選擇題（共10小題，46分，第1-7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，第8-10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）
1．如圖為某掃地機(jī)器人，已知其工作的額定電壓為15V，額定功率為30W，充電額定電壓為24V，額定電流為0.5A，電池容量為2000mAh，則下列說法中錯(cuò)誤的是（ ）
A．電池容量是指電池儲存電能的大小
B．機(jī)器人充滿電后連續(xù)工作時(shí)間約為1h
C．機(jī)器人正常工作時(shí)的電流為2A
D．機(jī)器人充滿電大約需要4h
2．如圖所示，同種材料制成的圓柱形導(dǎo)體a，b，a的直徑是b的2倍。將兩部分導(dǎo)體串接在電路中，通過恒定電流時(shí)自由電子在兩部分導(dǎo)體中定向移動的速度等于（ ）
A．1∶1B．1∶2C．1∶4D．2∶1
3．如圖所示，帶電粒子只在電場力作用下由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)。圖中實(shí)線為電場線，虛線為粒子運(yùn)動軌跡，由圖可知（ ）
A．粒子帶負(fù)電
B．粒子電性不確定
C．帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的加速度小于在B點(diǎn)時(shí)的加速度大小
D．帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的速度大于在B點(diǎn)時(shí)的速度大小
4．如圖所示，電阻，，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表A的示數(shù)為0.5A；當(dāng)S閉合時(shí)，A的示數(shù)為0.75A．則電源電動勢E和內(nèi)阻r為（ ）
，B．，
C．，D．，
5．將一支圓珠筆的按壓式小帽朝下按在桌面上，放手后筆會向上彈起一定高度。某次實(shí)驗(yàn)中測得圓珠筆彈起的最大高度為h，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（ ）
A．彈簧恢復(fù)原長的過程，圓珠筆所受合力的沖量為零
B．圓珠筆離開桌面瞬間的初速度大小為
C．彈簧恢復(fù)原長時(shí)，圓珠筆的動量最大
D．上升過程中，圓珠筆（含彈簧）的機(jī)械能守恒
6．如圖所示，a、b、c、e是某勻強(qiáng)電場中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)邊長為0.2m的菱形的四個(gè)頂點(diǎn)，且∠b=120°，直線ab平行于直線dc，e為dc中點(diǎn)。已知a點(diǎn)的電勢為1V，b點(diǎn)的電勢為-3V，e點(diǎn)的電勢為5V，下列說法正確的是（ ）
A．該電場方向?yàn)閺腸點(diǎn)指向b點(diǎn)
B．c點(diǎn)的電勢為-7V
C．該電場的電場強(qiáng)度大小為40V/m
D．帶電荷量為0.1C的負(fù)電荷從d點(diǎn)移動到c點(diǎn)，電場力對該負(fù)電荷做的功為0.8J
7．用如圖甲所示的電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，電流表A為理想電表，改變電阻箱R的阻值，測得多組數(shù)據(jù)，根據(jù)測得數(shù)據(jù)描繪的圖線如圖乙所示。將該電源、電阻箱R、表筆a和b與量程為10mA、內(nèi)阻為50Ω的毫安表連成如圖丙所示的電路，將毫安表改裝成歐姆表，下列說法正確的是（ ）
A．電源電動勢，內(nèi)電阻
B．甲圖中，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為時(shí)，電源的輸出功率為12W
C．丙圖中，表筆a和b短接，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為時(shí)，毫安表滿偏
D．丙圖中，歐姆調(diào)零后，表筆a和b間接入阻值為的電阻，毫安表的示數(shù)為4mA
