若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識產(chǎn)權(quán)，請掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
B.
C. E
D. 7. 1892年狄塞爾為描述內(nèi)燃機熱力學(xué)過程建立了定壓加熱循環(huán)狄塞爾循環(huán)，如圖為描述狄塞爾循環(huán)的圖像，和為絕熱過程，若一定質(zhì)量的某種理想氣體經(jīng)歷了循環(huán)過程，下列說法正確的是( )A. 氣體的內(nèi)能不變
B. 氣體向外界放熱
C. 氣體的內(nèi)能增加
D. 一個循環(huán)過程，氣體從外界吸收熱量8. 隨著經(jīng)濟(jì)發(fā)展，加之寒冬來臨，用電需求增加，當(dāng)火力發(fā)電供應(yīng)緊張時，通過遠(yuǎn)距離調(diào)度方式，會及時將其他地區(qū)的風(fēng)力發(fā)電、太陽能發(fā)電并入電網(wǎng)保障電力供應(yīng)。如圖是遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，假設(shè)發(fā)電廠輸出電壓恒定不變，兩個變壓器均為理想變壓器。當(dāng)用戶用電器增加假設(shè)所有用電器均可視為純電阻，電網(wǎng)中數(shù)據(jù)發(fā)生變化，下列說法正確的是( )
A. 降壓變壓器的輸出電流減小 B. 輸電線上損失的功率減小
C. 升壓變壓器的輸出電壓增大 D. 發(fā)電廠輸出的總功率增大9. “戰(zhàn)繩”是一種近年流行的健身器材，健身者把兩根相同繩子的一端固定在一點，用雙手分別握住繩子的另一端，上下抖動繩子使繩子振動起來圖甲。以手的平衡位置為坐標(biāo)原點，圖乙是健身者右手在抖動繩子過程中某時刻的波形，若右手抖動的頻率是，下列說法正確的是( )
A. 該時刻P點的位移為
B. 再經(jīng)過，P點到達(dá)平衡位置
C. 該時刻Q點的振動方向沿y軸負(fù)方向
D. 從該時刻開始計時，質(zhì)點Q的振動方程為10. 某同學(xué)測量一段粗細(xì)均勻金屬絲的電阻率，器材如下：金屬絲，電源電動勢3V、內(nèi)阻不計，電流表量程、內(nèi)阻，電壓表量程、內(nèi)阻約，滑動變阻器最大阻值，毫米刻度尺，開關(guān)S及導(dǎo)線若干。實驗步驟如下：
首先用毫米刻度尺測出接入電路中金屬絲的長度，再用螺旋測微器測金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，金屬絲直徑的測量值______ mm；
為減小誤差，應(yīng)選用乙圖中的______ 選填“a”或“b”連接線路；
實驗過程中，改變滑動變阻器的滑片位置，并記錄兩電表的讀數(shù)，作出如圖丙所示的圖像，可得金屬絲的電阻______ ，電阻率______ 結(jié)果均保留2位有效數(shù)字；
電路保持閉合，若測量時間較長，會使電阻率的測量結(jié)果______ 選填“偏大”“偏小”或“不變”。11. 如圖所示，半徑為L的半圓形光滑導(dǎo)體框架MN垂直放置于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，長為L的導(dǎo)體桿OP繞圓心O以角速度勻速轉(zhuǎn)動，N、O間接阻值為R的電阻，桿OP的電阻為r，框架電阻不計，求桿沿框架轉(zhuǎn)動過程中：
電阻R兩端電壓；
電阻R消耗的電功率。
12. 如圖所示，光電管的陰極K用某種金屬制成，閉合開關(guān)S，用發(fā)光功率為P的激光光源直接照射陰極K時，產(chǎn)生了光電流。移動變阻器的滑片，當(dāng)光電流恰為零時，電壓表的示數(shù)為U，已知該金屬的逸出功為，普朗克常量為h，電子電荷量為e。真空中的光速為c，求：
激光在真空中的波長；
激光光源單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光子數(shù)N。
