1．如圖是做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)物體的位移—時(shí)間圖像，下列說(shuō)法正確的是 ( )
2．開(kāi)開(kāi)家有一盞“智能”臺(tái)燈，它能根據(jù)環(huán)境的光照強(qiáng)度自動(dòng)調(diào)節(jié)亮度，也可以手動(dòng)調(diào)節(jié)臺(tái)燈的亮度．經(jīng)查閱資料后，開(kāi)開(kāi)猜想臺(tái)燈內(nèi)部的電路結(jié)構(gòu)可能如圖，已知光敏電阻在光照強(qiáng)度增大時(shí)，電阻會(huì)減小．則閉合開(kāi)關(guān)后，下列分析正確的是 ( )
3．我國(guó)的火星探測(cè)車(chē)用放射性材料PuO2作為燃料，PuO2中的Pu元素是 ，已知 發(fā)生衰變的核反應(yīng)方程為 ，下列說(shuō)法正確的是 ( )
4．一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖所示，其中p1 = 3p2，V2 = 4V1，由狀態(tài)1→2→3→1（氣體外界非真空）的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是 ( )
5．如圖，在某星球表面發(fā)射一艘人造飛船，設(shè)該星球半徑為R，星球表面的重力加速度為g0．飛船在星球表面附近沿軌道Ⅲ繞星球做圓周運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道的B點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)再次點(diǎn)火變軌進(jìn)入半徑為3R的圓型軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)，則 ( )
6．如圖，質(zhì)量為m的人被懸在空中的氦氣球拉著體驗(yàn)人類(lèi)在月球上行走的感覺(jué). 當(dāng)他在曲面上緩慢移動(dòng)時(shí)（未在底部），氦氣球?qū)ζ溆写笮?、方向豎直向上的拉力作用．若將人視為質(zhì)點(diǎn)，下列對(duì)人的受力分析正確的是 ( )
7．在某個(gè)電場(chǎng)中，x軸上各點(diǎn)電勢(shì) 隨x坐標(biāo)變化如圖，圖像關(guān)于 軸左右對(duì)稱(chēng)，一質(zhì)量m、電荷量-q的粒子僅在電場(chǎng)力作用下由靜止釋放能沿x軸做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是 ( )
二、多選題
8．質(zhì)量相等的A、B兩球在光滑水平面上沿同一直線(xiàn)、同一方向運(yùn)動(dòng)，A球的動(dòng)量是10 kg· m/s，B球的動(dòng)量是8 kg· m/s，當(dāng)A球追上B球發(fā)生碰撞，碰撞后A、B兩球的動(dòng)量可能值是 ( )
9．如圖，質(zhì)量均為m的木塊A和B，并排放在光滑水平面上未粘連，A上固定一豎直輕桿，輕桿上端的O點(diǎn)系一長(zhǎng)為l的細(xì)線(xiàn)，細(xì)線(xiàn)另一端系一質(zhì)量為2m的球C．現(xiàn)將C球拉起使細(xì)線(xiàn)恰好水平伸直，并由靜止釋放C球．不計(jì)摩擦．下列說(shuō)法正確的是 ( )
10．如題圖所示，一豎直圓管質(zhì)量為M，下端距水平地面的高度為L(zhǎng)，頂端塞有一質(zhì)量為m的小球．圓管由靜止自由下落，與地面發(fā)生多次彈性碰撞，且每次碰撞時(shí)間均極短．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，管始終保持豎直，小球未從管內(nèi)掉出．已知M = 5m，球和管之間的滑動(dòng)摩擦力大小為5mg，g為重力加速度的大小，不計(jì)空氣阻力．則 ( )
三、主觀題
11．育才中學(xué)某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．重力加速度為g．
(1) 選擇兩個(gè)半徑相等的小球，其中一個(gè)小球有經(jīng)過(guò)球心的孔；
(2) 用天平測(cè)出小球的質(zhì)量，有孔的小球質(zhì)量記為 ，另一個(gè)小球質(zhì)量記為 ；
(3) 將鐵架臺(tái)放置在水平桌面上，上端固定力傳感器，通過(guò)數(shù)據(jù)采集器和計(jì)算機(jī)相連；將長(zhǎng)約1米的細(xì)線(xiàn)穿過(guò)小球 的小孔并掛在力傳感器上，測(cè)出懸點(diǎn)到小球球心的距離 ；
