高三階段性學(xué)情調(diào)研物理試題一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每題只有一個選項最符合題意。1. 某汽車在啟用ABS剎車系統(tǒng)和不啟用該剎車系統(tǒng)緊急剎車時，其車速與時間的變化關(guān)系分別如圖中的①、②圖線所示，則啟用ABS后（　?。?/span> A. t1時刻車速更大B. 0～t1時間內(nèi)速度變化量大C. 加速度總是比不啟用ABS時大D. 剎車后前行的距離比不啟用ABS長【答案】A【解析】詳解】AB．由圖看出，t1時刻啟用ABS后車速更大，由于初速度相同，因此啟用ABS后0～t1時間內(nèi)速度變化量更小，故A正確，B錯誤；C．由速度圖線的斜率絕對值等于加速度的大小，可知啟用ABS后，0～t1時間內(nèi)加速度比不啟用ABS時小，t1～t2時間內(nèi)加速度比不啟用ABS時大，故C錯誤；D．根據(jù)速度圖像的“面積”大小等于位移大小，可以看出剎車后前行的距離啟用ABS比不啟用ABS更短，故D錯誤。故選A。2. 如圖所示，用金屬網(wǎng)把不帶電的驗電器罩起來，再使帶正電的金屬球靠近金屬網(wǎng)，則（　?。?/span> A. 箔片先張開后閉合B. 金屬網(wǎng)罩內(nèi)部電場強度的方向與帶電金屬球產(chǎn)生的電場反向C. 若移去金屬網(wǎng)，帶電金屬球靠近驗電器的金屬球A，箔片不張開D. 若移去金屬網(wǎng)，帶電金屬球靠近驗電器的金屬球A，A將帶負(fù)電【答案】D【解析】【詳解】AB．驗電器被金屬網(wǎng)罩起來，處于靜電屏蔽狀態(tài)，電荷分布在外表面，故箔片不張開，且處于靜電屏蔽的導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為0，故AB錯誤；CD．若移去金屬網(wǎng)，帶電金屬球靠近驗電器金屬球A，由靜電感應(yīng)可知，金屬球A帶負(fù)電，且箔片帶正電張開，故C錯誤，D正確。故選D。3. 如圖所示，質(zhì)量不同的三個物體從水平地面上的A點以相同速率沿不同方向拋出，運動軌跡分別為圖中的1、2、3，不計空氣阻力。則三個物體從拋出到落地過程中（　　） A. 3軌跡的物體在最高點的速度最大B. 1軌跡的物體所受重力的沖量最大C. 2軌跡的物體速度變化率最小D. 3軌跡的物體在空中飛行時間最長【答案】A【解析】【詳解】D．將拋體運動分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的勻變速直線運動，三條軌跡中1軌跡最高，根據(jù)可知1軌跡的物體在空中飛行時間最長，故D錯誤；A．水平方向位移為在最高點時豎直方向速度為零，在最高點的速度即為水平速度，由D選項分析可知，3軌跡的物體在空中飛行時間最短，而3軌跡水平位移最大，因此3軌跡的物體水平方向速度最大，故3軌跡的物體在最高點的速度最大，故A正確；B．重力的沖量為三個物體質(zhì)量不同，在空中飛行的時間也不同，故無法判斷哪個物體所受重力的沖量最大，故B錯誤；C．加速度時反映速度變化快慢的物理量，由于三個物體都做拋體運動，加速度都為重力加速度，因此三個物體速度變化率相同，故C錯誤。故選A。4. 質(zhì)量為m、速度為v的A球跟質(zhì)量為3m的靜止B球發(fā)生正碰，則碰撞后B球速度v'可能值的范圍為（　　）A. 0.2v≤v'≤0.5vB. 0.2v≤v'≤0.75vC. 0.25v≤v'≤0.5vD. 0.25v≤v'≤0.75v【答案】C【解析】【詳解】若A、B兩球為彈性碰撞，則碰撞過程無能量損失，碰撞后速度最大，取A球初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒、機械能守恒可得解得若A、B兩球為完全非彈性碰撞，碰撞后兩球共速，碰撞過程能量損失最大，碰撞后速度最小，根據(jù)動量守恒可得解得因此碰撞后B球速度v'可能值的范圍為0.25v≤v'≤0.5v故選C。5. 如圖所示，小車放在光滑的水平面上，將系繩小球拉開到一定的角度，然后同時放開小球和小車，則（　?。?/span>A. 此后的過程中，小球、小車組成的系統(tǒng)動量守恒B. 此后的過程中，小球一直做圓周運動C. 從釋放到向左擺到最高點的過程中，小球重力的平均功率為0D. 從釋放到向左擺到最高點的過程中，小球重力的沖量為0【答案】C【解析】【詳解】A．在水平方向上合力為0，系統(tǒng)在水平方向的動量為0，在豎直方向上，小球有豎直方向的分速度，小車豎直方向沒有分速度，則豎直方向上系統(tǒng)動量不守恒，故此后的過程中，小球、小車組成的系統(tǒng)動量不守恒，故A錯誤；B．