?2021-2022中考數(shù)學模擬試卷
考生須知：
1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。
2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。
3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、選擇題（共10小題，每小題3分，共30分）
1．下列圖形中既是中心對稱圖形又是軸對稱圖形的是
A． B． C． D．
2．已知二次函數(shù)y=ax2+bx+c的圖像經(jīng)過點（0,m）、（4、m）、（1，n），若n＜m，則（ ）
A．a(chǎn)＞0且4a+b=0 B．a(chǎn)＜0且4a+b=0
C．a(chǎn)＞0且2a+b=0 D．a(chǎn)＜0且2a+b=0
3．如圖是一個正方體被截去一角后得到的幾何體，從上面看得到的平面圖形是（　?。?br />
A． B． C． D．
4．在六張卡片上分別寫有，π，1.5，5，0，六個數(shù)，從中任意抽取一張，卡片上的數(shù)為無理數(shù)的概率是（　?。?br /> A． B． C． D．
5．下列運算結(jié)果正確的是（　?。?br /> A．a(chǎn)3+a4=a7 B．a(chǎn)4÷a3=a C．a(chǎn)3?a2=2a3 D．（a3）3=a6
6．我國平均每平方千米的土地一年從太陽得到的能量，相當于燃燒130000000kg的煤所產(chǎn)生的能量．把130000000kg用科學記數(shù)法可表示為( )
A．13×kg B．0.13×kg C．1.3×kg D．1.3×kg
7．舌尖上的浪費讓人觸目驚心，據(jù)統(tǒng)計中國每年浪費的食物總量折合糧食約499.5億千克，這個數(shù)用科學記數(shù)法應(yīng)表示為（　?。?br /> A．4.995×1011 B．49.95×1010
C．0.4995×1011 D．4.995×1010
8．如圖，在矩形ABCD中，AD=AB，∠BAD的平分線交BC于點E，DH⊥AE于點H，連接BH并延長交CD于點F，連接DE交BF于點O，下列結(jié)論：①∠AED=∠CED；②OE=OD；③BH=HF；④BC﹣CF=2HE；⑤AB=HF，其中正確的有（ ）

A．2個 B．3個 C．4個 D．5個
9．一個圓的內(nèi)接正六邊形的邊長為 2，則該圓的內(nèi)接正方形的邊長為（　?。?br /> A． B．2 C．2 D．4
10．將拋物線向左平移1個單位，再向下平移3個單位后所得拋物線的解析式為（ ）
A． B． C． D．
二、填空題（本大題共6個小題，每小題3分，共18分）
11．某種商品每件進價為10元，調(diào)查表明：在某段時間內(nèi)若以每件x元（10≤x≤20且x為整數(shù)）出售，可賣出（20﹣x）件，若使利潤最大，則每件商品的售價應(yīng)為_____元．
12．三角形兩邊的長是3和4，第三邊的長是方程x2﹣14x+48=0的根，則該三角形的周長為_____．
13．如圖，在矩形ABCD中，AB=8，AD=6，點E為AB上一點，AE=2，點F在AD上，將△AEF沿EF折疊，當折疊后點A的對應(yīng)點A′恰好落在BC的垂直平分線上時，折痕EF的長為_____．

14．如圖，正方形內(nèi)的陰影部分是由四個直角邊長都是1和3的直角三角形組成的，假設(shè)可以在正方形內(nèi)部隨意取點，那么這個點取在陰影部分的概率為 ．

15．如圖，在平面直角坐標系中，函數(shù)y=x和y=﹣x的圖象分別為直線l1，l2，過點A1（1，﹣）作x軸的垂線交11于點A2，過點A2作y軸的垂線交l2于點A3，過點A3作x軸的垂線交l1于點A4，過點A4作y軸的垂線交l2于點A5，…依次進行下去，則點A2018的橫坐標為_____．