13. 如圖所示，質(zhì)量的小球用長的輕繩懸掛在固定點O上。足夠長的木板C置于光滑水平地面上，兩物塊A、B放置在C上，A置于C的左端，B與A相距?，F(xiàn)將小球拉至與豎直方向成由靜止釋放，小球在最低點與A發(fā)生彈性碰撞，一段時間后，A與B碰撞后粘在一起，兩次碰撞時間均可忽略，已知A與C、B與C間動摩擦因數(shù)，A、B、C的質(zhì)量，重力加速度g取，，，不計空氣阻力。求：
與A碰撞前瞬間，小球所受輕繩的拉力；
與B碰撞前瞬間、A的速度大??；
整個裝置在全過程中損失的機械能。
14. 如圖所示，真空中四個絕緣圓弧柱面彼此相切，垂直紙面固定放置，圓弧半徑為R，其中柱面1中間位置開一條狹縫。在裝置中心O處有一粒子源，無初速釋放質(zhì)量為m、電荷量為的粒子。在O與狹縫之間加一電壓為U的加速電場。在圓形區(qū)域內(nèi)設(shè)計合適的勻強磁場可使離開狹縫的粒子做逆時針方向的循環(huán)運動。已知粒子與柱面的碰撞為彈性碰撞，碰撞過程中電荷量沒有損失，不計粒子重力及粒子間相互作用。求：
粒子在磁場中運動的速度大??；
四個圓形區(qū)域所加磁場的磁感應(yīng)強度最小值及方向；
在的情境下，若僅同步調(diào)整圓形區(qū)域2、3、4內(nèi)的磁場，試導(dǎo)出磁感應(yīng)強度的所有可能值。
答案和解析 1.【答案】A 【解析】解：A、固體很難被壓縮，是因為分子間存在斥力，故A正確；
B、布朗運動是指懸浮在液體中的固體小顆粒的運動，不是液體分子的無規(guī)則運動，而是液體分子無規(guī)則運動的反映，故B錯誤；
C、氣體吸熱，如果同時對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知其內(nèi)能可能不變或減小，故C錯誤；
D、水結(jié)成冰的過程中，需要放熱，同時因為體積增大對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知內(nèi)能減小，又因為溫度不變，分子熱運動總的動能不變，所以總的分子勢能減小，故D錯誤。
故選：A。
分子間存在斥力，因而固體很難被壓縮；布朗運動不是液體分子的無規(guī)則運動；做功和熱傳遞都能改變內(nèi)能；水結(jié)成冰的過程中，需要放熱，同時因為體積增大物體對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化，再分析分子勢能的變化。
解決本題的關(guān)鍵要掌握分子動理論以及熱力學(xué)第一定律，知道做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能。
2.【答案】C 【解析】解：核反應(yīng)前后，電荷量和質(zhì)量數(shù)守恒，質(zhì)量存在虧損，故A錯誤；
B.裂變產(chǎn)生核廢料放射性極強，聚變原料好獲取，產(chǎn)物無污染，不具有放射性，核聚變更清潔安全，故B錯誤；
C.快中子經(jīng)過與減速劑中的原子核碰撞，速度減小，變成慢中子，才容易被鈾核吸收，故C正確；
D.裂變反應(yīng)釋放大量的能量，所以產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比反應(yīng)前原子核的比結(jié)合能大，故D錯誤。
故選：C。
核反應(yīng)前后，電荷量和質(zhì)量數(shù)守恒；
聚變原料好獲取，產(chǎn)物無污染，不具有放射性；
中子減速容易被鈾核吸收；
比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定。
本題考查學(xué)生對核反應(yīng)電荷量和質(zhì)量數(shù)守恒、核聚變無污染、慢中子裂變反應(yīng)更徹底、比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定的掌握，對于這些物理規(guī)律，需要學(xué)生平時多積累多記憶，此題本身難度不高。
3.【答案】C 【解析】解：AB、對衣架、橫桿、衣服組成的整體受力分析，設(shè)整體所受重力為G，則每根斜桿受到地面的支持力，變化不影響支持力大小，故AB錯誤；
CD、對一根斜桿受力分析如圖：
根據(jù)共點力平衡條件有：
隨著角度緩緩增大，則增大，f也增大，故C正確，D錯誤；
故選：C。