(4) 將小球 放在可升降平臺(tái)上，調(diào)節(jié)平臺(tái)位置和高度，保證兩個(gè)小球能發(fā)生正碰；在地面上鋪上復(fù)寫(xiě)紙和白紙，以顯示小球 落地點(diǎn)；
(5) 拉起小球 由某一特定位置靜止釋放，兩個(gè)小球發(fā)生正碰，通過(guò)與拉力傳感器連接的計(jì)算機(jī)讀出碰撞前后瞬間拉力大小分別為F1、F2，可以得到小球 碰撞前瞬間速度大小 _____________（用題中所給字母表示）；同樣方式可以得到小球 碰撞后瞬間速度大小 ；
(6) 測(cè)出小球 做平拋的水平位移x和豎直位移y，則小球 碰后瞬間速度 _____________；（用x、y、g表示）
(7) 若本次實(shí)驗(yàn)中 ，速度用 表示，數(shù)據(jù)處理后若滿(mǎn)足表達(dá)式：_____________，則說(shuō)明 與 碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒．
12．某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)們想利用電壓表和電阻箱測(cè)量一電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，他們找到了如下的實(shí)驗(yàn)器材：電池組（電動(dòng)勢(shì)約為6.0V，內(nèi)阻約為1Ω）、靈敏電流計(jì)G（滿(mǎn)偏電流 ，內(nèi)阻 ，定值電阻 （ ），定值電阻 （ 阻值可求），變阻箱R（阻值范圍可調(diào)），開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線(xiàn)若干．同學(xué)們研究器材，思考討論后確定了如下的實(shí)驗(yàn)方案，請(qǐng)你將該方案補(bǔ)充完整．
(1) 若想將靈敏電流計(jì)G改裝成量程為6V的電壓表，需要_____________一個(gè)定值電阻R2（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），該定值電阻的阻值_____________Ω．
(2) 為了準(zhǔn)確測(cè)出電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，在圖中虛線(xiàn)框中設(shè)計(jì)電路圖，請(qǐng)把該電路圖補(bǔ)充完整．
(3) 采集靈敏電流計(jì)G和變阻箱R的讀數(shù)，作出了圖像如圖乙所示，已知圖線(xiàn)的斜率為k，縱截距為b，則所測(cè)得電池組的內(nèi)阻r =_____________．（用題目中所給的字母表示，已知電源中的電流遠(yuǎn)大于電流計(jì)G中的電流）
(4) 組長(zhǎng)小宋還組織大家進(jìn)一步研討，圖丙所示為他們測(cè)得的某型號(hào)小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)，如果把兩個(gè)該型號(hào)的燈泡并聯(lián)后再與 的定值電阻串聯(lián)起來(lái)接在上述電池組上，測(cè)得電池組的電動(dòng)勢(shì)E = 6.0V，內(nèi)阻 ，如圖?。畡t每只燈泡消耗的實(shí)際功率為_(kāi)____________W（保留2位有效數(shù)字）．
13．有一平行正對(duì)極板A、B，板間電壓為 ，兩極板中心處均開(kāi)有小孔．平行板電容器的極板C、D與A、B垂直放置，B板中心小孔到C、D兩極板距離相等．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子從A板中心小孔處無(wú)初速飄入A、B板間，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線(xiàn)所示，恰好從D板的右邊沿飛出．已知平行板電容器帶電量為Q，電容為C，不計(jì)粒子重力，板間電場(chǎng)視為勻強(qiáng)電場(chǎng)．求：
(1) 帶電粒子射出B極板時(shí)的速度；
(2) 平行板電容器C、D極板間的電壓；
(3) 平行板電容器C、D兩極板間距d與極板長(zhǎng)L的比值．
