫波和面波?？v波地殼中傳播速度最快，約為6km/s，破壞性最弱。橫波傳播速度約為3km/s，破壞性較強。當橫波與縱波相遇疊加后，會激發(fā)出面波。橫波和面波是造成建筑物破壞的主要因素。
自然界中傳播速度最快就是電磁波了，其速度能達到3×108m/s。在智能手機普及的今天，只需要在縱波到達監(jiān)測點后，通過網絡或信息提醒人們做好抵卸橫波和面波的準備即可達到地震預警的目的（如圖甲）。研究表明，如果提前3秒預警，可使人員傷亡減少14%；如果提前10秒預警，可使人員傷亡減少39%；如果提前60秒預警，則可使人員傷亡減少95%。
（1）發(fā)生地震時會伴有次聲波的產生，某次伴有的次聲波的頻率約10Hz，它在1s的時間內振動的次數為 　10　次，它的周期為 　0.1　s。
（2）如圖，若震源距監(jiān)測點60km，距離受災群眾90km，地震發(fā)生后，地震局在多少秒后能接收到縱波信號？
（3）收到縱波信號后，地震局立即發(fā)出預警，忽略電磁波在空氣中的傳播時間，則受災群眾在收到預警信息后，可供做應急準備的時間為多少秒？

【分析】（1）頻率表示聲源每秒振動的次數，周期與頻率互為倒數；
（2）根據速度公式計算時間；
（3）根據速度公式計算橫波到達群眾的時間，與地震預報時間的差值，就是應急準備的時間。
【解答】解：（1）發(fā)生地震時會伴有次聲波的產生，某次伴有的次聲波的頻率約10Hz，它在1s的時間內振動10次，它的周期為s＝0.1s。
（2）若震源距監(jiān)測點60km，縱波到達監(jiān)測點的時間：t1＝＝＝10s；
（3）距離受災群眾90km，地震發(fā)生后，橫波到達受災群眾的時間t2＝＝＝30s；
收到縱波信號后，地震局立即發(fā)出預警，忽略電磁波在空氣中的傳播時間，則受災群眾在收到預警信息后，可供做應急準備的時間為Δt＝t2﹣t1＝30s﹣10s＝20s。
答：（1）10；0.1。
（2）地震局在10秒后能接收到縱波信號；
（3）可供做應急準備的時間為20s。
【點評】本題結合地震預測考查了速度公式的應用，屬于基礎題。
29．（8分）在一些建筑工地，工人師傅常用滑輪組將建材提升到一定高度。

（1）如圖所示，提升建材有甲、乙兩種方法，若不計繩重和摩擦，其中比較省力的是 　甲?。粌煞N方法中，機械效率 　一樣大　（選填“甲的大”、“乙的大”或“一樣大”）。
（2）某次施工中采取乙方法運送建材上樓，一位重600N的工人施加豎直向下的、大小為500N的拉力F，使重900N的建筑材料以0.4m/s的速度勻速豎直上升了10s，該過程不計繩重與摩擦，求：
①拉力F做功的功率；
②滑輪組的機械效率。
③提升重物的機械效率最大可達多少？（結果用百分數形式表示，且保留一位小數）
【分析】（1）由圖可知兩滑輪組中承擔動滑輪繩子的股數，利用不計繩重和摩擦時F＝（G+G動）比較繩子自由端的拉力與物體重力之間的關系，進而分析判斷出比較省力的方法，利用不計繩重和摩擦時η＝＝＝＝比較兩滑輪組的機械效率；
（2）①繩子自由端移動的速度v＝nv物，利用P＝＝＝Fv求拉力做功的功率；
②利用η＝＝＝＝求滑輪組的機械效率；
③利用不計繩重和摩擦時F＝（G+G動）求動滑輪的重力，工人通過滑輪組向下拉繩子時的最大拉力等于工人自身的重力，再根據不計繩重和摩擦時F＝（G+G動）求出工人能提升物體的最大重力，利用η＝＝＝＝求滑輪組的最大機械效率。
【解答】解：（1）由圖可知n甲＝3，n乙＝2，由不計繩重和摩擦時F＝（G+G動）可知，F甲＝（G+G動），F乙＝（G+G動），因此比較省力的是甲；
由不計繩重和摩擦時η＝＝＝＝可知，在動滑輪和提升物體的重力相同時，兩種方法中的機械效率一樣大；
（2）①繩子自由端移動的速度：v＝n乙v物＝2×0.4m/s＝0.8m/s，
拉力做功的功率：P＝＝＝Fv＝500N×0.8m/s＝400W；
②滑輪組的機械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝90%；
③因為不計繩重和摩擦時F＝（G+G動），所以動滑輪的重力：G動＝n乙F﹣G＝2×500N﹣900N＝100N，
工人通過滑輪組向下拉繩子時的最大拉力：F最大＝G人＝600N，
由不計繩重和摩擦時F＝（G+G動）可知，工人能提升物體的最大重力：G最大＝n乙F最大﹣G動＝2×600N﹣100N＝1100N，
則滑輪組的最大機械效率：滑輪組的機械效率：η最大＝＝＝＝＝×100%≈91.7%。
答：（1）甲；一樣大；
（2）①拉力F做功的功率為400W；
②滑輪組的機械效率為90%；
③提升重物的機械效率最大可達91.7%。
【點評】本題使用滑輪組時繩子自由端的拉力公式、功率公式和機械效率公式的應用，關鍵是從圖中得出滑輪組繩子的有效股數。
30．（8分）如圖1為一恒溫水箱電路結構示意圖，包括控制電路和工作電路兩部分，控制電路：電源電壓恒為12V，R1為熱敏電阻（置于水箱中），阻值隨溫度變化的關系如圖2所示，R0為滑動變阻器，線圈電阻不計，線圈中電流大于0.2A時銜鐵被吸下；工作電路：R2為電熱器，上面標有“220V，1000W”的字樣，L1、L2為紅綠指示燈，其額定電壓均為220V，加熱時紅燈正常發(fā)光，綠燈不亮，停止加熱時綠燈正常發(fā)光，紅燈不亮。

