江蘇省蘇州市木瀆高級中學(xué)2023-2024學(xué)年高二下學(xué)期3月月考物理試題（原卷版+解析版）-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

1. 如圖所示，在光滑水平桌面上放一條形磁鐵，分別將大小相同的鐵球、鋁球和木球放在磁鐵的一端且給它們一個相同的初速度，讓其向磁鐵滾去，觀察小球的運動情況是
A. 都做勻速運動
B. 甲、乙做加速運動
C 甲做加速運動，乙做減速運動，丙做勻速運動
D. 甲做減速運動，乙做加速運動，丙做勻速運動
【答案】C
【解析】
【詳解】鐵球?qū)⒓铀龠\動，其原因是鐵球被磁化后與磁鐵之間產(chǎn)生相互吸引的磁力；鋁球?qū)p速運動，其原因是鋁球內(nèi)產(chǎn)生了感應(yīng)電流，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場阻礙其相對運動；木球?qū)蛩龠\動，其原因是木球既不能被磁化，也不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以磁鐵對木球不產(chǎn)生力的作用．
A．都做勻速運動，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；
B．甲、乙做加速運動，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；
C．甲做加速運動，乙做減速運動，丙做勻速運動，與結(jié)論相符，選項C正確；
D．甲做減速運動，乙做加速運動，丙做勻速運動，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；
2. 下圖中的四個圖都與渦流有關(guān)，下列說法錯誤的是（）

A. 真空冶煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置
B. 金屬探測器是利用被測金屬中產(chǎn)生的渦流來進(jìn)行探測的
C. 電磁爐工作時在它的面板上產(chǎn)生渦流加熱食物
D. 變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊合而成是為了減小渦流
【答案】C
【解析】
【詳解】A．真空冷煉爐是線圈中的電流做周期性變化，在金屬中產(chǎn)生渦流，從而產(chǎn)生大量的熱量，熔化金屬的，A正確；
B．金屬探測器中變化電流遇到金屬物體，在被測金屬中上產(chǎn)生渦流來進(jìn)行探測，B正確；
C．家用電磁爐工作時，在鍋體中產(chǎn)生渦流，加熱食物，不是在面板上產(chǎn)生的渦流，C錯誤；
D．當(dāng)變壓器中的電流變化時，在其鐵芯將產(chǎn)生渦流，使用相互絕緣的硅鋼片疊合做成的鐵芯可以盡可能減小渦流，D正確。
本題選擇錯誤選項。
故選C。
3. 如圖，一理想自耦變壓器原線圈的匝數(shù)為匝，滑片P可在原線圈上面上下移動，從而改變副線圈的匝數(shù)，電路中的定值電阻，，交流電壓表、電流表均為理想電表，當(dāng)從變壓器的左端接入交流電源時，滑片P移動到某一位置，電壓表與電壓表的示數(shù)均為30V，下列說法正確的是（）
A. 副線圈的匝數(shù)為匝
B. 電流表示數(shù)為
C. 消耗的電功率為
D. 若把滑片P向上滑，則流經(jīng)的電流頻率會大于50Hz
【答案】A
【解析】
【詳解】A．由可知，變壓器的左端接入交流電壓的有效值為
可知理想自耦變壓器原線圈的電壓為
由理想自耦變壓器原、副線圈的電壓與匝數(shù)的關(guān)系公式可得副線圈的匝數(shù)為
A正確；
B．由歐姆定律可得電流表的示數(shù)為
B錯誤；
C．由電功率公式可得消耗電功率為
C錯誤；
D．由，可知交流電的頻率為