14．如圖所示，AC水平軌道上AB段光滑，BC段粗糙，且 ，CDF為豎直平面內(nèi)半徑為 的光滑半圓軌道，圓軌道最高點(diǎn)為F點(diǎn)，兩軌道相切于C點(diǎn)，CF右側(cè)有電場(chǎng)強(qiáng)度 的勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向水平向右．一根輕質(zhì)絕緣彈簧水平放置，一端固定在A點(diǎn)，另一端與帶負(fù)電滑塊P接觸但不連接，彈簧原長(zhǎng)時(shí)滑塊在B點(diǎn)．現(xiàn)向左壓縮彈簧后由靜止釋放，當(dāng)滑塊P運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)瞬間對(duì)軌道壓力為6N．已知滑塊P的質(zhì)量為 ，電荷量大小為 ，與軌道BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 ，忽略滑塊P與軌道間電荷轉(zhuǎn)移，重力加速度g取10m/s2． ．
求：(1) 求滑塊在F點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；
(2) 求滑塊在與圓心O點(diǎn)等高的D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；
(3) 若滑塊P沿光滑半圓軌道CDF運(yùn)動(dòng)過(guò)程中時(shí)，對(duì)圓弧軌道的最小壓力為10N，求彈簧釋放瞬間彈性勢(shì)能．
15．如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為 的木板A靜止放在光滑的水平面上，距離A足夠遠(yuǎn)處有一與A等高的平臺(tái)，平臺(tái)上MN之間是一個(gè)寬度為 的特殊區(qū)域，只要物體進(jìn)入MN之間就會(huì)受到一個(gè)方向向右、大小為F = mg的作用力，平臺(tái)除MN之間粗糙外，其余部分光滑，MN的右側(cè)某處安裝有一特殊的彈射裝置。現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的小滑塊B以一定的速度v0（v0未知）從左側(cè)滑上木板A，且恰好不從A滑下，當(dāng)B到達(dá)彈射裝置的速度大于 時(shí)可通過(guò)，速度不大于 時(shí)被反彈，反彈后的動(dòng)能為反彈前的k倍(0＜k＜1)．已知A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ = 0.5，重力加速度為g．
(1) 求B滑上A時(shí)的速度v0；
(2) 若B與MN之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1 = 0.2，求B滑上平臺(tái)后在MN間通過(guò)的路程；
(3) 若B與MN之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2 = 0.25，試討論B滑上平臺(tái)后在MN間通過(guò)的路程．
A. 0～4 s內(nèi)物體的平均速度是5m/s
B. BC段物體在做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)
C. 物體在AB段的速度小于在CD段的速度
D. 物體在CD段的加速度大于在AB段的加速度
知識(shí)點(diǎn)： 位移和路程;速度和速率
正確答案：C
試題解析：
A.0～4s內(nèi)物體的平均速度==m/s=1.25m/s，故A錯(cuò)誤；
B.根據(jù)x-t圖像，圖線(xiàn)的斜率表示速度，所以BC段物體是靜止的，故B錯(cuò)誤；
C.根據(jù)x-t圖像，圖線(xiàn)的斜率表示速度，由圖可知，AB段斜率小于CD段斜率，所以AB段速度小于CD段的速度，故C正確；
D.物體在AB段和CD段均做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度都為0，故D錯(cuò)誤。
A. 滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度減弱時(shí)，小燈泡變亮
B. 滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻兩端的電壓變大
C. 在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑，小燈泡變亮
D. 在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑，電源輸出功率增大
知識(shí)點(diǎn)： 閉合電路歐姆定律
正確答案：A
試題解析：
A、滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度減弱時(shí)，光敏電阻阻值增大，并聯(lián)部分的電阻增大，電路中的干路電流減小，電源內(nèi)阻和滑動(dòng)變阻器分得的電壓減小，并聯(lián)部分的電壓增大，即光敏電阻兩端的電壓、小燈泡兩端的電壓都變大，所以小燈泡變亮；故A正確；
