A. 由可知，電勢升高，電荷的電勢能變大
B. 由可知，電場強度E與電場力F成正比，與電荷量q成反比
C. 由可知，電容C變大，電容器的兩極板所帶電荷量Q增加
D. 由可知，電阻R兩端電壓U變大，通過電阻R的電流I變大
【答案】D
【解析】
【詳解】A． 如果電荷為正電荷，電勢φ升高，電荷q的電勢能變大；如果電荷為負電荷，電勢φ升高，電荷q的電勢能變小，故A錯誤；
B．為電場強度的定義式，電場中某點的電場強度與電場力和試探電荷的電荷量無關(guān)，故B錯誤；
C．電容器的兩極板所帶電荷量由電容C和兩板間電壓共同決定，故C錯誤；
D．為電流的決定式，電阻R兩端電壓U變大，通過電阻R的電流I變大，故D正確。
故選D。
2. 如圖所示，同種材料制成的圓柱形導(dǎo)體a，b，a的直徑是b的2倍。將兩部分導(dǎo)體串接在電路中，通過恒定電流時自由電子在兩部分導(dǎo)體中定向移動的速度等于（ ）
A. 1∶1B. 1∶2C. 1∶4D. 2∶1
【答案】C
【解析】
【詳解】根據(jù)電流的微觀表達式，I相同，S與v成反比, a的直徑是b的2倍，則
所以
故選C。
3. 下列說法正確的是（ ）
A. 由可知，電阻R兩端電壓U變大，通過電阻R電流I變大
B. 由可知，電勢升高，電荷q的電勢能變大
C. 由可知，電場強度E與電場力F成正比，與電荷量q成反比
D. 由可知，電容C變大，電容器的兩極板所帶電荷量Q增加
【答案】A
【解析】
【詳解】A．由可知，電阻R兩端電壓U變大，通過電阻R的電流I變大，選項A正確；
B．由可知，電勢升高，若電荷帶負電，則電荷q的電勢能變小，選項B錯誤；
C．公式為電場強度的定義式，電場中某點的電場強度E與電場力F以及電荷量q均無關(guān)，選項C錯誤；
D．由可知，當(dāng)電容器兩極板電壓一定時，電容C變大，電容器的兩極板所帶電荷量Q增加，選項D錯誤。
故選A。
4. 某一網(wǎng)絡(luò)電路中的部分電路如圖所示，已知，I1=1A，R1=5Ω，R2=10Ω，，則下列結(jié)論正確的是（ ）
A. 通過電流為，方向從
B. 通過的電流為，方向從
C. 通過電流表的電流為2.5A，電流從右向左流過電流表
D. 通過電流表的電流為2.5A，電流從左向右流過電流表
【答案】D
【解析】
【詳解】AB．兩端電壓為
通過的電流為
兩端電壓為
兩端電壓為
且電流從a流向b，大小為
故AB錯誤；
CD．通過電流表的電流為
方向從左到右，故C錯誤，D正確。
故選D。
5. 導(dǎo)體的伏安特性曲線是研究導(dǎo)體電流和電壓關(guān)系的重要工具。一燈泡的伏安特性曲線如圖中的AB（曲線）所示，AC為圖線在A點的切線，C點的坐標(biāo)為。下列說法正確的是（ ）
A. 當(dāng)燈泡兩端的電壓升高時，小燈泡的電阻不變
B. 當(dāng)燈泡兩端的電壓升高時，小燈泡的電阻減小
C. 當(dāng)燈泡兩端的電壓為2V時，小燈泡的電阻為
D. 在燈泡兩端的電壓由2V變化到4V的過程中，燈泡的電阻改變了
【答案】C
【解析】
【詳解】AB．燈泡的伏安特性曲線可知，圖像上每一個點與坐標(biāo)原點連線斜率為
則燈泡兩端的電壓升高時，燈泡的電阻增大，故AB錯誤；
C．當(dāng)燈泡兩端的電壓為時，AC為圖線在A點的切線，則
可得小燈泡電阻為，故C正確；
D．在燈泡兩端的電壓由變化到的過程中，在電壓為時，電阻為，燈泡的電阻改變了，故D錯誤。
故選C。
6. 以下關(guān)于多用電表的說法中，正確的是（ ）
A. 多用電表作為歐姆表使用時，每次更換倍率都必須進行歐姆調(diào)零
B. 在測電流時，若指針偏轉(zhuǎn)過小，則需換更大的量程
C. 在測電流和電壓時，都必須把多用電表串聯(lián)到電路中
D. 多用電表作為歐姆表使用時，若指針偏轉(zhuǎn)太大，則需選擇更大的倍率進行測量
【答案】A
