命題、審題：臺州市金清中學（陳金林） 臨海市杜橋中學（金先明）
考生須知：
1.本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分。全卷共6頁，滿分100分，考試時間90分鐘。
2.考生答題前，務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題紙上。
3.可能用到的相關參數(shù)：，，g取
選擇題部分
一、選擇題（本題共18小題，每小題3分，共54分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）
1. 下列幾個單位不屬于國際單位制基本單位的是（ ）
A. 米（m）B. 秒（s）C. 焦耳（J）D. 千克（kg）
【答案】C
【解析】
【詳解】千克（kg）、米（m）、秒（s）都是國際單位制的基本單位；焦耳（J）是國際單位制的導出單位。故ABD錯誤，C正確。
故選C。
2. 如圖所示，是汽車行駛時某手機導航軟件的程序界面，關于該圖中出現(xiàn)的相關數(shù)據，下列說法正確的是（ ）
A. “14km/h”是指汽車的平均速度
B. “3.8公里”是指距離目的地的位移
C. “14分鐘”是指時刻
D. “202米”是指路程
【答案】D
【解析】
【詳解】根據實際情境可知，14km/h是指瞬時速度，3.8公里是指路程，14分鐘是指時間，202米是指路程。
故選D。
3. 牛頓說過“如果我看得更遠一點的話，是因為我站在巨人的肩膀上”，無數(shù)科學家的辛勤奮斗造就了今天物理學的成就。下列關于科學家和他們的貢獻的說法中符合史實的是（ ）
A. 亞里士多德最早提出重的物體和輕的物體下落得一樣快
B. 伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因
C. 牛頓最早測量出了引力常量
D. 法拉第最早發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場
【答案】B
【解析】
【詳解】A．亞里士多德最早提出重的物體比輕的物體下落得快，伽利略認為輕重物體下落的一樣快，選項A錯誤；
B．伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，選項B正確；
C．卡文迪許最早測量出了引力常量，選項C錯誤；
D．奧斯特最早發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，選項D錯誤。
故選B。
4. “綠水青山就是金山銀山”，近年來隨著生態(tài)環(huán)境的轉好，遼寧多地白鷺的數(shù)量不斷增加。研究下列情境時，可將白鷺視為質點的是（ ）
A. 遷徙的位移B. 起飛的姿態(tài)C. 著陸的姿態(tài)D. 捕魚的技巧
【答案】A
【解析】
【詳解】A．研究遷徙的位移時，白鷺的形狀和大小可以忽略，可將白鷺視為質點，故A正確；
BCD．研究起飛的姿態(tài)、著陸的姿態(tài)和捕魚的技巧時，白鷺的形狀和大小不可忽略，不能視為質點，故BCD錯誤。
故選A。
5. 在杭州亞運會乒乓球女單比賽中，孫穎莎力克日本選手勇奪金牌。如圖所示，比賽中她用球拍將乒乓球擊出，下列說法正確的是（ ）
A. 球拍在擊球時，球受到的彈力是球發(fā)生形變而產生的
B. 球拍在擊球時，球拍對球的作用力與球對球拍的作用力大小相等
C. 球拍在擊球時，球拍對球的作用力和球對球拍的作用力是一對平衡力
D. 球被擊出后，受到重力、空氣阻力和球拍給它的推力
【答案】B
【解析】
【詳解】A．球受到的彈力是球拍發(fā)生形變而產生的，故A錯誤；
B．根據牛頓第三定律，球對球拍的作用力大小等于球拍對球的作用力大小，故B正確；
C．球對球拍的彈力和球拍對球的彈力是一對相互作用力，故C錯誤；
D．球在空中飛行時，受到重力、空氣阻力的作用，由于球已和球拍分離，所以球不受拍給它的推力，故D錯誤。
故選B。
6. 下列說法不正確的是（ ）
A. 普朗克提出“振動者的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整數(shù)倍”，從而建立了“能量量子化”觀點
B. 如果某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波，而不發(fā)生反射，這種物體就被稱為“黑體”
C. 我們周圍的一切物體都在輻射電磁波，這種輻射與溫度無關
D. 愛因斯坦指出“光不僅在發(fā)射和吸收時能量是一份一份的，而且光本身就是由一個不可分割的能量子組成的”
【答案】C
【解析】
【詳解】根據“黑體輻射”以及對黑體輻射的研究，普朗克提出“振動者的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍”，從而建立了“能量量子化”觀點．故A正確；根據“黑體輻射”以及對黑體輻射的研究，如果某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波，而不發(fā)生反射，這種物體就被稱為“黑體”．故B正確；我們周圍的一切物體都在輻射電磁波，這種輻射與溫度有關．故C錯誤；愛因斯坦提出了光子的概念，指出“光不僅在發(fā)射和吸收時能量是一份一份的，而且光本身就是由一個不可分割的能量子組成的”．故D正確．本題選擇不正確的，故選C.
