1. 霓虹燈發(fā)光原理是不同氣體原子從高能級向低能級躍遷時(shí)發(fā)出能量各異的光子而呈現(xiàn)五顏六色，如圖為
氫原子的能級示意圖。大量氫原子處于 的激發(fā)態(tài)，在向低能級躍遷時(shí)放出光子，用這些光子照射逸出
功為 的金屬鈉。下列說法正確的是（ ）
A. 逸出光電子的最大初動(dòng)能為
B. 從 能級躍遷到 能級時(shí)放出的光子能量最大
C. 有 4 種頻率的光子能使金屬鈉發(fā)生光電效應(yīng)
D. 用 光子照射，氫原子可躍遷到 的激發(fā)態(tài)
【答案】C
【解析】
【詳解】A．由題意知，氫原子從 能級躍遷到 能級時(shí)，輻射出的光子能量最大，光子最大能量為
用該光子照射逸出功為 的金屬鈉時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能最大，為
故 A 錯(cuò)誤；
B．氫原子從 能級躍遷到 能級時(shí)，輻射出 光子能量最小，故 B 錯(cuò)誤；
C．若要使金屬鈉發(fā)生光電效應(yīng)，則照射的光子能量要大于其逸出功 ，大量氫原子從 的激發(fā)
態(tài) 躍 遷 到 基 態(tài) 能 放 出 種 頻 率 的 光 子 ， 其 光 子 能 量 分 別 為
，其中能量為 的光子不能使金屬鈉發(fā)
生光電效應(yīng)，其他 4 種均可以，故 C 正確；
D．由于從 能級躍遷到 能級需要吸收的光子能量為
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所以用 的光子照射，不能使氫原子躍遷到 激發(fā)態(tài)，故 D 錯(cuò)誤。
故選 C。
2. 如圖所示，在條形磁鐵外面套著一圓環(huán)，當(dāng)圓環(huán)由磁鐵 N 極向下平移到磁鐵 S 極的過程中，圓環(huán)所在處
的磁感應(yīng)強(qiáng)度和穿過圓環(huán)的磁通量變化的情況是（ ）
A. 磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁通量都逐漸增大
B. 磁感應(yīng)強(qiáng)度和磁通量都逐漸減小
C. 磁感應(yīng)強(qiáng)度先減弱后增強(qiáng)，磁通量先增大后減小
D. 磁感應(yīng)強(qiáng)度先增強(qiáng)后減弱，磁通量先減小后增大
【答案】C
【解析】
【詳解】條形磁鐵的磁場兩極最強(qiáng)中間最弱，當(dāng)圓環(huán)由磁鐵 N 極向下平移到磁鐵 S 極的過程中，磁感應(yīng)強(qiáng)
度先減弱后增強(qiáng)；
條形磁鐵的磁感線兩極最密中間最疏，在磁鐵兩極時(shí)穿過圓環(huán)的磁感線的凈條數(shù)最少，在磁鐵中間位置時(shí)，
穿過圓環(huán)的磁感線的凈條數(shù)最多，所以當(dāng)圓環(huán)由磁鐵 N 極向下平移到磁鐵 S 極的過程中，穿過圓環(huán)的磁通
量先增大后減小。
故選 C。
3. 2024 年 11 月 12 日舉辦的珠海航展展現(xiàn)了我國強(qiáng)大的航天制造實(shí)力，其中由海格通信旗下成員企業(yè)西安
馳達(dá)承制的“九天”重型無人機(jī)首次公開露面?！熬盘臁睙o人機(jī)是一款靈活配置重型無人機(jī)，是下一代的大
型無人空中通用平臺，在業(yè)內(nèi)有“無人航空母機(jī)”之稱。若一無人機(jī)只受到重力和向上推力，該無人機(jī)豎
直上升時(shí)在速度 區(qū)間內(nèi)推力 F 和 v 的關(guān)系如圖所示，則在該速度區(qū)間，無人機(jī)的功率 P 與 v 關(guān)系的
圖像可能是（ ）
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A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【詳解】由 圖像可知，F(xiàn) 與 v 的關(guān)系式為
其中
根據(jù)
可知，P 與 v 的關(guān)系式為
其中
由數(shù)學(xué)知識可知，P 與 v 關(guān)系的圖像為開口方向向下的拋物線。
故選 D。
4. 北京時(shí)間 2023 年 10 月 26 日 19 時(shí) 34 分，神舟十六號航天員乘組順利打開“家門”，歡迎遠(yuǎn)道而來的神
舟十七號航天員乘組入駐“天宮”。如圖為“天宮”繞地球運(yùn)行的示意圖，測得“天宮”在 t 時(shí)間內(nèi)沿順時(shí)
