一、單選題
1．利用智能手機(jī)的加速度傳感器可直觀顯示手機(jī)的加速度情況。用手掌托著手機(jī)，打開加速度傳感器后，手掌從靜止開始上下運(yùn)動。以豎直向上為正方向，測得手機(jī)在豎直方向的加速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，則手機(jī)( )
A.在本時(shí)刻開始減速上升
B.在本時(shí)刻到達(dá)最高點(diǎn)
C.在時(shí)間內(nèi)處于超重狀態(tài)
D.在時(shí)間內(nèi)受到的支持力逐漸增大
2．懸掛線是數(shù)學(xué)中一種優(yōu)美曲線，如下圖有一段質(zhì)量均勻分布的細(xì)繩兩端固定，構(gòu)成懸掛線，曲線左右兩端點(diǎn)的切線與水平方向夾角為和，求由水平切線的垂線所分成兩部分的質(zhì)量比( )
A.B.C.D.
3．兩同學(xué)在進(jìn)行投籃比賽，從同一位置先后拋出甲、乙兩個(gè)籃球，結(jié)果都投進(jìn)籃筐，兩球空中運(yùn)動的軌跡如圖所示，①、②分別為甲、乙的運(yùn)動軌跡，不計(jì)空氣阻力，則從拋出到進(jìn)框，下列說法正確的是( )
A.甲的加速度小于乙的加速度
B.甲在最高點(diǎn)的速度小于乙在最高點(diǎn)的速度
C.兩球運(yùn)動時(shí)間相等
D.兩球平均速度相等
4．一質(zhì)量為的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在水平地面上做直線運(yùn)動。F隨時(shí)間t變化的圖線如圖所示，已知物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1，重力加速度g取。則( )
A.時(shí)物塊的動量大小為
B.時(shí)物塊的速度大小為，方向向右
C.時(shí)間內(nèi)F對物塊的沖量大小為
D.時(shí)間內(nèi)物體的位移為
5．如圖所示，將一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的彈丸從彈射器口P點(diǎn)水平彈出，Q點(diǎn)是彈丸運(yùn)動軌跡中的一點(diǎn)。以地面為重力勢能零勢能面，彈丸在P點(diǎn)的動能與它在該點(diǎn)的重力勢能相等，在Q點(diǎn)的動能為它在該點(diǎn)重力勢能的4倍，P、Q兩點(diǎn)間水平距離為x，豎直距離為y，忽略空氣阻力。則的值應(yīng)為( )
A.B.C.D.
6．如圖所示，一T型支架長的橫桿上用等長的細(xì)線等間距懸掛4個(gè)相同小球A、B、C、D，支架繞軸線緩慢加速轉(zhuǎn)動，當(dāng)支架轉(zhuǎn)動的角速度為ω時(shí)( )
A.A、D的加速度相同
B.A、B的懸線與豎直方向的夾角相等
C.A的機(jī)械能大于B的機(jī)械能
D.A的動能等于該過程中細(xì)線對A做的功
7．如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧上端固定在天花板上，下端掛一重物（可視為質(zhì)點(diǎn)），重物靜止時(shí)處于B位置?，F(xiàn)用手托重物使之緩慢上升至A位置，此時(shí)彈簧長度恢復(fù)至原長。之后放手，使重物從靜止開始下落，沿豎直方向在A位置和C位置（圖中未畫出）之間做往復(fù)運(yùn)動。重物運(yùn)動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。關(guān)于上述過程（不計(jì)空氣阻力），下列說法中正確的是( )
A.重物在C位置時(shí)，其加速度的大小等于當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹档膬杀?br>B.在重物從A位置下落到C位置的過程中，重力的沖量大于彈簧彈力的沖量
C.在手托重物從B位置緩慢上升到A位置的過程中，手對重物所做的功等于重物往復(fù)運(yùn)動過程中所具有的最大動能
D.在重物從A位置到B位置和從B位置到C位置的兩個(gè)過程中，彈簧彈力對重物所做功之比是
二、多選題
8．如圖所示，一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊自斜面上A點(diǎn)由靜止開始下滑，斜面的傾角為,A、B間距離為，小物塊經(jīng)運(yùn)動到B點(diǎn)后通過一小段光滑的銜接弧面恰好同速率滑上與地面等高的傳送帶，傳送帶以的恒定速率順時(shí)針運(yùn)行，傳送帶B、C間距離為，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.2，不計(jì)銜接弧面的運(yùn)動時(shí)間和空氣阻力。取，，，下列說法正確的是( )
A.小物塊在傳帶上B、C之間的運(yùn)動時(shí)間為
B.小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.5