8．靜電除塵是工業(yè)生產(chǎn)中處理煙塵的常用方法之一。如圖甲，除塵裝置工作時(shí)，中心的金屬導(dǎo)線B帶負(fù)電，金屬管A接地，A、B之間產(chǎn)生如圖乙所示的強(qiáng)電場，e、f是電場中兩點(diǎn)。導(dǎo)線B附近的氣體分子被強(qiáng)電場電離，電子在向正極A運(yùn)動的過程中，使煙塵中的顆粒帶上負(fù)電，煙塵顆粒在靜電力作用下，被吸附到正極A上。不計(jì)煙塵顆粒的重力，除塵裝置工作過程中，下列說法正確的是（ ）
A．e點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小大于f點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小
B．e點(diǎn)的電勢高于f點(diǎn)的電勢
C．帶電的煙塵顆粒向A運(yùn)動的過程中，電勢能減小
D．帶電的煙塵顆粒向A運(yùn)動的過程中，做勻加速直線運(yùn)動
9．在如圖所示的電路中，R1、R2和R4皆為定值電阻，R3為光敏電阻，光照強(qiáng)度增大時(shí)電阻會變小，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r。設(shè)電流表A1的讀數(shù)為I1，電流表A2的讀數(shù)為I2，電容器兩水平極板間有一帶電液滴靜止于P點(diǎn)，電壓表V的讀數(shù)為U，當(dāng)照射到R3的光強(qiáng)增大時(shí)，各電表示數(shù)變化大小分別為、、，則（ ）
A．I1變大，I2變小，U變大
B．液滴帶正電，光強(qiáng)增大后將向上運(yùn)動
C．光強(qiáng)增大后，P點(diǎn)電勢降低
D．變小
10．工業(yè)生產(chǎn)中需要物料配比的地方常用“吊斗式”電子秤，圖甲所示的是“吊斗式”電子秤的結(jié)構(gòu)圖，其中實(shí)現(xiàn)稱質(zhì)量的關(guān)鍵性元件是拉力傳感器．拉力傳感器的內(nèi)部電路如圖所示，R1、R2、R3是定值電阻，R1=20k，R2=10k，R0是對拉力敏感的應(yīng)變片電阻，其電阻值隨拉力變化的圖象如圖乙所示，已知料斗重1×103N，沒裝料時(shí)Uba=0，g取10m/s2．下列說法中正確的是（ ）

A．R3阻值為40 k
B．裝料時(shí)，R0的阻值逐漸變大，Uba的值逐漸變小
C．拉力越大應(yīng)變片電阻阻值也變大，Uba傳感器的示數(shù)也變大
D．應(yīng)變片作用是把物體形變這個(gè)力學(xué)量轉(zhuǎn)換為電壓這個(gè)電學(xué)量
二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共16分）
11．（8分）為了研究咸湖出現(xiàn)的規(guī)律，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)檢測河水電阻率的實(shí)驗(yàn)，他在一根均勻的長玻璃管兩端裝上兩個(gè)橡膠塞和鉑電極，如圖甲所示，兩電極相距L＝0.314m，其間充滿待測的河水，安裝前他用如圖乙所示的游標(biāo)卡尺(圖為卡尺的背面)測量玻璃管的內(nèi)徑，結(jié)果如圖丙所示。他還選用了以下儀器：量程15 V，內(nèi)阻約300 kΩ的電壓表；量程300 μA，內(nèi)阻約50 Ω的電流表；最大阻值1 kΩ的滑動變阻器；電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝6 Ω的電池組、開關(guān)各一只，以及導(dǎo)線若干。圖丁坐標(biāo)系中包括坐標(biāo)為（0,0）的點(diǎn)在內(nèi)的9個(gè)點(diǎn)表示他測得的9組電流I、電壓U的值，根據(jù)以上材料完成以下問題：

（1）測量玻璃管的內(nèi)徑時(shí)，應(yīng)將圖乙所示游標(biāo)卡尺中的A、B、C三部分中的 與玻璃管內(nèi)壁接觸。(填代號)
（2）玻璃管的內(nèi)徑d＝ mm。
（3）圖戊中的實(shí)物儀器有一部分已連線，將其他部分連接成能測出圖丁數(shù)據(jù)的實(shí)物連接圖 。