變壓器可以改變交流電的電壓，不可以改變交流電的頻率，因此若把滑片P向上滑，則流經(jīng)的電流會增大，頻率仍是50Hz，D錯誤。
故選A。
4. 如圖所示為寬度為3L的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直紙面向里。磁場左側(cè)有一個邊長為L的正方形導(dǎo)體線框，其總電阻為R，線框所在平面與磁場方向垂直。線框以速度v向右勻速穿過磁場區(qū)域，以線框cd邊剛進(jìn)入磁場的時刻為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向為正，安培力F向左為正。則以下關(guān)于線框中的感應(yīng)電流I、ab兩點間的電勢差、安培力F和線框的發(fā)熱功率P隨時間變化的圖像正確的是（）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【詳解】根據(jù)題意，線框進(jìn)入磁場的過程，根據(jù)楞次定律可判斷電流沿逆時針方向，為正，由法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合回路歐姆定律有
ab兩點間的電勢差
（a點電勢高）
cd邊受到的安培力大小為
方向向左，線框的發(fā)熱功率
線框全部進(jìn)入磁場后，沒有感應(yīng)電流，所以線框不受安培力的作用，線框的發(fā)熱功率為零，ab兩點間的電勢差
（a點電勢高）
線框離開磁場的過程，電流沿順時針方向，為負(fù)，電流大小為
線框受安培力大小為
方向向左，ab兩點間的電勢差
（a點電勢高）
線框的發(fā)熱功率
綜上所述可知
A．時間內(nèi)，電流為，時間內(nèi)，電流為0，時間內(nèi)，電流為，故A錯誤；
B．時間內(nèi)，ab兩點間的電勢差，時間內(nèi)，ab兩點間的電勢差，時間內(nèi)，ab兩點間的電勢差，故B錯誤；
C．時間內(nèi)，cd邊受到的安培力，時間內(nèi)，cd邊受到的安培力0，時間內(nèi)，cd邊受到的安培力，故C正確；
D．時間內(nèi)，線框的發(fā)熱功率，時間內(nèi)，線框的發(fā)熱功率0，時間內(nèi)，線框的發(fā)熱功率，故D錯誤
故選C。
5. 如圖所示，P、Q是兩個相同的小燈泡，L是自感系數(shù)很大、電阻比小燈泡小的線圈，開始時，開關(guān)S處于閉合狀態(tài)，P燈微亮，Q燈正常發(fā)光，斷開開關(guān)瞬間（）
A. P與Q同時熄滅B. P比Q后熄滅
C. Q閃亮后再熄滅D. P閃亮后再熄滅
【答案】BD
【解析】
【詳解】由于L的電阻比小燈泡小，開關(guān)S閉合時，通過L的電流大于通過P燈的電流，斷開開關(guān)時，Q所在電路未閉合，立即熄滅，由于自感，L中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，與P組成閉合回路，故P燈閃亮后再熄滅。
故選BD。
6. 如圖所示，一理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，原線圈輸入的交流電壓瞬時值的表達(dá)式為，定值電阻的阻值為，電阻箱的初始阻值為，燈泡L阻值恒為。下列說法正確的是（）
A. 電流表的示數(shù)為
B. 逐漸增大的阻值，功率逐漸變大
C. 當(dāng)時，副線圈功率達(dá)到最大
D. 若將換為一個理想二極管，則燈泡L兩端電壓的有效值為
【答案】C
【解析】
【詳解】A．設(shè)副線圈電壓為，原線圈電壓為，兩端電壓為，則
設(shè)燈泡電流為，燈泡電阻與電阻箱的阻值相同，電阻箱的電流也為I，則
聯(lián)立解得
即電流表的示數(shù)為。故A錯誤；
B．逐漸增大的阻值，則負(fù)載阻值增大，把負(fù)載等效成一個電阻串聯(lián)在原線圈中，則串聯(lián)電路總阻值增大，則總電流減小，根據(jù)