C.小物塊在傳送帶上運(yùn)動時(shí)，因摩擦產(chǎn)生的熱量為
D.整個(gè)過程中傳送帶電動機(jī)所消耗的電能為
9．如圖所示，在豎直空間固定半徑為R的絕緣圓環(huán)，圓環(huán)圓心O點(diǎn)正下方距圓環(huán)一定距離處有一帶正電小球A，圓環(huán)上套有一帶正電小球B，初始時(shí)B靜止在圓環(huán)上M點(diǎn)的右側(cè)?，F(xiàn)用外力使A緩慢向圓環(huán)最低點(diǎn)M移動，則B沿圓環(huán)右移，在此過程中，兩小球所帶電荷量保持不變且可視為點(diǎn)電荷，不計(jì)一切摩擦，則下列說法中正確的是( )
A.圓環(huán)對B的彈力一直減小B.圓環(huán)對B的彈力一直增大
C.A、B間的庫侖力先增大后減小D.A、B間的庫侖力一直增大
10．光滑的細(xì)桿固定放置，與水平方向的夾角為，質(zhì)量為m的小球與質(zhì)量為2m的物塊通過輕質(zhì)細(xì)線連接，細(xì)線跨過天花板上的兩個(gè)輕質(zhì)定滑輪。小球套在細(xì)桿上從某處由靜止開始上滑，細(xì)線一直處于伸直狀態(tài)，當(dāng)小球運(yùn)動到A點(diǎn)時(shí)，速度沿著桿斜向上大小為，細(xì)線與細(xì)桿之間的夾角為，當(dāng)小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)，細(xì)線與細(xì)桿垂直。已知A、B兩點(diǎn)之間的距離為L，重力加速度大小為g，小球與物塊（均視為質(zhì)點(diǎn)）總在同一豎直平面內(nèi)運(yùn)動，，，下列說法正確的是( )
A.當(dāng)小球在A點(diǎn)時(shí)，物塊的速度大小為
B.小球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，系統(tǒng)總重力勢能的減小量為
C.當(dāng)小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)，物塊速度的大小為0
D.小球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，細(xì)線對小球做的功為
三、實(shí)驗(yàn)題
11．某同學(xué)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的裝置如圖1所示，該裝置由懸掛在鐵架臺上的細(xì)線、小球和鐵架臺下方的光電門組成，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。
（1）實(shí)驗(yàn)中用毫米刻度尺測量懸點(diǎn)到小球上端的細(xì)線長度為l，用某測量工具測量小球的直徑d
（2）該同學(xué)將細(xì)繩拉直至與懸點(diǎn)等高的位置后由靜止釋放，記錄小球通過最低點(diǎn)時(shí)光電門的遮光時(shí)間t，則小球通過最低點(diǎn)的速度大小為________（用所測物理量字母表示）
（3）本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，只需在誤差允許范圍內(nèi)驗(yàn)證表達(dá)式_______是否成立即可；
（4）多次改變細(xì)線長度l，重復(fù)以上操作，若以為縱坐標(biāo)，l為橫坐標(biāo)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的圖像如圖2所示，圖中的縱截距為b，c為縱軸上的一個(gè)數(shù)值，則可得重力加速度測量值_________（用圖中給的字母或所測物理量表示）；
（5）用實(shí)驗(yàn)所得重力加速度與當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭比較，在誤差范圍內(nèi)兩個(gè)數(shù)值近似相等，則驗(yàn)證了小球機(jī)械能守恒。
12．如圖，某學(xué)校興趣小組利用甲、乙兩種方法測量某電源的電動勢和內(nèi)電阻（約為）。其中R為電阻箱，電流表的內(nèi)電阻約為，電壓表的內(nèi)電阻約為。
（1）利用圖乙中實(shí)驗(yàn)電路測電源的電動勢E和內(nèi)電阻r，所測量的實(shí)際是丙圖中虛線框所示“等效電源”的電動勢和內(nèi)電阻。若電流表內(nèi)電阻用表示，則“等效電源”的電動勢_______；____________。（均用E、r和表示）
（2）某同學(xué)利用圖像分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差。在下列圖A、B、C和D中，實(shí)線是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)（圖甲：，圖乙：）描點(diǎn)作圖得到的圖像；虛線是該電源的路端電壓U隨電流I變化的圖像（沒有電表內(nèi)電阻影響的理想情況）。
A.B.
