2022屆高考物理二輪綜合復(fù)習(xí)卷2

這是一份2022屆高考物理二輪綜合復(fù)習(xí)卷2，共7頁。試卷主要包含了選擇題的作答，非選擇題的作答，如圖甲所示等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2022屆高三二輪綜合卷物理（二）注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共8小題，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．一位較高的男同學(xué)在家練習(xí)“起跳摸高”，若他剛好能摸到自家天花板，則其起跳初速度大約為(　　)A．2 m/s                      B．4 m/sC．6 m/s                      D．沒有數(shù)據(jù)，無法估算【答案】B【解析】設(shè)起跳初速度為v，起跳過程可以看做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)基本公式可得，解得。若初速度為2 m/s，起跳高度為0.2 m，不符合實(shí)際，A錯(cuò)誤；若初速度為4 m/s，起跳高度為0.8 m，符合實(shí)際，B正確；若初速度為6 m/s，起跳高度為1.8 m，不符合實(shí)際，CD錯(cuò)誤。2．用某金屬進(jìn)行光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)時(shí)，得到光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光的頻率v的關(guān)系圖線如圖所示圖線在兩坐標(biāo)軸上的截距分別為a、－b（b＞0），圖線的斜率為k。若換用逸出功較大的金屬進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，在同一坐標(biāo)系中繪制該金屬的Ek－v圖線，該圖線在兩坐標(biāo)軸上的截距分別a′、－b（b＞0），圖線的斜率為k′，則(　　)A．a′＞a     B．b′＝b     C．k′＜k     D．k′＞k【答案】A【解析】由光電效應(yīng)方程Ekm＝hν－W，可知圖象的斜率為普朗克常量h，故斜率不變k＝k′，在同一坐標(biāo)系中繪制逸出功較大的金屬的Ekm－v圖象，該圖象一定在題圖的右方，即a′＞a，b′＞b，BCD錯(cuò)誤，A正確。3．如圖所示的實(shí)線為電場(chǎng)線，電場(chǎng)線分布及a、e兩點(diǎn)均于直線OO′對(duì)稱，帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從a點(diǎn)沿虛線adb運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，過直線OO′時(shí)速度方向恰好與OO′垂直，不計(jì)粒子重力，則下列說法正確的是(　　)A．a、e兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同B．b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零C．帶電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b，其電勢(shì)能增大D．過b點(diǎn)后帶電粒子可能運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)【答案】C【解析】電場(chǎng)線分布及a、e兩點(diǎn)均于直線OO′對(duì)稱，則a、e兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；由圖電場(chǎng)線分布可知，b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不為零，故B錯(cuò)誤；由圖可知，帶電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b，帶電粒子受電場(chǎng)力方向指向曲線凹測(cè)，則與運(yùn)動(dòng)方向夾角大于90°，則電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，故C正確；根據(jù)題意及對(duì)稱關(guān)系可知，過b點(diǎn)后帶電粒子沿be運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。4．如圖所示，空間存在四分之一圓形磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。一電子以初速v從圓心O沿著OD方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)過時(shí)間t恰好由A點(diǎn)離開磁場(chǎng)。若電子以初速v′從O沿著OD方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)時(shí)t′恰好由C點(diǎn)離開磁場(chǎng)。