湖南省高二年級期末考試試卷物理本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名，考生號，考場號，座位號填寫在答題卡上。2.回答這擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號徐黑。如需改動，用皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效，3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一井交回。4.本試卷主要考試內(nèi)容：高考全部內(nèi)容。一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1. 下列說法正確的是（　?。?/span>A. 原子核衰變時，電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都守恒B 結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定C. 核聚變時，要吸收能量D. 貝克勒爾首先發(fā)現(xiàn)了X射線【答案】A【解析】【詳解】A．原子核衰變時，質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)都守恒，A正確；B．原子核比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，B錯誤；C．核聚變時，存在質(zhì)量虧損，會釋放能量，C錯誤；D．倫琴發(fā)現(xiàn)了X射線，D錯誤。故選A。2. 一礦泉水瓶如圖所示，其外殼是由食品級的彈性塑料制成的。下列說法正確的是（　?。?/span>
 A. 手輕握礦泉水瓶時外殼發(fā)生的形變?yōu)榉菑椥孕巫?/span>B. 手對礦泉水瓶的作用力是由礦泉水瓶的形變而產(chǎn)生的C. 礦泉水瓶的瓶蓋以及瓶身上的條紋是為了增大最大靜摩擦力D. 礦泉水瓶里的水對瓶底部的作用力與瓶底部對水的作用力是一對平衡力【答案】C【解析】【詳解】A．手輕握礦泉水瓶時外殼發(fā)生的形變在手離開瓶后還能恢復原狀，為彈性形變，故A錯誤；B．手對礦泉水瓶的作用力是由手的形變而產(chǎn)生的，故B錯誤；C．礦泉水瓶的瓶蓋以及瓶身上的條紋，增加了瓶蓋和瓶身的粗糙程度，手握瓶時可以增大最大靜摩擦力，故C正確；D．礦泉水瓶里的水對瓶底部的作用力與瓶底部對水的作用力是一對相互作用力，故D錯誤。故選C。3. 如圖所示，在A、B兩處分別固定有等量異種點電荷，CD為AB的垂直平分線，O點為垂足。一負試探電荷（不計試探電荷所受重力）在力F的作用下從C點沿直線勻速運動到D點，C、D兩點關(guān)于AB對稱。該過程中，關(guān)于力F的大小，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 一直增大 B. 一直減小 C. 先減小后增大 D. 先增大后減小【答案】D【解析】【詳解】等量異種電荷連線的中垂線上的電場分布，其特點是：連線中點處的電場最強，從中點沿中垂線向外電場逐漸減弱。所以試探電荷從C向D運動過程中受到的電場力先增大后減小，方向始終垂直于中垂線。由于試探電荷從C向D沿直線勻速運動，則力F與電荷所受的電場力等大反向，即力F先增大后減小。故選D。4. 冰壺比賽中，甲冰壺以某一初連度滑出，沿水平冰面勻減速滑行一段距離后停下；乙冰壺（與甲冰壺相同）以另一初建度滑出。沿同一冰面滑行的距離是甲冰壺滑行距離的2倍。甲、乙兩冰壺滑出的初速度大小的比值為（　　）A.  B. 1 C.  D. 2【答案】C【解析】【詳解】甲乙冰壺都做勻減速直線運動，由于在同一冰面上，根據(jù)牛頓第二定律
 可知加速度相等，根據(jù)運動學公式
 可知
