黑龍江省牡丹江市一中2020屆高三12月月考物理試題

牡一中2017級(jí)高三學(xué)年上學(xué)期12月考試物理試題 一、單項(xiàng)選擇題1. 關(guān)于物體的受力和運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（ ）A. 物體在不垂直于速度方向的合力作用下，速度大小可能一直不變B. 物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，某點(diǎn)的加速度方向就是通過這一點(diǎn)曲線的切線方向C. 做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，一定受到與速度不在同一直線上的外力作用D. 物體受到變化的合力作用時(shí)，它的速度大小一定改變【答案】C【解析】試題分析：物體在垂直于速度方向的合力作用下，速度大小可能一直不變．故A錯(cuò)誤；物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，某點(diǎn)的速度方向就是通過這一點(diǎn)的曲線的切線方向，而不是加速度方向．故B錯(cuò)誤；曲線運(yùn)動(dòng)的物體的條件，一定受到與速度不在同一直線上的外力作用．故C正確．物體受到變化的合力作用時(shí)，它的速度大小可以不改變，比如勻速圓周運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤；故選C．考點(diǎn)：運(yùn)動(dòng)和力【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于它們的特點(diǎn)要掌握?。?/span>2.甲同學(xué)以速度v1將鉛球水平推出，推出點(diǎn)距地面高度為H1，乙同學(xué)身高較高，將鉛球在距地面H2高度處水平推出（H2>H1），兩位同學(xué)推出鉛球的水平位移恰好一樣，不計(jì)空氣阻力的作用，則乙同學(xué)推出鉛球的速度為A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)，解得：，物體飛行的水平距離為：，由于兩位同學(xué)推出鉛球的水平位移恰好一樣，則：，解得：，故選B．【點(diǎn)睛】平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間．平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)求出飛行的水平距離．然后比較即可．3.如圖所示，通有恒定電流的導(dǎo)線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由位置Ⅰ平移到位置Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，設(shè)先、后兩次穿過金屬框的磁通量變化分別為和，則（）A.  B.  C.  D. 不能判斷【答案】C【解析】【詳解】第一次將金屬框由位置I平移到位置Ⅱ，磁感線穿過金屬框的方向沒有改變，磁通量變化量等于在這兩個(gè)位置時(shí)的磁通量的差值；第二次將金屬框繞邊翻轉(zhuǎn)到位置Ⅱ，磁感.線穿過金屬框的方向發(fā)生改變，磁通量變化量等于兩個(gè)位置時(shí)的磁通量絕對(duì)值之和，所以，選項(xiàng)C正確.ABD錯(cuò)故選C4.如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，O是A、B連線的中點(diǎn).以O為坐標(biāo)原點(diǎn)，A、B連線為x軸，O、C連線為y軸，建立坐標(biāo)系.過A、B、C、O四個(gè)點(diǎn)各有一條長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等、方向向里的電流．則過C點(diǎn)的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向?yàn)椋?/span>    ）A. 沿y軸正方向 B. 沿y軸負(fù)方向C. 沿x軸正方向 D. 沿x軸負(fù)方向【答案】B【解析】試題分析：等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)A、B、O處均有一通電導(dǎo)線，且導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流．由安培定則可得：導(dǎo)線A、B的電流在C處的合磁場(chǎng)水平向右，導(dǎo)線O的電流在C處的磁場(chǎng)也是水平向右，故三條導(dǎo)線的電流在O處的合磁場(chǎng)方向水平向右．再由左手定則可得：C點(diǎn)的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向?yàn)樨Q直向下，沿著y軸的負(fù)方向．故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B．考點(diǎn)：安培定則；左手定則【名師點(diǎn)睛】此題還可用這一規(guī)律判斷：通電導(dǎo)線的電流方向相同時(shí)，則兩導(dǎo)線相互吸引；當(dāng)通電導(dǎo)線的電流方向相反時(shí)，則兩導(dǎo)線相互排斥．5.