16．在直角坐標系平面內(nèi)，拋物線y=3x2+2x在對稱軸的左側(cè)部分是_____的（填“上升”或“下降”）
三、解答題（共8題，共72分）
17．（8分）如圖，正方形ABCD中，M為BC上一點，F(xiàn)是AM的中點，EF⊥AM，垂足為F，交AD的延長線于點E，交DC于點N．
求證：△ABM∽△EFA；若AB=12，BM=5，求DE的長．
18．（8分）李寧準備完成題目；解二元一次方程組，發(fā)現(xiàn)系數(shù)“□”印刷不清楚．他把“□”猜成3，請你解二元一次方程組；張老師說：“你猜錯了”，我看到該題標準答案的結(jié)果x、y是一對相反數(shù)，通過計算說明原題中“□”是幾？
19．（8分）已知關(guān)于x的一元二次方程x2﹣（2k+1）x+k2+k＝1．
（1）求證：方程有兩個不相等的實數(shù)根；
（2）當方程有一個根為1時，求k的值．
20．（8分）如圖1，已知扇形MON的半徑為，∠MON=90°，點B在弧MN上移動，聯(lián)結(jié)BM，作OD⊥BM，垂足為點D，C為線段OD上一點，且OC=BM，聯(lián)結(jié)BC并延長交半徑OM于點A，設(shè)OA=x，∠COM的正切值為y.
（1）如圖2，當AB⊥OM時，求證：AM=AC；
（2）求y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式，并寫出定義域；
（3）當△OAC為等腰三角形時，求x的值.

21．（8分）我們把兩條中線互相垂直的三角形稱為“中垂三角形”．例如圖1，圖2，圖1中，AF，BE是△ABC的中線，AF⊥BE，垂足為P，像△ABC這樣的三角形均為“中垂三角形”．設(shè)BC＝a，AC＝b，AB＝c．
特例探索
（1）如圖1，當∠ABE＝45°，c＝時，a＝ ，b＝ ；
如圖2，當∠ABE＝10°，c＝4時，a＝ ，b＝ ；

歸納證明
（2）請你觀察（1）中的計算結(jié)果，猜想a2，b2，c2三者之間的關(guān)系，用等式表示出來，請利用圖1證明你發(fā)現(xiàn)的關(guān)系式；
拓展應(yīng)用
（1）如圖4，在□ABCD中，點E，F(xiàn)，G分別是AD，BC，CD的中點，BE⊥EG，AD＝，AB＝1．求AF的長．

22．（10分）如圖，點A（m，m＋1），B（m＋1，2m－3）都在反比例函數(shù)的圖象上．

（1）求m，k的值；
（2）如果M為x軸上一點，N為y軸上一點， 以點A，B，M，N為頂點的四邊形是平行四邊形，試求直線MN的函數(shù)表達式．
23．（12分）已知：如圖，∠ABC=∠DCB，BD、CA分別是∠ABC、∠DCB 的平分線．
求證：AB=DC．

24．如圖，已知∠ABC=90°，AB=BC．直線l與以BC為直徑的圓O相切于點C．點F是圓O上異于B、C的動點，直線BF與l相交于點E，過點F作AF的垂線交直線BC于點D．
如果BE=15，CE=9，求EF的長；證明：①△CDF∽△BAF；②CD=CE；探求動點F在什么位置時，相應(yīng)的點D位于線段BC的延長線上，且使BC=CD，請說明你的理由．



參考答案

一、選擇題（共10小題，每小題3分，共30分）
1、B
【解析】
根據(jù)軸對稱圖形與中心對稱圖形的概念，軸對稱圖形兩部分沿對稱軸折疊后可重合；中心對稱圖形是圖形沿對稱中心旋轉(zhuǎn)180度后與原圖重合.
【詳解】
A、是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，不符合題意；
B、是軸對稱圖形，也是中心對稱圖形，符合題意；
C、是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，不符合題意；
D、不是軸對稱圖形，是中心對稱圖形，不符合題意．
故選B．
2、A
【解析】
由圖像經(jīng)過點（0,m）、（4、m）可知對稱軸為x=2，由n＜m知x=1時，y的值小于x=0時y的值，根據(jù)拋物線的對稱性可知開口方向，即可知道a的取值.
【詳解】
∵圖像經(jīng)過點（0,m）、（4、m）
∴對稱軸為x=2，
則,
∴4a+b=0
∵圖像經(jīng)過點（1，n），且n＜m
∴拋物線的開口方向向上，
∴a＞0，
故選A.
【點睛】
此題主要考查拋物線的圖像，解題的關(guān)鍵是熟知拋物線的對稱性.
3、B
【解析】
根據(jù)俯視圖是從上面看到的圖形可得俯視圖為正方形以及右下角一個三角形．
【詳解】
從上面看，是正方形右邊有一條斜線，如圖：