針從 A 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 B 點(diǎn)，這段圓弧對應(yīng)的圓心角為 。已知地球的半徑為 R，地球表面重力加速度為 g，則“天
宮”運(yùn)動(dòng)的（ ）
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A. 軌道半徑為 B. 線速度大小為
C. 周期為 D. 向心加速度大小為
【答案】A
【解析】
【詳解】C．由角速度定義式可得
則周期為
故 C 錯(cuò)誤；
A．由萬有引力提供向心力可得
又
聯(lián)立解得軌道半徑為
故 A 正確；
B．線速度大小為
故 B 錯(cuò)誤；
D．向心加速度大小為
故 D 錯(cuò)誤。
故選 A。
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5. 我國航天員要在天宮 1 號航天器實(shí)驗(yàn)艙的桌面上測量物體的質(zhì)量，采用的方法如下：質(zhì)量為 的標(biāo)準(zhǔn)物
A 的前后連接有質(zhì)量均為 的兩個(gè)力傳感器，待測質(zhì)量的物體 B 連接在后傳感器上，在某一外力作用下整
體在桌面上運(yùn)動(dòng)，如圖所示，穩(wěn)定后標(biāo)準(zhǔn)物 A 前后兩個(gè)傳感器的讀數(shù)分別為 、 ，由此可知待測物體 B
的質(zhì)量為（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【詳解】整體為研究對象，由牛頓第二定律得
隔離 B 物體，由牛頓第二定律得
聯(lián)立可得
故選 B。
6. 將等質(zhì)量的長方體 A、B 置于粗糙水平地面上，長方體 A 和 B 與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為 和
（ ），如圖甲所示。對 A 施加水平向右的恒力 F 時(shí)，A、B 一起向右加速運(yùn)動(dòng)，A、B 間的彈力大小
為 。如圖乙所示，將 A、B 置于斜面上，A、B 與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)未變，對 A 施加大小相同的沿斜面
向上的力 F 時(shí)，A、B 一起沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，A、B 間的彈力大小為 ，則（ ）
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A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【詳解】圖甲過程，根據(jù)牛頓第二定律，對長方體 A，根據(jù)牛頓第二定律有
1
對長方體 B，根據(jù)牛頓第二定律有
整理解得
圖乙過程，根據(jù)牛頓第二定律，對長方體 A，根據(jù)牛頓第二定律
對長方體 B，根據(jù)牛頓第二定律
整理解得
已知
可得
故選 B。
二、多選題（共 20 分）
7. 彩繩是中國民間的一種藝術(shù)，能豐富人們的生活。上下抖動(dòng)彩繩，在某時(shí)刻彩繩呈正弦波形狀，如圖所
示，此時(shí)波剛好傳播到 A 點(diǎn)。下列說法正確的是（ ）
A. 手首先向上抖動(dòng)繩子
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B. 此時(shí) B 點(diǎn)正 向下運(yùn)動(dòng)
C. 若人加快抖動(dòng)繩子，則在相同時(shí)間內(nèi)波的傳播距離會增大
D. 若人加快抖動(dòng)繩子，則兩個(gè)相鄰波峰之間的距離會減小
【答案】AD
【解析】
【詳解】B．由圖可知，質(zhì)點(diǎn) A、B 兩點(diǎn)大致處于平衡位置，波向右傳播，根據(jù)同側(cè)法，可以判斷質(zhì)點(diǎn) A、B
此時(shí)均向上運(yùn)動(dòng)，故 B 錯(cuò)誤；
A．質(zhì)點(diǎn)的起振方向與波源起振方向相同，質(zhì)點(diǎn) A 的向上起振，則手（波源）起始的振動(dòng)方向?yàn)橄蛏?，?A
正確；
C．波的傳播速度只與介質(zhì)本身有關(guān)，則加快抖動(dòng)繩子，波速不變，根據(jù)