對整體受力分析，豎直方向根據(jù)平衡條件分析地面對每根桿的支持力大??；對其中一個斜桿分析，水平方向根據(jù)平衡條件分析求解摩擦力大小。
本題主要是考查了共點力的平衡問題，解題關(guān)鍵是靈活選擇研究對象并對其受力分析，根據(jù)平衡條件列式求解即可。
4.【答案】A 【解析】解：根據(jù)折射定律有：，可知b光的折射率比c光的更大，故A正確；
B.根據(jù)光速與折射率的關(guān)系有：可知，因b光的折射率更大，故b光在玻璃中的傳播速度比c光更小，故B錯誤；
C.因b光的折射率更大，故b光的頻率更大，根據(jù)，可知b光的能量更大，故C錯誤；
D.由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)不會發(fā)生全反射，故逐漸增大a光的入射角，b光不會發(fā)生全反射，故D錯誤。
故選：A。
通過光線的偏折程度根據(jù)折射定律可分析折射率大?。桓鶕?jù)得光束在該玻璃中傳播的速度；頻率越大，光的能量越大，根據(jù)全反射條件分析D。
本題考查了折射定律、會通過光線的偏折程度判斷折射率的大小，靈活運用、分析求解光學(xué)問題。
5.【答案】B 【解析】解：A、根據(jù)常識可知地球同步衛(wèi)星的軌道一定在赤道的正上方，且環(huán)繞半徑約為地球半徑的倍。“夸父一號”衛(wèi)星始終以相同的角度面對太陽，并保持在晨昏分界線上，不與地球同步衛(wèi)星軌道平面重合，故A錯誤；
B、根據(jù)萬有引力提供向心力得，可知，“夸父一號”衛(wèi)星環(huán)繞半徑小，則運行線速度比地球同步衛(wèi)星大，故B正確；
C、根據(jù)萬有引力提供向心力得，可知，“夸父一號”衛(wèi)星環(huán)繞半徑小，則運行角速度比地球同步衛(wèi)星大，故C錯誤；
D、根據(jù)萬有引力提供向心力得，可知，“夸父一號”衛(wèi)星環(huán)繞半徑小，則運行周期比地球同步衛(wèi)星小，故D錯誤。
故選：B。
地球同步衛(wèi)星的軌道定點在赤道的正上方；根據(jù)萬有引力提供向心力列方程，得到線速度、角速度和周期與軌道半徑的關(guān)系，再比較大小。
解答本題的關(guān)鍵要掌握衛(wèi)星問題常用思路：萬有引力提供向心力，通過列式分析各個參量的大小。
6.【答案】B 【解析】解：設(shè)兩棒均帶正電，由點電荷場強特點及場強疊加規(guī)律可知，左側(cè)圓弧產(chǎn)生的場強方向斜向右下方，與方向夾角為，右側(cè)圓弧產(chǎn)生的場強方向斜向左下方，與方向夾角為，它們大小均為，可得
解得
撤去其中一棒后，O點的電場強度大小變?yōu)?/span>。故B正確，ACD錯誤；
故選：B。
把帶電圓弧絕緣棒等效成點電荷，利用點電荷產(chǎn)生的場強進(jìn)行矢量求解即可。
本題主要考查了電場強度的計算，解題關(guān)鍵是帶電體電荷的等效，然后利用電場的矢量性即可求得。場強是矢量，其運算利用平行四邊形定則。
7.【答案】D 【解析】解：A、過程絕熱，。氣體體積減小，外界對氣體做正功，即，由熱力學(xué)第一定律可知，，氣體內(nèi)能增大，故A錯誤；
B、過程氣體發(fā)生等壓變化，體積增大，由知氣體溫度升高，內(nèi)能增大，即。氣體體積增大，氣體對外界做正功，即，由熱力學(xué)第一定律可知，即氣體需要從外界吸收熱量，故B錯誤；
C、過程絕熱，。氣體體積增大，氣體對外做功，，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能減小，故C錯誤；
D、一個循環(huán)過程，。由圖像與橫軸所圍的面積表示氣體做功，可知氣體對外界做功大于外界對氣體做功，即，由熱力學(xué)第一定律可知
，所以氣體會從外界吸熱，故D正確。
故選：D。
過程，根據(jù)體積變化分析氣體做功情況，由熱力學(xué)第一定律分析氣體內(nèi)能的變化。過程，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，結(jié)合氣體做功情況分析吸放熱情況。過程絕熱，根據(jù)體積變化分析氣體做功情況，由熱力學(xué)第一定律分析氣體內(nèi)能的變化。一個循環(huán)過程，，根據(jù)圖像與橫軸所圍的面積表示氣體做功，分析氣體做功情況，從而判斷吸放熱情況。
