拉薩中學高二年級（2023屆）第一次月考理科綜合試卷（滿分：300分，考試時間：150分鐘。請將答案填寫在答題卡上）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。可能用到的相對原子質(zhì)量：H—1   O—16     C—12    Na—23    S—32一、單選題（每小題6分，共78分）二、本題共8小題，每小題6分，共計48分。在每小題給出的四個選項中，第15～19題只有一項符合題目要求，第20～22題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。15．下列各電場中，A、B兩點電場強度相同的是（　?。?/span>A．       B．        C．           D．16．一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進入太空預(yù)定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離．已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1，后部分的箭體質(zhì)量為m2，分離后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率v1為（ ）   A．v0-v2                      B．v0+v2                       C．      D．17．如圖所示，兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運動，滑塊A的質(zhì)量為m，速度大小為2v0，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運動狀態(tài)是（　　）    A．A和B都向左運動 B．A和B都向右運動C．A靜止，B向右運動 D．A向左運動，B向右運動18．甲、乙兩個物塊在光滑水平桌面上沿同一直線運動，甲追上乙，并與乙發(fā)生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度隨時間的變化如圖中實線所示。已知甲的質(zhì)量為1kg，則碰撞過程兩物塊損失的機械能為（　?。?/span>    A．3 J B．4 J C．5 J D．6 J 19．如圖所示，質(zhì)量為m的物體從傾角為θ的斜面頂端以速度v勻速滑下。經(jīng)過時間t滑到斜面底端，則在此過程中，下列說法正確的是（　　）     A．重力的沖量大小等于mgtsinθB．摩擦力的沖量大小等于mgtsinθC．由于物體受到的支持力與速度垂直，所以支持力的沖量為0D．物體所受合力的沖量大于零，且方向沿斜面向下20．兩個大小相同的小球帶有同種電荷（可看作點電荷），質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別是q1和q2，用兩等長的絕緣線懸掛后，因靜電力而使兩懸線張開，分別與豎直方向成夾角和，如圖所示，則下述結(jié)論正確的是（　?。?/span>    A．若=則q1一定等于q2B．一定滿足C．若=則m1一定等于m2D．、的大小關(guān)系與q1與q2的大小關(guān)系無關(guān)21．如圖，放在光滑水平桌面上的A、B中間夾一被壓縮的彈簧，當彈簧被放開時，它們各自在桌面上滑行一段距離后，飛離桌面落在地上。A落地點與桌邊水平距離0.5m，B落地點距離桌邊1m，正確的選項是（　　）A．A、B離開彈簧時的速度比為1：2B．A、B質(zhì)量比為2：1C．未離開彈簧的過程，A、B所受彈簧彈力沖量比為1：2D．未離開彈簧時過程，重力的沖量為022．如圖甲所示，長木板A放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m=2 kg的另一物體B以水平速度v0=2 m/s滑上原來靜止的長木板A的表面。由于A、B間存在摩擦，A、B速度隨時間變化情況如圖乙所示，則下列說法正確的是（　　）A．木板獲得的動能為2 J B．系統(tǒng)損失的機械能為2 JC．木板A的最小長度為1 m D．A、B間的動摩擦因數(shù)為0.2三、解答題（共174分）23．如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個大小相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系；先安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下重垂線所指的位置O。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度、、。（1）被碰小球2的質(zhì)量應(yīng)________（填“>”“=”或“<”）入射小球1的質(zhì)量；入射小球1的半徑應(yīng)________（填“>”“=”或“<”）被碰小球2的半徑。（2）當所測物理量滿足表達式________（用所測物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。如果還滿足表達式________（用所測物理量的字母表示）時，即說明兩球是彈性碰撞。24．