一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、（4分）實數(shù) x 取任何值，下列代數(shù)式都有意義的是（ ）
A．B．C．D．
2、（4分）下列四組線段中，能組成直角三角形的是
A．，，B．，，
C．，，D．，，
3、（4分）菱形的兩條對角線長分別為6和8，則菱形的面積是（ ）
A．10B．20C．24D．48
4、（4分）已知點A(a＋b，4)與點B(－2，a－b)關于原點對稱，則a2－b2等于( )
A．8B．－8C．5D．－5
5、（4分）甲安裝隊為 A小區(qū)安裝 臺空調(diào)，乙安裝隊為 B小區(qū)安裝 臺空調(diào)，兩隊同時開工且恰好同時完工，甲隊比乙隊每天多安裝 臺，設乙隊每天安裝 臺，根據(jù)題意，下面所列方程中正確的是
A．B．C．D．
6、（4分）在一幅長，寬的硅藻泥風景畫的四周，增添一寬度相同的裝飾紋邊，制成一幅客廳裝飾畫，使得硅藻泥風景畫的面積是整個客廳裝飾畫面積的，設裝飾紋邊的寬度為，則可列方程為（ ）
A．
B．
C．
D．
7、（4分）四邊形ABCD的對角線互相平分，要使它變?yōu)榫匦危枰砑拥臈l件是（ ）
A．AB=CDB．AB=BCC．AC⊥BDD．AC=BD
8、（4分）如圖，將繞點順時針旋轉得到．若點在同一條直線上，則的度數(shù)是( )
A．B．C．D．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、（4分）某通訊公司的4G上網(wǎng)套餐每月上網(wǎng)費用y（單位：元）與上網(wǎng)流量x（單位：兆）的函數(shù)關系的圖像如圖所示．若該公司用戶月上網(wǎng)流量超過500兆以后，每兆流量的費用為0.29元，則圖中a的值為__________．
10、（4分）若a?b，則3?2a__________3?2b（用“＞”、“?”或“＜”填空）．
11、（4分）如圖，在?ABCD中，AB=10，BC=6，AC⊥BC，則?ABCD的面積為_____．
12、（4分）如圖，將繞著直角頂點順時針旋轉，得到，連接，若，則__________度．
13、（4分）某市某一周的PM2.5（大氣中直徑小于等于2.5微米的顆粒物，也稱可入肺顆粒物指數(shù)如表，則該周PM2.5指數(shù)的眾數(shù)和中位數(shù)分別是________
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（12分）如圖，在中，，、分別是、的中點，連接，過作交的延長線于．
（1）證明：四邊形是平行四邊形；
（2）若四邊形的周長是，的長為，求線段的長度．
15、（8分）已知矩形 ABCD 的一條邊 AD=8，將矩形 ABCD 折疊，使得頂點 B 落在 CD 邊上的 P 點處．
（1）求證：△OCP∽△PDA；
（2）若△OCP 與△PDA 的面積比為 1：4，求邊 AB 的長；
16、（8分）如圖，在四邊形ABCD中，∠ADC＝90°，AB＝AC，E，F(xiàn)分別為AC，BC的中點，連接EF，ED，F(xiàn)D．
（1）求證：ED＝EF；
（2）若∠BAD＝60°，AC平分∠BAD，AC＝6，求DF的長．
17、（10分）如圖，拋物線y＝﹣x2﹣x+4與x軸交于A，B兩點(A在B的左側)，與y軸交于點C．
(1)求點A，點B的坐標；
(2)求△ABC的面積；
(3)P為第二象限拋物線上的一個動點，求△ACP面積的最大值．
18、（10分）如圖所示，在菱形ABCD中，AC是對角線，CD＝CE，連接DE．
（1）若AC＝16，CD＝10，求DE的長．
（2）G是BC上一點，若GC＝GF＝CH且CH⊥GF，垂足為P，求證：DH＝CF．
B卷（50分）
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、（4分）線段AB的兩端點的坐標為A(﹣1，0)，B(0，﹣2)．現(xiàn)請你在坐標軸上找一點P，使得以P、A、B為頂點的三角形是直角三角形，則滿足條件的P點的坐標是______．
20、（4分）函數(shù)：中，自變量x的取值范圍是_____．
21、（4分）如圖，在平面直角坐標系中，點A、B的坐標分別為（1，3）、（n，3）．若直線y = 2x與線段AB有公共點，則n的取值范圍是____________.