本題主要考查熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，根據(jù)圖像分析清楚氣體狀態(tài)變化過程是解題的前提，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律解題時，注意各物理量正負(fù)號的含義。
8.【答案】D 【解析】解：C、根據(jù)原、副線圈電壓比等于匝數(shù)比可得
可得升壓變壓器的輸出電壓為
由于匝數(shù)不變，發(fā)電廠輸出電壓恒定不變，可知升壓變壓器的輸出電壓不變，故C錯誤；
A、原副線圈電壓比等于匝數(shù)比，電流比等于匝數(shù)反比，設(shè)輸電線電阻為，用戶端總電阻為R，在高壓傳輸電路上，有
又
聯(lián)立可得：
當(dāng)用戶用電器增加，用電器為并聯(lián)，用戶端總電阻R減小，則降壓變壓器的輸出電流增大，故A錯誤；
B、原副線圈電流比等于匝數(shù)的反比，有：
由A得，增大，則增大，輸電線上損失的功率為
輸電線上損失的功率增大，故B錯誤；
D、根據(jù)
由B得，增大，則增大，發(fā)電廠輸出的總功率為
發(fā)電廠輸出的總功率增大，故D正確。
故選：D。
變壓器原副線圈電壓比等于匝數(shù)比，電流比等于匝數(shù)反比，據(jù)此判斷電壓和電流的變化；根據(jù)功率公式求解輸電線上損失的功率，進(jìn)而判斷功率的變化；根據(jù)判斷發(fā)電機輸出總功率的變化。
本題考查遠(yuǎn)距離輸電問題，解題關(guān)鍵是知道變壓器原副線圈電壓比、電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，掌握功率的計算公式。
9.【答案】B 【解析】解：由題可知，振幅，頻率，由圖可知波的波長為，波向右傳播，該時刻P點得振動方向沿y軸負(fù)方向，O點的振動方向沿y軸正方向，故從該時刻開始計時P點的振動方程為
故時P點的位移為
當(dāng)時P點的位移為，P點到達(dá)平衡位置，故AC錯誤，B正確；
D.從該時刻開始計時，質(zhì)點O從平衡位置向上振動，故質(zhì)點Q的振動方程為，故D錯誤。
故選：B。
根據(jù)波形平移法分析Q的運動方向；根據(jù)振幅、頻率可得該時刻開始計時PQ點的振動方程，從而分析P的位移和運動情況。
解決本題的關(guān)鍵是要會用波形平移法分析質(zhì)點的起振方向，注意質(zhì)點振動方程的書寫。
10.【答案】 偏大 【解析】解：螺旋測微器的最小分度值為，讀數(shù)為：；
電流表的內(nèi)阻已知，與待測電阻串聯(lián)，通過待測電阻的電流測量值是準(zhǔn)確值，故應(yīng)選乙圖中的a連接線路；
根據(jù)圖a可知
圖像的斜率表示金屬絲的電阻，則有
代入數(shù)據(jù)解得
根據(jù)電阻定律有
根據(jù)幾何知識有
代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得
電路保持閉合，若測量時間較長，電阻溫度升高，會使電阻率的測量結(jié)果偏大。
故答案為：；；，；偏大。
明確螺旋測微器的最小分度值，讀出讀數(shù)；
根據(jù)實驗誤差分析判斷；
根據(jù)歐姆定律、電阻定律、幾何知識推導(dǎo)計算。
根據(jù)溫度對金屬電阻率的影響分析判斷。
本題考查測量一段粗細(xì)均勻金屬絲的電阻率實驗，要求掌握實驗原理、實驗電路、實驗步驟、數(shù)據(jù)處理和誤差分析。
11.【答案】解：設(shè)桿末端的速度為v，則
桿繞O點勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為
則R兩端電壓
回路中電流
消耗的電功率
答：電阻R兩端電壓為；
電阻R消耗的電功率為。 【解析】先根據(jù)求出桿繞O點勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E，再由計算電阻R兩端電壓；
由閉合電路歐姆定律計算電路中電流，再由計算電阻R消耗的電功率。
本題考查轉(zhuǎn)動切割類電磁感應(yīng)問題，關(guān)鍵要推導(dǎo)出轉(zhuǎn)動切割感應(yīng)電動勢表達(dá)式：，可理解的基礎(chǔ)上記住。