【解析】
【詳解】A．多用電表作為歐姆表使用時，每次更換倍率都必須進行歐姆調(diào)零，故A正確；
B．在測電流時，若指針偏轉(zhuǎn)過小，說明電流很小，則需換更小的量程，故B錯誤；
C．在測電流時，應(yīng)把多用電表串聯(lián)到電路中；在測電壓時，應(yīng)把多用電表并聯(lián)到電路中，故C錯誤；
D．多用電表作為歐姆表使用時，若指針偏轉(zhuǎn)太大，說明倍率大表盤刻度示數(shù)小，則需選擇更小的倍率進行測量，故D錯誤。
故選A。
7. 某一區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C是電場中的三個點。則下列說法正確的是（ ）
A. A、B、C三點的電勢關(guān)系為
B. A、B、C三點的電場強度大小關(guān)系為
C. A、B、C三點中，電子在C點的電勢能最大
D. 質(zhì)子從B點移到A點比從A點移到C點電場力做功少
【答案】C
【解析】
【詳解】A．根據(jù)沿電場線電勢降低，則A、B、C三點的電勢關(guān)系為，故A錯誤；
B．電場線越密集電場強度越大，則A、B、C三點的電場強度大小關(guān)系為，故B錯誤；
C．因C點的電勢最低，則A、B、C三點中，電子在C點的電勢能最大，故C正確；
D．由圖并結(jié)合可知B、A兩點之間的電勢差大于A、C兩點之間的電勢差，則質(zhì)子從B點移到A點比從A點移到C點電場力做功多，故D錯誤。
故選C
8. 如圖，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強電場，在勻強電場中有一根長為L的絕緣細線，細線一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為m帶電量為q的小球。小球靜止時細線與豎直方向成θ角，此時讓小球獲得初速度且恰能繞O點在豎直平面內(nèi)做圓周運動，重力加速度為g。則（ ）
A. 勻強電場的電場強度大小為
B. 小球獲得初速度的大小為
C. 小球從初始位置運動至軌跡的最左端增加的機械能為
D. 小球從初始位置在豎直平面內(nèi)順時針運動一周的過程中，其電勢能先減小后增大
【答案】AB
【解析】
【詳解】A．小球靜止時細線與豎直方向成角，對小球受力分析如圖

小球受重力、拉力和電場力，三力平衡，根據(jù)平衡條件，有
解得
A正確；
B．小球恰能繞O點在豎直平面內(nèi)做圓周運動，在等效最高點A由重力和電場力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有
則小球從初始位置運動到A點的過程中，由動能定理可得
聯(lián)立解得小球獲得初速度的大小為
B正確；
C．由功能關(guān)系和能量守恒定律可得小球從初始位置運動至軌跡的最左端電場力做負功，故機械能減小，減小的機械能為
C錯誤；
D．小球從初始位置開始在豎直平面內(nèi)順時針運動一周的過程中，電場力先做負功，后做正功，再做負功，則其電勢能先增大后減小再增大，D錯誤。
故選AB。
9. 圖中的實線分別是電阻a、b的伏安特性曲線，虛線c是b（U=1V）的切線，a、c相互平行，下列說法正確的是（ ）
A. U=1V時，b的電阻為5Ω
B. U=1V時，a、b的電阻相等
C. b的電阻隨電壓的升高而增大
D. U=3V時，a、b的電阻相等
【答案】CD
【解析】
【詳解】ABC．根據(jù)I-U圖像可知，電阻a的阻值保持不變，大小為
Ra==Ω=5Ω
根據(jù)電阻b的伏安特性曲線可知，曲線上的點與原點連線的斜率逐漸減小，而連線斜率為
k==
可知b的電阻隨電壓的升高而增大，U=1V時，b的電阻為
Rb==Ω=2.5Ω

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