（4）水的電阻率ρ＝ (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。
12．（8分）某同學(xué)想要研究小燈泡的伏安特性，現(xiàn)有的實(shí)驗(yàn)器材如下：
A．小燈泡L（額定電壓約3.8V，額定功率約1.8W）B．電壓表（量程3V，內(nèi)阻為）
C． 電壓表（量程為15V，內(nèi)阻為） D．電流表A（量程為0.6A，內(nèi)阻約為）
E. 定值電阻（阻值） F. 定值電阻（阻值）
G. 滑動變阻器R（阻值） H. 電源E（電動勢5V，內(nèi)阻不計(jì)）
開關(guān)S，導(dǎo)線若干；
(1)該同學(xué)已選定的器材是小燈泡L、滑動變阻器R、電源E、開關(guān)S、導(dǎo)線若干，要完成該實(shí)驗(yàn)，還需要的器材是 （填寫器材前的字母序號）；
(2)實(shí)驗(yàn)要求能夠較準(zhǔn)確的畫出燈泡的伏安特性曲線，請?jiān)趫D1虛線框中幫助該同學(xué)畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖。( )

(3)正確設(shè)計(jì)并連接好電路，實(shí)驗(yàn)中測得該燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，由實(shí)驗(yàn)的圖線可知，小燈泡在額定電壓下工作時(shí)的電阻為 。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）
(4)現(xiàn)將兩個(gè)相同的小燈泡按如圖3電路圖連接到另一個(gè)電路中，圖中電源的電動勢為5V，內(nèi)阻為，定值電阻的阻值為，閉合開關(guān)S，則每個(gè)小燈泡的實(shí)際功率為 W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）
三、計(jì)算題（10+12+16=38分，過程有必要的文字說明）
13．（10分）在檢測籃球的性能時(shí)，檢測人員將籃球從高處自由下落，通過測量籃球自由下落的高度、反彈高度及下落和反彈的總時(shí)間等數(shù)據(jù)來測評籃球是否合格。在某次檢測過程中，檢測員將籃球最低點(diǎn)置于距離地面H1=1.8m處開始自由下落，測出籃球從開始下落到第一次反彈至最高點(diǎn)所用的時(shí)間為t=1.5s，籃球最低點(diǎn)所能到達(dá)的最大高度降為H2=1.25m。已知該籃球的質(zhì)量為0.6kg。不計(jì)空氣阻力。（g=10m/s2）
（1）求籃球第一次反彈過程中與地面接觸的時(shí)間；
（2）籃球第一次與地面接觸的過程中對地面的平均作用力大小。
14．（12分）某直流電動起重機(jī)裝置如圖所示。已知電源電動勢，電源內(nèi)阻，電阻，當(dāng)重物質(zhì)量很大時(shí)，閉合開關(guān)S，電動機(jī)未能將重物提升，且轉(zhuǎn)軸與繩間不打滑，此時(shí)理想電壓表的示數(shù)為5V；當(dāng)重物質(zhì)量時(shí)，閉合開關(guān)S，電動機(jī)最后以穩(wěn)定速度勻速提升重物，此時(shí)電動機(jī)消耗功率最大（不計(jì)摩擦，g?。┣螅?br>(1)電動機(jī)的內(nèi)阻；
(2)重物勻速上升時(shí)流過電動機(jī)的電流大?。?br>(3)重物勻速上升的速度大小v。
15．（16分）如圖所示，一光滑曲面與足夠長的水平直軌道平滑連接，直軌道MN段粗糙，其余部分光滑，MN段存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場，N點(diǎn)右側(cè)的P點(diǎn)處靜止放置一絕緣物塊b，一帶正電的物塊a從曲面上距水平面高為h處由靜止釋放，滑出電場后與物塊b發(fā)生彈性碰撞。已知h=1.0m，直軌道長L=1.0m，物塊a與MN之間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，物塊a的質(zhì)量m=1kg，物塊b的質(zhì)量M=2kg，場強(qiáng)E=2×106N/C，物塊a的電荷量q=6×10-6C，重力加速度g取10m/s2。物塊a、b均可視為質(zhì)點(diǎn)，運(yùn)動過程中物塊a的電荷量始終保持不變。