可知相同時(shí)間，傳播距離不變，故 C 錯(cuò)誤；
D．若人加快抖動(dòng)繩子，波頻率 增大，根據(jù)
可知周期減小，根據(jù)
可知相鄰波峰距離（波長 ）減小，故 D 正確。
故選 AD。
8. 如圖所示，兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量相同的小球 a、b 分別被套在剛性輕桿的中點(diǎn)位置和其中一端的端點(diǎn)處，
兩球相對于桿固定不動(dòng)，桿長 ，輕桿的另一端可繞固定點(diǎn) O 自由轉(zhuǎn)動(dòng)。當(dāng)裝置在豎直平面內(nèi)由
水平位置靜止釋放，某一時(shí)刻輕桿繞 點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為 （ 為銳角），若此時(shí)球 a 的速度大小為 ，
方向斜向左下。運(yùn)動(dòng)過程中不計(jì)一切摩擦（ ），則下列說法正確的是（ ）
A.
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B. 此時(shí) b 球的速度大小為
C. 輕桿對 a 球不做功，對 b 球做負(fù)功
D. 從初始位置到轉(zhuǎn)過θ角度過程中，a 球機(jī)械能減小，b 球機(jī)械能增加
【答案】AD
【解析】
【詳解】AB．根據(jù)題意可知，小球 a、b 轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)角速度相等，由公式 可知
轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律有
代入數(shù)據(jù)解得
即
故 B 錯(cuò)誤，A 正確；
CD．根據(jù)題意，設(shè)從初始位置到轉(zhuǎn)過θ角度過程中，桿對 球做功為 ，桿對 球做功為 ，由動(dòng)能定理
對小球 有
對小球 有
解得
可知，輕桿對 a 球做負(fù)功，a 球機(jī)械能減小，對 b 球做正功，b 球機(jī)械能增加，故 C 錯(cuò)誤，D 正確。
故選 AD。
9. 如圖甲所示，一質(zhì)量為 M 的光滑斜面靜止在光滑水平面上，高度 、傾角θ = 45°，一質(zhì)量為 m
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的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從斜面底端以一定的初速度 沿斜面向上運(yùn)動(dòng)。若物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的過程
中測得在水平方向上物塊與斜面的速度大小分別為 v1 和 v2，作出全過程的 v1 ? v2 圖像如圖乙所示，已知重
力加速度為 g。則（ ）
A. 物塊離開斜面時(shí)，物塊與斜面水平方向共速
B. m∶M = 1∶2
C. 物塊離開斜面時(shí)豎直分速度
D. 物塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中上升的最大高度為
【答案】BCD
【解析】
【詳解】A．由圖乙，可知當(dāng)物塊離開斜面時(shí)，物塊水平方向的速度為 v，斜面水平方向的速度為 ，故 A
錯(cuò)誤；
B．物塊與斜面滿足水平方向動(dòng)量守恒，則有
解得
m∶M = 1∶2
故 B 正確；
C．設(shè)物塊離開斜面時(shí)的速度為 v′，對系統(tǒng)，根據(jù)機(jī)械能守恒有
解得
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根據(jù)平行四邊形定則有
可得
故 C 正確；
D．物塊離開斜面后繼續(xù)上升的高度為
物塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中上升的最大高度為
故 D 正確。
故選 BCD。
10. 某同學(xué)通過理想變壓器把電壓 的交變電流降壓后，給一個(gè)標(biāo)有“20V、1A”
的燈泡供電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為 。為使燈泡正常工作，可以在原線圈串聯(lián)一個(gè)電阻 或在
副線圈串聯(lián)一個(gè)電阻 （圖中未畫出），則下列說法正確的有（ ）
A.
