2024長春外國語學校高三上學期9月月考試題物理含答案-試卷下載-教習網(wǎng)

長春外國語學校2023-2024學年第一學期第一次月考高三年級物理試卷（選考）出題人：姜峰審題人：景然本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分，共4頁?？荚嚱Y(jié)束后，將答題卡交回。注意事項： 1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。 2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。第Ⅰ卷一、選擇題：本題共8小題，每題6分，共48分。1-4題只有一項是符合題目要求的，5-8題有多個選項符合要求。1．自駕游是目前比較流行的旅游方式，在人煙稀少的公路上行駛，司機會經(jīng)常遇到動物過公路的情形。如圖所示是一輛汽車正在以的速度勻速行駛，突然公路上沖出三只小動物，司機馬上剎車，假設剎車過程是勻減速運動，加速度大小為，小動物與汽車距離約為，以下說法正確的是（　?。?/span>A．汽車勻減速末的速度大小為B．勻減速運動的汽車一定撞上小動物C．汽車第末的速度為D．汽車勻減速第末到第末位移為2．智能手機安裝軟件后，可利用手機上的傳感器測量手機運動的加速度，帶塑膠軟殼的手機從一定高度由靜止釋放，落到地面上，手機傳感器記錄了手機運動的加速度a隨時間t變化的關系，如圖所示，g為當?shù)氐闹亓铀俣取Ｏ铝姓f法錯誤的是（　?。?/span> A．釋放時，手機離地面的高度為B．手機第一次與地面碰撞的作用時間為C．手機第一次與地面碰撞中所受最大彈力為自身重力的10倍D．0至內(nèi)圖線與橫坐標圍成的面積中，時間軸下方與上方的面積大小相等3．無線藍牙耳機可以在一定距離內(nèi)與手機等設備實現(xiàn)無線連接，已知無線連接的最大距離為10m。A、B兩位同學做了一個有趣實驗，A同學佩戴無線藍牙耳機，B同學攜帶手機檢測。如圖甲所示，A、B兩位同學同時沿兩條相距8m的平行直線軌道向同一方向運動。其運動的圖像如圖乙所示，在運動過程中，手機檢測到藍牙耳機能被連接的總時間為（　?。?/span> A．2s B．4s C．8s D．13s4．如圖所示，質(zhì)量均為m=3kg的物塊A、B緊挨著放置在粗糙的水平地面上，物塊A的左側(cè)連接一勁度系數(shù)為k=100N/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端固定在豎直墻壁上。開始時兩物塊壓緊彈簧并恰好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)使物塊B在水平外力F作用下向右做a=2m/s2的勻加速直線運動直至與A分離，已知兩物塊與地面的動摩擦因數(shù)均為μ=0.5，g=10m/s2。則物塊A、B分離時，所加外力F的大小，物塊A、B由靜止開始運動到分離所用的時間t分別為（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（　?。?/span>A．F=30N，B．F=12N，C．F=15N，D．F=21N，t=0.3s5．（多選）如圖所示，豎直面內(nèi)固定一光滑大圓環(huán)軌道，O為圓心，A、B、C、D分別為圓周上的4個點，豎直，水平。A點固定一個光滑小滑輪，長度可調(diào)的無彈性輕繩繞過滑輪兩端連接質(zhì)量分別為的兩個小球，小球套在大圓環(huán)軌道上，繩和豎直方向的夾角分別為，兩側(cè)繩長分別為。當兩小球靜止時，下列說法正確的是（　　）A．若，兩小球可靜止在軌道上關于對稱的任意處B．兩小球靜止時，一定存在C．若，則D．若，則軌道對小球的作用力之比為6．（多選）如圖所示，粗糙水平地面上有一傾角為的斜面體，質(zhì)量為m的光滑小球用一不可伸長的細線懸掛在天花板上，此時細線恰與斜面平行，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用水平向左的拉力F拉斜面體，使斜面體緩慢向左運動，直至細線變?yōu)樨Q直。下列說法正確的（　?。?/span>A．系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，斜面體受到地面的摩擦力水平向右B．系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，斜面體受到地面的摩擦力大小為C．斜面體緩慢向左運動過程中，細線的拉力先增大后減小D．斜面體緩慢向左運動過程中，斜面體受到地面的摩擦力逐漸變小7．（多選）如圖，質(zhì)量相等的兩滑塊P、Q置于水平桌面上，二者用一輕彈簧水平連接，兩滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)均為。重力加速度大小為g。用水平向右的拉力F拉動P，使兩滑塊均做勻速運動；某時刻突然撤去該拉力，則從此刻開始到彈簧第一次恢復原長之前（　?。?