答案1．CA．在曲線運動中，質(zhì)點的速度方向一定沿著軌跡的切線方向，故A錯誤；B．平拋運動是勻變速曲線運動，斜拋運動也是勻變速曲線運動，故B錯誤；C．根據(jù)曲線運動的受力特點可知，做曲線運動的物體其所受合力一定指向軌跡的凹側(cè)，故C正確；D．做曲線運動的物體可以受恒力作用，其加速度可以保持不變，如平拋運動，故D錯誤。故選C。2．B由題意知，小船剛好避開危險區(qū)時，合速度方向如圖所示設(shè)合速度與水流速度夾角為，則由幾何關(guān)系得其中所以小船在靜水中的速度至少為故選B。3．DAB．當圓盤角速度較小時，m的向心力由靜摩擦力提供，繩子沒拉力，由牛頓第二定律m受的靜摩擦力隨角速度增大而增大，當角速度增大到時，靜摩擦力達到最大靜摩擦力，角速度再增大，繩子拉力出現(xiàn)，由牛頓第二定律隨著角速度增大，m受的摩擦力保持不變，一直為最大靜摩擦力。則隨著角速度的增大的過程中，物塊m受到的摩擦力先增加后保持不變，當繩子有力時，M開始受到摩擦力作用，故AB錯誤；CD．當繩子的拉力增大到等于甲的最大靜摩擦力時，角速度達到最大，對m和M，分別有    聯(lián)立可得 故C錯誤，D正確。故選D。4．DA．在B點時可知，游客對繩子的拉力大于其重力，選項A錯誤；       B．B到C過程，重力對游客做正功，動能增加，則游客不可以做勻速圓周運動，選項B錯誤；C．從C點出離管道時，速度方向不水平，則從C到D過程，游客不是做平拋運動，選項C錯誤；D．B到D過程，游客的豎直速度一直變大，根據(jù)PG=mgvy可知，重力的功率一直增大，選項D正確。故選D。 5．DA．A到達最高點時恰與B相遇，可知，的豎直分速度與相等，則故A錯誤；B．籃球A拋出后，水平方向做勻速直線運動，則相遇時A的速度不為零，故B錯誤；C．籃球A、B從拋出到最高點的時間相等為D．籃球A、B同時被拋出，則相遇時運動時間相等，拋出后籃球A、B的加速度均為豎直向下的，根據(jù)加速度的定義式可得則從拋出到相遇A與B的速度的變化量相同，故D正確。故選D。6．B將甲圖圓環(huán)看成是三個圓環(huán)的組合，關(guān)于圓心對稱的兩個圓環(huán)對球的萬有引力的合力為零，由題知 圓環(huán)對球的萬有引力大小為F，所以圓環(huán)對球的萬有引力大小為F；將乙圖半圓環(huán)看成是兩個圓環(huán)的組合，根據(jù)平行四邊形定則，乙圖半圓環(huán)對球的萬有引力大小為F，方向向上；將丙圖完整圓環(huán)看成是4個圓環(huán)的組合，關(guān)于圓心對稱的兩個圓環(huán)對球的萬有引力的合力為零，因此丙圖整個圓環(huán)對球的引力為0。故選B。7.C    A．根據(jù)萬有引力等于圓周運動向心力，即有解得衛(wèi)星在該軌道的運行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等，所以傾斜同步軌道半徑應(yīng)等于赤道同步軌道半徑，A錯誤；B．一級獨立飛行器能大大縮短衛(wèi)星入軌時間，B錯誤；CD．根據(jù)圓周運動的公式得所以傾斜同步衛(wèi)星加速度的大小等于赤道同步衛(wèi)星加速度的大小，D錯誤，C正確。故選C。 8．DA．重力做功只與物體初、末位置的高度差及物體的質(zhì)量有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故A錯誤；B．重力勢能是標量只有大小沒有方向，故B錯誤；C．重力做功物體從A點到B點無論是直線運動還是曲線運動，AB兩點的高度差都是相同的，因此重力做功相同，故C錯誤；D．物體在AB兩點的重力勢能分別為  重力勢能減小量為物體從A點到B點重力做功為因此重力做功等于重力勢能的減小量，故D正確。故選D。9．ABA．根據(jù)勻變速運動規(guī)律知，則落地時兩球的動能相同，故A正確；B．由重力做功的特點可知，重力的功為W=mgh，由于兩球下落的高度相同，兩球的質(zhì)量相同，所以重力對兩球做的功相同，故B正確；C．從開始運動至落地，重力的做的功相同，但是落地時間不同，上拋物體運動的時間較長，所以根據(jù)可知，B球重力平均功率小，故C錯誤；D．兩球落地時速度大小相同，設(shè)為v，設(shè)A球落地時速度方向與水平方向成θ角，所以A球落地時重力的瞬時功率為PA=mgvsinθB球落地時與水平方向垂直，所以B球落地時重力的瞬時功率為PB=mgv所以兩小球落地時，A球重力的瞬時功率小于B球重力的瞬時功率，即，故D錯誤。故選A。10．BCDA．兩者之間的萬有引力提供彼此的向心力，此為相互作用力，大小相等，方向相反，故A錯誤；B．對A、B兩星體，根據(jù)牛頓第二定律有    又因為r1＋r2＝L聯(lián)立解得星體A和星體B的運動半徑分別為   故B正確；C．