【化學】河北省唐山市路北區(qū)第十一中學2019-2020學年高二下學期期末考試（解析版）-試卷下載-教習網(wǎng)

可能用到的相對原子質量：H-1 C-12 O-16 Na-23 S-32 As-75 Ga-70
第Ⅰ卷 (選擇題共60分)
一、選擇題(本題包括20小題，每小題3分，共60分。每小題只有一個選項符合題意。)
1. 下列物質中，屬于天然高分子化合物的是
A. 淀粉 B. 油脂 C. 葡萄糖 D. 聚乙烯
【答案】A
【解析】
【分析】
相對分子質量在10000以上的有機化合物為高分子化合物，高分子化合物分為天然高分子化合物、合成高分子化合物，淀粉、纖維素、蛋白質為天然高分子化合物。
【詳解】A．淀粉為多糖，相對分子質量在10000以上，屬于天然高分子化合物，A正確；
B．油脂是高級脂肪酸的甘油酯，相對分子質量較小，不屬于高分子化合物，B錯誤；
C．葡萄糖為單糖，分子式為C6H12O6，相對分子質量較小，不屬于高分子化合物，C錯誤；
D．乙烯發(fā)生加聚反應生成聚乙烯，屬于人工合成的高分子化合物，不是天然高分子化合物，D錯誤。
答案選A。
2. 下列物質中互為同分異構體的是( )
A. 淀粉和葡萄糖 B. 蔗糖和纖維素
C. 橡膠和塑料 D. 果糖和葡萄糖
【答案】D
【解析】
【詳解】A．淀粉和葡萄糖的分子式分別為：(C6H10O5)n、C6H12O6，分子式不相同，不是同分異構體，故A不選；
B．蔗糖和纖維素的分子式分別為：C12H22O11、(C6H10O5)n，分子式不相同，不是同分異構體，故B不選；
C．橡膠和塑料都是高分子化合物，而且都是混合物，分子式不相同，不是同分異構體，故C不選；
D．果糖和葡萄糖的分子式都為C6H12O6，結構不同，屬于同分異構體，故D選；
故選D。
3. 下列敘述中正確的是( )
A. 醫(yī)用酒精的濃度通常為99.9%
B. 單質硅是將太陽能轉變?yōu)殡娔艿某Ｓ貌牧?br /> C. 淀粉、纖維素和水泥都屬于天然高分子化合物
D. 棉花和光導纖維都是新型無機非金屬材料
【答案】B
【解析】
【詳解】A．醫(yī)用酒精的濃度通常是75%，此濃度殺菌消毒作用強，故A錯誤；
B．單質硅為良好的半導體材料，是制作光太陽能電池的主要原料，光太陽能電池可將太陽能轉變?yōu)殡娔?，故B正確；
C．水泥的成分是硅酸二鈣，硅酸三鈣，鋁酸三鈣，是無機硅酸鹽材料，不屬于天然高分子化合物，淀粉、纖維素屬于天然高分子化合物，故C錯誤；
D．棉花的主要成分是纖維素(C6H10O5)n，屬于有機化合物，不是新型無機非金屬材料，光導纖維的主要成分是二氧化硅，是新型無機非金屬材料，故D錯誤；
答案為B。
4. 下列反應中，屬于加成反應的是
A. 乙烯使酸性KMnO4溶液褪色
B. 將苯滴入溴水中，振蕩后水層接近無色
C. 乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色
D. 甲烷與氯氣混合光照一段時間后黃綠色消失
【答案】C
【解析】
【分析】
加成反應是有機物分子中的不飽和鍵斷裂，斷鍵碳原子與其他原子或原子團相結合，生成新的化合物的反應。
【詳解】
A．乙烯使酸性KMnO4溶液褪色，乙烯發(fā)生氧化反應，故不選A；
B．將苯滴入溴水中，振蕩后水層接近無色，苯萃取溴水中的溴單質，屬于物理變化，故不選B；
C．乙烯和溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應生成1,2-二溴乙烷，乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色，屬于加成反應，故選C；
D．甲烷與氯氣混合在光照條件下生成氯代甲烷和氯化氫，黃綠色消失，屬于取代反應，故不選D。
選C。
5. 下列分子式只能表示一種物質的是( )
A. C2H6 B. C4H10 C. C5H10Cl2 D. C5H12
【答案】A
【解析】
【詳解】A．C2H6只有一種結構，即CH3CH3，分子式只能表示一種物質，故A正確；