故選B．
【點睛】
考查了三視圖的知識，根據(jù)俯視圖是從物體的上面看得到的視圖得出是解題關(guān)鍵．
4、B
【解析】
無限不循環(huán)小數(shù)叫無理數(shù)，無理數(shù)通常有以下三種形式：一是開方開不盡的數(shù)，二是圓周率π，三是構(gòu)造的一些不循環(huán)的數(shù)，如1.010010001……（兩個1之間0的個數(shù)一次多一個）.然后用無理數(shù)的個數(shù)除以所有書的個數(shù)，即可求出從中任意抽取一張，卡片上的數(shù)為無理數(shù)的概率.
【詳解】
∵這組數(shù)中無理數(shù)有，共2個，
∴卡片上的數(shù)為無理數(shù)的概率是 .
故選B.
【點睛】
本題考查了無理數(shù)的定義及概率的計算.
5、B
【解析】
分別根據(jù)同底數(shù)冪的乘法及除法法則、冪的乘方與積的乘方法則及合并同類項的法則對各選項進行逐一分析即可．
【詳解】
A. a3+a4≠a7 ,不是同類項，不能合并，本選項錯誤；
B. a4÷a3=a4-3=a;，本選項正確；
C. a3?a2=a5;，本選項錯誤；
D.（a3）3=a9,本選項錯誤.
故選B
【點睛】
本題考查的是同底數(shù)冪的乘法及除法法則、冪的乘方與積的乘方法則及合并同類項的法則等知識，比較簡單．
6、D
【解析】
試題分析：科學計數(shù)法是指：a×，且，n為原數(shù)的整數(shù)位數(shù)減一.
7、D
【解析】
科學記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n為整數(shù)．確定n的值時，要看把原數(shù)變成a時，小數(shù)點移動了多少位，n的絕對值與小數(shù)點移動的位數(shù)相同．當原數(shù)絕對值≥1時，n是非負數(shù)；當原數(shù)的絕對值＜1時，n是負數(shù)．
【詳解】
將499.5億用科學記數(shù)法表示為：4.995×1．
故選D．
【點睛】
此題考查了科學記數(shù)法的表示方法．科學記數(shù)法的表示形式為a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n為整數(shù)，表示時關(guān)鍵要正確確定a的值以及n的值．
8、C
【解析】
試題分析：∵在矩形ABCD中，AE平分∠BAD，
∴∠BAE=∠DAE=45°，
∴△ABE是等腰直角三角形，
∴AE=AB，
∵AD=AB，
∴AE=AD，
又∠ABE=∠AHD=90°
∴△ABE≌△AHD（AAS），
∴BE=DH，
∴AB=BE=AH=HD，
∴∠ADE=∠AED=（180°﹣45°）=67.5°，
∴∠CED=180°﹣45°﹣67.5°=67.5°，
∴∠AED=∠CED，故①正確；
∵∠AHB=（180°﹣45°）=67.5°，∠OHE=∠AHB（對頂角相等），
∴∠OHE=∠AED，
∴OE=OH，
∵∠OHD=90°﹣67.5°=22.5°，∠ODH=67.5°﹣45°=22.5°，
∴∠OHD=∠ODH，
∴OH=OD，
∴OE=OD=OH，故②正確；
∵∠EBH=90°﹣67.5°=22.5°，
∴∠EBH=∠OHD，
又BE=DH，∠AEB=∠HDF=45°
∴△BEH≌△HDF（ASA），
∴BH=HF，HE=DF，故③正確；
由上述①、②、③可得CD=BE、DF=EH=CE，CF=CD-DF，
∴BC-CF=（CD+HE）-（CD-HE）=2HE，所以④正確；
∵AB=AH，∠BAE=45°，
∴△ABH不是等邊三角形，
∴AB≠BH，
∴即AB≠HF，故⑤錯誤；
綜上所述，結(jié)論正確的是①②③④共4個．
故選C．
【點睛】
考點：1、矩形的性質(zhì)；2、全等三角形的判定與性質(zhì)；3、角平分線的性質(zhì)；4、等腰三角形的判定與性質(zhì)
9、B
【解析】
圓內(nèi)接正六邊形的邊長是1，即圓的半徑是1，則圓的內(nèi)接正方形的對角線長是2，進而就可求解．
【詳解】
解：∵圓內(nèi)接正六邊形的邊長是1，
∴圓的半徑為1．
那么直徑為2．
圓的內(nèi)接正方形的對角線長為圓的直徑，等于2．
∴圓的內(nèi)接正方形的邊長是1．
故選B．
【點睛】
本題考查正多邊形與圓，關(guān)鍵是利用知識點：圓內(nèi)接正六邊形的邊長和圓的半徑相等；圓的內(nèi)接正方形的對角線長為圓的直徑解答．
10、D
【解析】
根據(jù)“左加右減、上加下減”的原則，
將拋物線向左平移1個單位所得直線解析式為：；
再向下平移3個單位為：．故選D．