C.D.
在如圖中，對應(yīng)圖甲電路分析的圖像是：_______；對應(yīng)圖乙電路分析的圖像是：________。
（3）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差，本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇測量方法是________（填“甲”或“乙”）。
四、計(jì)算題
13．如圖所示，質(zhì)量為的物體B放在車廂底板上，用豎直細(xì)線通過定滑輪與質(zhì)量為的小球A相連，不計(jì)滑輪摩擦，車廂水平向右勻加速運(yùn)動，加速度，物體B能壓在車廂底板上不滑動，g取。
（1）細(xì)線對小球A的拉力為多大；
（2）若物體B與車廂底板間的滑動摩擦力與最大靜摩擦力相等，則物體B與車廂間的動摩擦因數(shù)最小為多少。
14．如圖所示，靜止于A處的帶正電離子，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后沿圖中的圓弧GH通過靜電分析器，從H點(diǎn)垂直CN進(jìn)入矩形區(qū)域QNCD。靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場，圓弧GH所在處場強(qiáng)大小都為方向沿圓弧半徑指向圓心O，離子在軸向電場內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動：QNCD區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場，電場方向水平向左，最終該離子打在Q點(diǎn)。已知該離子質(zhì)量為m、電荷量為q，，，離子重力不計(jì)。
（1）求圓弧GH的半徑R；
（2）求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)E的大?。?br>（3）若僅在矩形區(qū)域PMCD內(nèi)存在水平向左的勻強(qiáng)電場，且，其他條件不變，為使該離子仍能打在Q點(diǎn)，求此時(shí)PMCD區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小。
15．如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，存在經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O、半徑為的圓形邊界，圓心在x軸上，邊界內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)長方形邊界區(qū)域，長，寬，a點(diǎn)是圓形邊界與x軸的交點(diǎn)，在a點(diǎn)的右側(cè)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子（不計(jì)重力）從圓形邊界上的f點(diǎn)以指向圓心的速度射入磁場，從a點(diǎn)離開磁場并進(jìn)入電場運(yùn)動到c點(diǎn)，已知，邊界與x軸的夾角為，，。求：
（1）粒子從f點(diǎn)入射的速度大??；
（2）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大?。?br>（3）粒子從f到c經(jīng)歷的時(shí)間。
參考答案
1．答案：C
解析：A.由圖像可知時(shí)間內(nèi)，加速度向上逐漸變大，速度逐漸增大，時(shí)刻加速度最大，而速度還在繼續(xù)增大，故A錯(cuò)誤；
B.由圖可知，時(shí)刻后加速度方向向下，為失重狀態(tài)，速度方向向上，所以向上做減速運(yùn)動，時(shí)刻還沒有達(dá)到最高點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；
C.時(shí)間內(nèi)，加速度的方向依然向上，應(yīng)處于超重狀態(tài)，故C正確；
D.對手機(jī)進(jìn)行受力分析可知，時(shí)間內(nèi)，有
該段時(shí)間內(nèi)，a逐漸減小，因此支持力逐漸減小，故D錯(cuò)誤。
故選C。
2．答案：B
解析：對豎直虛線左邊繩子受力分析如圖
由平衡條件有
同理對豎直虛線右邊繩子受力分析，由平衡條件可得
聯(lián)立解得
故選B。
3．答案：B
解析：A.不計(jì)空氣阻力，籃球做斜拋運(yùn)動，只受重力作用，加速度為重力加速度，故甲的加速度等于乙的加速度，故A錯(cuò)誤；
C.由圖可知，甲球上拋達(dá)到的最大高度大于乙球上拋達(dá)到的最大高度，根據(jù)拋體運(yùn)動的性質(zhì)可知，高度決定運(yùn)動時(shí)間，則甲球在空中運(yùn)動的時(shí)間大于乙球在空中運(yùn)動的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；
B.籃球在最高點(diǎn)的速度等于水平方向的速度，水平方向籃球做勻速直線運(yùn)動，甲、乙兩球的水平位移相等，甲球在空中運(yùn)動的時(shí)間大于乙球在空中運(yùn)動的時(shí)間，根據(jù)勻速直線運(yùn)動規(guī)律可知，在軌跡的最高點(diǎn)，甲球的水平速度小于乙球的水平速度，即甲在最高點(diǎn)的速度小于乙在最高點(diǎn)的速度，故B正確；