已知圓弧AC長(zhǎng)度是圓弧CD長(zhǎng)度的一半，則(　　)A．v′＝v     B．v′＝v     C．t′＝t     D．t′＝t【答案】B【解析】由幾何知識(shí)，恰好由A點(diǎn)射出時(shí)，電子軌道半徑r1，設(shè)電子從C點(diǎn)射出時(shí)的軌道半徑為r2，由于圓弧AC長(zhǎng)度是圓弧CD長(zhǎng)度的一半，所以粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的弦切角為60°，由弦長(zhǎng)公式R＝2r2sin 60°，解得r2，所以v′＝v，由A點(diǎn)射出時(shí)，轉(zhuǎn)過的圓心角為180°，有t，電子從C點(diǎn)射出時(shí)，轉(zhuǎn)過的圓心角為120°，有t′，故ACD錯(cuò)誤，B正確。5．金星是從太陽向外的第二顆行星，假設(shè)金星和地球都是圍繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)從地球發(fā)射一顆金星探測(cè)器，可以簡(jiǎn)化為這樣的過程，選擇恰當(dāng)?shù)臅r(shí)間窗口，探測(cè)器先脫離地球束縛成為和地球同軌道的人造小行星，然后通過速度調(diào)整進(jìn)入橢圓轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)橢圓轉(zhuǎn)移軌道（關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)）到達(dá)金星軌道，橢圓長(zhǎng)軸的兩端一端和地球軌道相切，一端和金星軌道相切。若太陽質(zhì)量為M，探測(cè)器質(zhì)量為m，太陽與探測(cè)器間距離為r，則它們之間的引力勢(shì)能公式為。已知橢圓轉(zhuǎn)移軌道與兩圓軌道相切于A、B兩點(diǎn)且恰好對(duì)應(yīng)橢圓的長(zhǎng)軸，地球軌道半徑為rA、周期為TA，金星軌道半徑為rB，周期為TB，萬有引力常量G。忽略除太陽外其它星體對(duì)探測(cè)器的影響，則(　　)A．探測(cè)器在地球軌道上的A點(diǎn)和轉(zhuǎn)移軌道上的A點(diǎn)處向心加速度不同B．探測(cè)器從地球軌道經(jīng)轉(zhuǎn)移軌道到達(dá)金星軌道的最短時(shí)間為C．探測(cè)器在轉(zhuǎn)移軌道A點(diǎn)的速度D．探測(cè)器在地球正圓軌道的機(jī)械能比在金星正圓軌道的機(jī)械能小【答案】C【解析】A點(diǎn)橢圓軌道長(zhǎng)軌的端點(diǎn)和正圓軌道的引力加速度相同，此處沒有切向加速度，只有向心加速度，因此探測(cè)器在橢圓軌道和正圓軌道的A點(diǎn)向心加速度相同，A錯(cuò)誤；沿轉(zhuǎn)移軌道從A到B時(shí)間最短為半個(gè)橢圓周期，由，，又，解得，B錯(cuò)誤；半長(zhǎng)軸端點(diǎn)A、B的等效半徑相同，與兩正圓相切，萬有引力與速度方向垂直，充當(dāng)向心力，設(shè)橢圓在A、B兩點(diǎn)的等效半徑為r，則有，，可得（或根據(jù)開普勒第二定律可得），探測(cè)器在轉(zhuǎn)移軌道上A點(diǎn)的動(dòng)能和引力勢(shì)能之和與B點(diǎn)的相等，可得，聯(lián)立可得，C正確；根據(jù)萬有引力提供向心力有，解得，則探測(cè)器的機(jī)械能為，可知圓軌道半徑越大機(jī)械能越小，所以探測(cè)器在地球正圓軌道的機(jī)械能比在金星正圓軌道的機(jī)械能大，D錯(cuò)誤。6．一個(gè)絕緣的剛性細(xì)圓環(huán)水平放在光滑的平面上，半徑為R，質(zhì)量為m，只能繞豎直軸O自由轉(zhuǎn)動(dòng)，圓環(huán)沿圓周均勻帶電，電荷量為＋Q，在A點(diǎn)剪下一個(gè)小缺口，其空隙長(zhǎng)度為l（l << R）。開始時(shí)圓環(huán)靜止不動(dòng)，現(xiàn)整個(gè)空間加一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)E，讓E既垂直于軸O，又垂直于OA，如圖所示，若垂直紙面向下看，則（忽略剪下小缺口的質(zhì)量，不計(jì)一切阻力）(　　)A．加電場(chǎng)后的瞬間圓環(huán)將沿逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)B．加電場(chǎng)后的瞬間圓環(huán)將沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)C．圓環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)的最大線速度為D．圓環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度為【答案】BC【解析】細(xì)圓環(huán)受到的電場(chǎng)力為圓環(huán)各點(diǎn)受到的電場(chǎng)力之和，各點(diǎn)受到的電場(chǎng)力對(duì)于O點(diǎn)的轉(zhuǎn)動(dòng)效果抵消，但是當(dāng)上面剪下缺口，所受轉(zhuǎn)動(dòng)效果以下面對(duì)稱電荷為主，環(huán)帶正電荷。