2．每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號。在試題卷上作答無效。
3．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。
一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。
1．如圖1，一輕繩跨過光滑定滑輪，繩的一端系物塊，置于水平桌面上，與桌面間存在摩擦；繩的另一端懸掛沙袋，沙袋及沙的總質(zhì)量為。由靜止釋放物塊，測量的加速度大?。欢啻胃淖?，重復(fù)上述操作，最終得到圖像。重力加速度大小為。在下列圖像中，可能正確的是（ ）
A．B．C．D．
2．某電動小車在平直路面上以恒定功率啟動，經(jīng)過時(shí)間達(dá)到最大速度，該過程電動小車前進(jìn)的距離為。若電動小車的質(zhì)量為，所受阻力的大小恒為，下列說法錯(cuò)誤的是（ ）
A．小車做加速度不變的加速運(yùn)動
B．小車速度為時(shí)，所受牽引力大小等于阻力大小
C．該過程，電動機(jī)對小車所做的功為
D．該過程，電動機(jī)對小車所做的功為
3．圖2甲為用手機(jī)和輕彈簧制作的一個(gè)振動裝置。手機(jī)加速度傳感器記錄了手機(jī)在豎直方向的振動情況，以向上為正方向，得到手機(jī)振動過程中加速度隨時(shí)間變化的曲線為正弦曲線，如圖乙所示。下列說法正確的是（ ）
A．時(shí)，彈簧的彈性勢能為0
B．時(shí)，手機(jī)位于平衡位置上方
C．從至，手機(jī)的機(jī)械能不變
D．隨變化的關(guān)系式為
4．2024年4月25日，神舟十八號飛船與天宮空間站順利對接，運(yùn)載火箭先將飛船送入圓軌道I上，通過變軌進(jìn)入預(yù)定圓軌道。如圖3所示，飛船與空間站在對接前在各自預(yù)定的圓軌道I、III上運(yùn)動，II為對接轉(zhuǎn)移軌道。不考慮飛船質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（ ）
A．飛船從橢圓軌道II進(jìn)入預(yù)定圓軌道III需要減速
B．飛船在I軌道上的運(yùn)行速度小于在III軌道上的運(yùn)行速度
C．飛船在II軌道上的機(jī)械能大于在I軌道上的機(jī)械能
D．飛船在三個(gè)軌道上運(yùn)行時(shí)與地球連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等
5．如圖4所示電路，電源內(nèi)阻不計(jì)，點(diǎn)是電容器兩極板間的一個(gè)定點(diǎn)。為電容器的電容，為電源的電動勢?；瑒幼冏杵骰畛跆幱诙饲译娐诽幱诜€(wěn)定狀態(tài)，現(xiàn)滑片從端緩慢滑到端，則該過程中（ ）
A．電容器兩極板間的電壓先增大后減小
B．點(diǎn)電勢比點(diǎn)電勢略高
C．流過橫截面的電荷量等于
D．點(diǎn)的電勢升高
6．如圖5所示，在豎直軸上固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量為的點(diǎn)電荷在處、電荷量為的點(diǎn)電荷在處。將質(zhì)量為、電荷量為的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)過點(diǎn)后，剛能到達(dá)最低點(diǎn)。以處為電勢能零點(diǎn)、重力勢能零點(diǎn)，小球可視為點(diǎn)電荷。小球在此運(yùn)動過程中的重力勢能、機(jī)械能、動能及電勢能隨變化的圖像可能正確的是（ ）
A．B．C．D．
7．如圖6，真空中的勻強(qiáng)電場平行于紙面，半徑為的圓形區(qū)域處于勻強(qiáng)電場中。圓周上的點(diǎn)有一粒子源，能向紙面內(nèi)各個(gè)方向陸續(xù)發(fā)射初動能相等、帶電量均為的同種粒子，圓周上各處均有粒子到達(dá)。不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用。、是圓的兩條相互垂直的直徑。測得粒子到達(dá)圓周時(shí)的最小動能比初動能小，最大動能比初動能大。則（ ）