B、滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，光照強(qiáng)度增大時(shí)，光敏電阻阻值減小，并聯(lián)部分的電阻減小，電路中的干路電流增大，電源內(nèi)阻和滑動(dòng)變阻器分得的電壓增大，并聯(lián)部分的電壓減小，即光敏電阻兩端的電壓、小燈泡兩端的電壓都變小，所以小燈泡變暗；故B錯(cuò)誤；
C、在光照條件不變時(shí)，滑動(dòng)變阻器的滑片向左滑，滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值變大，電路中的干路電流減小，并聯(lián)部分的電壓減小，所以燈泡變暗，故C錯(cuò)誤；
D、當(dāng)外電阻與電源內(nèi)阻等大時(shí)，電源的輸出功率最大，不確定滑片向右滑時(shí)，外電阻與電源內(nèi)阻的關(guān)系，所以不能確定電源輸出功率的變化，故D錯(cuò)誤。
???????故選：A。
A. X核的質(zhì)子數(shù)是90
B. 該衰變過(guò)程會(huì)釋放能量
C. 升高溫度，可以改變的半衰期
D. 衰變后新核的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能
知識(shí)點(diǎn)： 半衰期;核反應(yīng)方程;結(jié)合能和比結(jié)合能
正確答案：B
試題解析：
A.根據(jù)電荷數(shù)守恒可知X的電荷數(shù)：z=94-2=92，可知X核的質(zhì)子數(shù)是92，故A錯(cuò)誤；
BD.衰變是自發(fā)進(jìn)行的，存在質(zhì)量虧損，所以衰變過(guò)程一定釋放能量，衰變后的新核比原核更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，因此衰變后新核的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故B正確，D錯(cuò)誤；
C.半衰期由原子核的本身決定，與外界因素?zé)o關(guān)，升高溫度，不能改變的半衰期，故C錯(cuò)誤。
???????故選B。
A. 由狀態(tài)1→2的過(guò)程，氣體對(duì)外做功，溫度降低
B. 由狀態(tài)2→3的過(guò)程，氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變
C. 由狀態(tài)3→1的過(guò)程，氣體內(nèi)能增加，向外界放出熱量
D. 由狀態(tài)1→2→3→1的過(guò)程，氣體從外界吸收熱量
知識(shí)點(diǎn)： 理想氣體狀態(tài)方程;熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容及應(yīng)用
正確答案：D
試題解析：
A.狀態(tài)1到狀態(tài)2氣體體積變大，說(shuō)明氣體對(duì)外做功。狀態(tài)1到狀態(tài)2根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可得：T1＜T2，說(shuō)明從狀態(tài)1變化到狀態(tài)2，氣體溫度升高。故A錯(cuò)誤；
B.狀態(tài)2到狀態(tài)3根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可得：T3＜T2，即溫度降低，則分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能減小，故B錯(cuò)誤；
C.氣狀態(tài)3到狀態(tài)1根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可得：T1 >T3，即溫度升高，則氣體內(nèi)能增加。由于該過(guò)程體積不變,則W=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU=W+Q ,，由于內(nèi)能增加，說(shuō)明氣體從外界吸收熱量，故C錯(cuò)誤；
D.由于初末都是狀態(tài)1，即溫度不變，則ΔU=0。由圖知狀態(tài)1→2→3→1氣體對(duì)外做功，則W0，即氣體從外界吸收熱量，故D正確。
A. 飛船在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率小于
B. 飛船在軌道Ⅰ、軌道Ⅲ上運(yùn)行的周期之比TⅠ:TⅢ= 9:1
C. 飛船在軌道Ⅰ上A處的機(jī)械能等于在軌道Ⅱ上B處的機(jī)械能
D. 飛船在軌道Ⅰ上A處的運(yùn)行速率小于在軌道Ⅱ上B處的速率
知識(shí)點(diǎn)： 衛(wèi)星運(yùn)行規(guī)律及應(yīng)用