 ABD錯誤，C正確。故選C。5. 2022年5月20日，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心將3顆低軌通信試驗衛(wèi)星送入預定軌道，發(fā)射任務(wù)取得成功，若其中一顆衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的線速度大小為v，角速度大小為ω，引力常量為G，則地球的質(zhì)量為（　?。?/span>A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【詳解】設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，運動半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)勻速圓周運動規(guī)律有聯(lián)立以上兩式解得故選A。6. 如圖所示，矩形導線框abcd放置在粗糙絕緣的水平面上。固定在水平面上的長直導線平行于ab。導線中通有交變電流i=4sin5πt（A），規(guī)定水平向左為電流的正方向，線框始終處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（　?。?/span>A. 該交變電流的有效值為4AB. 該交變電流的頻率為5HzC. t=0.15s時，線框中感應(yīng)電流的方向為abcdaD. t=0.35s時，線框?qū)λ矫娴哪Σ亮Ψ较虼怪敝赶驅(qū)Ь€【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)正弦式交流電的有效值與最大值的關(guān)系可知A錯誤；B．該交流電的周期該交變電流的頻率為B錯誤；C．當t=0.15s時，則直導線中交變電流此時電流的變化率為正值，且電流在變小，則線框內(nèi)的磁通量變小，根據(jù)楞次定律可知，線框中感應(yīng)電流方向為adcba，故C錯誤；D．當t＝0.35s時，電流正向右減小，線框所處位置的磁場方向垂直于紙面向外，根據(jù)楞次定律，可知線框感應(yīng)電流方向為abcda，通電直導線磁場分布特點可知，越靠近導線，通電直導線所產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度越大，根據(jù)左手定則，可判斷線框受到的合安培力方向垂直背向?qū)Ь€方向，根據(jù)平衡條件可得線框受到的靜摩擦力方向垂直指向?qū)Ь€方向，故D正確。故選D。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7. 北京時間2021年10月16日6時56分，“神舟十三號”載人飛船采用自主快速交會對接模式成功對接于“天和”核心艙徑向端口，與此前已對接的“天舟二號“天舟三號”貨運飛船一起構(gòu)成四艙（船）組合體，整個交會對接過程歷時約6.5小時。隨后，三名航天員進人“天和”核心艙，根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（　?。?/span>A. “2021年10月16日6時56分”指的是時刻B. 交會對接過程中，“天和”核心艙與“神舟十三號”載人飛船均處于平衡狀態(tài)C. 對接成功后，以“天和”核心艙為參考系，“神舟十三號”載人飛船是靜止的D. 研究“神舟十三號”載人飛船與“天和”核心艙對接的過程，可將它們視為質(zhì)點【答案】AC【解析】【詳解】A．“2021年10月16日6時56分”指的是時刻，A正確；B．交會對接過程中，“天和”核心艙與“神舟十三號”載人飛船均繞地球做圓周運動，均不處于平衡狀態(tài)，B錯誤；C．對接成功后，以“天和”核心艙為參考系，“神舟十三號”載人飛船是靜止的，C正確；D．研究“神舟十三號”載人飛船與“天和”核心艙對接的過程，二者的大小形狀均不能忽略，不可將它們視為質(zhì)點，D錯誤。故選AC。8. 如圖所示，兩絕緣輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù)均為k，豎直吊著一根長為L的勻質(zhì)金屬棒PQ，穩(wěn)定后金屬棒水平，空間存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于兩彈簧所決定平面向里的勻強磁場（圖中未畫出）。當金屬棒中通有恒定電流時，兩彈簧的伸長量均增加了x。彈簧始終在彈性限度內(nèi)。關(guān)于通過金屬棒的電流的大小和方向，下列說法正確的是（　?。?/span>
 A. 大小為 B. 大小為C. 方向從P指向Q D. 方向從Q指向P【答案】BD【解析】【詳解】AB．通電流前，設(shè)彈簧伸長x1，則
 通電流后，設(shè)彈簧伸長x2，可知安培力和重力同向，則
 由題意
 解得