星體B的線速度大小    故C正確；D．將   兩式相加，結(jié)合r1＋r2＝L可得故D正確。故選BCD。11．ABA．甲做平拋運動，豎直方向分運動為自由落體，與丙相同；水平方向是勻速運動，與乙的運動相同；三者同時開始運動，則甲在空中任意位置時，丙都和它在同一水平線上，乙都和它在同一豎直線上，所以若三者同時相遇，只能是在P點相遇，故A正確；B．甲和丙在落地之前同一時刻在同一豎直線上，若在空中相遇，相遇點必然在P點所在的豎直線上，但不一定在P點，乙球始終在甲球的正下方，所以甲、丙兩球在空中相遇，此時乙球一定在P點，故B正確；C．若只有甲、乙兩球在水平面上相遇，由于丙球始終和甲球在同一水平線上，所以丙球落到P點，故C錯誤；D．若v比較小，則可能出現(xiàn)甲、乙相遇點在P點的左側(cè)，故D錯誤。故選AB。12．BDAB．設(shè)砝碼的質(zhì)量為m，摩天輪的半徑為r，則有聯(lián)立解得 ，   所以A錯誤；B正確；CD．時刻，砝碼受到的摩擦力大小為聯(lián)立解得所以C錯誤；D正確；故選BD。 13.     能     不能     BC     如圖所示，在曲線OP上取A、B、C、D四點，這四個點對應(yīng)的坐標分別，、、，使，若，則說明鋼球在x方向的分運動為勻速直線運動。     不是     1.5     -30     -20解；（1）[1]本實驗中A球做平拋運動，B球做自由落體運動，每次實驗兩球都同時落地，說明A球在豎直方向的分運動是自由落體運動，因此能確定A球在豎直方向做自由落體運動。[2]本實驗中，只能確定兩球同時落地，即下落時間相同，可水平方向的位移情況不清楚，所以不能確定A球在水平方向是勻速直線運動。（2）①[3]A．斜槽軌道光滑與粗糙都可以，A錯誤；B．為了使小球從O點飛出做平拋運動，斜槽軌道末端水平，B正確；C．為使小球從O點飛出時速度不變，需要每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球，C正確。故選BC。②[4] 如圖所示，在曲線OP上取A、B、C、D四個點，這四個點對應(yīng)的坐標分別，、、，使   若則說明鋼球在x方向的分運動為勻速直線運動。14.[5]由平拋運動的特點可知，豎直方向是自由落體運動，如果A點是拋出點，則在y軸方向的坐標值有y1:y2=1:4     由圖4數(shù)據(jù)可得y1:y2=3:8    由此確定A點不是拋出點。[6]由公式?y=gT2，可得小球平拋運動的初速度是[7]由以上計算可知，拋出點的x軸坐標是?30cm。[8]豎直方向是自由落體運動，由以上計算可知?y=0.4m，因此拋出點在y軸上的坐標是?20cm。 15.（1）設(shè)地球質(zhì)量為M，月球繞地球運動的軌道半徑為r，根據(jù)萬有引力提供向心力，得    在地球表面，有=mg聯(lián)立解得r=（2）設(shè)月球表面的重力加速度為g月，小球的質(zhì)量為m，根據(jù)題意可知vy=g月t，tan45°=    在月球表面，有G=mg月聯(lián)立解得M月= 16．(1)2.5N；(2)1.5N(1)根據(jù)平衡條件解得(2)根據(jù)牛頓第二定律       解得 17.23．（1）f = 5 × 103N；（2）f = 1 × 104N；（3）t = 4s（1）汽車速度最大時的牽引力等于恒定阻力，根據(jù)P = Fv得根據(jù)牛頓第二定律     F - f = ma解得F = ma + f = 1 × 104N（3）根據(jù)P = Fv可知：隨v的增加，直到功率等于額定功率時，汽車完成勻加速直線運動，所以勻加速運動時的最大速度    根據(jù)勻變速直線運動的速度時間關(guān)系 18.（1）；（2）；（3）1.07m（1）設(shè)輕繩上的拉力大小為，由牛頓第二定律有      解得（2）闖關(guān)者松手后做平拋運動，恰好落到點，根據(jù)平拋運動的規(guī)律     解得    （3）設(shè)小車距離擋板距離為處出發(fā)，闖關(guān)者隨小車做勻加速直線運動，松手時速度為，由運動學(xué)公式闖關(guān)者松手后做平拋運動，設(shè)落到軟墊上的位置距離端為，則水平方向落到軟墊后，分別對人和軟墊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得人與軟墊的加速度要保證闖關(guān)者不滑落，人滑至端時，兩者共速。對闖關(guān)者      對軟墊      闖關(guān)者與軟墊的位移要滿足    解得，所以，小車最遠離擋板出發(fā)，闖關(guān)者才會不從軟墊上滑落

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