A．電場強(qiáng)度的大小為B．電場強(qiáng)度的大小為
C．電場方向與的夾角為D．電場方向與的夾角為
二、多項(xiàng)選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
8．如圖7所示，兩根通電導(dǎo)線、沿垂直紙面的方向放置，導(dǎo)線、中通有電流、，電流的方向未畫出。點(diǎn)為兩導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，，、兩點(diǎn)位于連線段的中垂線上并關(guān)于點(diǎn)對稱，且已知點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直向下。已知直線電流產(chǎn)生的磁場在某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與該點(diǎn)到通電導(dǎo)線的距離成反比，則下列說法正確的是（ ）
A．中的電流方向垂直紙面向外、中的電流方向垂直紙而向里
B．
C．點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直向上
D．若，方向不變，則兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同
9．如圖8所示，柔力球以迎、引、拋及弧形接發(fā)技術(shù)為特征，是一項(xiàng)集健身、表演和競技為一體的富有民族特色的體育運(yùn)動。如圖，健身者能控制球拍使球在豎直而內(nèi)做半徑為的勻速圓周運(yùn)動，忽略球運(yùn)動過程中受到的空氣阻力。為圓周的最高點(diǎn)，為最低點(diǎn)，在這兩處拍面水平，、兩點(diǎn)與圓心等高。已知球的質(zhì)量為，重力加速度大小為，球在點(diǎn)對球拍的壓力大小為，則球（ ）
A．做圓周運(yùn)動的線速度大小為
B．在處受到球拍的作用力為
C．在處一定只受到兩個(gè)力的作用
D．圓周運(yùn)動的周期為
10．如圖9甲，托卡馬克是一個(gè)由封閉磁場組成的“容器”，形狀像一個(gè)放倒的輪胎，帶電粒子會沿封閉的磁力線做螺旋式運(yùn)動，上億度高溫的等離子體被約束在環(huán)形的磁場中，為核聚變的發(fā)生提供必要條件。我國托克馬克裝置在世界上首次實(shí)現(xiàn)了穩(wěn)定運(yùn)行100秒的成績，托卡馬克裝置的主要特點(diǎn)是采用多個(gè)磁場疊加才能實(shí)現(xiàn)磁約束。圖乙為其真空室某處橫截面環(huán)向磁場的示意圖，越靠近真空室的右側(cè)（即甲圖中靠近豎直中央軸線的一側(cè)）環(huán)向磁場越強(qiáng)。不計(jì)粒子重力及相互作用，若粒子僅在圖乙環(huán)向磁場中運(yùn)動，下列說法正確的是（ ）
A．正離子在環(huán)向磁場中沿順時(shí)針方向運(yùn)動
B．帶電粒子在環(huán)向磁場中速度的大小不變
C．在環(huán)向磁場中，帶電粒子的軌跡將逐漸發(fā)生左右方向的遷移
D．在環(huán)向磁場中，帶電粒子的軌跡將逐漸發(fā)生上下方向的遷移
三、非選擇題：共5小題，共57分。
11．（7分）用如圖10甲所示的氣墊導(dǎo)軌來驗(yàn)證動量守恒定律。在氣墊導(dǎo)軌的一端裝有位移傳感器（圖中未畫出），、兩物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）沿同一直線運(yùn)動并發(fā)生正碰，若物塊的質(zhì)量為，物塊的質(zhì)量為，表中是電腦記錄的、兩物塊在同一時(shí)刻與傳感器的距離。
（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判斷出位移傳感器固定在氣墊導(dǎo)軌的________（填“左邊”或“右邊”）。
（2）為了更方便判斷、碰撞時(shí)是否滿足動量守恒，于是畫出了、兩物塊位置隨時(shí)間變化的圖像（如圖乙），、分別為、兩物塊碰撞前后的位置—時(shí)間圖線。
①碰撞前物塊的速度大小為________，碰撞前物塊的速度大小為________。