D.從拋出到進(jìn)框，甲、乙兩球的位移相等，甲球在空中運(yùn)動的時(shí)間大于乙球在空中運(yùn)動的時(shí)間，則甲球的平均速度小于乙球的平均速度，故D錯(cuò)誤。
故選B。
4．答案：D
解析：A.物塊與地面間的滑動摩擦力為
則前，物塊開始滑動，受到滑動摩擦力作用，根據(jù)動量定理
故A錯(cuò)誤；
B.時(shí)物塊速度
過程，加速度大小為
方向?yàn)樨?fù)，則時(shí)物塊的速度大小為零，故B錯(cuò)誤；
C.時(shí)間內(nèi)F對物塊的沖量大小為
故C錯(cuò)誤；
D.時(shí)物塊的速度大小為零，之后拉力與摩擦力平衡，不再運(yùn)動，則時(shí)間內(nèi)物體的位移為
故D正確。
故選D。
5．答案：C
解析：設(shè)Q點(diǎn)的高度為h，根據(jù)題意
從P到Q根據(jù)動能定理或機(jī)械能守恒有
解得
根據(jù)平拋規(guī)律
，
得
將h、代入
解得
故選C。
6．答案：C
解析：A.由于A、D兩球角速度相同，轉(zhuǎn)動半徑相同，根據(jù)
可得，A、D兩球加速度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；
B.設(shè)懸線與豎直方向的夾角為θ，懸線的懸掛點(diǎn)與轉(zhuǎn)軸間的距離為x，根據(jù)牛頓第二定律可得
由此可知，A球懸掛點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸的距離較大，則A的懸線與豎直方向的夾角較大，故B錯(cuò)誤；
C.由于A球線速度較大，動能較大，且A的懸線與豎直方向的夾角較大，則A球重力勢能較大，所以A球的機(jī)械能大于B的機(jī)械能，故C正確；
D.根據(jù)動能定理可得，A的動能變化量，即此時(shí)A的動能等于該過程中合力對A做的功，故D錯(cuò)誤。
故選C。
7．答案：C
解析：A.重物在AC之間做簡諧振動，在A點(diǎn)釋放時(shí)的加速度為向下的g，由對稱性可知，在C位置時(shí)的加速度的大小也等于g，方向向上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；
B.在重物從A位置下落到C位置的過程中，重物動量的變化為零，根據(jù)動量定理可知，向下的重力的沖量大小等于向上的彈簧彈力的沖量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；
C.在手托重物從B位置緩慢上升到A位置的過程中，由能量關(guān)系可知
重物從A點(diǎn)下落到B點(diǎn)時(shí)動能最大，則由動能定理
可得
即在手托重物從B位置緩慢上升到A位置的過程中，手對重物所做的功等于重物往復(fù)運(yùn)動過程中所具有的最大動能，選項(xiàng)C正確；
D.在重物從A位置到B位置和從B位置到C位置的兩個(gè)過程中，彈簧彈力對重物所做功之比是
選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
故選C。
8．答案：BC
解析：A.物塊在斜面上運(yùn)動的加速度為
到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度
物塊滑上傳送帶時(shí)的加速度
加速的時(shí)間
加速的位移
勻速的時(shí)間
小物塊在傳帶上B、C之間的運(yùn)動時(shí)間為1.5s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；
B.在斜面上根據(jù)牛頓第二定律
解得
選項(xiàng)B正確；
C.小物塊在傳送帶上運(yùn)動時(shí)，因摩擦產(chǎn)生的熱量為
選項(xiàng)C正確；
D.整個(gè)過程中傳送帶電動機(jī)所消耗的電能為
選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
故選BC。
9．答案：BD
解析：AB.對B球受力分析，如圖所示
由相似三角形對應(yīng)邊成比例可知
解得
隨著OA距離的減小，圓環(huán)對B的彈力一直增大，故A錯(cuò)誤，B正確；
CD.根據(jù)
可知，隨著增大，AB距離在減小，所以A、B間的庫侖力增大，故C錯(cuò)誤，D正確。
故選BD。
10．答案：BCD
解析：A.小球在A點(diǎn)時(shí)，把實(shí)際速度分別沿著細(xì)線和垂直細(xì)線分解，沿著細(xì)線方向的分速度為
由關(guān)聯(lián)速度可知，此時(shí)物塊的速度等于沿細(xì)線方向的速度，則有
故A錯(cuò)誤；
C.同理，小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)，把小球的速度分別沿著細(xì)線和垂直細(xì)線分解，因?yàn)榧?xì)線與細(xì)桿垂直，即細(xì)線與小球的速度垂直，則細(xì)線速度為0，物塊的速度為零，故C正確；
B.小球從A到B，重力勢能的增加量為
物塊下落的高度為
重力勢能的減小量為