7. 兒童自行車兩側有兩個保護輪防止兒童摔倒，已知后輪半徑是保護輪半徑的三倍。取保護輪和后輪邊緣上的點分別為A和B，當兒童正常騎車車輪無滑動時，下列說法正確的是（ ）
A. A、B兩點轉動周期相同B. A、B兩點向心加速度相同
C. A點和B點線速度大小之比為3：1D. A點和B點角速度大小之比為1：3
【答案】D
【解析】
【分析】
【詳解】ACD．A、B兩點在保護輪和后輪邊緣，所以正常騎行時，相同時間路程相同，故線速度相同，而后輪半徑是保護輪半徑的三倍，則B轉動三圈，A轉動一圈，故A、B兩點轉動周期比為3：1，角速度大小比為1：3，故AC錯誤，D正確；
B．根據公式
A、B兩點向心加速度比為1：3，故B錯誤；
故選D。
8. 如圖所示，汽車在一水平公路上轉彎時，汽車的運動可視為勻速圓周運動。下列關于汽車轉彎時的說法正確的是（ ）
A. 汽車處于平衡狀態(tài)B. 汽車的向心力由重力和支持力提供
C. 汽車的向心力由摩擦力提供D. 汽車的向心力由支持力提供
【答案】C
【解析】
【詳解】A．汽車轉彎時存在向心加速度，運動狀態(tài)不斷變化，所以不是處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；
BCD．汽車在水平面內做勻速圓周運動，重力和支持力都沿豎直方向，不可能提供向心力，所以提供向心力的一定是在水平方向的摩擦力，故BD錯誤，C正確。
故選C。
9. 越來越多的攝影愛好者開始迷上了無人機航拍攝影，在某次航拍中，無人機起飛時豎直方向的速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，下列說法中正確的是（ ）
A. 無人機經20s達到最高點
B. 無人機飛行的最大高度為360m
C. 無人機飛行的最大高度為300m
D. 無人機在70s時的加速度為-0.75m/s2
【答案】B
【解析】
【詳解】A．無人機經80s達到最高點，A錯誤；
BC．無人機飛行的最大高度為
B正確，C錯誤；
D．無人機在70s時的加速度為
D錯誤。
故選B。
10. 用圖示裝置進行電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是（ ）
A. 電鍵閉合和斷開的瞬間
B. 電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭
C. 電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出
D. 只電鍵保持閉合
【答案】D
【解析】
【詳解】解：由圖示可知，電流表所在電路閉合，
A、電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故A錯誤；
B、電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故B錯誤；
C、電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故C錯誤；
D、保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，故D正確；
故選D．
【點評】本題考查了感應電流產生條件，熟練掌握基礎知識即可正確解題，本題是一道基礎題．
11. 下列各圖中，已標出電流I及其產生的磁場的磁感應強度B的方向，其中正確的是（ ）
A B. C. D.