可知功率逐漸變小。故B錯誤；
C．把負(fù)載等效成一個電阻串聯(lián)在原線圈中，其等效阻值設(shè)為R，則
又
，，
聯(lián)立解得
R的功率為
可知，當(dāng)時，R的功率最大，即副線圈功率達(dá)最大。則
解得
故C正確；
D．若將換為一個理想二極管，則原線圈只有一半時間里有電壓且與左端輸入電壓相同，原線圈電壓有效值設(shè)為，則
解得
則燈泡兩端電壓的有效值不為。故D錯誤。
故選C。
7. 如圖所示，一矩形線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁感線的對稱軸勻速轉(zhuǎn)動。沿著從上向下觀察，線圈沿逆時針方向轉(zhuǎn)動。已知線圓匝數(shù)為n，總電阻為r，ab邊長為，ad邊長為，線圈轉(zhuǎn)動的角速度為ω．外電阻阻值為R．勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B．則下列判斷正確的是（）
A. 在圖示位置ab邊所受的安培力為
B. 線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過電阻R的電荷量為
C. 在圖示位置穿過線圈的磁通量為0
D. 在圖示位置穿過線圈的磁通量的變化率為0
【答案】AC
【解析】
【詳解】A．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為
根據(jù)閉合電路歐姆定律
在圖示位置ab邊所受的安培力為
解得
故A正確；
B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律得
，，
其中
解得
故B錯誤；
C．在圖示位置線圈與磁感線平行，穿過線圈的磁通量為0，故C正確；
D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律解得
在圖示位置電動勢E最大，穿過線圈的磁通量的變化率最大，故D錯誤。
故選AC。
8. 如圖所示，一個匝數(shù)為N=100匝的線圈以固定轉(zhuǎn)速50r/s在勻強磁場中旋轉(zhuǎn)，其產(chǎn)生的交流電通過匝數(shù)比為n1∶n2=10∶1的理想變壓器給阻值R=20Ω的電阻供電。已知電壓表的示數(shù)為20V，從圖示位置開始計時，下列說法正確的是（）
A. t=0時刻流過線圈電流最大
B. 原線圈中電流的有效值為10A
C. 穿過線圈平面的最大磁通量為Wb
D. 電阻R上的電流方向每秒變化50次
【答案】C
【解析】
【詳解】A．t=0時刻四條邊都不切割磁感線，流過線圈的電流等于零，A錯誤；
B．副線圈中的電流有效值為
原線圈中電流的有效值為
解得
B錯誤；
C根據(jù)
解得
解得
C正確；
D．交變電流的周期為
交變電流的頻率為
電阻R上的電流方向每秒變化100次，D錯誤。
故選C。
9. 如圖所示，在絕緣光滑水平面上存在有界勻強磁場，磁場的寬度為2L，邊長為L的正方形導(dǎo)體框abcd以初速度滑行進(jìn)入磁場，當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度為，當(dāng)cd邊離開右側(cè)邊界的瞬間速度為，以下說法正確的是（）
A. 導(dǎo)體框進(jìn)入磁場和離開磁場過程中流過導(dǎo)體橫截面的電荷量大小不相等
B. 導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程中導(dǎo)體框的加速度逐漸增大
C. 導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的熱量等于導(dǎo)體框離開磁場過程中產(chǎn)生的熱量
D.