 A錯誤，B正確；CD．由于彈簧的伸長量增加，因此可以判斷安培力豎直向下，根據(jù)左手定則，可知電流的方向從Q指向P，C錯誤，D正確。故選BD。9. 如圖所示，將質(zhì)量為m的物塊（視為質(zhì)點）從空中O點以大小為的初速度水平拋出，恰好沿斜面方向落到傾角為的固定斜面頂端，然后沿斜面下滑，到達斜面底端時的速度為零。重力加速度大小為g，不計空氣阻力。下列說法正確的是（  ）A. 物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為B. 物塊在空中做平拋運動的時間為C. 物塊沿斜面下滑的過程中，因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為D. 物塊沿斜面下滑的過程中，合力的沖量大小為【答案】BD【解析】【詳解】B．物塊在空中做平拋運動有整理得B正確；A．物塊在空中做平拋運動到達斜面頂端有由題知物塊沿斜面下滑，到達斜面底端時的速度為零，當gsinθ = μgcosθ時，即加速度為零μ = tanθ與題意不符，則不成立，A錯誤；C．物塊從O點到斜面底端，由動能定理有即C錯誤；D．根據(jù)動量定理有D正確。故選BD。10. 如圖所示，一理想變壓器的原線圈的匝數(shù)，所加交流電壓有效值，串聯(lián)了一個阻值為的電阻r；可以通過調(diào)節(jié)滑動觸頭Q來改變接入電路的副線圈匝數(shù)，調(diào)節(jié)范圍為0~2400匝，副線圈接有阻值為的電阻R。下列說法正確的是（　?。?/span>A. 將滑動觸頭從中點往上調(diào)到最高點的過程中，R兩端的電壓先增大后減小B. 將滑動觸頭從中點往上調(diào)到最高點的過程中，R的功率一直在增大C. 當時，R的功率最大D. 當時，通過R的電流最大【答案】AD【解析】【詳解】A．原線圈電壓根據(jù)變壓比可知副線圈電流根據(jù)變流比得以上聯(lián)立可得根據(jù)數(shù)學知識可知，R兩端的電壓最大時解得將滑動觸頭從中點（此時）往上調(diào)到最高點的過程中，R兩端的電壓先增大后減小，故A正確；B．R的功率將滑動觸頭從中點（此時）往上調(diào)到最高點的過程中，R兩端的電壓先增大后減小，則R的功率先增大后減小，故B錯誤；CD．時R兩端的電壓最大，此時R的功率最大，通過R的電流最大，故C錯誤，D正確。故選AD。三、非選擇題：共56分。第11~14題為必考題，每個試題考生都必須作答。第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共43分。11. 某同學用如圖甲所示的裝置驗證機械能守恒定律，A點距光電門B的高度為h。
 （1）用十分度游標卡尺測量小球的直徑，若測量結(jié)果如圖乙所示，則小球的直徑d=____________mm。
 （2）將小球從A點由靜止釋放，若小球通過光電門B的時間為t，則小球通過光電門B時的速度大小v=____________（用d、t表示）。（3）已知h>>d，當?shù)氐闹亓铀俣却笮?/span>g，若滿足關(guān)系式2gh=____________（用d、t表示），則說明在誤差允許的范圍內(nèi)，小球下落過程中機械能守恒。【答案】    ①. 9.3    ②.     ③. 【解析】【詳解】[1] 小球的直徑[2] 將小球從A點由靜止釋放，若小球通過光電門B的時間為t，則小球通過光電門B時的速度大小[3] 已知h>>d，當?shù)氐闹亓铀俣却笮?/span>g，若球下落過程中機械能守恒有解得若小球滿足關(guān)系式則說明在誤差允許的范圍內(nèi)，小球下落過程中機械能守恒。12. 熱敏電阻是一種傳感器電阻，其電阻值隨著溫度的變化而改變。按照溫度系數(shù)的不同，熱敏電阻分為正溫度系數(shù)熱敏電阻和負溫度系數(shù)熱敏電阻，正溫度系數(shù)熱敏電阻的電阻值隨溫度的升高而增大，負溫度系數(shù)熱敏電阻的電阻值隨溫度的升高而減小。某同學設(shè)計了如圖甲所示的電路，將熱敏電阻浸入熱水中，調(diào)節(jié)熱敏電阻的溫度，測出熱敏電阻在不同溫度下的電阻值Rt，描繪該熱敏電阻的電阻值Rt隨溫度t變化的關(guān)系曲線如圖乙所示。