【答案】C
【解析】
【詳解】A．圖A，由安培定則可知，直線電流I的方向向上，則電流產生的磁場的磁感應強度B的方向，右側向里，左側向外，A錯誤；
B．圖B，由安培定則可知，直線電流I的方向向外，則電流產生的磁場的磁感應強度B的方向，應是逆時針方向的同心圓，B錯誤；
C．圖C，由安培定則可知，環(huán)形電流I中心產生磁場的磁感應強度B的方向向上，C正確；
D．圖D，由安培定則可知，通電螺線管電流I從右向左，在內部產生磁場的磁感應強度B的方向應是向右，D錯誤。
故選C。
12. 飛盤運動由于本身的新奇、沒有場地限制等特點，深受大眾的喜愛。如圖是某一玩家從離水平地面的高處將飛盤水平投出情景，則飛盤在空中飛行的時間可能是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
詳解】如果不考慮阻力，飛盤水平投出后做平拋運動，豎直方向上有
解得
實際運動過程中阻力不能忽略，則運動時間一定大于0.5s
故選D。
13. 如圖所示，地球和小行星圍繞太陽做勻速圓周運動。只考慮地球和該小行星受到太陽引力的作用。該小行星公轉與地球公轉相比（ ）
A. 周期相等B. 小行星的周期小
C. 小行星的線速度小D. 小行星的向心加速度大
【答案】C
【解析】
【詳解】根據萬有引力提供向心力可得
可得
，，
由于小行星的公轉半徑大于地球公轉半徑，則小行星公轉周期大于地球公轉周期；小行星的線速度小于地球的線速度；小行星的向心加速度小于地球的向心加速度。
故選C。
14. 如圖所示，許多人造地球衛(wèi)星都用太陽能電池供電。太陽能電池由許多片電池板組成。某電池板不接負載時的電壓是，短路電流是。該電池板的內阻是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【詳解】電池板不接載時的電壓
U=600mV=0.6V
則電動勢為
E=0.6V
又根據閉合電路歐姆定律得
E=I短r
則這塊電池板的內阻為
故選C。
15. 擦窗機器人幫助人們解決了高層擦窗、室外擦窗難的問題。如圖所示，擦窗機器人在豎直玻璃窗上沿直線A向B運動，速度逐漸減小。已知F為機器人除重力外的其他力的合力，則擦窗機器人在此過程中在豎直平面內的受力分析可能正確的是（）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【詳解】A．擦窗機器人沿直線減速從A向B運動，故合外力和速度要共線，圖中的合外力（或為零）和速度不共線，要做曲線運動（或勻速直線運動），不符合運動要求，故A錯誤；
B．圖中的合力可能與速度共線相反，從而做減速直線運動，故B正確；
C．圖中的合力不可能與速度共線相反，不可能做減速直線運動，不符合要求，故C錯誤；
D．圖中的合外力和速度不共線，要做曲線運動，不符合運動要求，故D錯誤。
故選B。
16. 如圖，自動卸貨車靜止在水平地面上，車廂在液壓機的作用下，與水平面的夾角緩慢增大，當夾角增大到時，貨物開始下滑，下列說法正確的是

A. 在增大到的過程中，貨物受到的支持力變大
B. 在增大到的過程中，貨物受到的摩擦力變小
C. 在增大到后，若繼續(xù)增大，則貨物受到的摩擦力變小
D. 在增大到后，若繼續(xù)增大，則貨物受到的合力大小不變
【答案】C
【解析】
【詳解】AB．在增大到的過程中，貨物處于平衡狀態(tài)，受到重力mg、支持力N和摩擦力f，則根據平衡條件有：
、
當角增大時，N減小，f增大，故AB兩項錯誤；
C．在增大到后，受到的摩擦力是滑動摩擦力，
隨著角度的增大，摩擦力在減小，故C項正確；
D．在增大到后，貨物開始下滑，存在加速度，貨物受到合力
隨著角度的增大，合外力在增大，故D項錯誤。