(1)求物塊a與物塊b第一次碰撞前瞬間物塊a的速度大小；
(2)求物塊a與物塊b第一次碰撞后，物塊b的速度大??；
(3)若每次物塊a與P點(diǎn)處的物塊碰撞之后，都立即在P點(diǎn)放入與物塊b完全相同的靜止物塊。求物塊a靜止釋放后，經(jīng)過足夠多次的碰撞，物塊a在電場中運(yùn)動的總路程。
參考答案：
1．A
【詳解】A．電池容量是指電池的存儲電量（電流與時(shí)間的乘積）多少，單位是“Ah”，不是儲存電能的大小，故A不正確，符合題意；
BC．機(jī)器人正常工作時(shí)的電流
機(jī)器人充滿電后一次工作時(shí)間為
故BC正確，不符合題意；
D．電池容量2000mAh，充電電流為0.5A，所以充電的時(shí)間
故D正確，不符合題意。
故選A。
2．C
【詳解】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式，I相同，S與v成反比, a的直徑是b的2倍，則
所以
故選C。
3．C
【詳解】AB．由電場力方向應(yīng)指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向大致斜向右上方，即粒子受力的方向與電場線的方向一致，所以粒子帶正電荷，故AB錯(cuò)誤；
C．A點(diǎn)處的電場線較疏，而B點(diǎn)處電場線較密，則A點(diǎn)處的電場強(qiáng)度較小，粒子所受的電場力也較小，粒子的加速度也較小，故C正確；
D．從A運(yùn)動到B，粒子所受電場力方向與運(yùn)動方向的夾角小于90°，電場力對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則有帶電粒子在A點(diǎn)時(shí)的速度小于在B點(diǎn)時(shí)的速度大小，故D錯(cuò)誤。
故選C。
4．B
【詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律得：當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，有
當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，有
聯(lián)立求得
故選B。
5．D
【詳解】A．彈簧恢復(fù)原長的過程，圓珠筆所受合力不為0，故圓珠筆所受合力的沖量不為零，故A錯(cuò)誤；
B．圓珠筆彈起的最大高度為h，根據(jù)公式得
解得
所以圓珠筆離開桌面瞬間的初速度大小為，故B錯(cuò)誤；
C．當(dāng)彈簧恢復(fù)到彈簧彈力等于重力時(shí)，此時(shí)速度最大，圓珠筆的動量最大，故C錯(cuò)誤；
D．上升過程中，圓珠筆（含彈簧）只受到重力作用，所以圓珠筆（含彈簧）的機(jī)械能守恒，故D正確。
故選D。
6．C
【詳解】AB．已知a點(diǎn)的電勢為1V，b點(diǎn)的電勢為-3V，e點(diǎn)的電勢為5V，c點(diǎn)的電勢滿足
解得
則ac連線為等勢面，則場強(qiáng)方向沿eb方向，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；
C．該電場的電場強(qiáng)度大小為
選項(xiàng)C正確；
D．帶電荷量為0.1C的負(fù)電荷從d點(diǎn)移動到c點(diǎn)，電場力對該負(fù)電荷做的功為
選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
故選C。
7．D
【詳解】A．由閉合電路歐姆定律得
化簡得
結(jié)合圖線可得，電源電動勢為
內(nèi)電阻為
A錯(cuò)誤；
B．甲圖中，當(dāng)電阻箱R接入電路的阻值為時(shí)，流過電源的電流和電源的輸出功率為
B錯(cuò)誤；
C．丙圖中，表筆a和b短接，由閉合電路歐姆定律得
解得
C錯(cuò)誤；
D．丙圖中，歐姆調(diào)零后，由閉合電路歐姆定律得
解得
D正確。
故選D。
8．BC