B.
C. 消耗的電功率大于
D. 該交變電流方向每秒鐘改變 100 次
【答案】BD
【解析】
【詳解】D．根據(jù)
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可知
變壓器不改變頻率，一秒 50 個(gè)周期，一個(gè)周期改變電流方向 2 次，因此共改變電流方向 100 次，因此 D 正
確；
A．當(dāng)電阻 接入原電路，保證小燈泡正常發(fā)光， 、 ，根據(jù)變壓器原理，
得
根據(jù)串聯(lián)規(guī)律
以及歐姆定律
消耗的電功率
故 A 錯(cuò)誤；
BC．當(dāng)電阻 接入副電路，根據(jù)變壓器原理有
得
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根據(jù)串聯(lián)規(guī)律
以及歐姆定律
消耗的電功率
所以
則 B 正確，C 錯(cuò)誤。
故選 BD。
三、實(shí)驗(yàn)題（共 20 分）
11. 在學(xué)習(xí)完畢傳統(tǒng)的“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)后，同學(xué)們采用傳感器等設(shè)備重新設(shè)計(jì)了一套新的實(shí)
驗(yàn)裝置。實(shí)驗(yàn)中，將完全相同的擋光片依次固定在圓弧軌道上，擺錘上內(nèi)置了光電傳感器，可測出擺錘經(jīng)
過擋光片時(shí)間，測出部分?jǐn)?shù)據(jù)如表，表中高度 h 為 0 的位置為重力勢能的零勢能點(diǎn)：
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高度 h/m 0.10 0.08 0.06 0.04 0.02 0
勢能 Ep/J 0.0295 0.0236 0.0177 0.0118 0.0059 0.0000
動(dòng)能 Ek/J 0.0217 A 0.0328 0.0395 0.0444 0.0501
機(jī)械能 E/J 0.0512 0.0504 0.0505 0.0503 0.0503 0.0501
（1） 若擋光片的寬度極小且為 d，擋光時(shí)間為 ，則擺錘經(jīng)過擋光片時(shí)的速度大小為_________________
（用題目給的符號表示）。
（2）表中 A 處數(shù)據(jù)應(yīng)為___________J（寫具體數(shù)值）。
（3）另一小組記錄了每個(gè)擋光板所在的高度 h 及其相應(yīng)的擋光時(shí)間 后，繪制了四幅圖像。其中可以說
明機(jī)械能守恒的圖像最合適的是___________。
A． B． C． D．
【答案】 ①. ②. 0.0268 ③. C
【解析】
【詳解】（1）[1]根據(jù)極短時(shí)間的平均速度近似等于瞬時(shí)速度可知，擺錘經(jīng)過擋光片時(shí)的速度大小為
（2）[2]根據(jù)機(jī)械能計(jì)算公式可知，動(dòng)能
（3）[3]根據(jù)機(jī)械能守恒可知
畫直線方程更佳
故選 C。
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12. 某實(shí)驗(yàn)小組在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律中，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，由傾角為 的平滑導(dǎo)軌、小車（帶
遮光條）和光電門組成。
（1）在軌道上安裝兩個(gè)光電門，從刻度尺中測算出光電門間的距離 _____cm，用游標(biāo)卡尺測量出遮光
條的寬度為 d。
（2）小車從軌道某固定位置釋放，記錄小車經(jīng)過光電門 1 的遮光時(shí)間為 ，經(jīng)過光電門 2 的遮光時(shí)間為
，則小車經(jīng)過光電門 1 的速度為_____（用題目中的符號表示）。若滿足關(guān)系式：______（用字母 d、 、
、L、g 和 表示）即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。
【答案】 ①. 20.55 ②. ③.