17. 引體向上是中考體育考試選擇項目之一。如圖所示，兩手用寬握距正握（掌心向前）單杠，略寬于肩，兩腳離地，兩臂自然下垂伸直。用背闊肌的收縮力量將身體豎直往上拉起，當下巴超過單杠時稱為上升過程；然后逐漸放松背闊肌，讓身體豎直下降，直到恢復完全下垂稱為下降過程。不計空氣阻力，下列說法正確的是（ ）
A. 上升過程杠對兩手的支持力合力總大于重力
B. 下降過程杠對兩手的支持力合力總小于重力
C. 上升和下降過程中杠對兩手的支持力合力均等于重力
D. 上升和下降過程中人的機械能均不守恒
【答案】D
【解析】
【詳解】根據題意可知做引體向上的同學在上升過程中先向上加速后向上減速；下降過程中先向下加速后向下減速。故上升過程中先超重后失重，下降過程中先失重后超重。
ABC．上升和下降過程中，人受到杠向上的支持力和自身重力作用，根據上述分析可知上升過程中支持力先大于重力，后小于重力，下降過程中支持力先小于重力，后大于重力。故ABC錯誤；
D．上升和下降過程中內力做功，機械能不守恒，故D正確。
故選D。
18. 一個小型電熱水器如圖所示，浸入水中的加熱元件RL = 1.0 Ω，在外部并聯(lián)的電阻RS = 2.0 Ω。在正常工作時，電源給電路提供I = 3.0 A的恒定電流。下列說法正確的是（ ）
A. RL兩端的電壓為3.0 VB. 流過RL的電流為1.0 A
C. RS上消耗的電功率為2.0 WD. RL上消耗的電功率為16.0 W
【答案】C
【解析】
【詳解】A．RL、RS的并聯(lián)電阻值為
RL兩端的電壓為
故A錯誤；
B．流過RL的電流為
故B錯誤；
C．RS上消耗的電功率為
故C正確；
D．RL上消耗的電功率為
故D錯誤。
故選C。
非選擇題部分
二、非選擇題（本題共5小題；其中第19小題6分，第20小題10分，第21小題8分，第22小題10分，第23小題12分；共46分）
19. 用落體法“探究機械能守恒定律”的實驗裝置如圖所示。打點計時器所用電源頻率為，當?shù)刂亓铀俣却笮?，測得所用重物的質量為。下圖是按實驗要求正確地選出的紙帶（打點的時間間隔為）。
（1）紙帶的________（選填“左”或“右”）端與重物相連。
（2）打點計時器打下計數(shù)點時，重物的速度________。
（3）從起點到打下計數(shù)點的過程中重物重力勢能的減少量________，此過程中重物動能的增加量________。（計算結果均保留2位有效數(shù)字）
（4）通過計算，________（選填“＞”“＝”或“＜”），這是因為________________。
（5）實驗的結論是：在實驗誤差允許的范圍內，重物的機械能守恒。
【答案】 ①. 左 ②. ③. ④. ⑤. ＞ ⑥. 實驗中存在阻力
【解析】
【分析】
【詳解】（1）[1]由圖可得，紙帶上O點靠近重物，所以左端與重物相連。
（2）[2]打下計數(shù)點時
（3）[3]從起點到打下計數(shù)點的過程中重物重力勢能的減少量
[4]此過程中重物動能的增加量
（4）[5]通過計算，＞；
[6]因為實驗中存在阻力。
20. 某實驗小組在“測定金屬絲電阻率”的實驗過程中：
（1）正確操作獲得金屬絲的直徑以及電壓表的讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)依次是___mm、____V．
（2）如圖是測量電阻絲阻值的原理圖，根據原理圖在如圖所示的實物圖中畫出連線________．
（3）利用上面的電路圖測出的電阻值比真實值_____（填“偏大”或“偏小”），這種誤差叫作系統(tǒng)誤差．
（4）若調節(jié)滑動變阻器，通過多次測量求平均值的方法得到電阻絲的阻值為R，請寫出求電阻絲的電阻率的表達式為____( L、d分別表示電阻絲長度、直徑，結果用已知字母表示)．
【答案】 ①. 1.700 ②. 2.25 ③. ④. 偏小 ⑤.