【答案】D
【解析】
【詳解】A．根據(jù)，,聯(lián)立求得
導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程和離開磁場過程中大小相等，所以導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程和離開磁場過程中流過導(dǎo)體橫截面的電荷量大小相等，A錯誤；
B．根據(jù)，，，聯(lián)立求得
方向與速度方向相反，導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程中線框減速，所以加速度在減小，B錯誤；
CD．對線框進(jìn)入磁場過程由動量定理可得
根據(jù)，,，聯(lián)立整理可得
產(chǎn)生熱量
同理線框離開磁場過程可得
產(chǎn)生熱量
比較熱量
速度關(guān)系可得
C錯誤，D正確。
故選D。
10. 如圖所示，在磁感應(yīng)強度為B的水平勻強磁場中，有一豎直放置的光滑的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與磁場垂直，導(dǎo)軌間距為L，頂端接有阻值為R的電阻。將一根金屬棒從導(dǎo)軌上的N處由靜止釋放，M處時速度為v，已知N到M的豎直距離為h，棒的長度為L．質(zhì)量為m，電阻為r。金屬棒始終在磁場中運動，處于水平且與導(dǎo)軌接觸良好，忽略導(dǎo)軌的電阻，導(dǎo)軌足夠長。重力加速度為g。下列說法正確的是（）
A. 金屬棒從N點到M點的整個過程中電阻R消耗的電能為
B. 根據(jù)已知條件不能求出導(dǎo)體從N到M所用時間
C. 根據(jù)已知條件不能求出從N到M平均電動勢的大小
D. 導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，導(dǎo)體棒受到重力的功率等于電路中的總電功率
【答案】D
【解析】
【詳解】A．金屬棒從N點到M點的整個過程中，根據(jù)動能定理可知
故
金屬棒從N點到M點的整個過程中電阻R消耗的電能為
故A錯誤；
BC．由動量定理可知
其中
解得
，
故BC錯誤；
D．導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，導(dǎo)體棒做勻速直線運動
重力的功率為
解得
故D正確；
故選D。
11. 在如圖所示的電路中，理想變壓器的匝數(shù)比，定值電阻Ω，Ω，滑動變阻器R的最大阻值為3Ω。在c、d兩端輸入正弦式交變電流，電壓的表達(dá)式為。當(dāng)滑片P從a端滑到b端的過程中，下列說法正確的是（）
A. 電阻的功率一直增大
B. 理想變壓器的最大輸出功率為W
C. 當(dāng)滑片P滑至b端時，整個電路的功率達(dá)到最小
D. 電流表示數(shù)的最小值為A
【答案】AB
【解析】
【詳解】AC．由電壓的表達(dá)式為可知電壓的有效值為
等效電路圖如圖所示
其中
由圖可知當(dāng)滑片P從a端滑到b端的過程中滑動變阻器的阻值變小，有
故原線圈的電流不斷變大，根據(jù)可得，電阻的功率一直增大，根據(jù)可知，整個電路的功率達(dá)到最大，A正確，C錯誤；
B．由等效電路圖可知，輸出功率最大時滿足
此時原線圈電壓與電阻兩端電壓相等，輸出功率為
B正確；
D．當(dāng)滑片P從a端滑到b端的過程中，原線圈的電流不斷變大，即電流表的示數(shù)不斷變大，即當(dāng)滑片位于a端時，電流表的示數(shù)最小，此時滑動變阻器的阻值為，原線圈電流為
D錯誤。
故選AB。
二、實驗題：每空3分，共9分．
12. 在“探究通過變壓器原、副線圈的電流與匝數(shù)的關(guān)系”實驗中。
（1）為實現(xiàn)探究目的，保持原線圈匝數(shù)一定，只改變通過副線圈的電流或者副線圈匝數(shù)，測量通過原線圈的電流。這個探究過程采用的科學(xué)方法是______。
A. 控制變量法B. 等效替代法C. 演繹法D. 理想實驗法
（2）在實際實驗中，將電源接在匝數(shù)為1000匝的原線圈兩端，副線圈的匝數(shù)為500匝，用多用電表測得通過副線圈的電流為0.40A，則通過原線圈的電流可能為______。