22、（4分）如圖，在Rt△ABC中，D是斜邊AB的中點，AB=2，則CD的長為_____.
23、（4分）關于x的一元二次方程x2+4x+2k﹣1＝0有兩個實數(shù)根，則k的取值范圍是_____．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（8分）朗讀者自開播以來，以其厚重的文化底蘊和感人的人文情懷，感動了數(shù)以億計的觀眾，岳池縣某中學開展“朗讀”比賽活動，九年級、班根據(jù)初賽成績，各選出5名選手參加復賽，兩個班各選出的5名選手的復賽成績滿分為100分如圖所示．
根據(jù)圖示填寫表格；
結合兩班復賽成績的平均數(shù)和中位數(shù)，分析哪個班級的復賽成績較好；
如果規(guī)定成績較穩(wěn)定班級勝出，你認為哪個班級能勝出？說明理由．
25、（10分）化簡：，再從不等式中選取一個合適的整數(shù)代入求值．
26、（12分）問題情境：
平面直角坐標系中，矩形紙片OBCD按如圖的方式放置已知，，將這張紙片沿過點B的直
線折疊，使點O落在邊CD上，記作點A，折痕與邊OD交于點E．
數(shù)學探究：
點C的坐標為______；
求點E的坐標及直線BE的函數(shù)關系式；
若點P是x軸上的一點，直線BE上是否存在點Q，能使以A，B，P，Q為頂點的四邊形是平行四邊形？
若存在，直接寫出相應的點Q的坐標；若不存在，說明理由．
參考答案與詳細解析
一、選擇題（本大題共8個小題，每小題4分，共32分，每小題均有四個選項，其中只有一項符合題目要求）
1、C
【解析】
根據(jù)二次根式有意義，被開方數(shù)大于等于0對各選項舉例判斷即可．
【詳解】
解：A、由6+2x≥0得，x≥-3，
所以，x＜-3時二次根式無意義，故本選項錯誤；
B、由2-x≥0得，x≤2，
所以，x＞2時二次根式無意義，故本選項錯誤；
C、∵（x-1）2≥0，
∴實數(shù)x取任何值二次根式都有意義，故本選項正確；
D、由x+1≥0得，x≥-1，
所以，x＜-1二次根式無意義，
又x=0時分母等于0，無意義，故本選項錯誤；
故選：C．
本題考查了二次根式有意義的條件，二次根式中的被開方數(shù)必須是非負數(shù)，否則二次根式無意義．
2、D
【解析】
由勾股定理的逆定理，只要驗證兩小邊的平方和等于最長邊的平方即可．
【詳解】
A.12+22≠32，故不是直角三角形，故本選項錯誤；
B.22+32≠42故不是直角三角形，故本選項錯誤；
C.22+42≠52，故不是直角三角形，故本選項錯誤；
D.32+42=5 2，故是直角三角形，故本選項正確．
故選D．
本題考查勾股定理的逆定理的應用．判斷三角形是否為直角三角形，已知三角形三邊的長，只要利用勾股定理的逆定理加以判斷即可．
3、C
【解析】
試題分析：由菱形的兩條對角線的長分別是6和8，根據(jù)菱形的面積等于對角線積的一半，即可求得答案．
解：∵菱形的兩條對角線的長分別是6和8，
∴這個菱形的面積是：×6×8=1．
故選C．
考點：菱形的性質(zhì)．
4、B
【解析】
直接利用關于原點對稱點的性質(zhì)得出a+b，a-b的值，進而得出答案．
【詳解】
∵點A（a+b，4）與點B（-2，a-b）關于原點對稱，
，
∴a2-b2=（a+b）（a-b）=2×（-4）=-1．
故選B．
考查了關于原點對稱點的性質(zhì)，正確應用平方差公式是解題關鍵．
5、D
【解析】
根據(jù)兩隊同時開工且恰好同時完工可得兩隊所用時間相等.由題意得甲隊每天安裝（x+2）臺，所以甲安裝66臺所有時間為，乙隊所用時間為，利用時間相等建立方程.
