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參考答案1．D【詳解】AB．由圖示可知，從M到N時，高度減小，速度增大，因此勢能減小，動能增大，故AB錯；CD．當從N到P時，由于軌道是光滑的，根據牛頓第一定律，小球在水平面上做勻速直線運動，故動能不變，勢能不變，故C錯，D正確。應選D。2．C【詳解】汽車勻速運動，重物也勻速運動，在重物露出水面前，浮力不變，F=G-F浮，所以拉力不變，根據P=Fv可知：汽車的功率不變；在物體露出水面而沒完全露出時，浮力減小，F=G-F浮，所以拉力增大，根據P=Fv可知：汽車的功率增大；在物體完全露出液面時，F=G，拉力不變，根據P=Fv可知：汽車的功率不變；綜上所述，汽車的功率先不變，再增大，最后又不變。故選C。3．C【詳解】A．小杰與書包的總重力大約為600N，1樓到21樓的高度h＝20×3m＝60m電梯對小杰做的功W＝Gh＝600N×60m＝3.6×104J故A不符合題意；B．小杰乘坐電梯上升時，書包在力的方向上移動了距離，所以對書包做了功，故B不符合題意；C．電梯對小杰做功的功率P===1200W故C符合題意；D．小杰在水平路面行走時，重力沒有做功，功率也為0，故D不符合題意。 故選C。4．C【詳解】A．噴藥無人機在農田上方沿水平方向勻速飛行，在豎直方向受力平衡，即升力等于重力，故A不符合題意；B．空氣阻力和重力不在同一條直線上，不是一對平衡力，故B不符合題意；CD．噴藥無人機在農田上方沿水平方向勻速飛行，同時均勻噴灑農藥時，重量變小，速度不變、高度不變，故動能與重力勢能都將減小，故C符合題意、D不符合題意。故選C。5．B【詳解】AC．由題知小明的體重與前后兩次上升的高度均不變，因此由可知，兩次所做的功相同，故AC錯誤；BD．兩次所做的功相同，由可知，用時少的做功功率大，用時多的做功功率小，故B正確，D錯誤。故選B。6．C【分析】掌握定滑輪的實質及省力特點：實質是一個等臂杠桿，所以不省力，但可以改變用力方向。【詳解】定滑輪實質是一個等臂杠桿，既不省力也不費力，但能改變力的方向。故選C。7．A【詳解】設承擔物重的繩子股數(shù)為n，則拉力端移動的距離s＝nh，故機械效率甲圖中，使用的是定滑輪，n甲＝1，機械效率乙圖中，使用的是定滑輪，n乙＝1，機械效率丙圖中，使用的是動滑輪，n丙＝2，機械效率丁圖中，使用的是滑輪組，n丁＝2，機械效率當使用丙提升物體M時，GM＝5N，F丙＝5.5N，F丙＞GM，是費力的，故BCD錯誤，A正確。故選A。8．D【詳解】A．測量動滑輪的機械效率，需要勻速拉動彈簧測力計，不能在彈簧測力計靜止時讀數(shù)，故A錯誤；B．彈簧測力計對繩子的拉力，作用在繩子上；物體的重力，作用在提升的物體上，即二力作用在兩個物體上，不是一對平衡力，故B錯誤；C．使用動滑輪，承擔物重的繩子股數(shù)n=2，滑輪的機械效率η=增大物體被提升的高度，不能提高動滑輪的機械效率，故C錯誤；D．不計繩重和摩擦，動滑輪的機械效率增大物體重力與動滑輪重力的比值，可以提高動滑輪的機械效率，故D正確。故選D。9．A【詳解】①②彈簧秤的示數(shù)為20N，即繩子對彈簧秤的拉力為20N，因同一根繩子各處的拉力大小相同，所以繩子對物體M的拉力也為20N；物體M向左勻速直線運動，其受到的拉力和摩擦力是一對平衡力，所以M受到地面的摩擦力f＝F拉＝20N方向與物體運動方向相反，即水平向右；故①正確，②錯誤；③不計動滑輪與繩之間的摩擦和重力，由圖知，拉力作用在動滑輪軸上，與右側兩段繩子的拉力平衡，則拉力的大小為F＝2F示＝2×20N＝40N由圖知，n＝2，且拉力F作用在動滑輪軸上，費力但省一半的距離，則拉力端移動的速度是物體移動速度的，故拉力端移動的速度v拉力端＝v＝×0.2m/s＝0.1m/s拉力的功率為P＝Fv拉力端＝40N×0.1m/s＝4W故③錯誤；④M受到的重力與地面對M的支持力大小相同、方向相反、在同一直線上、作用在同一個物體上，所以二力是一對平衡力，故④正確；綜上可知，只有①④正確。故選A。10．C【詳解】A．由圖像可知l1=l2，由杠桿平衡條件可得F1=G，故正確，不符合題意；B．由圖像可知滑輪組n=3，則，故正確，不符合題意；C．由圖像可知動滑輪動力作用在軸上，則，故錯誤，符合題意；D．不計機械自重和摩擦，則斜面為理想斜面，滿足FL=Gh，即，故正確，不符合題意。故選C。11．C【詳解】A．由圖可知，承擔物重的繩子段數(shù)，繩子移動距離繩子自由端移動速度故A錯誤；BD．貨物A的重力為鋼繩的拉力F的大小是拉力F做功拉力F的功率為故BD錯誤；C．