B．C4H10存在2種同分異構體，即CH3CH2CH2CH3，(CH3)2CHCH3，所以不能只表示一種物質，故B錯誤；
C．C5H10Cl2可看成戊烷中的2個H原子被Cl原子取代，戊烷有三個同分異構體，即CH3CH2CH2CH2CH3，(CH3)2CHCH2CH3，(CH3)2C(CH3)2，含季碳結構的新戊烷二氯代物(2種異構體)，含叔碳結構的異戊烷二氯代物(10種異構體)，直鏈碳架的正戊烷二氯代物(9種異構體)，共有21個異構體，所以不能只表示一種物質，故C錯誤；
D．C5H12存在3種同分異構體，即CH3CH2CH2CH2CH3，(CH3)2CHCH2CH3，(CH3)2C(CH3)2，所以不能只表示一種物質，故D錯誤；
答案為A。
6. 下列變化屬于物理變化的是( )
A. 乙烯通入酸性高錳酸鉀溶液褪色產(chǎn)生CO2
B. 濃硝酸與苯反應生成硝基苯
C. 鈉與酒精混合有產(chǎn)生H2
D. 苯滴入溴水中振蕩后水層接近無色
【答案】D
【解析】
【詳解】A．乙烯通入酸性高錳酸鉀溶液，溶液褪色，是發(fā)生了氧化還原反應，屬于化學變化，不是物理變化，故A不選；
B．濃硝酸與苯反應生成硝基苯，有新物質生成，屬于化學變化，不是物理變化，故B不選；
C．鈉與酒精混合有氣泡，產(chǎn)生是H2，有新物質生成，屬于化學變化，不是物理變化，故C不選；
D．苯滴入溴水中振蕩后水層接近無色，是溴水中的溴萃取到苯中而使溴水中水層接近無色，沒有新物質生成，是物理變化，故D選；
故選D。
7. 異戊烷的系統(tǒng)名稱是
A. 2-甲基丁烷 B. 2-甲基戊烷
C. 2-乙基丁烷 D. 3-乙基丁烷
【答案】A
【解析】
【詳解】異戊烷結構簡式為，按有機物的系統(tǒng)命名法，主鏈有4個碳原子，從靠近支鏈的左端開始給主鏈上的碳原子編號，第2個碳原子上有一個甲基，所以異戊烷的系統(tǒng)名稱是2—甲基丁烷，答案選A。
8. 下列變化不屬于化學變化的是
A. 石油分餾 B. 煤干餾
C. 石油裂解 D. 皂化反應
【答案】A
【解析】
【分析】
物理變化和化學變化的根本區(qū)別在于是否有新物質生成，如果有新物質生成，則屬于化學變化；反之，則是物理變化。
【詳解】A．石油分餾是控制溫度，分離一定沸點范圍內(nèi)餾分的混合物的方法，無新物質生成，屬于物理變化，A正確；
B．煤的干餾是隔絕空氣加強熱過程中生成新的物質，屬于化學變化，B錯誤；
C．石油裂解是深度裂化，過程中生成新的物質，屬于化學變化，C錯誤；
D．皂化反應是油脂在堿性溶液中發(fā)生的水解反應，屬于化學變化，D錯誤；
答案選A。
【點睛】本題考查物理變化與化學變化的區(qū)別與聯(lián)系，題目難度不大，解答時要分析變化過程中是否有新物質生成。
9. 鄰苯二甲酸二乙酯是增塑劑，其結構簡式如圖，關于該物質的說法中正確的是( )

A. 該物質含有碳碳雙鍵
B. 其分子式為C12H15O4
C. 該物質完全水解能生成三種產(chǎn)物
D. 1mol該物質與足量NaOH溶液反應能消耗2molNaOH
【答案】D
【解析】
【詳解】A．由結構可知，苯環(huán)中的鍵介于單鍵和雙鍵之間的特殊的鍵，屬于大π鍵，無碳碳雙鍵，故A錯誤；
B．由結構可知，該物質分子中有12個C原子，14個H原子，4個O原子，其分子式為C12H14O4，故B錯誤；
C．該物質完全水解生成鄰苯二甲酸和乙醇兩種物質，故C錯誤；
D．該物質水解生成鄰苯二甲酸和乙醇，鄰苯二甲酸含二個羧基，與NaOH發(fā)生反應，乙醇與NaOH不反應，則1mol該物質與足量NaOH溶液反應能消耗2molNaOH，故D正確；
答案為D。
10. 某有機物的結構簡式為CH3CH=CH-COOH，下列說法中錯誤的是
A. 水溶液顯酸性 B. 所有原子一定共面
C. 能夠發(fā)生加成反應 D. 能夠發(fā)生酯化反應
【答案】B
【解析】
【分析】
有機物分子中含有碳碳雙鍵和羧基，結合相應官能團的結構與性質解答。
【詳解】A. 含有羧基，其水溶液顯酸性，A正確；
B. 含有甲基，則所有原子一定不共面，B錯誤；
C. 含有碳碳雙鍵，能夠發(fā)生加成反應，C正確；
D. 含有羧基，能夠發(fā)生酯化反應，D正確。