/span>A．P的加速度大小的最大值為B．Q的加速度大小的最大值為C．P的位移大小一定大于Q的位移大小D．P的速度大小均不大于同一時刻Q的速度大小8．（多選）某同學在地面上用體重計稱得體重為490N。他將體重計移至電梯內(nèi)稱其體重，至時間段內(nèi)，體重計的示數(shù)如圖甲所示，電梯運行的圖像可能是下圖中的哪一個？（取電梯向上運動的方向為正）（　　）A． B．C． D．第Ⅱ卷二、實驗題：本題共2小題，共18分。9．某探究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗，將畫有坐標軸（橫軸為x軸，縱軸為y軸，最小刻度表示1 mm）的紙貼在水平桌面上，如圖甲所示。將橡皮筋的一端Q固定在y軸上的B點（位于圖示部分之外），另一端P位于y軸上的A點時，橡皮筋處于原長。（1）用一只測力計將橡皮筋的P端沿y軸從A點拉至坐標原點O，此時拉力F的大小可由測力計讀出。測力計的示數(shù)如圖乙所示，F的大小為 N；（2）撤去（1）中的拉力，橡皮筋P端回到A點；現(xiàn)使用兩個測力計同時拉橡皮筋，再次將P端拉至O點。此時觀察到兩個拉力分別沿圖甲中兩條虛線所示的方向，由測力計的示數(shù)讀出兩個拉力的大小分別為F1=4.2 N和F2=5.6 N；①用5mm長度的線段表示1N的力，以O為作用點，在圖甲中畫出力F1、F2的圖示，然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合。②F合的大小為 N，F合與拉力F的夾角的正切值為。若F合與拉力F的大小及方向的偏差均在實驗所允許的誤差范圍之內(nèi)，則該實驗驗證了力的平行四邊形定則。10．某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質(zhì)量的關系。（1）下列做法正確的是( )A．調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C．實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D．通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量．（填“遠大于”、“遠小于”或“近似等于“）（3）甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到圖中甲、乙兩條直線．設甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數(shù)分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲 m乙，μ甲 μ乙。（填“大于”、“小于”或“等于”）三、計算題：本題共3小題，共34分。（9分）11．如圖所示，兩物塊P、Q用跨過光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，開始時P靜止在水平桌面上。已知P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為mP=0.6kg、mQ=0.2kg，P與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2?，F(xiàn)在Q上掛一個物塊K后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉淼?/span>3倍，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則所掛物塊K的質(zhì)量為多少？ 12．（9分）足夠長的傳送帶傾斜放置，以大小為的恒定速率順時針轉(zhuǎn)動，如圖甲所示。質(zhì)量的小物塊以初速度從A端沖上傳送帶又滑了下來，小物塊的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，，小物塊視為質(zhì)點，求：（1）小物塊從沖上傳送帶到離開所用的時間；（2）小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)和傳送帶的傾角；（3）內(nèi)小物塊與傳送帶間因摩擦所產(chǎn)生的熱量。 13．（16分）如圖所示，靜止在水平地面上的木板（厚度不計）質(zhì)量為m1＝1 kg，與地面間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.2，質(zhì)量為m2＝2 kg且可看成質(zhì)點的小物塊與木板和地面間的動摩擦因數(shù)均為μ2＝0.4，以v0＝4 m/s的水平速度從左端滑上木板，經(jīng)過t＝0.6 s滑離木板，g取10 m/s2（1）求木板的長度L。（2）小物塊離開木板時，木板的速度為多少。（3）小物塊離開木板后，木板的加速度。（4）小物塊離開木板后，判斷木板與小物塊是否發(fā)生碰撞。