在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)的實驗中，一同學猜想可能與兩電荷的間距和帶電量有關(guān)。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖所示。實驗時，先保持兩球電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大；再保持兩球距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。（1）實驗表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的______而增大，隨其所帶電荷量的______而增大。（2）此同學在探究中應(yīng)用的科學方法是______（選填“累積法”“等效替代法”“控制變量法”或“演繹法”）。（3）若A、B帶電荷量分別為+Q和-3Q，開始相距為r時，它們間庫侖力的大小為F，將兩小球相互接觸后將其距離變?yōu)?/span>，則兩球間庫侖力的大小為______。 25．如圖所示，長1m的輕質(zhì)細繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角已知小球所帶電荷量q=1×10-5C，勻強電場的場強E=3×103N/C，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）小球所受電場力F的大小。（2）小球的質(zhì)量m。（3）將電場撤去，小球回到最低點時細繩拉力。 26．如圖，一質(zhì)量為的長木板B靜止于粗糙水平面上，物塊A質(zhì)量為，停在長木板B的左端。質(zhì)量為的小球用長為的輕繩懸掛在固定點O上，將輕繩拉直至水平位置后，由靜止釋放小球，小球在最低點與物塊A發(fā)生彈性正碰，碰撞時間較短，碰后物塊A恰好沒有從長木板B右端滑下，不計空氣阻力，物塊A與小球可視為質(zhì)點。已知長木板B與地面間的動摩擦因數(shù)為，滑塊A與長木板B間的動摩擦因數(shù)為，取g=10m/s2。求： （1） 小球運動到最低點與物塊A彈性正碰，碰后物塊A的速度大?。?/span>（2） 物塊A開始運動到與長木板B達到共同速度時所用時間；（3） 從小球在最低點與物塊A彈性正碰后直到物塊A相對地面靜止的過程，物塊A相對水平面上運動的距離。 27．靜止在水平地面上的兩小物塊A、B，質(zhì)量分別為 ，；兩者之間有一被壓縮的微型彈簧，A與其右側(cè)的豎直墻壁距離，如圖所示．某時刻，將壓縮的微型彈簧釋放，使A、B瞬間分離，兩物塊獲得的動能之和為．釋放后，A沿著與墻壁垂直的方向向右運動．A、B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為．重力加速度取．A、B運動過程中所涉及的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短．（1）求彈簧釋放后瞬間A、B速度的大??；（2）物塊A、B中的哪一個先停止？該物塊剛停止時A與B之間的距離是多少？（3）A和B都停止后，A與B之間的距離是多少？ 物理答案15．C【詳解】A．A圖中，A、B兩點電場強度大小相等，方向不同，故A不符合題意；B．B圖中，A、B兩點電場強度的方向相同，但大小不等，故B不符合題意；C．C圖中是勻強電場，則A、B兩點電場強度大小、方向相同，故C符合題意；D．D圖中，A、B兩點電場強度大小、方向均不相同，故D不符合題意。故選C。16．D【分析】本題考查動量守恒定律【詳解】系統(tǒng)分離前后，動量守恒： ，解得： ，故ABC錯誤；D正確．17．D【詳解】選擇水平向右為正，兩滑塊碰前總動量說明系統(tǒng)總動量為0。A．A和B都向左運動，總動量不為0，選項A錯誤；B．A和B都向右運動，總動量不為0，選項B錯誤；C．A靜止，B向右運動，總動量不為0，選項C錯誤；D．A向左運動，B向右運動，總動量可能為0，選項D正確。故選D。18．A【詳解】由v-t圖可知，碰前甲、乙的速度分別為，；碰后甲、乙的速度分別為，，甲、乙兩物塊碰撞過程中，由動量守恒得解得則損失的機械能為解得故選A。19．B【詳解】A．重力的沖量大小等于mgt，A錯誤；B．由于物體勻速下滑，由平衡條件可得，物體受到的摩擦力為則摩擦力的沖量大小為B正確；C．物體所受支持力為所以支持力的沖量為C錯誤；D．由于物體勻速下滑，動量保持不變，由動量定理可得即物體所受合力的沖量為零，D錯誤。故選B。20．CD【詳解】由受力平衡得即可知，角度與質(zhì)量有關(guān)，與電荷量沒有關(guān)系；電荷量與質(zhì)量也沒有什么比例關(guān)系。當=則m1一定等于m2，故AB錯，CD對。故選CD。21．AB【詳解】A．A、B離開桌面后做平拋運動，它們運動的時間相等，由得速度之比故A正確；B．兩物體及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律得則質(zhì)量之比為故B正確；C．未離開彈簧時，兩物體受到的彈力大小相等，物體所受合外力大小相等、力的作用時間相等，則所受沖量大小相等，故C錯誤；D．未離開彈簧時，根據(jù)知，重力的沖量不為零，故D錯誤。故選AB。22．BC【詳解】A．由圖示圖像可知，木板獲得的速度為，A和B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得解得木板A的質(zhì)量為，木板獲得的動能為故A錯誤；B．