【解析】
【詳解】（1）[1][2]螺旋測微器讀數(shù)為
電壓表選量程，分度值為0.1V，則電壓表讀數(shù)為
（2）[3]根據原理圖在如圖所示的實物圖中畫出連線如圖所示
（3）[4]由于電壓表的分流作用，電流表測量的電流大于流過電阻的電流，根據歐姆定律
可知此時電阻的測量值實際上電阻和電壓表內阻并聯(lián)的總阻值，小于電阻的真實值；
（4）[5]由電阻定律可知，電阻絲電阻
則電阻率
21. 如圖所示，把一電荷量帶電小球A用絕緣細繩懸掛，若將電荷量的帶電小球B靠近小球A，則小球A靜止時，兩個帶電小球在同一高度。，且A、B兩小球均可視為點電荷，A、B兩小球間的距離，則A、B兩小球間的庫侖力大小為______；帶電小球B在A處產生的電場強度______，方向______；A電勢比B兩點電勢______（選高或低）。
【答案】 ①. ②. ③. 水平向右 ④. 低
【解析】
【詳解】[1]根據庫侖定律可得A、B兩小球間的庫侖力大小為
[2][3]帶電小球B在A處產生的電場強度大小為
由于帶電小球B帶正電，所以帶電小球B在A處產生的電場方向水平向右；
[4]由于電場方向由B指向A，根據沿電場方向電勢逐漸降低，可知A電勢比B兩點電勢低。
22. 2022年6月17日，由我國完全自主設計建造的第三艘航空母艦“福建艦”下水，福建艦采用平直通長飛行甲板，艦上安裝了電磁彈射器以縮短飛機的起飛距離。假設航空母艦的起飛跑道總長l=270m，電磁彈射區(qū)的長度l1=60m，若彈射裝置可以輔助飛機在彈射區(qū)做加速度為30m/s2的勻加速直線運動，飛機離開電磁彈射區(qū)后繼續(xù)在噴氣式發(fā)動機推力作用下做勻加速直線運動，如圖所示。假設一架艦載機的質量m=3.0×104kg，飛機在航母上受到的阻力恒為飛機重力的0.2倍。若飛機可看成質量恒定的質點，從邊沿離艦的起飛速度為80m/s，航空母艦始終處于靜止狀態(tài)，重力加速度取g=10m/s2，求：
（1）飛機經電磁彈射后獲得的速度大??；
（2）飛機從靜止到起飛所需時間；
（3）飛機發(fā)動機的推力大小。
【答案】（1）60m/s；（2）5s；（3）2.6×105N
【解析】
【詳解】（1）彈射階段，初速度為0，根據速度位移關系
解得
彈射階段時間為
加速階段，有
聯(lián)立解得
（3）根據速度位移關系
解得
23. 小明將如圖所示的裝置放在水平地面上，該裝置由弧形軌道、豎直圓軌道、水平直軌道AB和傾角θ = 37°的斜軌道BC平滑連接而成。質量m = 0.1 kg的小滑塊從弧形軌道離地高H = 1.0 m的M處靜止釋放。已知R = 0.2 m，LAB = LBC = 1.0 m，滑塊與軌道AB和BC間的動摩擦因數(shù)均為μ = 0.25，弧形軌道和圓軌道均可視為光滑軌道，忽略空氣阻力。（sin37° = 0.6，cs37° = 0.8，g取10 m/s2）
（1）選擇水平地面為零勢能面，滑塊在M處時的機械能為多少；
（2）滑塊運動到D點時速度vD的大小及對軌道的壓力；
（3）通過計算判斷滑塊能否沖出斜軌道的末端C點；
（4）若軌道BC足夠長，軌道AB的長度為x，求滑塊在軌道BC上到達的高度h與x之間的關系。
【答案】（1）1 J （2）；5 N，方向豎直向上
（3）不能 （4）或
【解析】
小問1詳解】
滑塊在M點的機械能為E = mgH
【小問2詳解】
滑塊由M運動到D的過程，根據動能定理有
解得
滑塊在D點，有
解得
根據牛頓第三定律可知，滑塊運動到D點時對軌道的壓力大小為5 N，方向豎直向上。
【小問3詳解】
滑塊由M點運動到BC軌道的最高點，根據動能定理有
解得
所以不能沖出C點。
【小問4詳解】
滑塊由M點至BC軌道的最高點，根據動能定理有
所以

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