 （1）實驗前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至___________（填“a”或“b”）端。（2）本實驗測得的熱敏電阻的電阻值___________（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值：待測熱敏電阻為___________（填“正溫度系數(shù)”或“負溫度系數(shù)”）熱敏電阻。（3）將該熱敏電阻用于如圖丙所示的火災(zāi)報警器電路中，報警器接在A、B兩點之間。已知R1=3kΩ，R2=4kΩ，R3=6kΩ，當A點的電勢高于B點的電勢時報警器開始報警，若出現(xiàn)火災(zāi)，則當熱敏電阻的溫度為___________℃時報警器開始報警。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）
 【答案】    ①. a    ②. 大于    ③. 負溫度系數(shù)    ④. 605961【解析】【詳解】（1）[1]滑動變阻器分壓式連接，為保護電表，實驗前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至a端；（2）[2]本實驗采用電流表內(nèi)接法測量電阻，由于電流表分壓，電壓表測得熱敏電阻的電壓偏大，電流準確，故測得的熱敏電阻的電阻值大于真實值；[3]由圖像可知電阻隨溫度的升高而變小，待測熱敏電阻為負溫度系數(shù)。（3）[4] 當A點的電勢高于B點的電勢時則有已知R1=3kΩ，R2=4kΩ，R3=6kΩ，解得根據(jù)圖像可知此時熱敏電阻的溫度為60℃，故出現(xiàn)火災(zāi)，則當熱敏電阻的溫度為60℃時報警器開始報警。13. 如圖所示，在直角坐標系xOy中，兩平行x軸的金屬板M、N有兩個小孔S、K，S、K均在y軸上。在以原點O為圓心，R為半徑的四形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直坐標平面向外的勻強磁場。圓O與M板相切于S，與x軸相交于C點。現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電粒子從小孔K由靜止釋放，粒子恰好通過C點。不計粒子所受重力。（1）求兩金屬板間的電壓U；（2）若粒子在兩金屬板間與圓形區(qū)域內(nèi)運動的時間相等，求兩金屬板的距離d。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的速度大小為v，有解得根據(jù)動能定理有解得（2）設(shè)粒子在兩金屬板間運動的時間為，則粒子在磁場中做圓周運動的周期滿足粒子在圓形區(qū)域內(nèi)運動的時間又解得14. 如圖所示，在足夠大的光滑水平面上有一質(zhì)量M=2kg的塑料板（表面水平），質(zhì)量m=1kg的物塊（視為質(zhì)點）放在塑料板的中間，已知物塊與塑料板間的動摩擦因數(shù)μ=0.2。現(xiàn)對塑料板施加一大小F=9N、方向水平向右的恒定拉力，作用時間t=2s后撤去拉力，這時塑料板的右端到前方豎直固定的擋板P的距離，最終物塊恰好沒有脫離長塑料板，取重力加速度大小g=10m/s2，塑料板與擋板碰撞的過程中沒有機械能損失，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：（1）撤去拉力時，物塊的速度大小v1和塑料板的速度大小v2；（2）塑料板與擋板相碰前瞬間，塑料板的速度大小v3；（3）塑料板長度L（結(jié)果可保留分式）。
 【答案】（1）4m/s， 7m/s；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）假設(shè)在拉力的作用下，物塊與塑料板保持相對靜止，且它們運動的加速度大小為a0，根據(jù)牛頓第二定律有F=（M+m）a0解得a0=3m/s2維持物塊以大小為3m/s2的加速度做勻加速直線運動所需要的摩擦力大小f=ma0=3N因為f>μmg=2N所以物塊與塑料板間不能保持相對靜止，在拉力的作用下，物塊與塑料板的加速度大小分別為根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有v1=a1t=4m/sv2=a2t=7m/s（2）因為v1<v2所以撤去拉力后，物塊做勻加速直線運動，塑料板做勻減速直線運動，假設(shè)物塊與塑料板達到共同速度時，塑料板尚未與擋板碰撞，則從撤去拉力到物塊與塑料板達到共同速度的過程中，物塊的加速度大小仍為a1=2