面受到電場(chǎng)力水平向左，所以轉(zhuǎn)動(dòng)方向?yàn)轫槙r(shí)針，A錯(cuò)誤、B正確；當(dāng)與小孔對(duì)稱部分轉(zhuǎn)到左端時(shí)，電場(chǎng)力做功最多，速度最大，有，，再由v ＝ Rω，得，C正確、D錯(cuò)誤。7．一質(zhì)量m＝2 kg的物塊在長(zhǎng)l＝9 m的斜面頂端從靜止開始沿斜面下滑，經(jīng)過t＝3 s到達(dá)斜面底端，其重力勢(shì)能隨下滑距離s的變化如圖所示，重力加速度取10 m/s。則(　　)A．物塊下滑時(shí)加速度的大小為2 m/s2B．由題給條件不能求出物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)C．物塊下滑過程中機(jī)械能守恒D．物塊下滑過程中機(jī)械能不守恒【答案】AD【解析】由題意可得，，可求得，故A正確；由圖像知，斜面的底部重力勢(shì)能為零，物體在頂部重力勢(shì)能，，則，，由牛頓第二定律，可得，，故B錯(cuò)誤；斜面對(duì)物塊有摩擦力，所以機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤，D正確。8．如圖甲所示。在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4，在L1和L2之間、L3和L4之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為1 T，方向垂直于虛線所在平面，磁場(chǎng)寬度為L，現(xiàn)有一寬度cd＝L＝0.5 m、質(zhì)量為0.1 kg、電阻為2 Ω的矩形線圈abcd，將其從圖示位置由靜止釋放（cd邊與L1重合），速度隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，t1時(shí)刻cd邊與L2重合，t2時(shí)刻ab邊與L3重合，t3時(shí)刻ab邊與L4重合，已知t1～t2的時(shí)間間隔為0.6 s，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程線圈平面始終處于豎直方向，重力加速度g取10 m/s2。則(　　)A．t1時(shí)刻，線圈運(yùn)動(dòng)的速度大小為3.5 m/sB．L1與L2、L3與L4之間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度為1 mC．在0～t1時(shí)間內(nèi)，通過線圈的電荷量為0.25 CD．在0～t3時(shí)間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為1.1125 J【答案】BC【解析】t2～t3時(shí)間內(nèi)線圈做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力平衡有，解得v2＝8 m/s，t1～t2的時(shí)間間隔為t＝0.6 s，線圈做加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度－時(shí)間關(guān)系有v2＝v1＋gt，解得v1＝2 m/s，故A錯(cuò)誤；t1～t2時(shí)間內(nèi)，線圈一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，知ab邊剛進(jìn)入上邊的磁場(chǎng)時(shí)，cd邊也剛進(jìn)入下邊的磁場(chǎng)，設(shè)磁場(chǎng)的寬度為d，則線圈的長(zhǎng)度L′＝2d，線圈下降的位移勻加速下降的位移為x＝L′＋d＝3d，則有，解得d＝1 m，故B正確；在0～t1時(shí)間內(nèi)，cd邊從L1運(yùn)動(dòng)到L2，通過線圈的電荷量，解得q＝0.25 C，故C正確；在0～t3時(shí)間內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律得，解得Q＝1.8 J，故D錯(cuò)誤。二、非選擇題：第9～12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第13～14題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題。9．(6分)如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，一木塊放在水平長(zhǎng)木板上，左側(cè)拴有一細(xì)線，跨過固定在木板邊緣的定滑輪與一重物相連，木塊右側(cè)通過紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器相連。釋放重物后，木塊在木板上向左加速運(yùn)動(dòng)。圖乙是重物落地前，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出的一些點(diǎn)（單位：cm）。