正確答案：D
試題解析：
解：A、飛船在星球表面附近沿軌道Ⅲ繞星球做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)重力提供向心力有：mg0=，
解得：v=，即飛船在軌道Ⅲ的運(yùn)行速率等于，故A錯(cuò)誤。
B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：=mr得，T=，飛船在軌道Ⅰ、軌道Ⅲ上運(yùn)行的軌道半徑之比為3：1，則周期之比為：1，故B錯(cuò)誤。
C、飛船在軌道Ⅱ上的A點(diǎn)進(jìn)入軌道Ⅰ，需加速，所以機(jī)械能增加，且飛船在軌道Ⅱ上運(yùn)行時(shí)機(jī)械能守恒，因此飛船在軌道Ⅰ上A處的機(jī)械能大于在軌道Ⅱ上B處的機(jī)械能，C錯(cuò)誤。
D、飛船在B點(diǎn)，由軌道Ⅲ變軌到軌道Ⅱ，需要加速，故飛船在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)B處的運(yùn)行速率大于飛船在軌道Ⅲ上經(jīng)過(guò)B處的運(yùn)行速率，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：=m得，v=，可知在軌道Ⅲ上經(jīng)過(guò)B處的運(yùn)行速率大于飛船在軌道Ⅰ上A處的運(yùn)行速率，因此飛船在軌道Ⅰ上A處的運(yùn)行速率小于在軌道Ⅱ上B處的速率，故D正確。
故選：D。
A. 受到的重力大小為
B. 受到的合力大小為
C. 對(duì)曲面的壓力小于
D. 對(duì)曲面的作用力大小為
知識(shí)點(diǎn)： 平衡狀態(tài)及平衡條件;牛頓第三定律
正確答案：C
試題解析：
A、人的質(zhì)量為m,則人受到的重力為：G=mg,故A錯(cuò)誤；
B、人在曲面上緩慢行走，處于平衡狀態(tài)，合力為0，故B錯(cuò)誤；
CD、曲面對(duì)人的作用力為F，由平衡條件得：mg+F=mg,解得：F=mg
根據(jù)牛頓第三定律可得，人對(duì)曲面的作用力大小為F′=F=mg,由于曲面不水平,故對(duì)曲面壓力小于,C正確,故D錯(cuò)誤。
A.點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小大于點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小
B. x軸上和兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都相同
C. 該粒子位于x軸上點(diǎn)的電勢(shì)能大于點(diǎn)的電勢(shì)能
D. 若粒子在點(diǎn)由靜止釋放，則粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)刻加速度為零，速度達(dá)到最大
知識(shí)點(diǎn)： 電勢(shì)能;電勢(shì)
正確答案：C
試題解析：略
A. PA=8 kg· m/s，PB=10 kg· m/s
B. PA=6 kg· m/s，PB=12 kg· m/s
C. PA=9 kg· m/s，PB=9 kg· m/s
D. PA=kg· m/s，PB=16 kg· m/s
知識(shí)點(diǎn)： 動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用
正確答案：AC
試題解析：
根據(jù)題意可知pA'=10 kg?m/s，pB'=8kg?m/s，
則碰撞前總動(dòng)量為p=pA'???????+pB'=10kg?m/s+8kg?m/s=18kg?m/s
碰撞前總動(dòng)能為+==
C、兩個(gè)物體碰撞后同向運(yùn)動(dòng)，若pA=9kg?m/s，pB=9kg?m/s，則A球的速度等于B球的速度，A球的速度減小，B的速度增大，且總動(dòng)能不增加，故是可能的，故C正確。
A、若PA=8 kg· m/s，PB=10 kg· m/s，碰撞前后總動(dòng)量守恒，且碰撞后A的速度小于B的速度，
碰撞前總動(dòng)能為+==，
碰撞后總動(dòng)能為+==，故碰撞后動(dòng)能不變，是可能發(fā)生的，故A正確。
B、若PA=6 kg· m/s，PB=12 kg· m/s，碰撞前后總動(dòng)量守恒。
碰撞后總動(dòng)能為+=+=，可知碰撞后總動(dòng)能增加，違反了能量守恒守恒，這是不可能發(fā)生的，故B錯(cuò)誤。
D、若PA= kg· m/s，PB=16 kg· m/s，碰撞前后總動(dòng)量不守恒，違反了動(dòng)量守恒守恒，這是不可能發(fā)生的，故D錯(cuò)誤。
故選：AC。