二、填空題（本大題共6個小題，每小題3分，共18分）
11、1
【解析】
本題是營銷問題，基本等量關(guān)系：利潤＝每件利潤×銷售量，每件利潤＝每件售價﹣每件進價．再根據(jù)所列二次函數(shù)求最大值．
【詳解】
解：設(shè)利潤為w元，
則w＝（20﹣x）（x﹣10）＝﹣（x﹣1）2+25，
∵10≤x≤20，
∴當x＝1時，二次函數(shù)有最大值25，
故答案是：1．
【點睛】
本題考查了二次函數(shù)的應(yīng)用，此題為數(shù)學建模題，借助二次函數(shù)解決實際問題．
12、13
【解析】
利用因式分解法求出解已知方程的解確定出第三邊，即可求出該三角形的周長．
【詳解】
方程x2-14x+48=0，
分解因式得：（x-6）（x-8）=0，
解得：x=6或x=8，
當x=6時，三角形周長為3+4+6=13，
當x=8時，3+4＜8不能構(gòu)成三角形，舍去，
綜上，該三角形的周長為13，
故答案為13
【點睛】
此題考查了解一元二次方程-因式分解法，以及三角形三邊關(guān)系，熟練掌握運算法則是解本題的關(guān)鍵．
13、4或4.
【解析】
①當AF＜AD時，由折疊的性質(zhì)得到A′E=AE=2，AF=A′F，∠FA′E=∠A=90°，過E作EH⊥MN于H，由矩形的性質(zhì)得到MH=AE=2，根據(jù)勾股定理得到A′H=，根據(jù)勾股定理列方程即可得到結(jié)論；②當AF＞AD時，由折疊的性質(zhì)得到A′E=AE=2，AF=A′F，∠FA′E=∠A=90°，過A′作HG∥BC交AB于G，交CD于H，根據(jù)矩形的性質(zhì)得到DH=AG，HG=AD=6，根據(jù)勾股定理即可得到結(jié)論．
【詳解】
①當AF＜AD時，如圖1，將△AEF沿EF折疊，當折疊后點A的對應(yīng)點A′恰好落在BC的垂直平分線上，

則A′E=AE=2，AF=A′F，∠FA′E=∠A=90°，
設(shè)MN是BC的垂直平分線，
則AM=AD=3，
過E作EH⊥MN于H，
則四邊形AEHM是矩形，
∴MH=AE=2，
∵A′H=，
∴A′M=，
∵MF2+A′M2=A′F2，
∴（3-AF）2+（）2=AF2，
∴AF=2，
∴EF==4；
②當AF＞AD時，如圖2，將△AEF沿EF折疊，當折疊后點A的對應(yīng)點A′恰好落在BC的垂直平分線上，