(1)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交變電流頻率為50 Hz，由圖乙給出的數(shù)據(jù)，可得木塊運(yùn)動(dòng)加速度的大小為___________m/s2，紙帶打P點(diǎn)時(shí)重物的瞬時(shí)速度大小為___________m/s。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）(2)設(shè)重物的質(zhì)量為M，木塊的質(zhì)量為m，且線與紙帶的質(zhì)量均不計(jì)，除了木塊與木板間有摩擦外，其它部分的摩擦不計(jì)，重力加速度用g表示，若測(cè)得的加速度為a，則木塊和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的表達(dá)式為μ＝___________。【答案】(1)4.14（4.12—4.16）    2.59（2.59—2.61）    (2)    【解析】(1)由，可得木塊運(yùn)動(dòng)加速度的大小為，打點(diǎn)時(shí)重物的瞬時(shí)速度大小為。(2)由牛頓第二定律有，則得。10．(9分)為了測(cè)量某電池的電動(dòng)勢(shì)E（約3 V）和內(nèi)阻r（約5 Ω），可供選擇的器材如下：A．電流表G1（2 mA，100 Ω）B．電流表G2（1 mA，內(nèi)阻未知）C．電阻箱R1（0～9.9 Ω）和電阻箱R2（0～9999 Ω）D．滑動(dòng)變阻器R3（0～10 Ω，1 A）E．定值電阻R0（800 Ω，1 A）F．待測(cè)電池G．導(dǎo)線、開關(guān)若干(1)采用如圖甲所示的電路，測(cè)定電流表G2的內(nèi)阻，得到電流表G1的示數(shù)I1、電流表G2的示數(shù)I2如下表所示：I1/mA0.400.811.201.592.00I2/mA0.200.400.600.801.00根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D乙坐標(biāo)中描點(diǎn)作出I1－I2圖線，由圖得到電流表G2的內(nèi)阻等于___________Ω。(2)首先將G1和G2表分別改裝成0.5 A量程的電流表和3 V量程的電壓表，選擇恰當(dāng)?shù)碾娮柘渑cG1表并聯(lián)和G2表串聯(lián)，改裝后電阻箱的阻值分別應(yīng)撥到___________Ω、___________Ω。(3)在現(xiàn)有器材的條件下，采用如圖丙所示的電路測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，將兩電阻箱的阻值撥到和計(jì)算的值一致后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，分別讀出兩電流表的數(shù)值，并作出I2－I1圖線，若圖線斜率的大小為k，縱軸截距為a，則電源的電動(dòng)勢(shì)為___________V，內(nèi)阻為___________Ω。【答案】(1)見解析圖   200（195～205均正確，）   (2)0.4   2800   (3)3a   12k【解析】(1)根據(jù)數(shù)據(jù)在題圖乙中描點(diǎn)連線，如圖所示。由并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得，，則圖線斜率，。(2)由串、并聯(lián)規(guī)律得，，所以，。(3)由閉合電路歐姆定律，可得，變換后可得，所以有，，即，。11．(14分)在北京舉辦的第24屆冬季奧運(yùn)會(huì)，促生了許多室內(nèi)冰雪項(xiàng)目。如圖，與水中面成θ＝37°的光滑傾斜冰面，長(zhǎng)L＝75 m、寬均為d＝60 m，兩側(cè)均安裝有安全護(hù)網(wǎng)，底部有緩沖裝置（未畫出）。開始時(shí)，工作人員將載有一對(duì)父子的凹形滑板置于頂端正中間，由靜止釋放，瞬間父親沿水中方向推出兒子，父子倆迅速分開，沿冰面滑下，若父親及滑板總質(zhì)量為M＝70 kg，兒子及滑板總質(zhì)量為m＝35 kg，父子倆均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)一切阻力，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝0.6。假設(shè)運(yùn)動(dòng)中始終沒有碰到護(hù)網(wǎng)。則：(1)若父子倆都能安全到達(dá)冰面底端，下滑過程支持力對(duì)父親的沖量是多大；(2)父子倆都能安全到達(dá)冰面底端，父親在推兒子時(shí)最多做功多少焦耳。【解析】(1)父子倆都沿冰面做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有則沿冰面向下的加速度兩者同時(shí)達(dá)到底端，平行斜面方向是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故L＝at2得下滑的時(shí)間則支持力的沖量方向垂直斜面向上。(2)推開后，設(shè)父親獲得初速度為，兒子獲得初速度，父子倆水平方向動(dòng)量守恒，則有因兒子質(zhì)量小些，只要兒子安全即可，水平滑動(dòng)距離為，則解得代入動(dòng)量守恒式，得則有代入數(shù)據(jù)得，最多做的功。12．