【詳解】A．由圖乙可知，e點(diǎn)處電場線分布比f點(diǎn)電場線分布稀疏，e點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小小于f點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知，e點(diǎn)的電勢高于f點(diǎn)的電勢，故B正確；
C．帶電的煙塵顆粒向A運(yùn)動的過程，電場力做正功，速度增加，電勢能減小，故C正確；
D．由于電場不是勻強(qiáng)電場，越靠近A電場強(qiáng)度越小，根據(jù)牛頓第二定律，帶電的煙塵顆粒向A運(yùn)動的過程，加速度逐漸減小，做加速度減小的加速運(yùn)動，故D錯(cuò)誤。
故選BC。
9．BC
【詳解】A．當(dāng)照射到R3的光強(qiáng)增大時(shí)，R3的阻值減小，則整個(gè)回路中的總電阻減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，回路中的總電流增大，而電流表A1在干路，則電流表讀數(shù)I1變大；由于回路中總電流增大，則內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，而路端電壓
定值電阻、為定值電阻且在干路，因此、兩端的電壓增大，則兩端的電壓必定減小，而電流表A2與定值電阻串聯(lián)，因此電流表A2的讀數(shù)為I2減小，而電壓表V的讀數(shù)
則可知電壓表V的讀數(shù)U減小，故A錯(cuò)誤；
B．電容器下極板與電源正極相連，則可知下極板帶正電，而液滴開始處于平衡狀態(tài)，則可知液滴所受電場力豎直向上，因此可得液滴帶正電，而光照增強(qiáng)后，與電容器并聯(lián)的定值電阻兩端的電壓增大，因此可知電容器兩端的電壓增大，電場強(qiáng)度增大，電場力增大，則可知液滴將向上運(yùn)動，故B正確；
C．由于下極板接地，則有
而光強(qiáng)增大后電容器間的場強(qiáng)增大，對于
可知增大，因此減小，故C正確；
D．根據(jù)電路圖可知
因此可得
即不變，故D錯(cuò)誤。
故選BC。
10．AC
【詳解】試題分析：沒裝料時(shí)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可得R1兩端的電壓為：;從R-F圖中可得，沒裝料時(shí)，料斗重1×103N，此時(shí)，所以R3兩端的電壓為，因?yàn)榇藭r(shí)Uba=0，說明R1兩端的電壓和R3兩端的電壓相等，即，解得，A正確；裝料時(shí)，由于R1所在支路電流恒定，所以a點(diǎn)的電勢恒定，而R3所在支路中R0逐漸增大，該支路電流減小，R3兩端的電壓減小，即b的電勢減小，所以Uba逐漸增大，B錯(cuò)誤,C正確；應(yīng)變片作用是把拉力這個(gè)力學(xué)量轉(zhuǎn)換為電壓這個(gè)電學(xué)量，D錯(cuò)誤；故選AC．
考點(diǎn)：串并聯(lián)電路，歐姆定律，傳感器的應(yīng)用
11． A 5.50 見解析
【詳解】（1）[1]測量玻璃管內(nèi)徑時(shí)，應(yīng)圖（2）中的游標(biāo)卡尺中的A與玻璃管的內(nèi)徑接觸；
（2）[2]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為
（3）[3]根據(jù)U-I圖象可知電流從零開始，所以滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法，由于水柱的電阻遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法，實(shí)物連線圖如圖所示
（4）[4]根據(jù)描點(diǎn)法，在圖4中畫出U-I圖像，圖像的斜率表示水柱的電阻，即
又因?yàn)?br>，
聯(lián)立解得
可算出水的電阻率
12．(1)BDF
(2)
(3)8.4
(4)0.53
【詳解】（1）要研究小燈泡的伏安特性，需要用到電流表和電壓表。燈泡額定電流為
故電流表選擇D；
燈泡額定電壓為3.8V，若采用電壓表V2則測量誤差較大，因此電壓表應(yīng)選擇V1，即選擇B；
同時(shí)將電壓表V1的量程進(jìn)行擴(kuò)大，要大于3.8V。若擴(kuò)大后的量程為3.8V，則需要串聯(lián)電阻