②由題中數(shù)據(jù)結(jié)合圖像中提供的信息，可判斷兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量________（填“守恒”或“不守恒”），這個(gè)碰撞________（填“是”或“不是”）彈性碰撞。
12．（9分）錢學(xué)森班的同學(xué)們打算估測幾個(gè)電阻的阻值?，F(xiàn)有一只電流表、一個(gè)電源（內(nèi)阻未知）、一個(gè)阻值為的定值電阻、一個(gè)阻值為的定值電阻（用作保護(hù)電阻），開關(guān)和導(dǎo)線若干。他們設(shè)計(jì)了如圖11甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)步驟如下：
第一步：把若干個(gè)待測電阻分別單獨(dú)接入、之間，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)一致，據(jù)此他們認(rèn)為這些電阻的阻值相等，均設(shè)為。
第二步：取下待測電阻，在、之間接入定值電阻，記下電流表的示數(shù)，如圖乙。
第三步：取下定值電阻，將個(gè)待測電阻并聯(lián)后接入、之間，記下并聯(lián)待測電阻的個(gè)數(shù)與電流表對應(yīng)示數(shù)。
請完成如下計(jì)算和判斷：
（1）如圖乙，電流表的示數(shù)________。
（2）根據(jù)上述第二步，與、、、關(guān)系式是________。
（3）定義，則與________（填“”“”或“”）的關(guān)系式是如圖丙所示的線性關(guān)系。
（4）已知，，結(jié)合讀取的數(shù)據(jù)和圖丙的信息可得________，同時(shí)可得________，________。（均保留2位有效數(shù)字）
（5）本實(shí)驗(yàn)中未考慮電流表的內(nèi)阻，對、、的測量值________（填“均有”“均無”或“部分有”）影響。
13．（10分）如圖12所示，用兩根長度相同的絕緣細(xì)線把一個(gè)質(zhì)量為的小球懸掛到水平板的、兩點(diǎn)，上帶有的正電荷，兩線夾角為，左右兩線上的拉力大小分別為和。的正下方處有一個(gè)與帶等量異種電荷的小球固定在絕緣支架上。已知重力加速度取，靜電力常量，、球可視為點(diǎn)電荷。則：
（1）兩線上的拉力大小分別為多少？
（2）若將小球和絕緣支架一起水平右移，使、、在同一直線上，此時(shí)兩線上的拉力大小又分別為多少？
14．（13分）質(zhì)量為的物體穿在光滑的水平桿上，用長為的細(xì)繩與質(zhì)量為的小球相連，如圖13甲所示，初始時(shí)、在同一水平面上（細(xì)繩平行于水平桿），且細(xì)繩剛好拉直。將小球由靜止釋放，當(dāng)細(xì)繩剛好豎直、小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)繩子恰好繃斷。已知、均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為。求：
（1）小球運(yùn)動到最低點(diǎn)時(shí)，物體的速度大小以及相對于初始位置運(yùn)動的距離；
（2）細(xì)繩的最大張力；
（3）以物體的初始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖乙所示平面直角坐標(biāo)系，求出繩斷之前小球運(yùn)動的軌跡方程。
15．（18分）如圖14所示，在平面內(nèi)，在，（未知）的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場、方向沿軸正方向，電場強(qiáng)度的大小可以調(diào)節(jié)；在和區(qū)間內(nèi)分別存在垂直平面向外的勻強(qiáng)磁場區(qū)域I和II，兩區(qū)域內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小也相同。平面內(nèi)軸正半軸上距離坐標(biāo)原點(diǎn)處有一粒子源，可向平面內(nèi)第一象限沿不同力向射入速度大小均為的粒子，粒子質(zhì)量為，帶正電且電荷量為。不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用。當(dāng)粒子源發(fā)射與軸正方向夾角為的粒子時(shí)，該粒子恰好從勻強(qiáng)電場的左邊界上處進(jìn)入電場，然后從勻強(qiáng)電場的右邊界上處射出電場，并且首次在磁場區(qū)域II運(yùn)動過程中剛好不從下邊界射出磁場。（）