若小車不動，則釋放小球后做圓周運動；而現(xiàn)在小車在水平方向有運動，則小球的運動不是圓周運動，故B錯誤；C．剛釋放小球時，小球和小車速度為0，系統(tǒng)在水平方向合外力為0，水平方向上動量守恒，則則當(dāng)向左擺到最高點的過程中，小球的速度為0，則小車的速度也為0，由于系統(tǒng)機械能守恒，則擺動過程中重力做功為0，由于可知，小球重力的平均功率為0，故C正確；D．從釋放到向左擺到最高點的過程中，小球重力的沖量為時間增加，則沖量不為0，故D錯誤。故選C。6. 如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，兩板間帶電油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。若將兩板緩慢地錯開一些，其他條件不變，則（　?。?/span>A. 油滴帶正電荷B. 油滴將向下運動C. 電容器的電容變大D. 檢流計G中有a→b的電流【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，平行板電容器上極板為高電勢，根據(jù)受力平衡可知油滴所受電場力方向為豎直向上，故油滴帶負(fù)電荷，故A錯誤；B．平行板電容器與電源相連，即電容器電壓U不變，將兩板緩慢地錯開一些，電容器的S減小，但兩板間距d不變，則根據(jù)可知，兩板間的電場強度不變，電場力仍然等于油滴重力，則油滴仍然保持靜止，故B錯誤；C．根據(jù)電容器的電容決定式可知，電容器的S減小，則電容器的電容C變小，故C錯誤；D．根據(jù)電容的定義式可知，電壓U不變，電容C變小，則電容器的電荷量Q減小，即電容器放電，電流從電容器的正極（即上板）流出，所以檢流計G中有a→b的電流，故D正確。故選D。7. 如圖所示，均勻的帶正電圓環(huán)圓心為O，以O點為坐標(biāo)原點建立x軸，坐標(biāo)軸垂直于圓環(huán)平面，A是x軸上的一點，B點是OA的中點，無窮遠處電勢為0?，F(xiàn)在A處再放一同樣的帶正電圓環(huán)，圓心在A點，環(huán)面與x軸垂直，則（　　） A. A點的電場強度減小B. A點電勢增大C. B點的電場強度增大D. B點的電勢為0【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)圓心在O點的圓環(huán)為圓環(huán)O，圓心在A點的圓環(huán)為圓環(huán)A，由于圓環(huán)A在A點產(chǎn)生的合場強為零，因此A點的電場強度不變，由于圓環(huán)A帶正電，圓環(huán)A在A點產(chǎn)生的電勢大于零，因此A點的電勢增大，故A錯誤，B正確；C．未放置圓環(huán)A時，圓環(huán)O在B點產(chǎn)生的合場強大小不為零，方向水平向右，放置圓環(huán)A后，根據(jù)對稱性可知，B點場強為零，故放置圓環(huán)A后B點的電場強度減小，故C錯誤；D．兩個圓環(huán)在B點的電勢都為正的，由電勢的疊加可知B點的電勢大于零，故D錯誤。故選B。8. 如圖為同一平面內(nèi)繞地球運行的三顆不同衛(wèi)星A、B、C的軌道示意圖，Ⅰ、Ⅲ為圓軌道，Ⅱ為橢圓軌道，Ⅲ的半徑與Ⅱ的半長軸相等，且Ⅲ與Ⅱ相交于M點，Ⅰ與Ⅱ相切于N點。則（　?。?/span>A. A、B經(jīng)過N點時的向心力一定相同B. B在橢圓軌道上運行的速度均大于A的速度C. B、C在M點的向心加速度大小相等D. B、C繞地球運行的周期相等【答案】D【解析】【詳解】AC．由于A與B為不同衛(wèi)星，則由公式可知，A與B經(jīng)過N點時的萬有引力不一定相同，則向心力不一定相同，同理B、C在M點由可知加速度大小相同，但是B在M的向心加速度為加速度的一個分量，因此向心加速度大小不相等，故AC錯誤；B．B在橢圓軌道上N點的速度比A在N點的速度大，此后B從N向遠地點運動過程中速度變小而A的速度大小不變，因此B的速度并不是一直比A大，故B錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律可知Ⅲ的半徑與Ⅱ的半長軸相等，則B、C繞地球運行的周期相等，故D正確。故選D。9. 雨滴在高空形成后，由靜止開始沿豎直方向下落，雨滴受到空氣阻力的大小與雨滴的速度大小成正比。設(shè)下落過程中雨滴的質(zhì)量不變，雨滴下落過程中，下列關(guān)于雨滴的速度v、動能Ek、重力勢能Ep、機械能E與時間t的關(guān)系圖像一定錯誤的是（　?。?/span>A  B. C.  D. 【答案】C【解析】【詳解】A．由題意可知雨滴的速度越來越大，加速度就越來越小，最終雨滴作勻速直線運動，作勻速運動之前加速度越來越小，故A正確；B．