則系統(tǒng)總重力勢能的減小量為
故B正確；
D.小球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)過程，細(xì)線對小球做的功與細(xì)線對物塊做的功，大小相等，一正一負(fù)。分析物塊，根據(jù)動能定理
解得
則細(xì)線對小球做的功為
故D正確。
故選BCD。
11．答案：（2）
（3）
（4）b
解析：（2）根據(jù)光電門的原理可知小球通過最低點(diǎn)的速度大小為
（3）小球下落過程，根據(jù)機(jī)械能守恒可得
又
聯(lián)立可得在誤差允許范圍內(nèi)驗(yàn)證機(jī)械能守恒的表達(dá)式為
（4）根據(jù)
變形可得
則重力加速度測量值為
12．答案：（1）；
（2）A；C
（3）甲
解析：（1）等效電源斷路時(shí)電流為0，路端電壓等于電源的電動勢，即，等效電源的實(shí)際電源和電流表串聯(lián)，故等效內(nèi)阻為電源內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，即
（2）甲圖中所測量的為電源和電壓表并聯(lián)組成的“等效電源”
故乙圖中電動勢相等，短路電流試驗(yàn)值小于理想值，甲圖中短路電流相等，電動勢試驗(yàn)值小于理想值。對應(yīng)圖甲電路分析的圖像是A，對應(yīng)圖乙電路分析的圖像是C。
（3）電源內(nèi)阻較小，故選擇甲圖的誤差比較小。
13．答案：（1）
（2）
解析：（1）以小球?yàn)檠芯繉ο?，受力情況如圖所示
根據(jù)牛頓第二定律可知
故細(xì)線的拉力
（2）以B物體為研究對象，則有
又因?yàn)?br>解得
故物體B與車廂間的動摩擦因數(shù)最小為0.86。
14．答案：（1）
（2）
（3）
解析：（1）離子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理有
解得離子從加速電場射出時(shí)的速度為
離子在輻向分布的電場中做勻速圓周運(yùn)動，電場力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律有
聯(lián)立解得圓弧GH的半徑為
（2）粒子在矩形區(qū)域QNCD內(nèi)做類平拋運(yùn)動，若離子恰好能打在Q點(diǎn)上，根據(jù)類平拋運(yùn)動規(guī)律有
，
根據(jù)牛頓第二定律有
聯(lián)立解得矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為
（3）若僅在矩形區(qū)域PMCD內(nèi)存在水平向左的勻強(qiáng)電場，且，其他條件不變，為使該離子仍能打在Q點(diǎn)，粒子在偏轉(zhuǎn)電場中仍做類平拋運(yùn)動，則有
，，，
粒子離開電場時(shí)的速度與電場方向夾角滿足
粒子離開電場后到達(dá)Q點(diǎn)過程，根據(jù)幾何關(guān)系有
聯(lián)立解得PMCD區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小
15．答案：（1）
（2）
（3）
解析：（1）粒子在點(diǎn)的入射速度指向圓心，則在a點(diǎn)的出射速度的反向延長線指向圓心，即出射速度沿x軸的正方向，設(shè)軌跡圓的半徑為r，則由幾何關(guān)系可得
解得
洛倫茲力提供向心力
解得
（2）將粒子從a到c的位移分別沿x、y軸分解，由幾何關(guān)系可得
由類平拋運(yùn)動的規(guī)律可得
解得
（3）由（2）解得在電場中運(yùn)動時(shí)間為
粒子從f到a，速度的偏轉(zhuǎn)角為
磁場中運(yùn)動時(shí)間
則粒子運(yùn)動的總時(shí)間為

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山東省煙臺市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平診斷考試物理試卷（PDF版附答案）：

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2025煙臺高三上學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平診斷考試物理PDF版含答案：

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巴彥淖爾市第一中學(xué)2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期第四次學(xué)業(yè)診斷檢測物理試卷(含答案)：

這是一份巴彥淖爾市第一中學(xué)2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期第四次學(xué)業(yè)診斷檢測物理試卷(含答案)，共18頁。試卷主要包含了單選題，多選題，實(shí)驗(yàn)題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

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