A. 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，A、C組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒
B. C由初始位置第一次向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，AB的位移大小為
C. C運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度為
D. C向左運(yùn)動(dòng)能達(dá)到的最大高度比初始位置低
知識(shí)點(diǎn)： 動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用;能量守恒定律
正確答案：BC
試題解析：
A、木塊A、B和小球C組成的系統(tǒng)豎直方向動(dòng)量不守恒，水平方向動(dòng)量守恒，所以A、C組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；
B、C球由靜止釋放到最低點(diǎn)的過(guò)程中,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,設(shè)C對(duì)地向左水平位移大小為 ,AB對(duì)地水平位移大小為 ,則有= ， + =l，解得 = ，故B正確；
C、小球C擺至最低點(diǎn)時(shí), 設(shè)此時(shí)C球速度大小為 , A、B速度大小為 , 對(duì)ABC系統(tǒng), 水平方向動(dòng)量守恒得 = ，
由系統(tǒng)能量守恒得2mgl= × + ，解得 = ， = ，故C正確；
D、小球C擺至最低點(diǎn)后木塊A、B分離，C球向左擺至最高點(diǎn)時(shí), A、C共速,
由水平方向動(dòng)量守恒得- =(2m+m) ，
由AC系統(tǒng)能量守恒得 × + = (2m+m) +2mgh，解得h= ，所以C向左運(yùn)動(dòng)能達(dá)到的最大高度比初始位置低,故D錯(cuò)誤。
故選：BC。
A. 圓管第一次彈起后上升的過(guò)程中一直減速運(yùn)動(dòng)
B. 圓管第一次彈起后上升的過(guò)程中小球的加速度始終等于4g
C. 圓管的長(zhǎng)度可能為
D. 圓管第一次與地面碰撞反彈后，離開(kāi)地面的最大高度為
知識(shí)點(diǎn)： 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用;功能關(guān)系
正確答案：ACD
試題解析：
ABD、管第一次與地面碰撞前，管與小球一起做自由落體運(yùn)動(dòng)，管與地面碰撞時(shí)，管與小球速度均為 v 1= ，彈起后管的速度等大反向，而小球的速度不變，管上升，小球繼續(xù)下降。
對(duì)小球有a 1= ，方向向上，
對(duì)管有a 2= ，方向向下，
以豎直向上為正方向，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間 t共速，則 ，
解得 t= ，
設(shè)此時(shí)管下端距地面的高度為h 1，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得 h 1= ，
此后管與小球?qū)⒁约铀俣?g減速上升 h 2到達(dá)最高點(diǎn)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有： h 2= ，
管第一次落地彈起后上升的最大高度 H 1= h 1+ h 2= ，
故圓管第一次彈起后上升的過(guò)程中一直減速運(yùn)動(dòng);小球先做勻減速運(yùn)動(dòng)，減速為零后再向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)與管共速后，整體一起向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，故AD正確，B錯(cuò)誤；
C、系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的機(jī)械能損失來(lái)源于小球與管之間的摩擦生熱，當(dāng)最終小球恰好不從管內(nèi)掉出時(shí)，有 5mgH= MgL+ mg（ H+ L），
解得 H= ，所以管的長(zhǎng)度范圍是 H≥ ，故C正確。
故選ACD。
知識(shí)點(diǎn)： 驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律
正確答案：
（5） ； （6） ； （7）??????????????