則A′E=AE=2，AF=A′F，∠FA′E=∠A=90°，
設(shè)MN是BC的垂直平分線，
過A′作HG∥BC交AB于G，交CD于H，
則四邊形AGHD是矩形，
∴DH=AG，HG=AD=6，
∴A′H=A′G=HG=3，
∴EG==，
∴DH=AG=AE+EG=3，
∴A′F==6，
∴EF==4，
綜上所述，折痕EF的長為4或4，
故答案為：4或4．
【點睛】
本題考查了翻折變換-折疊問題，矩形的性質(zhì)和判定，勾股定理，正確的作出輔助線是解題的關(guān)鍵．
14、．
【解析】
試題分析：此題是求陰影部分的面積占正方形面積的幾分之幾，即為所求概率．陰影部分的面積為：3×1÷2×4=6，因為正方形對角線形成4個等腰直角三角形，所以邊長是=，∴這個點取在陰影部分的概率為：6÷=6÷18=．
考點：求隨機事件的概率．
15、1
【解析】
根據(jù)題意可以發(fā)現(xiàn)題目中各點的坐標變化規(guī)律，從而可以解答本題．
【詳解】
解：由題意可得，
A1（1，-），A2（1，1），A3（-2，1），A4（-2，-2），A5（4，-2），…，
∵2018÷4=504…2，2018÷2=1009，
∴點A2018的橫坐標為：1，
故答案為1．
【點睛】
本題考查一次函數(shù)圖象上點的坐標特征，解答本題的關(guān)鍵是明確題意，找出題目中點的橫坐標的變化規(guī)律．
16、下降
【解析】
根據(jù)拋物線y=3x2+2x圖像性質(zhì)可得，在對稱軸的左側(cè)部分是下降的.
【詳解】
解：∵在中，，
∴拋物線開口向上，
∴在對稱軸左側(cè)部分y隨x的增大而減小，即圖象是下降的，
故答案為下降．
【點睛】
本題考查二次函數(shù)的圖像及性質(zhì).根據(jù)拋物線開口方向和對稱軸的位置即可得出結(jié)論.

三、解答題（共8題，共72分）
17、（1）見解析；（2）4.1
【解析】
試題分析：（1）由正方形的性質(zhì)得出AB=AD，∠B=10°，AD∥BC，得出∠AMB=∠EAF，再由∠B=∠AFE，即可得出結(jié)論；
（2）由勾股定理求出AM，得出AF，由△ABM∽△EFA得出比例式，求出AE，即可得出DE的長．
試題解析：（1）∵四邊形ABCD是正方形，
∴AB=AD，∠B=10°，AD∥BC，
∴∠AMB=∠EAF，
又∵EF⊥AM，
∴∠AFE=10°，
∴∠B=∠AFE，
∴△ABM∽△EFA；
（2）∵∠B=10°，AB=12，BM=5，
∴AM==13，AD=12，
∵F是AM的中點，
∴AF=AM=6.5，
∵△ABM∽△EFA，
∴，
即，
∴AE=16.1，
∴DE=AE-AD=4.1．
考點：1.相似三角形的判定與性質(zhì)；2.正方形的性質(zhì)．
18、（1）；（2）-1
【解析】
（1）②+①得出4x=-4，求出x，把x的值代入①求出y即可；
（2）把x=-y代入x-y=4求出y，再求出x，最后把x、y代入②求出答案即可．
【詳解】
解：（1）
①+②得，.
將時代入①得，，
∴.
（2）設(shè)“□”為a，
∵x、y是一對相反數(shù)，
∴把x=-y代入x-y=4得：-y-y=4，
解得：y=-2，
即x=2，
所以方程組的解是，
代入ax+y=-8得：2a-2=-8，
解得：a=-1，
即原題中“□”是-1．
【點睛】
本題考查了解二元一次方程組，也考查了二元一次方程組的解，能得出關(guān)于a的方程是解（2）的關(guān)鍵．
19、（2）證明見解析；（2）k2＝2，k2＝2．
【解析】
（2）套入數(shù)據(jù)求出△＝b2﹣4ac的值，再與2作比較，由于△＝2＞2，從而證出方程有兩個不相等的實數(shù)根；
（2）將x＝2代入原方程，得出關(guān)于k的一元二次方程，解方程即可求出k的值．
【詳解】
（2）證明：△＝b2﹣4ac，
＝[﹣（2k+2）]2﹣4（k2+k），
＝4k2+4k+2﹣4k2﹣4k，
＝2＞2．
∴方程有兩個不相等的實數(shù)根；
（2）∵方程有一個根為2，
∴22﹣（2k+2）+k2+k＝2，即k2﹣k＝2，
解得：k2＝2，k2＝2．
【點睛】
本題考查了根的判別式以及解一元二次方程，解題的關(guān)鍵是：（2）求出△＝b2﹣4ac的值；（2）代入x＝2得出關(guān)于k的一元二次方程．本題屬于基礎(chǔ)題，難度不大，解決該題型題目時，由根的判別式來判斷實數(shù)根的個數(shù)是關(guān)鍵．
20、(1)證明見解析;(2) .();(3) .
【解析】
分析：（1）先判斷出∠ABM=∠DOM，進而判斷出△OAC≌△BAM，即可得出結(jié)論；
（2）先判斷出BD=DM，進而得出，進而得出AE=，再判斷出，即可得出結(jié)論；
（3）分三種情況利用勾股定理或判斷出不存在，即可得出結(jié)論．
詳解：（1）∵OD⊥BM，AB⊥OM，∴∠ODM=∠BAM=90°．
∵∠ABM+∠M=∠DOM+∠M，∴∠ABM=∠DOM．
∵∠OAC=∠BAM，OC=BM，∴△OAC≌△BAM，
∴AC=AM．
（2）如圖2，過點D作DE∥AB，交OM于點E．
∵OB=OM，OD⊥BM，∴BD=DM．
∵DE∥AB，∴，∴AE=EM．∵OM=，∴AE=．
∵DE∥AB，∴，
∴．（）
（3）（i） 當OA=OC時．∵．在Rt△ODM中，．
∵．解得，或（舍）．
（ii）當AO=AC時，則∠AOC=∠ACO．∵∠ACO＞∠COB，∠COB=∠AOC，∴∠ACO＞∠AOC，∴此種情況不存在．
（ⅲ）當CO=CA時，則∠COA=∠CAO=α．∵∠CAO＞∠M，∠M=90°﹣α，∴α＞90°﹣α，∴α＞45°，∴∠BOA=2α＞90°．∵∠BOA≤90°，∴此種情況不存在．
即：當△OAC為等腰三角形時，x的值為．