（1）求勻強(qiáng)磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；
（2）求的大?。ㄓ帽硎?，未知）；
（3）調(diào)節(jié)電場強(qiáng)度的大小，使得當(dāng)粒子欲發(fā)射的粒子沿方向射出時(shí)（速度仍為），恰好擊中沿軸放置的粗細(xì)不計(jì)的金屬條的右端，該金屬條長度為，左端距離坐標(biāo)原點(diǎn)。粒子擊中金屬條立即被吸收，求所有滿足條件的勻強(qiáng)電場的大小。
物理參考答案
選擇題：共10小題，共43分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題5分，全部選對的給5分，選對但不全的給3分，有選錯(cuò)的給0分。
【解析】
1．設(shè)的質(zhì)量為，與桌面的動摩擦力為；以為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得；以沙袋和沙為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得；聯(lián)立可得，可知不是線性關(guān)系，排除A、C選項(xiàng)?？芍?dāng)沙袋和沙的總重力小于物塊最大靜摩擦力時(shí)，物塊靜止，加速度為0，當(dāng)沙袋和沙的總重力大于時(shí)，才有一定的加速度，當(dāng)趨于無窮大時(shí)，加速度趨近等于，故選D。
2．由題意可知，小車保持功率恒定，所受阻力恒為，由，則速度增大時(shí)，牽引力減小，由牛頓第二定律可知，小車的加速度先變小，在速度最大時(shí)，加速度為0，故A錯(cuò)誤。小車速度最大時(shí)，小車的牽引力等于阻力，故B正確。小車在運(yùn)動過程中，由動能定理可得，解得電動機(jī)對小車所做的功為，故C正確。汽車功率恒定為，因此電動機(jī)對小車所做的功等于，故D正確。
3．由題圖乙知，時(shí)，手機(jī)加速度為0，由牛頓第二定律得彈簧彈力大小為，彈簧處于拉伸狀態(tài)，彈性勢能不為0，故A錯(cuò)誤。由題圖乙知，時(shí)，手機(jī)的加速度為正，則手機(jī)位于平衡位置下方，故B錯(cuò)誤。由題圖乙知，從至，手機(jī)的加速度增大，手機(jī)從平衡位置向最大位移處運(yùn)動，彈簧的彈性勢能增大，手機(jī)的機(jī)械能減小，故C錯(cuò)誤。由題圖乙知，則角頻率，則隨變化的關(guān)系式為，故D正確。
4．飛船需要通過加速從橢圓軌道II進(jìn)入預(yù)定圓軌道III，故A錯(cuò)誤。根據(jù)萬有引力等于向心力，可得，可知飛船在I軌道運(yùn)行速度大于在III軌道上的運(yùn)行速度，故B錯(cuò)誤。飛船從軌道I到軌道II要進(jìn)行加速，機(jī)械能增加，則飛船在II軌道上的機(jī)械能大于在I軌道上的機(jī)械能，故C正確。根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船在三個(gè)不同軌道上運(yùn)行時(shí)，與地球連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過的面積不相等，故D錯(cuò)誤。
5．滑片緩慢向右滑行全程，電容器兩極板由“下正上負(fù)”逐漸轉(zhuǎn)變?yōu)椤吧险仑?fù)”，電容器經(jīng)歷先放電再充電的過程，則兩極板間的電壓先減小后增大，故A錯(cuò)誤。根據(jù)“充電電流流向正極板，放電電流流向負(fù)極板”可知，充放電流全程由點(diǎn)經(jīng)流向點(diǎn)，由于過程緩慢，則充放電流很小，所以兩端電壓很小，即點(diǎn)電勢比點(diǎn)略高，故B錯(cuò)誤。點(diǎn)的電勢先比上極板高，后比上極板低，故點(diǎn)電勢降低，故D錯(cuò)誤。放電過程，向下流過的電量為，充電過程，向下流過的電量為，全程向下流過過的電量為，故C正確。