(18分)如圖所示，在xOy平面內(nèi)，y軸的左側(cè)存在著一個(gè)垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在直線x＝L的右側(cè)存在著另一個(gè)垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2（未知）的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在y軸與直線x＝L之間存在著一個(gè)平行y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向關(guān)于x軸對(duì)稱，場(chǎng)強(qiáng)大小，在原點(diǎn)O處可沿x軸負(fù)向發(fā)射初速度大小為v0、質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子。求：(1)粒子第一次穿過y軸的位置坐標(biāo)；(2)若粒子經(jīng)磁場(chǎng)B2和x軸下方的電場(chǎng)各自偏轉(zhuǎn)1次后，能回到原點(diǎn)，求B2的大??；(3)若電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小可調(diào)，，最終粒子能回到原點(diǎn)，求滿足條件的所有場(chǎng)強(qiáng)E0的值。【解析】(1)由洛倫茲力提供向心力可得故位置坐標(biāo)為，寫成亦可。(2)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，粒子經(jīng)x軸上方電場(chǎng)沿y軸方向偏轉(zhuǎn)距離為根據(jù)對(duì)稱性可知，粒子經(jīng)x軸下方電場(chǎng)沿y軸方向偏轉(zhuǎn)距高亦為，設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度與x軸的夾角為，則可得粒子經(jīng)x軸下方電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后直接回到原點(diǎn)，則其在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的距離為，即可得若粒子經(jīng)x軸下方電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，然后回到原點(diǎn)，則其在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的距離為，即可得(3)粒子在磁場(chǎng)中繞行1次沿y軸方向偏轉(zhuǎn)的距離為，與電場(chǎng)強(qiáng)度大小無關(guān)，若粒子第1次經(jīng)x軸下方電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后宜接回到坐標(biāo)原點(diǎn)，則其單次在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)距離為，有可得若場(chǎng)強(qiáng)再大一點(diǎn)，則無法回到原點(diǎn)；若場(chǎng)強(qiáng)小一點(diǎn)，設(shè)粒子單次在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)距離為y，則粒子每次由左向右穿過y軸時(shí)的位置坐標(biāo)相比上一次會(huì)沿y軸負(fù)向移動(dòng)距離，有只要滿足關(guān)系則有即可回到原點(diǎn)，故可得（n取正整數(shù)）。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。13．[物理——選修3－3]（15分）(1)(5分)如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經(jīng)abcda一個(gè)循環(huán)過程，最后回到狀態(tài)a，其p－V圖像是一個(gè)橢圓，已知橢圓圓心對(duì)應(yīng)的壓強(qiáng)為p0、體積為V0、溫度為T0，則下列判斷中的說法正確的是___________。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A．ab過程中，氣體吸收熱量B．bc過程中，氣體的內(nèi)能一定減少C．氣體在狀態(tài)d時(shí)的溫度T<T0D．cd過程中，外界對(duì)氣體做功E．da過程中，氣體的溫度一定升高【答案】ACD【解析】氣體由狀態(tài)a變化到狀態(tài)b的過程，由于壓強(qiáng)和體積都增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有，故氣體的溫度升高，物體的內(nèi)能增加，而體積增大的過程氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律有，則，氣體吸收熱量，故A正確；氣體由狀態(tài)b變化到狀態(tài)c的過程，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有，代入數(shù)據(jù)得，氣體的溫度升高，內(nèi)能增加，故B錯(cuò)誤；將氣體狀態(tài)d與橢圓圓心相比較，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律有，由于，則，故C正確；氣體由狀態(tài)c變化到狀態(tài)d的過程，由于體積減小，故外界壓縮氣體做功，故D正確；氣體由狀態(tài)d變化到狀態(tài)a的過程，由，解得，氣體的溫度降低，故E錯(cuò)誤。