系統(tǒng)損失的機械能代入數(shù)據(jù)解得故B正確；C．由圖得到0~1s內(nèi)B的位移為A的位移為木板A的最小長度為故C正確；D．由圖示圖像可知，B的加速度負號表示加速度的方向，由牛頓第二定律得解得故D錯誤。故選BC。23．<    =            【詳解】(1)[1][2]為了防止碰后入射球反彈，則被碰小球2的質(zhì)量應(yīng)小于（“<”）入射小球1的質(zhì)量；為保證兩球發(fā)生正碰，則入射小球1的半徑應(yīng)等于（“=”）被碰小球2的半徑。(2)[3][4]因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP=x2是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM=x1是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON=x3是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當所測物理量滿足表達式說明兩球碰撞遵守動量守恒定律；由功能關(guān)系可知，只要成立則機械能守恒，即故說明碰撞過程中機械能守恒。24．減小    增大    控制變量法        【詳解】（1）[1]庫侖定律，兩電荷之間的相互作用力，與距離的平方成反比；[2]庫侖定律，兩電荷之間的相互作用力，與電荷量成反比；（2）[3]為了探究某一因素對結(jié)果的影響，而控制其他因素保持不變的方法，叫做控制變量法；（3）[4]接觸前的庫侖力接觸之后的庫侖力25．（1）3.0×10-2 N；（2）4.0×10-3 kg；（3）5.6×10-2N【詳解】（1）電場力F=qE=3.0×10-2 N 　（2）由解得m=4.0×10-3 kg（3）由動能定理解得v=2.0 m/s根據(jù)解得T=5.6×10-2N26．（1） ；（2） ；（3）【詳解】（1）對小球下擺過程，由機械能守恒定律得解得小球的速度大小小球運動到最低點時與物塊A發(fā)生彈性正碰，則由動量守恒定律和機械能守恒定律有解得（2）碰后物塊A與長木板B相對滑動，直到二者達到共同速度，對物塊A解得對長木板B解得設(shè)兩者相對滑動過程經(jīng)歷時間 達到共同速度，則解得（3）物塊A與長木板B相對滑動過程，物塊A發(fā)生的位移解得物塊A與長木板B相對靜止時的共同速度為解得物塊A與長木板B達到共同速度此后一起做勻減速運動到靜止解得二者一起勻減速運動到靜止的過程解得物塊A相對水平面上運動的距離27．（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）B先停止； 0.50m；（3）0.91m；【分析】首先需要理解彈簧釋放后瞬間的過程內(nèi)A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，再結(jié)合能量關(guān)系求解出A、B各自的速度大??；很容易判定A、B都會做勻減速直線運動，并且易知是B先停下，至于A是否已經(jīng)到達墻處，則需要根據(jù)計算確定，結(jié)合幾何關(guān)系可算出第二問結(jié)果；再判斷A向左運動停下來之前是否與B發(fā)生碰撞，也需要通過計算確定，結(jié)合空間關(guān)系，列式求解即可．【詳解】（1）設(shè)彈簧釋放瞬間A和B的速度大小分別為vA、vB，以向右為正，由動量守恒定律和題給條件有 ①②聯(lián)立①②式并代入題給數(shù)據(jù)得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B兩物塊與地面間的動摩擦因數(shù)相等，因而兩者滑動時加速度大小相等，設(shè)為a．假設(shè)A和B發(fā)生碰撞前，已經(jīng)有一個物塊停止，此物塊應(yīng)為彈簧釋放后速度較小的B．設(shè)從彈簧釋放到B停止所需時間為t，B向左運動的路程為sB．，則有④⑤⑥在時間t內(nèi)，A可能與墻發(fā)生彈性碰撞，碰撞后A將向左運動，碰撞并不改變A的速度大小，所以無論此碰撞是否發(fā)生，A在時間t內(nèi)的路程sA都可表示為sA=vAt–⑦聯(lián)立③④⑤⑥⑦式并代入題給數(shù)據(jù)得sA=1.75m，sB=0.25m⑧這表明在時間t內(nèi)A已與墻壁發(fā)生碰撞，但沒有與B發(fā)生碰撞，此時A位于出發(fā)點右邊0.25m處．B位于出發(fā)點左邊0.25m處，兩物塊之間的距離s為s=0.25m+0.25m=0.50m⑨（3）t時刻后A將繼續(xù)向左運動，假設(shè)它能與靜止的B碰撞，碰撞時速度的大小為vA′，由動能定理有⑩聯(lián)立③⑧⑩式并代入題給數(shù)據(jù)得            故A與B將發(fā)生碰撞．設(shè)碰撞后A、B的速度分別為vA′′以和vB′′，由動量守恒定律與機械能守恒定律有                聯(lián)立式并代入題給數(shù)據(jù)得        這表明碰撞后A將向右運動，B繼續(xù)向左運動．設(shè)碰撞后A向右運動距離為sA′時停止，B向左運動距離為sB′時停止，由運動學公式        由④式及題給數(shù)據(jù)得sA′小于碰撞處到墻壁的距離．由上式可得兩物塊停止后的距離 

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