6．處為重力勢能零點(diǎn)，則在處重力勢能為0，重力勢能變化與下落高度成線性關(guān)系，故A錯(cuò)誤。設(shè)正電荷的正上方處電場強(qiáng)度為0，則，解得，即點(diǎn)場強(qiáng)為0；機(jī)械能的變化對應(yīng)電場力做功，結(jié)合圖可知，點(diǎn)上方場強(qiáng)方向向下，點(diǎn)到正電荷場強(qiáng)方向向上。則小球從點(diǎn)到點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功，機(jī)械能先增大后減小，電勢能先減小后增加并且在處為0，故D錯(cuò)誤，B正確。電荷初末速度為0，中間過程不為0，所以動能先增加后減小。分析可知，則動能最大的位置在下方不在處，故C錯(cuò)誤。
7．最大動能與最小動能出現(xiàn)在平行于電場方向的直徑的兩端。設(shè)該直徑（即電場方向）與夾角為，過點(diǎn)作該直徑的垂線，即為點(diǎn)所在的等勢線。根據(jù)動能定理有；，得；。故選B。
8．由題意點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則說明導(dǎo)線、在點(diǎn)產(chǎn)生的磁場大小相等、方向相反，又因?yàn)辄c(diǎn)距、的距離比為，則，可得電流之比為，故B錯(cuò)誤。由B分析可知，導(dǎo)線在點(diǎn)產(chǎn)生的磁場強(qiáng)，點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直向下，由安培定則可知中的電流方向向外、則中的電流方向向里，故A正確。由安培定則可知，導(dǎo)線、在點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向均垂直連線向上，故C正確。由于，分別作出兩電流在、兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向，如圖所示，根據(jù)磁場的矢量合成可知、兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相同，故D正確。
9．球在點(diǎn)對球拍的壓力大小為，由牛頓第三定律，在點(diǎn)球拍對球的支持力大小，則在點(diǎn)，解得做圓周運(yùn)動的線速度大小，故A錯(cuò)誤。在處，解得，球在處受到球拍的作用力為，故B正確。設(shè)在處球拍與水平面的夾角為，且僅受重力、支持力作用，則有，又，解得，若不滿足，小球在處還受摩擦力的作用，故C錯(cuò)誤。運(yùn)動的周期為，故D正確。
10．根據(jù)左手定則可判斷正離子在磁場中受力如圖，所以正離子在環(huán)向場中沿逆時(shí)針方向運(yùn)動，故A錯(cuò)誤。由于洛倫茲力總是與速度方向垂直，所以洛倫茲力不改變速度大小，則帶電粒子在環(huán)向場中的速度大小不變，故B正確。由圖可知左右兩邊磁感應(yīng)強(qiáng)度不一樣，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有，解得，可知同一正離子在磁場中因?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度不同導(dǎo)致左右的半徑不同，所以發(fā)生偏移，越大，越小，所以同一正離子在左邊部分的半徑大于右邊部分的半徑，結(jié)合左手定則判斷出正離子就會向下側(cè)遷移，同理可知電子向上側(cè)遷移，故C錯(cuò)誤，D正確。
非選擇題：共5小題，共57分。
11．（除特殊標(biāo)注外，每空1分，共7分）
（1）右邊
（2）①4 2 ②守恒（2分） 不是（2分）