一直升飛機(jī)停在南半球的某地上空，該處地磁場(chǎng)有豎直方向的分量，其分量大小為B，直升飛機(jī)螺旋槳葉片的長(zhǎng)度為l，螺旋槳轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為f，從上往下的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，螺旋槳葉片的近軸端為a，遠(yuǎn)軸端為b，如圖所示，如果忽略a到轉(zhuǎn)軸中心線的距離，用表示每個(gè)葉片中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則(     )A. ，且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)B. ，且a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C. ，且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)D. ，且a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)【答案】C【解析】【詳解】順著地磁場(chǎng)的方向看螺旋槳，螺旋槳按順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，若俯視，則葉片逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線，根據(jù)右手定則，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，由公式所以電動(dòng)勢(shì)為故C正確。6.如圖所示,木塊在拉力F作用下,沿著水平地面向右做減速直線運(yùn)動(dòng),則力F與摩擦阻力的合力方向?yàn)?    )A. 水平向左B. 向上偏左C. 豎直向上D. 可以豎直向上和力方向之間【答案】B【解析】【詳解】木塊向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，受到重力、拉力F、地面的支持力和摩擦力四個(gè)力作用，加速度方向向左，由牛頓第二定律知其合力方向向左．由于F有豎直向上的分力，所以地面對(duì)木塊的支持力小于重力，則支持力和重力的合力方向豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則可知力F與摩擦阻力的合力方向向上偏左，故ACD錯(cuò)誤，B正確．故本題正確答案選B．7.半徑為r的圓形空間內(nèi)，存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶正電粒子（不計(jì)重力）從A點(diǎn)以速度垂直于磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)中，并從B點(diǎn)射出，∠AOB=，如圖所示，則該帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為(     )A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【詳解】畫出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示，由圖根據(jù)幾何知識(shí)可知，粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為軌跡半徑為粒子運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)為則粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間又可以表示為故D正確。8.如圖所示，在、的長(zhǎng)方形區(qū)域有垂直于xoy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一個(gè)粒子源，在某時(shí)刻發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子（重力不計(jì)），它們的速度方向均在xoy平面內(nèi)的第一象限，且與y軸正方向的夾角分布在0～范圍內(nèi)，速度大小不同，且滿足．已知粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，則下列說法正確的是（     ）A. 最先從磁場(chǎng)上邊界飛出的粒子經(jīng)歷的時(shí)間為B. 最先從磁場(chǎng)上邊界飛出的粒子經(jīng)歷的時(shí)間大于C. 最后從磁場(chǎng)中飛出的粒子經(jīng)歷的時(shí)間為D. 最后從磁場(chǎng)中飛出的粒子經(jīng)歷的時(shí)間小于【答案】C【解析】【詳解】帶電粒子粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)有從而求得半徑為將題設(shè)條件代入得而帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)周期為AB．顯然沿y軸正方向以最大速度射出的粒子最先射出磁場(chǎng)區(qū)域，如圖所示，偏轉(zhuǎn)角最短時(shí)間小于，故AB錯(cuò)誤；CD．設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)?/span>OACB，根據(jù)周期公式可知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相同，分析可知最后從磁場(chǎng)中飛出的粒子軌跡如圖所示，此時(shí)粒子半徑恰好在C點(diǎn)離開磁場(chǎng)，延長(zhǎng)CB至O′使O′即為圓心，連接OO′，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時(shí)粒子轉(zhuǎn)過圓心角θ2最大為，所以最后從磁場(chǎng)中飛出的粒子經(jīng)歷的時(shí)間為故C正確，D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題9.圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡(jiǎn)易模型。在風(fēng)力作用下，風(fēng)葉帶動(dòng)與桿固連的永磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，磁鐵下方的線圈與電壓傳感器相連。