答案選B。
11. 欲除去下列物質中混入的少量雜質（括號內(nèi)物質為雜質），錯誤的是
A. 乙酸乙酯（乙酸）：加飽和Na2CO3溶液，充分振蕩靜置后，分液
B. 乙醇（水）：加入新制生石灰，蒸餾
C. 溴苯（溴）：加入NaOH溶液，充分振蕩靜置后，分液
D. 乙酸（乙醇）：加入金屬鈉，蒸餾
【答案】D
【解析】
【詳解】A、乙酸的酸性強于碳酸，飽和碳酸鈉吸收乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度使之析出，然后分液，故能得到純凈乙酸乙酯，A正確；
B、生石灰能夠吸收水，然后利用乙醇沸點較低，采用蒸餾的方法，提純乙醇，B正確；
C、溴單質和NaOH發(fā)生反應，生成可溶于水的鹽，而溴苯和氫氧化鈉很難反應，且溴苯是不溶于水的液體，采用分液的方法，提純溴苯，C正確；
D、乙酸電離出H＋大于乙醇，金屬Na先與乙酸反應，把乙酸消耗了，方法不可取，D錯誤；
故選D。
12. 下列元素中，基態(tài)原子的最外層電子排布式不正確的是( )
A. Al　3s23p1 B. Cr　3d44s2
C. Ar　3s23p6 D. H　 1s1
【答案】B
【解析】
【詳解】A．Al原子核外有13個電子，各電子層上電子依次為2，8，3，最外層3個電子，其基態(tài)原子價電子排布式為3s23p1，符合基態(tài)電子排布規(guī)律，故A正確；
B．Cr原子核外有24個電子，各電子層上電子依次為2，8，13，1，最外層1個電子，其原子基態(tài)價電子排布式為3d54s1，呈現(xiàn)半充滿，能量最低，穩(wěn)定，故B錯誤；
C．Ar原子核外18個電子，各電子層上電子依次為2，8，8，最外層8個電子，其基態(tài)原子最外層電子排布式為3s23p6，符合基態(tài)電子排布規(guī)律，故C正確；
D．H原子核外只有一個電子，H原子基態(tài)價電子排布式為1s1，符合基態(tài)電子排布規(guī)律，故D正確；
答案為B。
13. 質子核磁共振譜(PMR)是測定有機物分子結構的重要手段，在所研究的有機物分子中，不同“化學環(huán)境”的H原子在PMR譜中會給出相應的信號，如分子在PMR譜中會給出H原子的4種不同信號。試推斷CH3CH2OH分子在PMR譜中能看到H原子的不同信號有( )
A. 1種 B. 2種 C. 3種 D. 4種
【答案】C
【解析】
【詳解】由結構可知，該結構中有4種H原子，如，分子在PMR譜中會給出H原子的4種不同信號，則CH3CH2OH分子中有3種不同的H原子，如，在PMR譜中能看到H原子的不同信號應該有3種，C正確；
答案為C。
14. 下面的價電子排布中，第一電離能最小的原子可能是（）
A. ns2np3 B. ns2np5 C. ns2np4 D. ns2np6
【答案】C
【解析】
【詳解】同一周期元素的第一電離能隨著原子序數(shù)的增大而呈增大趨勢，但同一周期中第ⅡA族元素比第ⅢA族元素的第一電離能大，第ⅤA族比第ⅥA族第一電離能大，ns2np3、ns2np4、ns2np5、ns2np6屬于同一周期且其原子序數(shù)依次增大，但ns2np3屬于第VA元素，ns2np4屬于第ⅥA族，所以元素的第一電離能的大小順序是ns2np6、ns2np5、ns2np3、ns2np4，所以最小的為ns2np4，故選C。
【點睛】本題考查了同一周期元素第一電離能大小的判斷，注意原子軌道處于半充滿、全充滿狀態(tài)下結構穩(wěn)定，同一周期中第ⅡA族元素比第ⅢA族元素的第一電離能大，第ⅤA族比第ⅥA族第一電離能大。
15. 下列物質的分子中既有σ鍵，又有π鍵的是
①HCl ②H2O ③N2 ④H2O2 ⑤C2H4 ⑥C2H2
A. ①②③ B. ③④⑤⑥ C. ①③⑥ D. ③⑤⑥
【答案】A
【解析】
【詳解】在雙鍵及叁鍵中均含有σ鍵又有π鍵，而氮氣中含有氮氮叁鍵、乙烯中含有碳碳雙鍵、乙炔中含有碳碳叁鍵，故答案為D。
16. 用價層電子對互斥理論判斷NO的立體構型( )
A. 正四面體 B. V形 C. 三角錐形 D. 平面三角形