(2)(10分)某設(shè)備中控制物體升降部分裝置原理如圖所示，開口向上的汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞質(zhì)量為m＝1 kg，橫截面積為S＝5 cm2，可沿氣缸無摩擦的滑動(dòng)，繞過光滑定滑輪的輕繩一端活塞相連，另一端與放在地面上質(zhì)量為M的物塊相連。開始時(shí)，輕繩處于伸直狀態(tài)但無彈力，活塞離氣缸內(nèi)底的距離為h＝9 cm，缸內(nèi)氣體的溫度為T1＝300 K。當(dāng)汽缸內(nèi)氣體溫度下降為T2＝225 K時(shí)，物塊對(duì)地面的壓力剛好為零。氣缸的質(zhì)量大于物塊的質(zhì)量，外界大氣壓為p0＝1.0×105 Pa，重力加速度g取10 m/s2，環(huán)境溫保持不變。求：(i)物塊的質(zhì)量M；(ii)要使物塊緩慢上升3cm，需要將缸內(nèi)氣體的溫度緩慢降為多少K。【解析】(i)設(shè)開始時(shí)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p1，對(duì)活塞進(jìn)行受力分析有當(dāng)物塊對(duì)地面的壓力為零時(shí)，輕繩中拉力與物塊重力相等，有設(shè)缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p2，對(duì)活塞進(jìn)行受力分析有當(dāng)物塊對(duì)地面的壓力為零時(shí)，缸內(nèi)氣體的溫度為T2＝225 K，氣體發(fā)生等容變化，則有聯(lián)立解得M＝1.5 kg。(ii)當(dāng)物塊上升3cm的高度時(shí)，此時(shí)缸內(nèi)壓強(qiáng)仍為p2，活塞的高度為h'＝6 cm，設(shè)此時(shí)缸內(nèi)氣體溫度為T3，氣體發(fā)生等壓變化，有解得T3＝150 K。34．[物理——選修3－4]（15分）(1)(5分)如圖所示，由單色光①、②組成的一束細(xì)光束投射在屏幕上的P點(diǎn)，當(dāng)把三棱鏡ABC放在它的傳播方向上，且光束與斜面AB垂直時(shí)，屏幕上出現(xiàn)兩個(gè)光斑，單色光①的光斑位置較高，單色光②的光斑位置較低，則下列說法正確的是___________。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）A．兩個(gè)光斑均在的上方B．兩個(gè)光斑均在的下方C．在三棱鏡中，單色光①的傳播速度比較小D．適當(dāng)增大光束射到BC面的入射角，單色光①在BC面的折射光先消失E．用同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置觀察這兩色光的干涉條紋時(shí)，單色光①的條紋間距比較大【答案】ACD【解析】由于細(xì)光束經(jīng)過棱鏡時(shí)發(fā)生折射，故兩個(gè)光斑均在P的上方，B錯(cuò)誤，A正確；由于單色光①的光斑位置較高，折射率大，說明在三棱鏡中，單色光①的傳播速度比較小，C正確；適當(dāng)增大光束射到面的入射角，根據(jù)可知，單色光①在面的折射光先消失，D正確；根據(jù)條紋間距公式可知，由于單色光①的波長(zhǎng)較短，故條紋間距比較小，E錯(cuò)誤。(2)(10分)一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，頻率為5 Hz，某時(shí)刻的波形如下圖所示，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)A的平衡位置在x1＝7.5 cm處，質(zhì)點(diǎn)B的平衡位置在x2＝16 cm處，從圖示對(duì)應(yīng)的時(shí)刻算起(i)判斷A、B兩質(zhì)點(diǎn)，誰先回到平衡位置，并求出它們先后回到平衡位置的時(shí)間差；(ii)求出質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程。【解析】(i)由題圖可知波長(zhǎng)為波速為A質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置需要的時(shí)間B質(zhì)點(diǎn)回到平衡位置需要的時(shí)間所以先回到平衡位置它們先后回到平衡位置的時(shí)間差(ii)設(shè)質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程為由(i)可知，質(zhì)點(diǎn)A在時(shí)，位移，代入振動(dòng)方程中可得所以，質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程為。