A. 0.05AB. 0.10AC. 0.15AD. 0.25A
（3）如圖所示為利用變壓器原理進(jìn)行遠(yuǎn)程輸電的電路，交流發(fā)電機的輸出電壓為U，采用圖示理想變壓器輸電，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為，輸電導(dǎo)線電阻為r，用戶的工作電壓也為U。輸電線上損失的功率為______。
【答案】（1）A （2）D
（3）
【解析】
【小問1詳解】
根據(jù)題意可知，探究過程采用的科學(xué)方法是控制變量法。
故選A。
【小問2詳解】
若為理想變壓器，由
可得
考慮到實際實驗中，有漏磁等現(xiàn)象，通過原線圈的電流應(yīng)大于0.20A，則通過原線圈的電流可能為0.25A。
故選D。
【小問3詳解】
升壓變壓器副線圈的電壓
降壓變壓器原線圈電壓
損失的功率
三、解答題
13. 如圖所示，為某小型發(fā)電站的遠(yuǎn)距離輸電示意圖，已知發(fā)電機線圈匝數(shù)N=100匝、面積S=0.36 m2、電阻r =1 Ω。該線圈在磁感應(yīng)強度的勻強磁場中，繞垂直磁場的OO′軸勻速轉(zhuǎn)動。已知輸電線的總電阻R = 4 Ω，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比。若用戶區(qū)標(biāo)有“220 V、20 W”的1100只燈泡恰能同時正常發(fā)光（假設(shè)此時沒有其他用電器工作，變壓器均為理想變壓器）。求：
（1）輸電線的電流；
（2）發(fā)電機的輸出功率；
（3）發(fā)電機線圈轉(zhuǎn)動的角速度。
【答案】（1）10A；（2）；（3）
【解析】
【詳解】（1）依題意得：用戶端總電流為
根據(jù)理想變壓器的電流與匝數(shù)關(guān)系可得
代入數(shù)據(jù)得
（2）根據(jù)能量守恒可知
根據(jù)功率公式可知輸電線損失的功率
根據(jù)能量守恒可知
代入數(shù)據(jù)得
（3）由交變電流的有效值公式可知
由閉合電路歐姆定律可知
根據(jù)理想變壓器的電流與匝數(shù)關(guān)系可得
根據(jù)功率公式可知
代入數(shù)據(jù)得
14. 電磁減震器是利用電磁感應(yīng)原理的一種新型智能化汽車獨立懸架系統(tǒng)。如圖所示為某種電磁阻尼減震器簡化后的原理圖。該減震器由絕緣滑動桿及固定在桿上的多個相互緊靠的相同矩形線圈組成。絕緣滑動桿及線圈的總質(zhì)量為m，每個矩形線圈abcd的匝數(shù)為N，電阻值為R，ab邊長為L，bc邊長為，該減震器在光滑水平面上以初速度v0向右進(jìn)入磁感應(yīng)強度的大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中。求：
（1）第一個線圈剛進(jìn)入磁場時線圈ab受到的安培力的大小；
（2）第二個線圈恰好完全進(jìn)入磁場時，減震器的速度大?。?br>（3）已知滑動桿及線圈的總質(zhì)量m=1.0kg，每個矩形線圈abcd匝數(shù)N=100匝，電阻值R=1.0Ω，ab邊長L=20cm，勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小B=0.1T。若減震器的初速度v0=5.0m/s，則滑動桿上需安裝多少個線圈才能使其完全停下來？（不考慮線圈個數(shù)變化對減震器總質(zhì)量的影響）
【答案】（1）；（2）；（3）13個
【解析】
【詳解】（1）第一個線圈剛進(jìn)入磁場時線圈ab受到的安培力的大小
（2）設(shè)向右為正方向，對減震器進(jìn)行分析，由動量定理可得
解得
（3）由上述小題得，每一個線圈進(jìn)入磁場的過程中，減震器速度減小量為
所以線圈的個數(shù)為
個
則需要13個線圈。
15. 如圖甲所示（俯視圖），虛線邊界左側(cè)空間分布磁感應(yīng)強度為B的強磁場，方向豎直向下，邊界右側(cè)空間分布磁感應(yīng)強度為2B的勻強磁場，方向豎直向上。一質(zhì)量為m，總電阻為R，ab邊長為3s，bc邊長為L的單匝矩形線abcd垂直于磁場水平放置，bc邊平行于虛線邊界，ab、cd邊上的 e、f兩處(e、f兩處在邊界處)有兩個小孔，一光滑絕緣的固定軸穿過兩個小孔（小孔和軸圖中未畫出），ad 到邊界的距離為s。現(xiàn)讓線框在外力（不計重力）的作用下，繞 ef軸以角速度ω，順著 ef看為逆時針方向開始勻速轉(zhuǎn)動。