【解析】
【詳解】（1）[1]第一個(gè)讀數(shù) 15.45，第二個(gè)讀 36.00，因此答案是 20.55。
（2）[2]小車經(jīng)過光電門 1 的速度為
[3]假設(shè)小車下滑過程由光電門 1 到光電門 2，機(jī)械能守恒，則有
又
聯(lián)立解得
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四、解答題（共 36 分）
13. 如圖，某實(shí)驗(yàn)小組為測量一個(gè)葫蘆的容積，在葫蘆開口處豎直插入一根兩端開口、內(nèi)部橫截面積為
的均勻透明長塑料管，密封好接口，用氮?dú)馀趴諆?nèi)部氣體，并用一小段水柱封閉氮?dú)狻Ｍ饨鐪囟葹?br>時(shí)，氣柱長度 為 ；當(dāng)外界溫度緩慢升高到 時(shí)，氣柱長度變?yōu)?。已知外界大氣壓
恒為 ，水柱長度不計(jì)。
（1）求溫度變化過程中氮?dú)鈱ν饨缱龅墓Γ?br>（2）求葫蘆的容積；
（3）試估算被封閉氮?dú)夥肿拥膫€(gè)數(shù)（保留 2 位有效數(shù)字）。已知 氮?dú)庠?狀態(tài)下的體
積約為 ，阿伏伽德羅常數(shù) 取 。
【答案】（1） ；（2） ；（3）
【解析】
【詳解】（1）由于水柱的長度不計(jì)，故封閉氣體的壓強(qiáng)始終等于大氣壓強(qiáng)。設(shè)大氣壓強(qiáng)為 ，塑料管的橫
截面積為 ，初、末態(tài)氣柱的長度分別為 ，氣體對外做的功為 。根據(jù)功的定義有
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解得
（2）設(shè)葫蘆的容積為 ，封閉氣體的初、末態(tài)溫度分別為 ，體積分別為 ，根據(jù)蓋—呂薩克
定律有
聯(lián)立以上各式并代入題給數(shù)據(jù)得
（3）設(shè)在 狀態(tài)下， 氮?dú)獾捏w積為 、溫度為 ，封閉氣體的體積為 ，被封閉氮
氣的分子個(gè)數(shù)為 。根據(jù)蓋一呂薩克定律有
其中
聯(lián)立以上各式并代入題給數(shù)據(jù)得
個(gè)
14. 如圖所示，在空間有一個(gè)半徑為 L 的圓形金屬圈及足夠長的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌 MN、 ，導(dǎo)軌
間距也為 L，金屬圈及平行導(dǎo)軌電阻均不計(jì)。金屬圈中存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B，平行導(dǎo)
軌空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度也為 B。電阻可忽略的金屬棒置于金屬圓圈中軸上。電阻為 r
的導(dǎo)體棒 p 一端連接金屬棒，另一端連接金屬圓圈，并以角速度ω繞金屬圈中軸逆時(shí)針勻速旋轉(zhuǎn)，圓形金
屬圈連接導(dǎo)軌 MN，中軸金屬棒連接 。質(zhì)量為 m，電阻為 R 的導(dǎo)體棒 ab 垂直放置在平行軌道上。
（1）判斷導(dǎo)體棒 p 兩端的電勢高低及產(chǎn)生的電動(dòng)勢大??；
（2）求導(dǎo)體棒 ab 能達(dá)到 最大速度 ，以及從靜止開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)到最大速度的過程中，電路中產(chǎn)生的焦
耳熱 Q；
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（3）導(dǎo)體棒 ab 達(dá)到最大速度后，若棒 p 中突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，導(dǎo)體棒 ab 還能滑行多遠(yuǎn)才能停下。
【答案】（1） ， ；（2） ， ；（3）
【解析】
【詳解】（1）由右手定則可知
由電磁感應(yīng)定律
又
解得
（2）導(dǎo)體棒 ab 因受到
而加速運(yùn)動(dòng)，ab 棒切割磁感線也產(chǎn)生電動(dòng)勢，又導(dǎo)軌足夠長，因此當(dāng)
時(shí)，電路中無電流，此時(shí) ab 棒速度最大