滑輪組做的有用功是滑輪組的機械效率為故C正確。故選C。12．C【詳解】①②．由圖可知，n=2，則繩子自由端移動的距離：；故②錯誤；拉力做的功：；故①正確；③．克服物體和地面之間的摩擦力做的功為有用功，則有用功：W有=fs物=45N×2m=90J，滑輪組的機械效率：故③正確；④．因物體在水平地面上做勻速運動，則此時A處繩子的拉力與物體受到的摩擦力是一對平衡力，所以，A點受到的拉力：FA=f=45N；故④錯誤；故ABD錯誤，C正確。13．1.2107 2105W 【詳解】[1]由知道，卡車通過的距離為在這段時間內卡車牽引力所做的功[2]卡車的牽引力做功的功率14．漂浮 0.32J 【詳解】[1]正方體物塊的體積物塊的質量物塊的密度即物塊的密度小于水的密度，由圖象可知：當時，水的深度為，大于正方體物塊的棱長為；則根據浮沉條件可知此時物塊在水中處于漂浮狀態(tài)。[2]當時，注入水的體積則注入水的重力因容器為方形容器，且此時物塊處于漂浮狀態(tài)，所以此時水對容器底部的壓力[3]由圖象分析可知，當時，物塊剛好處于漂浮狀態(tài)，則根據可得此時物塊排開水的體積由可得，此時水的深度[4]在時段，物塊上升的高度（等于水面上升的高度）則該過程中浮力對物體做功15．6×106【詳解】據P=Fv得，破冰船向前的推力16．動 機械（重力勢） 【詳解】第一空．由題意可知，當人從高處向下擺時，身體由直立變?yōu)橄露祝诉^程降低重心高度，可以獲得更大的速度，將更多的重力勢能轉化為動能； 第二空．而從最低點向上擺時，用力將身體由下蹲變?yōu)橹绷?，此過程克服身體重力做功，此時高度增加，重力勢能增大，從而增加了機械（重力勢）能．17．1∶1 6∶5 【詳解】[1]物重相同，物體升高高度相同，由可知W甲∶W乙=1∶1[2]由可得18．630 75 84% 10 【詳解】[1]此過程中有用功W有=Gh=210N×3m=630J[2]拉力做的功W總=Fs=F×2h=125N×2×3m=750J拉力的功率P==75W[3]滑輪的機械效率=84%[4]克服動滑輪重所做的額外功W額=G動h=25N×3m=75J克服動滑輪重所做的額外功占總功的=10%19．20 53.3% 省力 【分析】（1）克服物體重力所做的功是有用功，利用W=Gh計算拉力所做的有用功；
（2）拉力所做的功是總功，利用W=Fs計算拉力所做的功；機械效率等于有用功與總功的比值；
（3）由功的原理分析斜面省力情況與斜面長度的關系．【詳解】（1）克服物體重力所做的功為有用功，則有用功：W有=Gh=10N×2m=20J；（2）拉力做的總功：W總=Fs=7.5N×5m=37.5J；斜面的機械效率：；（3）由功的原理可知，在高度相同時，斜面越長越省力．20．豎直向上勻速 2.2 88.9% 提升的物體越重，滑輪組的機械效率越高 0.4 【詳解】(1)[1]實驗中應豎直向上勻速拉動彈簧測力計使鉤碼上升。(2)[2]由圖知，彈簧測力計的分度值為0.2N，拉力為2.2N。[3]由可得第二次實驗的機械效率(3)[4]實驗選用的是同滑輪組，動滑輪的重力不變，由表中實驗數(shù)據分析可知，同一滑輪組提升的物體越重，滑輪組的機械效率越高。(4)[5]因忽略繩重和摩擦，故所做額外功是克服動滑輪重力阻力所做的功，則有則動滑輪的重力為21．彈簧測力計對繩子末端的拉力 物體的重力 F1=F2=F3 可以改變力的方向 【詳解】(1)[1][2]在研究使用定滑輪是否省力時，我們需要比較繩子末端受到的拉力和物體的重力大?。挥萌鐖D甲所示裝置勻速提升重物，需要測量的物理量是彈簧測力計對繩子末端的拉力和物體的重力。(2)[3]圖乙的裝置是一個定滑輪，定滑輪工作的特點既不省力也不費距，所以分別用拉力F1、F2、F3勻速提升重物，三個力的大小相等，即F1=F2=F3(3)[4]雖然既不省力也不費距，但是定滑輪可以改變力的方向，所以旗桿頂部裝一個定滑輪能夠方便我們升降國旗。22．(1)0.5m；(2)90%；(3)90W【詳解】(1)由可得物體上升的高度h=vt=0.1m/s×5s =0.5m(2)克服物體重力做的功為有用功W有=Gh=810N×0.5m=405J由圖可知繩子承擔重物的段數(shù)為3，則繩子的末端通過的距離s=3h=3×0.5m=1.5m拉力做的功為總功W總=Fs=300N×1.5m=450J所以滑輪組的機械效率 (3)拉力的功率答：(1)物體上升的高度0.5m；(2)滑輪組的機械效率90%； (3)拉力的功率90W。
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