點睛：本題是圓的綜合題，主要考查了相似三角形的判定和性質(zhì)，圓的有關(guān)性質(zhì)，勾股定理，等腰三角形的性質(zhì)，建立y關(guān)于x的函數(shù)關(guān)系式是解答本題的關(guān)鍵．
21、（1）2，2；2，2；（2）+=5；（1）AF=2．
【解析】
試題分析：（1）∵AF⊥BE，∠ABE=25°，∴AP=BP=AB=2，∵AF，BE是△ABC的中線，∴EF∥AB，EF=AB=，∴∠PFE=∠PEF=25°，∴PE=PF=1，在Rt△FPB和Rt△PEA中，AE=BF==，∴AC=BC=2，∴a=b=2，如圖2，連接EF，同理可得：EF=×2=2，∵EF∥AB，∴△PEF～△ABP，∴，在Rt△ABP中，AB=2，∠ABP=10°，∴AP=2，PB=2，∴PF=1，PE=，在Rt△APE和Rt△BPF中，AE=，BF=，∴a=2，b=2，故答案為2，2，2，2；
（2）猜想：a2+b2=5c2，如圖1，連接EF，設(shè)∠ABP=α，∴AP=csinα，PB=ccosα，由（1）同理可得，PF=PA=，PE==，AE2=AP2+PE2=c2sin2α+，BF2=PB2+PF2=+c2cos2α，∴=c2sin2α+，=+c2cos2α，∴+=+c2cos2α+c2sin2α+，∴a2+b2=5c2；
（1）如圖2，連接AC，EF交于H，AC與BE交于點Q，設(shè)BE與AF的交點為P，∵點E、G分別是AD，CD的中點，∴EG∥AC，∵BE⊥EG，∴BE⊥AC，∵四邊形ABCD是平行四邊形，∴AD∥BC，AD=BC=2，∴∠EAH=∠FCH，∵E，F(xiàn)分別是AD，BC的中點，∴AE=AD，BF=BC，∴AE=BF=CF=AD=，∵AE∥BF，∴四邊形ABFE是平行四邊形，∴EF=AB=1，AP=PF，在△AEH和△CFH中，，∴△AEH≌△CFH，∴EH=FH，∴EQ，AH分別是△AFE的中線，由（2）的結(jié)論得：AF2+EF2=5AE2，∴AF2=5﹣EF2=16，∴AF=2．