【詳解】
乙隊用的天數(shù)為：，甲隊用的天數(shù)為：，
則所列方程為：=
故選D.
6、B
【解析】
設裝飾紋邊的寬度為xcm，則裝飾畫的長為（200＋2x）cm、寬為（1＋2x）cm，根據(jù)矩形的面積公式結合硅藻泥風景畫的面積是整個客廳裝飾畫面積的78%，即可得出關于x的一元二次方程，此題得解．
【詳解】
解：設裝飾紋邊的寬度為xcm，則裝飾畫的長為（200＋2x）cm、寬為（1＋2x）cm，
根據(jù)題意得：（200＋2x）（1＋2x）×78%＝200×1．
故選：B．
本題考查了由實際問題抽象出一元二次方程，找準等量關系，正確列出一元二次方程是解題的關鍵．
7、D
【解析】
四邊形ABCD的對角線互相平分，則說明四邊形是平行四邊形，由矩形的判定定理知，只需添加條件是對角線相等．
【詳解】
添加AC=BD，
∵四邊形ABCD的對角線互相平分，
∴四邊形ABCD是平行四邊形，
∵AC=BD，根據(jù)矩形判定定理對角線相等的平行四邊形是矩形，
∴四邊形ABCD是矩形，
故選D．
考查了矩形的判定，關鍵是掌握矩形的判定方法：①矩形的定義：有一個角是直角的平行四邊形是矩形；②有三個角是直角的四邊形是矩形；③對角線相等的平行四邊形是矩形．
8、B
【解析】
用旋轉的性質(zhì)可知△ACE是等腰直角三角形，由此即可解決問題．
【詳解】
解：由題意：A，D，E共線，
由旋轉可得：CA＝CE，∠ACE＝90°，
∴∠EAC＝∠E＝45°，
故選：B．
本題考查旋轉變換，等腰直角三角形的判定和性質(zhì)等知識，解題的關鍵是靈活運用所學知識解決問題．
二、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
9、59
【解析】
由題意得，,解得a=59.
故答案為59.
10、
【解析】
根據(jù)不等式的性質(zhì)進行判斷即可
【詳解】
解：∵a?b，
∴?2a?2b
∴3?2a3?2b
故答案為：＜
本題考查了不等式的性質(zhì)：（1）不等式兩邊加（或減）同一個數(shù)（或式子），不等號的方向不變．（2）不等式兩邊乘（或除以）同一個正數(shù)，不等號的方向不變．（3）不等式兩邊乘（或除以）同一個負數(shù)，不等號的方向改變．
11、1．
【解析】
先在Rt△ABC中利用勾股定理可得AC=2，根據(jù)平行四邊形面積：底高，可求面積。
【詳解】
在Rt△ABC中，AB=10，BC=6，
利用勾股定理可得AC=2．
根據(jù)平行四邊形面積公式可得平行四邊形ABCD面積=BC×AC=6×2=1．
故答案為1．
本題考查了平行四邊形的性質(zhì)及勾股定理，熟知平行四邊形的面積公式是解題的關鍵。
12、70
【解析】
首先由旋轉的性質(zhì)，得△ABC≌△A′B′C，然后利用等腰直角三角形的性質(zhì)等角轉換，即可得解.
【詳解】
由旋轉的性質(zhì)，得△ABC≌△A′B′C，
∴AC=A′C，∠BAC=∠B′A′C，∠ACA′=90°，
∴∠CAA′=∠CA′A=45°
∵
∴∠BAC=25°
∴∠BAA′=∠BAC+∠CAA′=25°+45°=70°
故答案為：70.
此題主要考查利用全等三角形旋轉求解角度，熟練掌握，即可解題.
13、150，1
【解析】
根據(jù)眾數(shù)和中位數(shù)的概念求解．
【詳解】
這組數(shù)據(jù)按照從小到大的順序排列為：150，150，150，1，1，160，165，
則眾數(shù)為：150，
中位數(shù)為：1．
故答案為：150，1
此題考查中位數(shù)，眾數(shù)，解題關鍵在于掌握其概念
三、解答題（本大題共5個小題，共48分）
14、（1）見解析；（2）.