在某一風(fēng)速時(shí)，傳感器顯示如圖乙所示，則(　　)A. 磁鐵的轉(zhuǎn)速為10 r/sB. 線圈兩端電壓的有效值為6VC. 交流電的電壓表達(dá)式為U＝12sin 5πt(V)D. 該交流電可以直接加在擊穿電壓為9 V的電容器上【答案】BC【解析】【詳解】A．由題圖乙可知電壓的周期為T＝0.4s，故磁鐵的轉(zhuǎn)速為n＝＝r/s＝2.5 r/s故A錯(cuò)誤；B．通過題圖乙可知電壓的最大值為12V，故有效值U＝＝V＝6V故B正確；C．周期T＝0.4 s，故ω＝＝rad/s＝5π rad/s故電壓的表達(dá)式為U＝12sin 5πt(V)故C正確；D．電容器的擊穿電壓為交流電的最大值，而交流電的最大值大于電容器的擊穿電壓，故該交流電不能直接加在擊穿電壓為9 V的電容器上，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，虛線框中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B，它們相互正交或平行有一個(gè)帶負(fù)電的小球從該復(fù)合場(chǎng)上方的某一高度處自由落下，那么，帶電小球可能沿直線通過下列的哪些復(fù)合場(chǎng)區(qū)域A “”表示磁場(chǎng) B. 虛線表示磁場(chǎng)C. “”表示磁場(chǎng) D. 虛線表示磁場(chǎng)【答案】CD【解析】【分析】當(dāng)小球所受合力為零，或合力與速度在同一直線上時(shí)能沿著直線通過電磁場(chǎng)區(qū)域據(jù)此條件進(jìn)行判斷．【詳解】A、小球受重力、向右的電場(chǎng)力、向左的洛倫茲力，下降過程中速度一定變大，故洛倫茲力一定增大，不可能一直與電場(chǎng)力平衡，故合力不可能一直向下，故一定做曲線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、小球剛進(jìn)入場(chǎng)時(shí)，重力向下，電場(chǎng)力水平向左，洛倫茲力垂直向內(nèi)，不平衡，合力與速度不共線，做曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、小球受重力、向左上方的電場(chǎng)力、水平向右的洛倫茲力，若三力平衡，則粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確；D、粒子受向下的重力和向下的電場(chǎng)力，不受洛倫茲力，合力一定與速度共線，故粒子一定做直線運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選CD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于洛倫茲力與速度垂直且與粒子速度方向垂直，要使粒子做直線運(yùn)動(dòng)，要么三力平衡，要么不受洛倫茲力．11.如圖所示，一束電子以大小不同的速率沿圖示方向飛入橫截面是一正方形的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，下列判斷正確的是（    ）A. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，其軌跡線越長(zhǎng)B. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，其軌跡線所對(duì)應(yīng)的圓心角越大C. 在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同的電子，其軌跡不一定重合D. 電子的速率不同，它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定不相同【答案】BC【解析】試題分析：由知，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間與軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角成正比，所以電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)，其軌跡線所對(duì)應(yīng)的圓心角θ越大，電子粒子飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由半徑公式知，軌跡半徑與速率成正比，則電子的速率越大，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑越大．故A錯(cuò)誤，B正確．由周期公式知，周期與電子的速率無關(guān)，所以在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期相同，若它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，但軌跡不一定重合，比如：軌跡3、4與5，它們的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，但它們的軌跡對(duì)應(yīng)的半徑不同，即它們的速率不同．故C正確，D錯(cuò)誤．故選BC．考點(diǎn)：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)12.在如圖所示的電路中，螺線管匝數(shù)n＝1500，橫截面積S＝20cm2，螺線管導(dǎo)線電阻r＝1.0Ω，R1＝4.0Ω，R2＝5.0Ω，電容器電容C＝30μF。在一段時(shí)間內(nèi)，穿過螺線管的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按圖所示的規(guī)律變化。則下列說法中正確的是（       ）A. 螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1.2VB. 