則定值電阻應(yīng)選擇R2，即選擇F；
故還需要的器材是BDF。
（2）燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為
遠(yuǎn)小于電壓表V1的內(nèi)阻，故電流表應(yīng)采用外接法；
實(shí)驗(yàn)中要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化以便測量多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；
定值電阻R2與電壓表V1串聯(lián)測量小燈泡的電壓，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：
（3）由實(shí)驗(yàn)的圖線可知，小燈泡在額定電壓3.8V下工作時(shí)的電流為0.45A，故電阻為
（4）把電源與電阻R0整體看作等效電源，設(shè)流過每個(gè)燈泡的電流為I，其電壓為U，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得
當(dāng)路端電壓時(shí)，電流
當(dāng)電流時(shí)，路端電壓
在燈泡圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的圖象如圖所示
由圖示圖線可知，燈泡兩端電壓
電流
燈泡實(shí)際功率
13．（1）p= 3kgm/s，方向豎直向上；（2）0.4s；（3）22.5N
【詳解】（1）籃球第一次反彈后即將離開地面時(shí)的速度v滿足
可得
離開地面時(shí)的動量
方向豎直向上；
（2）籃球第一次自由下落的時(shí)間滿足
可得
籃球第一次反彈后上升的時(shí)間滿足
可得
則可得籃球與地面接觸的時(shí)間
（3）籃球第一次自由小落著地前的速度滿足
可得
籃球與地面接觸的過程中
可得
=22.5N
由牛頓第三定律可知籃球?qū)Φ孛娴钠骄饔昧Υ笮?2.5N。
14．(1)
(2)
(3)
【詳解】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知
解得
此時(shí)電動機(jī)不轉(zhuǎn)動，根據(jù)歐姆定律
（2）根據(jù)能量關(guān)系
當(dāng)
電動機(jī)取極大功率
（3）對電動機(jī)根據(jù)功率關(guān)系
解得
15．(1)6m/s
(2)4m/s
(3)m
【詳解】（1）物塊a從靜止釋放到與物塊b碰撞前瞬間，根據(jù)動能定理有
解得
（2）物塊a與物塊b發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律有
根據(jù)機(jī)械能守恒定律有
解得
，
（3）物塊a與物塊b碰撞后，物塊a第1次經(jīng)過N點(diǎn)運(yùn)動到最左端過程中，根據(jù)能量守恒定律有
解得
物塊a從最左端運(yùn)動到第2次經(jīng)過N點(diǎn)的過程，根據(jù)動能定理有
解得
物塊a與物塊b發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律有
根據(jù)機(jī)械能守恒定律有
解得
，
即物塊a與物塊b（與物塊b完全相同的物塊）每次發(fā)生彈性碰撞后瞬間，物塊a的速率均為碰撞前瞬間速率的，物塊b（與物塊b完全相同的物塊）的速率均為碰撞前瞬間物塊a速率的，，結(jié)合（2）可知，每次物塊a與另一物塊碰撞后，物塊a第1次經(jīng)過N點(diǎn)和第2次經(jīng)過N點(diǎn)的速率之比均為，設(shè)物塊b（與物塊b完全相同的物塊）每次與物塊碰撞后瞬間的速率依次為、、…，則有
…
歸納可得
經(jīng)過足夠多的碰撞，物塊b（與物塊b完全相同的物塊）獲得的總動能為
當(dāng)時(shí)解得
在物塊a的整個(gè)運(yùn)動過程中根據(jù)能量守恒定律有
解得
題號
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
A
C
C
B
D
C
D
BC
BC
AC

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