12.【答案】解：由動能定理，可得：
由光電效應(yīng)方程，
解得：
設(shè)激光光源單位時間t內(nèi)產(chǎn)生的光子數(shù)N，則：
解得：
答：激光在真空中的波長為；
激光光源單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光子數(shù)N為。 【解析】根據(jù)動能定理與光電效應(yīng)方程，結(jié)合極限頻率與遏止電壓的概念，即可求解；
結(jié)合光子數(shù)目與能量值的關(guān)系，即可求解。
掌握動能定理與光電效應(yīng)方程的內(nèi)容，注意正確建立物理模型是解題的關(guān)鍵。
13.【答案】解：小球下擺過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：
代入數(shù)據(jù)解得：
由牛頓第二定律得：
代入數(shù)據(jù)解得：
小球與A發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒
以向右為正方向，由動量守恒定律得：
由機械能守恒定律得：
代入數(shù)據(jù)解得：，
A在C上滑動時設(shè)B、C相對靜止，由牛頓第二定律得：
對B、C整體：
對B：
代入數(shù)據(jù)解得：，假設(shè)正確
A、B、C組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：
由能量守恒定律得：
其中，代入數(shù)據(jù)解得：，不符合實際，舍去
最終A、B、C三者相對靜止，一起做勻速直線運動，設(shè)共同速度為，
A、B、C系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：
由能量守恒定律得：
代入數(shù)據(jù)解得，整個裝置在全過程中損失的機械能：
答：與A碰撞前瞬間，小球所受輕繩的拉力大小是14N，方向豎直向上；
與B碰撞前瞬間A的速度大小是；
整個裝置在全過程中損失的機械能是。 【解析】小球下擺過程機械能守恒，應(yīng)用機械能守恒定律求出碰撞前瞬間小球的速度，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出輕繩的拉力大小。
、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律求出碰撞前瞬間A的速度大小。
應(yīng)用動量守恒定律與能量守恒定律求出整個過程損失的機械能。
分析清楚物體運動過程是解題的前提，應(yīng)用機械能守恒定律、動量守恒定律與能量守恒定律可以解題。
14.【答案】解：設(shè)粒子在磁場中運動的速度大小為v，粒子從O點開始加速到達(dá)狹縫過程，由動能定理得：
解得：
根據(jù)左手定則可知粒子要做逆時針方向的循環(huán)運動，磁場方向必須垂直紙面向里。由洛倫茲力提供向心力得：
解得：
由幾何知識可得磁感應(yīng)強度最小值對應(yīng)軌跡半徑的最大值設(shè)為。做出臨界情況下的軌跡如圖所示：
由幾何關(guān)系得：
解得：
由洛倫茲力提供向心力得：
聯(lián)立解得：
滿足題意的各種情況中，除區(qū)域1外，另外三個區(qū)域的軌跡半徑的最大值為如上圖所示，軌跡弦長對應(yīng)的磁場圓的圓心角為。
若粒子在區(qū)域2、3、4內(nèi)均與圓弧柱面碰撞一次，則上述圓心角為；
若粒子在區(qū)域2、3、4內(nèi)均與圓弧柱面碰撞兩次，則上述圓心角為
以此類推，若粒子在區(qū)域2、3、4內(nèi)均與圓弧柱面碰撞n次，則上述圓心角為
由幾何關(guān)系得：
同理：
解得：。
答：粒子在磁場中運動的速度大小為；
四個圓形區(qū)域所加磁場的磁感應(yīng)強度最小值為，方向垂直紙面向里；
磁感應(yīng)強度的所有可能值為。 【解析】根據(jù)動能定理求解粒子進(jìn)入磁場運動的速度大??；
根據(jù)左手定則判斷磁場方向。由幾何關(guān)系確定粒子運動的最大半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強度最小值；