閉合電鍵，電路中的電流穩(wěn)定后電容器上極板帶正電C. 電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率為5×10－2WD. 電鍵斷開，流經(jīng)電阻R2的電荷量為1.8×10－5C【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律解得故A正確；B．根據(jù)楞次定律，可知，螺線管下端帶正極，因此閉合開關(guān)，電路中的電流穩(wěn)定后電容器下極板帶正電，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全電路歐姆定律，有根據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．電鍵斷開后，流經(jīng)R2的電量即為S閉合時(shí)C板上所帶的電量Q，電容器兩端的電壓流經(jīng)R2的電量故D正確。故選AD。13.如圖所示，在水平面（紙面）內(nèi)有三根相同的金屬棒ab、 ac和MN,其中ab、 ac在a點(diǎn)接觸，構(gòu)成“V"字型導(dǎo)軌．導(dǎo)軌所在空間存在垂直于紙面的均勻磁場(chǎng)．用力使MN從點(diǎn)由a點(diǎn)靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中MN始終與∠bac的角平分線垂直且和導(dǎo)軌保持良好接觸， MN與ab、 ac的交點(diǎn)分別為P、Q．關(guān)于回路中的電流i及P、Q間的電壓絕對(duì)值U與時(shí)間t的關(guān)系圖線，下列可能正確的是A. A B. B C. C D. D【答案】AC【解析】【詳解】設(shè)∠bac=2θ，導(dǎo)體單位長(zhǎng)度的電阻為r，金屬棒的加速度為a, 則經(jīng)時(shí)間t，導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度，電動(dòng)勢(shì)；回路的電流：，故選項(xiàng)C正確；P、Q間的電壓絕對(duì)值，故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；故選AC．【點(diǎn)睛】此題是對(duì)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律的考查；關(guān)鍵是能找出導(dǎo)體中的電流I和導(dǎo)體棒兩端電壓的表達(dá)式才能決定圖像的形狀；注意搞清內(nèi)外電路．14.如圖（甲）所示，平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，兩軌相距L=0.4m，導(dǎo)軌一端與阻值R=0.3Ω的電阻相連，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．導(dǎo)軌x＞0一側(cè)存在沿x方向均勻增大的恒定磁場(chǎng)，其方向與導(dǎo)軌平面垂直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨位置x變化如圖（乙）所示．一根質(zhì)量m=0.2kg、電阻r=0.1Ω的金屬棒置于導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直，棒在外力F作用下從x=0處以初速度v0=2m/s沿導(dǎo)軌向右變速運(yùn)動(dòng)，且金屬棒在運(yùn)動(dòng)過程中受到的安培力大小不變．下列說法中正確的是（   ）A. 金屬棒向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B. 金屬棒在x=1m處的速度大小為0.5m/sC. 金屬棒從x=0運(yùn)動(dòng)到x=1m過程中，外力F所做的功為-0.175JD. 金屬棒從x=0運(yùn)動(dòng)到x=2m過程中，流過金屬棒的電量為2C【答案】BCD【解析】【詳解】試題分析：根據(jù)圖象得函數(shù)關(guān)系式，金屬棒向右運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流，安培力，解得，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式，如果是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，與x成線性關(guān)系，而由上式知，金屬棒不可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)題意金屬棒所受的安培力大小不變，處與處安培力大小相等，有，即，故B正確；金屬棒在處的安培力大小為，對(duì)金屬棒金屬棒從運(yùn)動(dòng)到m過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有，代入數(shù)據(jù)，解得，故C正確；根據(jù)感應(yīng)電量公式，到過程中，B-x圖象包圍的面積，，，故D正確考點(diǎn)：考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、安培力的大小公式、做功表達(dá)式、動(dòng)能定理等的規(guī)律的應(yīng)用與理解，運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒所受的安培力不變，是本題解題的突破口，注意B-x圖象的面積和L的乘積表示磁通量的變化量．三、實(shí)驗(yàn)題15.某物理興趣小組的同學(xué)在研究彈簧彈力的時(shí)候，測(cè)得彈力的大小F和彈簧長(zhǎng)度l的關(guān)系如圖1所示，則由圖線可知：（1）彈簧的勁度系數(shù)為_____N/m.