m/s2該過程中塑料板做勻減速直線運動的加速度大小設(shè)該過程所用的時間為t1，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有解得t1=1s該過程中塑料板滑行的位移大小因為x>s所以在塑料板與擋板碰撞時，物塊與塑料板尚未達到共同速度，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有解得（3）拉力作用期間，物塊相對塑料板向左滑行的距離塑料板與擋板碰撞前瞬間，物塊的速度大小從撤去拉力到塑料板與擋板碰撞前瞬間，物塊相對塑料板向左滑行的距離設(shè)物塊與塑料板最終的共同速度大小為v，對塑料板與擋板碰撞后的過程，根據(jù)動量守恒定律有 解得v=m/s設(shè)該過程物塊相對塑料板向右滑行的距離為L3，根據(jù)能量守恒定律有解得根據(jù)幾何關(guān)系有解得（二）選考題：共13分。請考生從兩道題中任選一題作答。如果多做，則按第一題計分。[選修3-3?。?/span>13分）15. 下列說法正確是（　?。?/span>A. 當分子間的距離減小時，分子間的引力和斥力都增大B. 知道水氣的摩爾體積和水分子的體積，可計算出阿伏加德羅常數(shù)C. 足球充足氣后很難被壓縮，這是足球內(nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果D. 一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱E. 做功和熱傳遞對改變物體的內(nèi)能是等效的【答案】ADE【解析】【詳解】A. 當分子間的距離減小時，分子間的引力和斥力都增大，斥力增大得更快，故A正確；B．知道水的摩爾體積和水分子的體積，才能計算出阿伏加德羅常數(shù)，故B錯誤；C．足球充足氣后很難被壓縮是由于足球內(nèi)外差有壓強差的原因，與分子間的作用力無關(guān)，故C錯誤；D．一定質(zhì)量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，由理想氣體方程知溫度升高，內(nèi)能增大，氣體對外做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體一定從外界吸收熱量，故D正確；E．做功和熱傳遞對改變物體的內(nèi)能是等效的，故 E正確。故選ADE。16. 如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，已知氣體在狀態(tài)A時的熱力學溫度TA=280K，該過程中氣體吸收的熱量Q=120J，求：（1）汽體在狀態(tài)B時的熱力學溫度TB；（2）該過程中氣體內(nèi)能的增量△U。
 【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中做等壓變化，有解得（2）該過程中氣體對外界做的功根據(jù)熱力學第一定律有解得[選修3-4]（13分）17. 一列簡諧沿x軸正方向傳播，在t=0時刻的形圖如圖所示，此時波恰好傳到平衡位置在的質(zhì)點M處；在內(nèi)，平衡位置在處的質(zhì)點P通過的路程為15cm，該波的周期為__________s，傳速度大小為__________m/s。
 【答案】    ①. 1    ②. 4【解析】【詳解】[1][2]由圖可知，該機械波的波長為波源的振幅為在內(nèi)，平衡位置在處的質(zhì)點P通過的路程為15cm，結(jié)合圖像可知，時刻，圖示位置質(zhì)點的振動情況傳播到P點，波傳播的距離為波速為該波的周期為18. 半徑為R的透明圓柱的橫截面如圖所示，圓心在O點，一光線沿橫截面以入射角i=60°從A點射入圓柱，折射后的光線射到B點，O、B兩點的連線恰好與入射光線平行。真空中的光速為c。求：（1）圓柱對光線的折射率n；（2）光線從A點傳播到B點的時間t。
 【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）因為入射光線與OB平行，則所以折射角為根據(jù)折射定律有（2）光線在圓柱內(nèi)傳播的速度大小為A、B兩點間距離為光線從A點傳播到B點的時間為             

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