由于速度逐漸趨近與最大值，動能也逐漸趨近與最大值，故B正確；C．雨滴下落的過程中，重力的功率由于雨滴的速度越來越大，重力勢能減小的越來越快，故C錯誤；D．雨滴下落的過程中，阻力做功的功率可知，速度越來越大，阻力的功率也逐漸增大，雨滴的機械能減小的越來越快，故D正確。本題選擇錯誤選項，故選C。10. 如圖所示，一根輕質(zhì)彈簧一端固定于光滑豎直桿上，另一端與質(zhì)量為m的滑塊P連接，P穿在桿上，一根輕繩跨過定滑輪將滑塊P和重物Q連接起來，滑塊Q的質(zhì)量為4m。將P從圖中A點由靜止釋放后沿豎直桿上下運動，當(dāng)它經(jīng)過A、B兩點時彈簧對滑塊的彈力大小相等。已知OA與水平面的夾角，長為，與垂直，不計滑輪的摩擦力，重力加速度為g。則P從A點到B點的過程中（　　）A. P和Q組成的系統(tǒng)機械能守恒B. P的速度一直增大C. 輕繩對P做的功為8mgLD. 重力對Q做功的功率一直減小【答案】C【解析】【詳解】A．不計摩擦，只有重力和彈力做功，根據(jù)題意可知，滑塊P和重物Q與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故A錯誤；B．在A點彈簧對P的彈力向上，在B點彈簧對P的彈力向下，可知，P先加速上升后減速上升，在AB間某位置合力為0，速度最大，故B錯誤；CD．根據(jù)題意可知，滑塊P從A點開始運動時，重物Q的速度為0，則重物Q重力的功率為0，當(dāng)滑塊P到達B點時，重物Q的速度也為0，此時，重物Q重力的功率為0，則滑塊P從A點到達B點時過程中，重物Q重力的功率先增大后減小；滑塊P和重物Q與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)幾何關(guān)系可知，滑塊P上升的高度為重物Q下降的高度為設(shè)滑塊P運動到位置B處速度大小為v，A、B兩點時彈簧對滑塊的彈力大小相等，可知A、B兩點彈簧得彈性勢能相等，根據(jù)機械能守恒定律可知解得在B點的速度為對滑塊P，設(shè)輕繩對滑塊P做功為W，由動能定理可知解得故C正確，D錯誤。故選C。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11. 小明用如圖甲所示的裝置來探究“在外力一定時，物體的加速度與其質(zhì)量之間的關(guān)系”。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?/span>g。（1）實驗中，需要補償阻力。在小車后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器，調(diào)節(jié)木板的傾斜度，接通打點計時器的電源，使小車在繩的拉力下運動，若紙帶上的點跡間隔相等，則說明______（選填“已”或“未”）補償好阻力。（2）保持砂和砂桶質(zhì)量不變，改變小車上砝碼的質(zhì)量，如圖乙所示是某次用打點計時器打下的一條紙帶。已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz，紙帶上每兩個相鄰計數(shù)點之間還有4個打出的點未畫出，根據(jù)紙帶可求出小車運動時的加速度大小為________m/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） （3）測出小車和車上砝碼的總質(zhì)量M和對應(yīng)的加速度a，小明作出如圖丙中實線所示的圖線，圖線偏離直線的主要原因是______。 （4）圖線的曲線將不斷地延伸，那么該曲線所逼近的漸近線的方程為______。（5）小明調(diào)整了圖像的橫縱坐標(biāo)，描繪出如圖丁所示的圖像。已知實驗中已經(jīng)完全補償了阻力的影響，發(fā)現(xiàn)圖像不過原點，根據(jù)牛頓第二定律：在拉力不變的情況下，與M應(yīng)該成正比，小明百思不得其解，請你告訴他圖丁縱軸上的截距的物理意義是______（用題中所給的字母表示）。 【答案】    ①. 沒    ②. 0.75    ③. 未滿足小車和車上砝碼總質(zhì)量遠大于砂和砂桶的質(zhì)量    ④.     ⑤. 【解析】【詳解】（1）[1]小車在繩的拉力下運動，若紙帶上的點跡間隔相等，由牛頓第二定律可知說明小車做勻速直線運動，則小車沒有平衡好阻力，應(yīng)該讓小車在沒有繩子的作用下做勻速直線運動。（2）[2]已知打點計時器所用電源的頻率為50Hz，紙帶上每兩個相鄰計數(shù)點之間還有4個打出的點未畫出，則由逐差法可得加速度為（3）[3]設(shè)砂和砂桶的質(zhì)量為m，由牛頓第二定律可知 解得當(dāng)時， 成線性關(guān)系，則呈現(xiàn)圖線偏離直線的主要原因是未滿足小車和車上砝碼總質(zhì)量遠大于砂和砂桶的質(zhì)量。