【解析】
（1）由三角形中位線定理推知，，然后結合已知條件“”，利用兩組對邊相互平行得到四邊形為平行四邊形；
（2）根據(jù)在直角三角形中，斜邊上的中線等于斜邊的一半得到，即可得出四邊形的周長，故，然后根據(jù)勾股定理即可求得；
【詳解】
解：（1）、分別是、的中點，是延長線上的一點，
是的中位線，
．，
又，
四邊形是平行四邊形；
（2）解：四邊形是平行四邊形；
，
是斜邊上的中線，
，
四邊形的周長，
四邊形的周長為，的長，
，
在中，，
，即，
解得，，
本題考查了三角形的中位線定理，直角三角形斜邊中線的性質(zhì)，平行四邊形的判定和性質(zhì)，勾股定理的應用等，熟練掌握性質(zhì)定理是解題的關鍵．
15、（1）見解析；（2）邊AB的長為10.
【解析】
（1）只需證明兩對對應角分別相等即可證到兩個三角形相似；
（2）根據(jù)相似三角形的性質(zhì)求出PC長以及AP與OP的關系，然后在Rt△PCO中運用勾股定理求出OP長，從而求出AB長．
【詳解】
（1）∵四邊形ABCD是矩形，
∴AD=BC,DC=AB,∠DAB=∠B=∠C=∠D=90°.
由折疊可得：AP=AB，PO=BO，∠PAO=∠BAO，∠APO=∠B.
∴∠APO=90°.
∴∠APD=90°?∠CPO=∠POC.
∵∠D=∠C，∠APD=∠POC.
∴△OCP∽△PDA.
（2）∵△OCP與△PDA的面積比為1:4，
∴====.
∴PD=2OC，PA=2OP，DA=2CP.
∵AD=8，
∴CP=4，BC=8.
設OP=x，則OB=x，CO=8?x.
在Rt△PCO中，
∵∠C=90°，CP=4，OP=x，CO=8?x，
∴x2=(8?x)2+42.
解得：x=5.
∴AB=AP=2OP=10.
∴邊AB的長為10.
本題考查相似三角形的判定與性質(zhì)和翻折變換（折疊問題），解題的關鍵是掌握相似三角形的判定與性質(zhì)和翻折變換.
16、 (1)見解析;(2)3.
【解析】
（1）根據(jù)題意只要證明EF為△ABC的中位線，即可證明DE＝EF.
（2）只要證明為直角三角形，根據(jù)勾股定理即可計算DF的長
【詳解】
（1）證明：∵∠ADC＝90°，E為AC的中點，
∴DE＝AE＝AC．
∵E、F分別為AC、BC的中點，
∴EF為△ABC的中位線，
∴EF＝AB．
∵AB＝AC，
∴DE＝EF．
（2）解：∵∠BAD＝60°，AC平分∠BAD，
∴∠BAC＝∠DAC＝∠BAD＝30°．
由（1）可知EF∥AB，AE＝DE，
∴∠FEC＝∠BAC＝30°，∠DEC＝2∠DAC＝60°，
∴∠FED＝90°．
∵AC＝6，
∴DE＝EF＝3，
∴DF＝ ＝3 ．
本題主要考查等腰三角形的性質(zhì)，這是考試的重點知識，應當熟練掌握.
17、 (1)A(﹣4，0)，B(2，0)；(2)S△ABC＝12；(3)當x＝﹣2時，△ACP最大面積4
【解析】
（1）令y=0，解一元二次方程可得A，B坐標.
（2）求出C點坐標可求，△ABC的面積.
（3）作PD⊥AO交AC于D，設P的橫坐標為t，用t表示PD和△ACP的面積，得到關于t的函數(shù)，根據(jù)二次函數(shù)的最值的求法，可求△ACP面積的最大值．
【詳解】
解：(1)設y＝0，則0＝﹣x2﹣x+4
∴x1＝﹣4，x2＝2
∴A(﹣4，0)，B(2，0)
(2)令x＝0，可得y＝4
∴C(0，4)
∴AB＝6，CO＝4
∴S△ABC＝×6×4＝12
(3)如圖：作PD⊥AO交AC于D
設AC解析式y(tǒng)＝kx+b
∴
解得：
∴AC解析式y(tǒng)＝x+4
設P(t，﹣ t2﹣t+4)則D(t，t+4)
∴PD＝(﹣t2﹣t+4)﹣(t+4)＝﹣t2﹣2t＝﹣(t+2)2+2
∴S△ACP＝PD×4＝﹣(t+2)2+4
∴當x＝﹣2時，△ACP最大面積4
本題主要考查二次函數(shù)綜合題，重在基礎知識考查，熟悉掌握是關鍵.