（2）為了用彈簧測(cè)定兩木塊A和B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ，兩位同學(xué)分別設(shè)計(jì)了如圖2所示的甲、乙兩種方案.①為了用某一彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)表示A和B之間的滑動(dòng)摩擦力的大小，你認(rèn)為方案_____更合理.②若A和B的重力分別為10.0N和20.0N.當(dāng)A被拉動(dòng)時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)a的示數(shù)為6.0N，b的示數(shù)為11.0N，c的示數(shù)為4.0N，則A和B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為____.【答案】（1）300N/m       （2）①甲     ②0.3【解析】【詳解】（1）由圖讀出，彈簧的彈力F=0時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)0=20cm，即彈簧的原長(zhǎng)為20cm，由圖讀出彈力為F0=60N，彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)0=40cm，彈簧壓縮的長(zhǎng)度x0=L-L0=40-20=20cm=0.2m；由胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為；（2）①甲乙兩種方案，在拉著物體A運(yùn)動(dòng)的過程中，拉A的彈簧測(cè)力計(jì)由于在不斷地運(yùn)動(dòng)，示數(shù)可能會(huì)變化，讀數(shù)不是很準(zhǔn)，彈簧測(cè)力計(jì)a是不動(dòng)的，指針穩(wěn)定，便于讀數(shù)，故甲方案更合理；②由于彈簧測(cè)力計(jì)a示數(shù)為6.0N，所以A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)；【點(diǎn)睛】胡克定律公式F=kx中，x是彈簧伸長(zhǎng)或壓縮的長(zhǎng)度，不是彈簧的長(zhǎng)度．第（2）關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)平衡條件和滑動(dòng)摩擦定律列式求解．16.有一標(biāo)有“6.0V，1.0A”的小型直流電動(dòng)機(jī)（符號(hào)M）轉(zhuǎn)子是由銅導(dǎo)線繞制的線圈組成，其電阻率幾乎不隨溫度變化，阻值約為0.8Ω．某同學(xué)想設(shè)計(jì)一個(gè)電路測(cè)量電動(dòng)機(jī)線圈的電阻．已知當(dāng)電壓低于0.5V時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，現(xiàn)提供的器材除導(dǎo)線和開關(guān)外還有：直流電源E：8V（內(nèi)阻不計(jì)）；直流電壓表V1：0～3V（內(nèi)阻約為5kΩ）；  直流電壓表V2：0～15V（內(nèi)阻約為15kΩ） 直流電流表A1：0～0.6A(內(nèi)阻約為）； 直流電流表A2：0～3A（內(nèi)阻約為0.1Ω）滑動(dòng)變阻器R1：0～10Ω，2A；標(biāo)準(zhǔn)電阻R0：3Ω（1）需要選用的電流表是______，電壓表是_____ ．（填器材符號(hào)）（2）根據(jù)要求在虛線框中將需要測(cè)量的電路圖補(bǔ)充完整．（        ）（3）若某一次實(shí)驗(yàn)中電壓表的示數(shù)為2.0V，電流表的示數(shù)為0.50A，電動(dòng)機(jī)線圈電阻為____ Ω．(保留兩位有效數(shù)字)【答案】    (1). A1    (2). V1    (3).     (4). 1.0【解析】【詳解】(1)[1][2]測(cè)電動(dòng)機(jī)線圈電阻，應(yīng)控制電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)，測(cè)出電動(dòng)機(jī)兩端電壓與通過電動(dòng)機(jī)的電流，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，通過電動(dòng)機(jī)的電流與電動(dòng)機(jī)兩端電壓都很小，所以電流表應(yīng)選A1，電壓表選V1；(2)[3]電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)，兩端最大電壓約為滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電動(dòng)機(jī)線圈電阻約為0.8Ω，電流表內(nèi)阻約為0.5Ω，電壓表內(nèi)阻約為5kΩ，電流表應(yīng)采用外接法，因線圈的電阻太小，因此為保護(hù)電動(dòng)機(jī)，則將定值電阻與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：(3)[4]根據(jù)串聯(lián)分壓的關(guān)系可知，當(dāng)電動(dòng)機(jī)與保護(hù)電阻兩端的電壓為2.0V時(shí)，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓低于0.5V，故電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，可以當(dāng)成純電阻；根據(jù)歐姆定律可得又因?yàn)楸Ｗo(hù)電阻,故電動(dòng)機(jī)線圈的電阻四．計(jì)算題17.如圖所示，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊A（A、B接觸面豎直），此時(shí)A恰好不滑動(dòng)，B剛好不下滑．