（4）[4]當(dāng)圖線的曲線將不斷地延伸，則，即，則（5）[5]由牛頓第二定律可知解得可知，縱軸上的截距表示的是。12. 如圖所示，質(zhì)量的跳臺滑雪運動員從跳臺a處沿水平方向飛出，在斜坡（近似看成斜面）b處著陸，間的距離，斜坡與水平方向的夾角，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，計算結(jié)果可用根式表示。求：（1）運動員從a點水平飛出時的速度大小v0；（2）運動員在飛行過程中，離斜坡最遠時重力的瞬時功率P。 【答案】（1）；（2）6000W【解析】【詳解】（1）根據(jù)題意，運動員在空中做平拋運動，在豎直方向在水平方向解得（2）根據(jù)平拋運動規(guī)律，離斜坡最遠時速度與斜面平行，則則重力的瞬時功率為解得13. 未來部署在空間的太陽能電站可以將電能源源不斷地傳送到地球。假設(shè)電站繞地球運行的周期為T，已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g。（1）求電站離地面的高度h；（2）電站在軌運行時，光子撞擊電站的帆板被垂直反射而產(chǎn)生作用力。假設(shè)垂直照射帆板前后的光子平均動量均為p，每秒鐘垂直照射到帆板上的光子數(shù)為n個，求帆板由于光子碰撞而受到的作用力大小F。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）對電站研究可知解得（2）t時間內(nèi)照射到帆板上的光子數(shù)為nt個，由動量定理可得解得14. 如圖所示，傾角為的斜面固定在水平地面上，一輕繩繞過兩個光滑的輕質(zhì)滑輪連接著固定點P和物體B，兩滑輪之間的輕繩始終與斜面平行，物體A與動滑輪連接，B受到豎直方向的恒力F（圖中未畫出），整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知A、B的質(zhì)量均為，A與斜面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度g取10m/s2。（1）求恒力F的最小值；（2）現(xiàn)撤去恒力F，A、B由靜止釋放。求：①A、B釋放瞬間，B的加速度大小aB；②當(dāng)B下降（B未落地）時，B的大小vB。【答案】（1）；（2）①；②【解析】【詳解】（1）由題可知，對A受力分析對B受力分析可知解得（2）①撤去F，對A受力分析，由牛頓第二定律可得對B受力分析，由牛頓第二定律可得由題圖可得解得②由題圖可得，A的速度為由能量守恒可知由于解得15. 如圖甲所示，電子槍連續(xù)不斷均勻地發(fā)出電子（設(shè)電子的初速度為零），經(jīng)加速電壓為U1的加速電場加速后由小孔穿出，沿兩個距離為d的水平金屬板A、B間的中線射入偏轉(zhuǎn)電場，A、B兩板間加如圖乙所示的周期性變化的電壓UAB，電壓變化周期為T，正半周UAB為U0，負(fù)半周UAB為-3U0。已知電子質(zhì)量為m、電荷量為-e，A、B極板長為，所有電子都能離開偏轉(zhuǎn)電場，不計電子的重力及電子間的相互作用力。求：（1）電子經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場的時間t；（2）從t=0時刻射入偏轉(zhuǎn)電場的電子在進、出偏轉(zhuǎn)電場過程中電勢能的變化量ΔEp；（3）在足夠長的時間內(nèi)從中線下方離開偏轉(zhuǎn)電場的電子數(shù)占電子總數(shù)的比例η。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)動能定理，有解得水平方向聯(lián)立解得（2）豎直方向加速度解得功能關(guān)系解得（3）電子在電場中的運動時間均為，U0時3U0時解得在0～時間內(nèi)，設(shè)t1時刻射入電場中的電子偏轉(zhuǎn)位移剛好為0，有解得即在0～時間內(nèi)，～時間內(nèi)射入電場中的電子均可從中線下方飛出；～T時間內(nèi)，設(shè)時刻射入的電了剛好偏轉(zhuǎn)位移為0，有解得即～T這段時間內(nèi)，時間內(nèi)射入電場中的電子均可從中線下方飛出，在一個周期內(nèi)能從下中線下方離開的粒子射入時間間隔為從中線下方離開偏轉(zhuǎn)電場的電子占電子總數(shù)的比例 

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