18、（1）2（2）見解析
【解析】
(1)連接BD交AC于K.想辦法求出DK，EK，利用勾股定理即可解決問題;
(2)證明：過H作HQ⊥CD于Q,過G作GJ⊥CD于J.想辦法證明∠CDH=∠HGJ=45°,可得DH=QH解決問題.
【詳解】
（1）解：連接BD交AC于K．
∵四邊形ABCD是菱形，
∴AC⊥BD，AK＝CK＝8，
在Rt△AKD中，DK＝＝6，
∵CD＝CE，
∴EK＝CE﹣CK＝10﹣8＝2，
在Rt△DKE中，DE＝＝2．
（2）證明：過H作HQ⊥CD于Q，過G作GJ⊥CD于J．
∵CH⊥GF，
∴∠GJF＝∠CQH＝∠GPC＝90°，
∴∠QCH＝∠JGF，
∵CH＝GF，
∴△CQH≌△GJF（AAS），
∴QH＝CJ，
∵GC＝GF，
∴∠QCH＝∠JGF＝∠CGJ，CJ＝FJ＝CF，
∵GC＝CH，
∴∠CHG＝∠CGH，
∴∠CDH+∠QCH＝∠HGJ+∠CGJ，
∴∠CDH＝∠HGJ，
∵∠GJF＝∠CQH＝∠GPC＝90°，
∴∠CDH＝∠HGJ＝45°，
∴DH＝QH，
∴DH＝2QH＝CF．
本題考查菱形的性質(zhì)、勾股定理、全等三角形的判定（AAS）和性質(zhì)，解題的關鍵是掌握菱形的性質(zhì)、勾股定理、全等三角形的判定（AAS）和性質(zhì).
一、填空題（本大題共5個小題，每小題4分，共20分）
19、 (0，0)、(0，)、(4，0)
【解析】
由平面直角坐標系的特點可知當P和O重合時三角形PAB是直角三角形，由射影定理逆定理可知當AO2＝BO?P′O時，三角形PAB是直角三角形或BO2＝AO?OP″時三角形PAB也是直角三角形．
【詳解】
如圖：
①由平面直角坐標系的特點：AO⊥BO，所以當P和O重合時三角形PAB是直角三角形，
所以P的坐標為：(0，0)；
②由射影定理逆定理可知當AO2＝BO?P′O時三角形PAB是直角三角形，
即：12＝2?OP′，
解得OP′＝；
故P點的坐標是(0，)；
同理當BO2＝AO?OP″時三角形PAB也是直角三角形，
即22＝1OP″
解得OP″＝4，
故P點的坐標是(4，0)．
故答案為(0，0)、(0，)、(4，0)
主要考查了坐標與圖形的性質(zhì)和直角三角形的判定．要把所有的情況都考慮進去，不要漏掉某種情況．
20、
【解析】
求函數(shù)自變量的取值范圍，就是求函數(shù)解析式有意義的條件，根據(jù)分式分母不為0的條件，要使在實數(shù)范圍內(nèi)有意義，必須，即.