（1）按要求連接好工作電路；
（2）為了使水箱內溫度保持在60℃（水溫低于60℃時電熱器工作，高于60℃時停止加熱），滑動變阻器接入電路阻值應為多少？
（3）水箱內裝有質量為6kg，20℃的冷水，電熱器正常工作20min后自動停止加熱，求電熱器的加熱效率是多少？
（4）為了使恒溫水箱內設定的溫度降低一些，應該將滑動變阻器R0接入電路的阻值調 　大　（選填“大”、“小”）一些；或者將電源電壓調 　小?。ㄟx填“大”、“小”）一些。
【分析】（1）根據題意可知，當動觸點與上方靜觸點接觸時，停止加熱時綠燈正常發(fā)光，所以此時為綠燈的基本電路；當動觸點與下方靜觸點接觸時，加熱電路工作，并且紅燈亮，所以R2與紅燈并聯接入電路；銜鐵的實質為一開關，銜鐵應接在火線上，零線直接接在用電器的另一端；
（2）先根據圖2讀出當溫度為60℃時R1的阻值；控制電流為0.2A，利用歐姆定律求出此時電路中的總電阻，然后根據串聯電路電阻的特點求出滑動變阻器接入電路的阻值；
（3）先根據Q吸＝cmΔt求出水吸收的熱量，然后根據W＝Pt求出電熱器正常工作10min消耗的電能，最后根據計算電熱器的加熱效率；
（4）由圖2可知，要降低恒溫箱的設定溫度，就要減小熱敏電阻的阻值；但為了使銜鐵吸合工作電流即線圈中的電流仍為0.2A，根據歐姆定律可知，應增大滑動變阻器連入的電阻值或減小電源電壓，據此設計方案。
【解答】解：（1）由題意可知，當動觸點與上方靜觸點接觸時，電路為綠燈的基本電路；當動觸點與下方靜觸點接觸時，電路為R2與紅燈的并聯電路；銜鐵應接在火線上，零線直接接在用電器的另一端，如下圖所示：

（2）根據圖2可知，當溫度為60℃時，熱敏電阻R1的阻值為32Ω；
當線圈中電流為0.2A時，由歐姆定律可得控制電路的總電阻：
；
因為R1與R0串聯，
所以滑動變阻器接入電路的阻值：R0＝R﹣R1＝60Ω﹣32Ω＝28Ω；
（3）水吸收的熱量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg?℃）×6kg×（60℃﹣20℃）＝1.008×106J；
由可得，電熱器正常工作10min消耗的電能：
W＝Pt＝1000W×20×60s＝1.2×106J；
則電熱器的加熱效率：
；
（4）由圖2可知，要使恒溫水箱內設定的溫度降低一些，就要減小熱敏電阻R1的阻值；但為了使銜鐵吸合時線圈中的電流仍為0.2A，根據歐姆定律可知，應增大滑動變阻器R0接入電路的阻值或減小電源電壓。
答：（1）如上圖所示；
（2）滑動變阻器接入電路阻值應為28Ω；
（3）電熱器的加熱效率為84%；
（4）大；小。
【點評】本題考查了電磁繼電器的連接、歐姆定律、吸熱公式、電功公式的運用、電熱轉化效率以及串聯電路的特點，關鍵是明白電磁繼電器的工作原理，并能從圖中獲取有用信息，本題綜合性強、難度較大。