（1）求從圖示位置開始轉(zhuǎn)動半周過程中通過線框某一橫截面的電量大小q；
（2）在乙圖上畫出線框中感應(yīng)電流隨時間變化的圖像（以abcda 方向為電流正方向，從初始時刻開始，畫一個周期，請標(biāo)注電流最大值）；
（3）求勻速轉(zhuǎn)動一周外力所做的功W。

【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【詳解】（1）從圖示位置開始轉(zhuǎn)動半周過程中通過線框某一橫截面的電量
（2）內(nèi)，感應(yīng)電流為
內(nèi)，感應(yīng)電流方向為正；
內(nèi)，ab邊和bc邊的產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢始終抵消，電流為零；
內(nèi)，感應(yīng)電流為
內(nèi)，感應(yīng)電流方向為負(fù)。

（3）感應(yīng)電流的有效值
勻速轉(zhuǎn)動一周外力所做的功
16. 如圖，一組平行等間距的足夠長導(dǎo)軌由傾角粗糙傾斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌相連構(gòu)成，導(dǎo)軌間距為l，在傾斜導(dǎo)軌的邊界EF上方，存在垂直于斜面向上，大小為B的勻強磁場?，F(xiàn)將質(zhì)量為m，電阻為R的導(dǎo)體棒M，放在傾斜導(dǎo)軌頂端，與其相距d處（仍在磁場中）放置完全相同的導(dǎo)體棒N，發(fā)現(xiàn)兩導(dǎo)體棒恰好不滑動。一質(zhì)量為m0，可視為質(zhì)點的小球，從水平軌道平面中軸線上方某點，以初速度水平拋出，恰好平行于傾斜導(dǎo)軌，在M桿中心處與導(dǎo)體棒M發(fā)生彈性碰撞。已知，重力加速度為g，接觸面間的最大靜摩擦與滑動摩擦力相等。
（1）求小球與導(dǎo)體棒M碰后瞬間，N棒的加速度大小a；
（2）若要保證M、N在磁場中不發(fā)生碰撞，求兩導(dǎo)體棒初始距離d的最小值及N棒上產(chǎn)生焦耳熱的最大值；
（3）若N棒離開EF時的速度與M棒速度相等（M仍在磁場中且與N未發(fā)生碰撞），為確保之后M棒也能離開磁場，則d應(yīng)該滿足的條件范圍。
【答案】（1）；（2），；（3）
【解析】
【詳解】（1）小球與導(dǎo)體棒M碰前瞬間，小球速度為v，則
小球與導(dǎo)體棒M發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒及能量守恒定律有
解得
，
碰后瞬間，感應(yīng)電動勢為
根據(jù)閉合電路歐姆定律和安培力表達(dá)式得
，
對N棒根據(jù)牛頓第二定律，聯(lián)立有
由于未碰撞前導(dǎo)體棒恰好不下滑，則有
解得
（2）兩導(dǎo)體棒在磁場中運動過程中，動量守恒，最終兩棒速度相等，設(shè)為v3，則
解得
對M分析，根據(jù)動量定理有
則開始運動到MN共速過程中，對M分析，當(dāng)M、N在磁場中不發(fā)生碰撞，兩導(dǎo)體棒初始距離的最小值為該過程中相對位移大小，整理得
解得
兩導(dǎo)體棒在磁場中運動過程中，重力勢能的減小量恰好等于兩導(dǎo)體棒滑動摩擦產(chǎn)生的熱量，減小的動能等于回路產(chǎn)生的焦耳熱，設(shè)回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q，由能量守恒定律
解得
N棒上產(chǎn)生焦耳熱的最大值為
（3）N棒離開磁場后，M棒切割磁感線做減速運動，確保EF時的速度與M棒速度相等（M仍在磁場中且與N未發(fā)生碰撞），則d最小為
由動量定理得
解得
故為確保之后M棒也能離開磁場，d最大為
應(yīng)該滿足的條件范圍

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