21、
【解析】
由直線y=2x與線段AB有公共點，可得出點B在直線上或在直線右下方，利用一次函數(shù)圖象上點的坐標特征，即可得出關于n的一元一次不等式，解之即可得出n的取值范圍，在其內(nèi)任取一數(shù)即可得出結論．
【詳解】
∵直線y=2x與線段AB有公共點，
∴2n≥3，
∴．
故答案為：．
本題考查了一次函數(shù)圖象上點的坐標特征，用一次函數(shù)圖象上點的坐標特征，找出關于n的一元一次不等式是解題的關鍵．
22、1
【解析】
根據(jù)在直角三角形中，斜邊上的中線等于斜邊的一半解答．
【詳解】
解：在Rt△ABC中，D是斜邊AB的中點，
∴CD=AB=1，
故答案為：1．
本題考查的是直角三角形的性質(zhì)，掌握在直角三角形中，斜邊上的中線等于斜邊的一半是解題的關鍵．
23、k≤
【解析】
根據(jù)方程有兩個實數(shù)根可以得到根的判別式，進而求出的取值范圍．
【詳解】
解：由題意可知：
解得：
故答案為：
本題考查了根的判別式的逆用---從方程根的情況確定方程中待定系數(shù)的取值范圍，屬中檔題型，解題時需注意認真理解題意．
二、解答題（本大題共3個小題，共30分）
24、（1）詳見解析；（2）九班成績好些；（3）九班的成績更穩(wěn)定，能勝出．
【解析】
由條形圖得出兩班的成績，根據(jù)中位數(shù)、平均數(shù)及眾數(shù)分別求解可得；
由平均數(shù)相等得前提下，中位數(shù)高的成績好解答可得；
分別計算兩班成績的方差，由方差小的成績穩(wěn)定解答．
【詳解】
解：九班5位同學的成績?yōu)椋?5、80、85、85、100，
其中位數(shù)為85分；
九班5位同學的成績?yōu)椋?0、100、100、75、80，
九班的平均數(shù)為分，其眾數(shù)為100分，
補全表格如下：
九班成績好些，
兩個班的平均數(shù)都相同，而九班的中位數(shù)高，
在平均數(shù)相同的情況下，中位數(shù)高的九班成績好些．
九班的成績更穩(wěn)定，能勝出．
分，
分，
，
九班的成績更穩(wěn)定，能勝出．
本題考查了平均數(shù)、中位數(shù)、眾數(shù)和方差的意義即運用方差是用來衡量一組數(shù)據(jù)波動大小的量，方差越大，表明這組數(shù)據(jù)偏離平均數(shù)越大，即波動越大，數(shù)據(jù)越不穩(wěn)定；反之，方差越小，表明這組數(shù)據(jù)分布比較集中，各數(shù)據(jù)偏離平均數(shù)越小，即波動越小，數(shù)據(jù)越穩(wěn)定．
25、，1
【解析】
現(xiàn)將括號內(nèi)的式子通分，再因式分解，然后約分，化簡后將符合題意的值代入即可．
【詳解】
原式
選時，原式
此題考查分式的化簡求值、一元一次不等式組的整數(shù)解，解題關鍵在于取合適的整數(shù)值求值時，要特注意原式及化簡過程中的每一步都有意義．
26、 (1)(10,6);(2) ), ;(3)見解析.
【解析】
(1)根據(jù)矩形性質(zhì)可得到C的坐標；（2）設，由折疊知，，，在中，根據(jù)勾股定理得，，，在中，根據(jù)勾股定理得，，即，解得，可得；由待定系數(shù)法可求直線BE的解析式；（3）存在，理由：由知，，
，設，分兩種情況分析:當BQ為的對角線時;當BQ為邊時.
【詳解】
解：四邊形OBCD是矩形，
，
，，
，
故答案為；
四邊形OBCD是矩形，
，，，
設，
，
由折疊知，，，
在中，根據(jù)勾股定理得，，
，
在中，根據(jù)勾股定理得，，
，
，
，
設直線BE的函數(shù)關系式為，
，
，
，
直線BE的函數(shù)關系式為；
存在，理由：由知，，
，
能使以A，B，P，Q為頂點的四邊形是平行四邊形，
，
當BQ為的對角線時，
，
點B，P在x軸，
的縱坐標等于點A的縱坐標6，
點Q在直線BE：上，
，
，
，
當BQ為邊時，
與BP互相平分，
設，
，
，
，
即：直線BE上是存在點Q，能使以A，B，P，Q為頂點的四邊形是平行四邊形，點或．
本題考核知識點：一次函數(shù)的綜合運用. 解題關鍵點：熟記一次函數(shù)性質(zhì)和特殊平行四邊形的性質(zhì)和判定.
題號
一
二
三
四
五
總分
得分
PM2.5指數(shù)
150
155
160
165
天 數(shù)
3
2
1
1
平均數(shù)
中位數(shù)
眾數(shù)
九班
85
85
九班
80
平均數(shù)
中位數(shù)
眾數(shù)
九班
85
85
85
九班
85
80
100

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