【答案】D
【解析】
【分析】
價層電子對個數(shù)=σ鍵個數(shù)+孤電子對個數(shù)，σ鍵個數(shù)=配原子個數(shù)，孤電子對個數(shù)=(a-xb)，a指中心原子價電子個數(shù)，x指配原子個數(shù)，b指配原子形成穩(wěn)定結構需要的電子個數(shù)，根據(jù)價層電子對個數(shù)判斷中心原子雜化類型，再判斷立體構型。
【詳解】NO3-中價層電子對個數(shù)=3+(5+1-3×2)=3+0=3，中心N原子采取sp2雜化，VSEPR構型為平面三角形，孤電子對個數(shù)為0，NO3-的立體構型為平面三角形，D正確；答案為D。
17. 根據(jù)相關化學原理，下列判斷正確的是
A. 若X是原子晶體，Y是分子晶體，則熔點：X＜Y
B. 若A2＋2D－→2A－＋D2，則氧化性：D2＞A2
C. 若R2－和M＋電子層結構相同，則原子序數(shù)：R＞M
D. 若弱酸HA的酸性強于弱酸HB，則同濃度鈉鹽溶液的堿性：NaA＜NaB
【答案】D
【解析】
【分析】
【詳解】A.原子晶體的熔點大于分子晶體，錯誤；
B .在此反應中A2是氧化劑，D2是氧化產(chǎn)物，氧化性：D2NH3，因此物質的沸點最高的是HF，答案：HF；
(4)Na、Mg、Al、S、Cl都是第三周期的元素，Na+、Mg2+、Al3+是原子失去最外層電子形成的陽離子，核外電子排布都是2、8；S2-、Cl-是原子獲得電子形成的陰離子，核外電子排布都是2、8、8。由于離子核外電子層數(shù)越多，離子半徑越大；當離子核外電子層數(shù)相同時，離子的核電荷數(shù)越小，離子半徑越大，所以上述元素形成的單核離子中，半徑最大的離子是S2-，答案：S
【點睛】原子或單核離子半徑比較方法，先比電子層數(shù)多少，電子層數(shù)越多粒子半徑越大；電子層數(shù)相同的情況下再比核電荷數(shù)，核電荷數(shù)越大粒子半徑越小；如果電子層數(shù)和核電荷數(shù)都相同，再比最外層電子數(shù)，最外層電子數(shù)越多粒子半徑越大。
22. 甲酸乙酯天然存在于蜂蜜、草莓等物質中，是一種重要的食用香精，某興趣小組通過如圖轉化關系研究其性質。

(1)A的名稱為_______，C的同分異構體的結構簡式為____。
(2)C、E中官能團名稱分別為_______、_______。
(3)①和④的反應類型分別為______反應、______反應。
(4)①和③兩步的化學方程式為：
①_____________；③____________。
【答案】 (1). 甲酸鈉 (2). CH3OCH3 (3). 羥基 (4). 羧基 (5). 水解(或取代) (6). 氧化 (7). HCOOCH2CH3+NaOHHCOONa+CH3CH2OH (8). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O
【解析】
分析】
甲酸乙酯在堿性條件下水解生成A和C，C能連續(xù)被氧化，則C為CH3CH2OH，A為HCOONa，A酸化得到B為HCOOH；C被氧化生成D為CH3CHO，D被氧化生成E為CH3COOH，結合題目分析解答。
【詳解】(1)通過以上分析知，A為甲酸鈉，C是乙醇，其同分異構體為甲醚，甲醚結構簡式為CH3OCH3，
故答案為：甲酸鈉；CH3OCH3；
(2)C為CH3CH2OH，C中官能團是羥基，E為CH3COOH，E中官能團是羧基，
故答案為：羥基；羧基；
(3)①的反應類型是水解(或取代)，④的反應類型是氧化反應，
故答案為：水解(或取代)；氧化；
(4)①為甲酸乙酯的水解反應，反應方程式為HCOOCH2CH3+NaOHHCOONa+CH3CH2OH，③為乙醇的催化氧化反應，反應方程式為2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案為：HCOOCH2CH3+NaOHHCOONa+CH3CH2OH；2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；