已知A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．求A與B的質(zhì)量之比為？【答案】【解析】【詳解】試題分析：對(duì)A、B整體和B物體分別受力分析，然后根據(jù)平衡條件列式后聯(lián)立求解即可．解：對(duì)A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：F=μ2（m1+m2）g ①再對(duì)物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：水平方向：F=N    豎直方向：m2g=f其中：f=μ1N聯(lián)立有：m2g=μ1F ②聯(lián)立①②解得：=故選B點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對(duì)象，受力分析后根據(jù)平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動(dòng)摩擦力．18.在如圖所示寬度范圍內(nèi)，用場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)可使初速度為v0的某種正粒子偏轉(zhuǎn)θ角（v0⊥E）；在同樣寬度范圍內(nèi)，若改用方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），使該粒子穿過該區(qū)域且偏轉(zhuǎn)角仍為θ（不計(jì)粒子的重力），問：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度是多大； （2）粒子穿過電場(chǎng)和磁場(chǎng)的時(shí)間之比。【答案】（1）（2）【解析】【詳解】(1)設(shè)粒子的質(zhì)量m，電荷量q，場(chǎng)區(qū)寬度L，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng) 聯(lián)立解得粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示得幾何知識(shí)得聯(lián)立解得得(2)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為而 聯(lián)立解得19.用密度為d、電阻率為ρ、粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線制成兩個(gè)閉合正方形線框M和N，邊長(zhǎng)均為L，線框M、N的導(dǎo)線橫截面積分別為S1、S2，且S1＞S2，如圖所示．勻強(qiáng)磁場(chǎng)僅存在于相對(duì)磁極之間，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，其他地方的磁場(chǎng)忽略不計(jì)．金屬線框M水平放在磁場(chǎng)上邊界的狹縫間，線框平面與磁場(chǎng)方向平行，開始運(yùn)動(dòng)時(shí)可認(rèn)為M的aa′邊和bb′邊都處在磁場(chǎng)中．線框N在線框M的正上方，與線框M相距為h．兩線框均從靜止開始同時(shí)釋放，其平面在下落過程中保持水平．設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域在豎直方向足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力及兩線框間的相互作用．(1)計(jì)算線框N剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流；(2)在下落過程中，若線框N恰能追上線框M，N追上M時(shí)，M下落的高度為H，N追上M之前N一直做減速運(yùn)動(dòng)，求該過程中線框N產(chǎn)生的焦耳熱；(3)若將線框M、N均由磁場(chǎng)上邊界處先后釋放，釋放的時(shí)間間隔為t，計(jì)算兩線框在運(yùn)動(dòng)過程中的最大距離．【答案】(1) 　(2) 　(3) Δx＝【解析】(1)線框N進(jìn)入磁場(chǎng)前，有        剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有    E＝2BLv1     線框N中的感應(yīng)電流         其中        聯(lián)立解得      (2)當(dāng)線框M在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)達(dá)到勻速時(shí)，設(shè)速度為v2，有G＝F安     其中線框重力G＝mg＝4LS1dg    安培力F安＝2BIL＝    解得    由上式可知?jiǎng)蛩龠\(yùn)動(dòng)速度與導(dǎo)線截面積無關(guān)，所以兩線框勻速運(yùn)動(dòng)速度相同，均為v2．由此可知當(dāng)線框N恰好追上M時(shí)，兩者速度相等．選N為研究對(duì)象，根據(jù)能量守恒可得N產(chǎn)生的焦耳熱        (3)線框釋放后二者先后作變速運(yùn)動(dòng)mg－F＝ma即4LSdg－＝4LSda解得a＝g－    由加速度可知：線框下落的加速度與線框的導(dǎo)線截面積無關(guān)，兩個(gè)線框在磁場(chǎng)中先后作相同的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)a減小到0時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，所以只要后釋放的線框還未達(dá)到勻速時(shí)，先釋放線的框速度就比較大，二者的距離就會(huì)繼續(xù)增大，當(dāng)二者都做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，間距最大．此時(shí)最大間距Δx＝v2t＝