根據(jù)粒子在區(qū)域2、3、4內(nèi)與圓弧柱面碰撞次數(shù)，確定粒子運動半徑表達(dá)式，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強度。
本題考查了帶電粒子在磁場中運動的問題，畫運動軌跡圖是解決此類問題的基本功，掌握垂直速度方向畫圓心所在的直線，依據(jù)其它條件如出射點的位置，軌跡與邊界相切等確定圓心位置，即可確定軌跡半徑與圓心角；知道半徑與速度大小相關(guān)聯(lián)，時間與圓心角相關(guān)聯(lián)。
相關(guān)試卷
2022-2023學(xué)年江蘇省徐州市高一（下）期末物理試卷（含詳細(xì)答案解析）：
這是一份2022-2023學(xué)年江蘇省徐州市高一（下）期末物理試卷（含詳細(xì)答案解析），共18頁。試卷主要包含了單選題，實驗題，簡答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2023-2024學(xué)年江蘇省徐州市高一（上）期末抽測物理試卷（含解析）：
這是一份2023-2024學(xué)年江蘇省徐州市高一（上）期末抽測物理試卷（含解析），共13頁。試卷主要包含了單選題，實驗題，計算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2023年江蘇省泰州市高考物理一調(diào)試卷（含答案解析）：
這是一份2023年江蘇省泰州市高考物理一調(diào)試卷（含答案解析），共16頁。
相關(guān)試卷 更多
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
- 1.電子資料成功下載后不支持退換，如發(fā)現(xiàn)資料有內(nèi)容錯誤問題請聯(lián)系客服，如若屬實，我們會補償您的損失
- 2.壓縮包下載后請先用軟件解壓，再使用對應(yīng)軟件打開；軟件版本較低時請及時更新
- 3.資料下載成功后可在60天以內(nèi)免費重復(fù)下載
版權(quán)申訴
高考專區(qū)
- 精品推薦
- 所屬專輯50份
-
[精] 2022-2023學(xué)年江蘇省徐州市高一（下）期末物理試卷（含詳細(xì)答案解析）
-
[精] 2023年江蘇省南通市崇川區(qū)等地高考物理適應(yīng)性試卷（3月）（含答案解析）
-
2024屆江蘇省徐州市高三上學(xué)期11月期中物理試題 （解析版）
-
[精] 2023年新高考江蘇省物理高考真題及答案解析
-
2023年江蘇省高考真題——物理 （解析版）
-
江蘇省徐州市邳州市新世紀(jì)學(xué)校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第一次月考物理試卷（含答案）
-
江蘇省徐州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理（選修）試題（解析版）
-
精品解析：江蘇省徐州市銅山區(qū)2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期期中物理試題（選擇考）（解析版）
-
江蘇省徐州市2023-2024學(xué)年高一上學(xué)期11月期中物理試題（Word版附解析）
歡迎來到教習(xí)網(wǎng)
- 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
- 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
- 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
- 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
注冊成功
-
0
資料籃
-
在線客服
官方
微信添加在線客服
獲取1對1服務(wù)
-
官方微信
官方
微信關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號
打開微信就能找資料
-
賽課定制
賽課
定制添加在線客服
獲取1對1定制服務(wù)
-
職稱咨詢
職稱
咨詢添加在線客服
獲取1V1專業(yè)指導(dǎo)服務(wù)
-
免費福利
返回
頂部
頂部