【解析】（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判斷出位移傳感器在開始時(shí)距離端較近，則固定在右邊。
（2）①根據(jù)圖像碰撞前物塊的速度為，碰撞前物塊的速度為。②由圖可知碰撞后物塊的速度為，碰撞后物塊的速度為，則可知，故可得出結(jié)論兩物塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒，但是總動能減少。
12．（除特殊標(biāo)注外，每空1分，共9分）
（1）0.30
（2）
（3）（2分）
（4）3.0 3.0 1.0
（5）部分有（2分）
【解析】（1）電流表分度值為，讀數(shù)結(jié)果為小數(shù)點(diǎn)后兩位。
（2）據(jù)全電路的歐姆定律，得。
（3）據(jù)全電路的歐姆定律，得，則有。
（4）結(jié)合圖丙的截距、斜率，可得，，再結(jié)合讀數(shù)，得。
（5）方案未考慮電流表內(nèi)阻，修正后，，對無影響，則對和無影響；但，對有影響。
13．（10分）解：（1）以球?yàn)檠芯繉ο?，受?個(gè)力作用，如圖；可把重力和靜電力先合起來看作1個(gè)力，則可看作受3個(gè)力平衡；其中
根據(jù)對稱性
（評分標(biāo)準(zhǔn)：此小題也可用正交分解法或矢量三角形解答，不論什么方法，抓住靜電力計(jì)算1分，過程計(jì)算2分，結(jié)論各1分，共5分評分即可）
（2）按照要求移動的位置，繼續(xù)以球?yàn)檠芯繉ο?，受?個(gè)力作用，如圖；其中左側(cè)拉力和靜電力共線，可把這2個(gè)力先合起來看作1個(gè)力，則可看作受3個(gè)力平衡；由幾何關(guān)系得，則
根據(jù)對稱性
，則
（評分標(biāo)準(zhǔn)：此小題也可用正交分解法或矢量三角形解答，不論什么方法，抓住靜電力計(jì)算1分，過程計(jì)算2分，結(jié)論各1分，共5分評分即可）
14．（13分）
解：（1）從小球釋放開始，兩物體在水平方向動量守恒，時(shí)刻有
結(jié)合能量守恒，在最低點(diǎn)時(shí)有
①
②
解得③
運(yùn)動的過程有④
有⑤
解得⑥
（2）小球在最低點(diǎn)時(shí)，相對于物體做圓周運(yùn)動，半徑為
相對速度為⑦
根據(jù)牛頓第二定律，有⑧
解得細(xì)繩的最大張力為⑨
（3）物體和小球在平面直角坐標(biāo)系運(yùn)動過程中，設(shè)的位置坐標(biāo)為，的位置坐標(biāo)為；根據(jù)動量守恒有⑩
、之間的距離不變有?
聯(lián)立得?
（，）?
評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共13分。正確得出①~?式各給1分。得出與?式等價(jià)的結(jié)果也給分。
15．（18分）
解：（1）由題意知，得①
粒子在磁場I中做勻速圓周運(yùn)動，有②
計(jì)算得③
（2）設(shè)粒子射出電場時(shí)的速度為，與方向夾角為，在電場中運(yùn)動時(shí)間為，粒子在電場中運(yùn)動分解后軸方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動，有④
軸方向?yàn)閯蜃兯僦本€運(yùn)動，有⑤
粒子在磁場II中做勻速圓周運(yùn)動，有⑥
由題意知⑦
且⑧
整理計(jì)算得⑨
則⑩
（3）假設(shè)粒子在電場中減速了次后速度為，在磁場II中圓周運(yùn)動半徑為，有
?
?
又
得?
又
得?
計(jì)算得，取整數(shù)1，2，3，4
則電場強(qiáng)度可以為，，，?
評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共18分。正確得出?式給4分，其余各式各給1分。1.20
1.01
0.80
0.59
0.40
0.35
0.30
0
0.10
0.21
0.30
0.40
0.25
0
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
A
D
C
C
B
B
ACD
BD
BD

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