考點：相似形綜合題．
22、（1）m＝3，k＝12；（2）或
【解析】
【分析】（1）把A(m，m＋1)，B(m＋3，m－1)代入反比例函數(shù)y＝，得k＝m(m＋1)＝(m＋3)(m－1)，再求解；（2）用待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式；（3）過點A作AM⊥x軸于點M，過點B作BN⊥y軸于點N，兩線交于點P.根據(jù)平行四邊形判定和勾股定理可求出M,N的坐標.
【詳解】
解：(1)∵點A(m，m＋1)，B(m＋3，m－1)都在反比例函數(shù)y＝的圖像上，
∴k＝xy，
∴k＝m(m＋1)＝(m＋3)(m－1)，
∴m2＋m＝m2＋2m－3，解得m＝3，
∴k＝3×(3＋1)＝12.
(2)∵m＝3，
∴A(3，4)，B(6，2)．
設(shè)直線AB的函數(shù)表達式為y＝k′x＋b(k′≠0)，
則
解得
∴直線AB的函數(shù)表達式為y＝－x＋6.
（3）M(3，0)，N(0，2)或M(－3，0)，N(0，－2)．
解答過程如下：過點A作AM⊥x軸于點M，過點B作BN⊥y軸于點N，兩線交于點P.
∵由(1)知：A(3，4)，B(6，2)，
∴AP＝PM＝2，BP＝PN＝3，
∴四邊形ANMB是平行四邊形，此時M(3，0)，N(0，2)．當M′(－3，0)，N′(0，－2)時，根據(jù)勾股定理能求出AM′＝BN′，AB＝M′N′，即四邊形AM′N′B是平行四邊形．故M(3，0)，N(0，2)或M(－3，0)，N(0，－2)．

【點睛】本題考核知識點：反比例函數(shù)綜合. 解題關(guān)鍵點：熟記反比例函數(shù)的性質(zhì).
23、∵平分平分，
∴
在與中，


．
【解析】
分析：根據(jù)角平分線性質(zhì)和已知求出∠ACB=∠DBC，根據(jù)ASA推出△ABC≌△DCB，根據(jù)全等三角形的性質(zhì)推出即可．
解答：證明：∵AC平分∠BCD，BC平分∠ABC，
∴∠DBC=∠ABC，∠ACB=∠DCB，
∵∠ABC=∠DCB，
∴∠ACB=∠DBC，
∵在△ABC與△DCB中，
，
∴△ABC≌△DCB，
∴AB=DC．
24、（1） （2）證明見解析（3）F在直徑BC下方的圓弧上，且
【解析】
（1）由直線l與以BC為直徑的圓O相切于點C，即可得∠BCE=90°，∠BFC=∠CFE=90°，則可證得△CEF∽△BEC，然后根據(jù)相似三角形的對應(yīng)邊成比例，即可求得EF的長；
（2）①由∠FCD+∠FBC=90°，∠ABF+∠FBC=90°，根據(jù)同角的余角相等，即可得∠ABF=∠FCD，同理可得∠AFB=∠CFD，則可證得△CDF∽△BAF；
②由△CDF∽△BAF與△CEF∽△BCF，根據(jù)相似三角形的對應(yīng)邊成比例，易證得，又由AB=BC，即可證得CD=CE；
（3）由CE=CD，可得BC= CD=CE，然后在Rt△BCE中，求得tan∠CBE的值，即可求得∠CBE的度數(shù)，則可得F在⊙O的下半圓上，且.
【詳解】
（1）解：∵直線l與以BC為直徑的圓O相切于點C．
∴∠BCE=90°，
又∵BC為直徑，
∴∠BFC=∠CFE=90°，
∵∠FEC=∠CEB，
∴△CEF∽△BEC，
∴，
∵BE=15，CE=9，
即：，
解得：EF= ；
（2）證明：①∵∠FCD+∠FBC=90°，∠ABF+∠FBC=90°，
∴∠ABF=∠FCD，
同理：∠AFB=∠CFD，
∴△CDF∽△BAF；
②∵△CDF∽△BAF，
∴，
又∵∠FCE=∠CBF，∠BFC=∠CFE=90°，
∴△CEF∽△BCF，
∴，
∴，
又∵AB=BC，
∴CE=CD；
（3）解：∵CE=CD，
∴BC=CD=CE，
在Rt△BCE中，tan∠CBE=，
∴∠CBE=30°，
故 為60°，
∴F在直徑BC下方的圓弧上，且．

【點睛】
考查了相似三角形的判定與性質(zhì)，圓的切線的性質(zhì)，圓周角的性質(zhì)以及三角函數(shù)的性質(zhì)等知識．此題綜合性很強，解題的關(guān)鍵是方程思想與數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用．

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