解得
根據(jù)動(dòng)量定理以及平均法，得
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又
解得
根據(jù)能量守恒定律有
其中
解得
（3）p 棒突然停止轉(zhuǎn)動(dòng)，導(dǎo)體棒 ab 切割磁感線，受到安培力 涯平均法得
根據(jù)閉合回路歐姆定律
又
聯(lián)立解得
15. 如圖所示，豎直平面內(nèi)有四個(gè)相同的足夠長的矩形區(qū)域、高度均為 ，區(qū)域Ⅰ中存在豎直向下的勻強(qiáng)電
場，區(qū)域Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ中存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場、其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為 ，區(qū)域Ⅳ下邊界
放置一塊水平擋板，可吸收打到板上的粒子。零時(shí)刻，在紙面內(nèi)從 點(diǎn)向各個(gè)方向（ 范圍）均勻發(fā)射帶
電量為 、質(zhì)量為 、初速度為 的帶正電粒子，其中水平向右射出的粒子第一次進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ時(shí)速度方向
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與水平方向成 ，且剛好經(jīng)過區(qū)域Ⅱ的下邊界。粒子重力以及粒子間的相互作用不計(jì)。求：
（1）電場強(qiáng)度大小 ；
（2）水平向右射出的粒子經(jīng)過區(qū)域 I 下邊界的時(shí)刻 ；
（3）打在擋板上的粒子數(shù)占射出總粒子數(shù)的比例 。
【答案】（1） ；（2） ，其中 ；（3）
【解析】
【詳解】（1）設(shè)水平向右射出的粒子第一次進(jìn)入?yún)^(qū)域 II 時(shí)的速度大小為 ，有
根據(jù)動(dòng)能定理有
解得
（2）設(shè)水平向右射出的粒子第一次進(jìn)入?yún)^(qū)域 II 時(shí)速度豎直方向分量為 ，則
粒子從水平射出到第一次射出電場的時(shí)間
粒子在區(qū)域Ⅱ運(yùn)動(dòng)的半徑滿足
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得
粒子從第一次到區(qū)域Ⅰ下邊界到第二次經(jīng)過區(qū)域Ⅰ下邊界的時(shí)間
粒子第 n 次通過區(qū)域Ⅰ下邊界的時(shí)刻為
，其中
即
，其中
（3）設(shè)粒子從 點(diǎn)射出時(shí)與水平方向成 角，運(yùn)動(dòng)到區(qū)域Ⅳ，軌跡剛好與擋板相切，經(jīng)過區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、
Ⅳ的下邊界時(shí)水平分速度的大小分別為 ；粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)時(shí)，取極短時(shí)間 ，
由水平方向的動(dòng)量定理
兩邊求和有
代入得
同理在區(qū)域Ⅲ、Ⅳ中運(yùn)動(dòng)時(shí)，分別有
累加可得
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根據(jù)洛倫茲提供向心力
求得
則
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這是一份2024-2025學(xué)年湖南省岳陽市汨羅市第一中學(xué)高一（上）開學(xué)物理試卷（含解析），共11頁。試卷主要包含了單選題，多選題，填空題，實(shí)驗(yàn)題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2024-2025學(xué)年湖南省岳陽市汨羅市第一中學(xué)高一（上）開學(xué)物理試卷（含答案）：

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