試題解析：
（5）碰撞前小球 做圓周運(yùn)動(dòng)，力傳感器的示數(shù)為F1，則有，解得
（6）小球 做平拋運(yùn)動(dòng)，則有 ， ，解得
（7）實(shí)驗(yàn)中 ，則碰撞后小球 不反彈，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有
???????
知識(shí)點(diǎn)： 實(shí)驗(yàn)：描繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn);測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻
正確答案：
（1）串聯(lián) ；59900 ；（2） ；（3）-R1；（4）0.29（0.27~0.31）。
試題解析：
（1）若想靈敏電流計(jì)G改裝成量程為6V的電壓表，需要串聯(lián)一個(gè)定值電阻R2，該定值電阻的阻值
（2）根據(jù)題意可知，本實(shí)驗(yàn)中采用電阻箱與改裝后的電壓表并聯(lián)進(jìn)行分析，并且采用R1與電源串聯(lián)充當(dāng)保護(hù)電阻使用，故電路圖如圖所示 ；
（3）由電路圖可得
因已知電源中的電流遠(yuǎn)大于電流計(jì)G中的電流，則可寫(xiě)成
即，則，，解得。
（4）由電路可知，即U=6-20I
將此關(guān)系圖像畫(huà)在燈泡的U-I圖像中，如圖；
則交點(diǎn)為電路的工作點(diǎn)，則I=0.24A，U=1.2V，則每只燈泡消耗的功率P=IU=0.29W
知識(shí)點(diǎn)： 帶電粒子在電場(chǎng)中的加速;帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)
正確答案：
解：（1）粒子在A、B板間的加速過(guò)程由動(dòng)能定理有，解得
（2）根據(jù)公式，得
（3）根據(jù)牛頓第二定律可得粒子在C、D間做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)豎直方向的加速度大小為，
根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有，得=
???????
知識(shí)點(diǎn)： 牛頓第三定律;圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律及其應(yīng)用;動(dòng)能定理;帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)
正確答案：
解：（1）F點(diǎn)時(shí)，對(duì)滑塊，由牛頓第二定律N+mg=m，根據(jù)牛頓第三定律知軌道對(duì)滑塊的壓力大小為N=6N，m=0.3kg，聯(lián)立解得滑塊到F點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能=0.9J；
（2）滑塊從D到F的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有qER-mgR=-，
在D點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有+qE=m，聯(lián)立解得=3N，根據(jù)牛頓第三定律知滑塊對(duì)軌道的壓力大小為3N；
（3）重力和電場(chǎng)力可看作等效重力(斜向左下方)，此時(shí)mg'==，
設(shè)等效重力的方向與豎直方向夾角為，則有=，可得=，
設(shè)等效最高點(diǎn)為M點(diǎn)，M點(diǎn)處，對(duì)圓弧軌道壓力最小，為10N據(jù)牛頓第二定律N'+mg'=m，圓弧軌道對(duì)滑塊的壓力大小N'=10N，
滑塊P從壓縮時(shí)到M點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得'--mg'R(1+)=，
聯(lián)立可得'=3.7J。
知識(shí)點(diǎn)： 動(dòng)能定理;動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用
正確答案：
解：(1) 設(shè)B和A的共同速度為v, B在A上滑動(dòng)時(shí), 由動(dòng)量守恒定律有:=(m+m)v
由功能關(guān)系有:-(m+)=mgL，聯(lián)立解得:=
(2) 設(shè)B第一次到達(dá)N時(shí)速度為vN, 由動(dòng)能定理有:(F-mg)=-，解得:=
因?yàn)?,B到達(dá)彈射裝置后會(huì)從右側(cè)離開(kāi),所以B在MN間的路程為:x=
(3)設(shè)B第一次到達(dá)N時(shí)速度為vN, 由動(dòng)能定理有:(F-mg)=-，解得:==
B在彈射裝置處反彈。反彈后, 設(shè)k=時(shí), B 恰好回到M點(diǎn)。B在從N到M過(guò)程中, 由動(dòng)能定理有:-(F+mg)=0-，解得:=0.6
當(dāng)0.6

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