參考答案：1．D【詳解】A．根據(jù)題意，由公式代入數(shù)據(jù)解得可知汽車在剎車5s后停止運動，故6s末速度為0，故A錯誤；B．由A分析可知，汽車在剎車5s后停止運動，根據(jù)公式帶入數(shù)據(jù)解得汽車剎車行駛50m停下小于55m，則沒有撞上小動物，故B錯誤；C．根據(jù)題意，由公式代入數(shù)據(jù)解得故C錯誤；D．汽車剎車減速5s停止，根據(jù)逆運算，第末到第末位移可看成第末反向初速度為零的勻加速，則加速時間1s，根據(jù)公式代入數(shù)據(jù)解得故D正確。故選D。2．C【詳解】A．由圖可知，時刻手機開始接觸地面，則內(nèi)做自由落體運動，釋放時，手機離地面的高度為故A正確，不滿足題意要求；B．由圖可知，時刻手機開始接觸地面，時刻手機開始離開地面，則手機第一次與地面碰撞的作用時間為，故B正確，不滿足題意要求；C．由圖可知，時刻手機的加速度最大，且方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律可得可得手機第一次與地面碰撞中所受最大彈力為自身重力的11倍，故C錯誤，滿足題意要求；D．由圖可知，時刻手機的加速度最大，此時手機受到地面的彈力最大，手機處于最低點，手機的速度為零，則時間內(nèi)手機的速度變化量為零，根據(jù)圖像與橫軸圍成的面積表示速度變化量，可知0至內(nèi)圖線與橫坐標圍成的面積中，時間軸下方與上方的面積大小相等，故D正確，不滿足題意要求。故選C。3．C【詳解】已知無線連接的最遠距離為10m，直線軌道相距8m，手機檢測到藍牙耳機時，A、B同學之間的位移之差最大值為根據(jù)速度-時間圖像可知A做勻速直線運動，B做勻加速直線運動，根據(jù)圖像的斜率可知B的加速度為當A的位移大于B的位移為6m時，手機開始檢測不到藍牙解得6s后B開始做勻速直線運動，兩者間距離繼續(xù)減小，當B的位移大于A的位移為6m時，B比A多運動12m，手機將不再能檢測到藍牙解得所以手機檢測到藍牙耳機能被連接的總時間為故選C。4．D【詳解】物塊A、B靜止時，對A、B整體，設此時彈簧的形變量是，應用平衡條件可得：解得：=0.3m物塊A、B分離時，對物塊B，根據(jù)牛頓第二定律可知：解得：=3×2N+0.5×30N=21N物塊A、B靜止時，對物塊A、B：根據(jù)平衡條件可知：物塊A、B分離時，對物塊A，設此時彈簧形變量是，根據(jù)牛頓第二定律可知：解得：m物塊A、B在時間過程中的位移為：解得：=0.3s故ABC錯誤，D正確。故選D。5．AD【詳解】A．如圖所示兩小球受力如下可以發(fā)現(xiàn)兩個小球的受力矢量三角形與對應的幾何三角形相似，則對小球m1有對小球m2有若，則小球靜止時滿而細繩的長度可調(diào)，所以小球可以靜止在軌道上關于AB對稱的任意處，故A正確；B．上式聯(lián)立可得小球靜止時滿足即故B錯誤；C．若α=30°，β=60°，則可得則故C錯誤；D．若α=30°，β=60°，則可得故D正確。故選AD。6．AD【詳解】AB．系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)時，小球?qū)π泵娴膲毫Υ笮〉扔谛∏虻闹亓ρ卮怪毙泵娴姆至Γ?/span>則斜面體受到的摩擦力為，根據(jù)平衡可知方向水平向右，B錯誤A正確；C．斜面體緩慢向左運動過程中，小球受到斜面體的支持力，繩子的拉力和重力作用根據(jù)力的合成可知，繩子拉力逐漸增大，支持力逐漸減小，C錯誤；D．根據(jù)A可知，靜止時摩擦力而在運動時，是滑動摩擦力，根據(jù)因為斜面體的重力不變，而逐漸減小，根據(jù)牛頓第三定律，則斜面體受到的壓力逐漸變小，所以斜面體受到的地面的摩擦力逐漸變小，D正確。故選AD。7．AD【詳解】設兩物塊的質(zhì)量均為m，撤去拉力前，兩滑塊均做勻速直線運動，則拉力大小為撤去拉力前對Q受力分析可知，彈簧的彈力為AB．從此刻開始到彈簧第一次恢復原長之前的過程中，以向右為正方向，撤去拉力瞬間彈簧彈力不變?yōu)?/span>，兩滑塊與地面間仍然保持相對滑動，此時滑塊P的加速度為解得此刻滑塊Q所受的外力不變，加速度仍為零，過后滑塊P做減速運動，故PQ間距離減小，彈簧的伸長量變小，彈簧彈力變小。根據(jù)牛頓第二定律可知P減速的加速度減小，滑塊Q的合外力增大，合力向左，做加速度增大的減速運動。故P加速度大小的最大值是剛撤去拉力瞬間的加速度為。Q加速度大小最大值為彈簧恢復原長時解得故滑塊Q加速度大小最大值為，A正確，B錯誤；C．滑塊PQ水平向右運動，PQ間的距離在減小，故P的位移一定小于Q的位移，C錯誤；D．滑塊P在彈簧恢復到原長時的加速度為解得撤去拉力時，PQ的初速度相等，滑塊P由開始的加速度大小為做加速度減小的減速運動，最后彈簧原長時加速度大小為；滑塊Q由開始的加速度為0做加速度增大的減速運動，最后彈簧原長時加速度大小也為。分析可知P的速度大小均不大于同一時刻Q的速度大小，D正確。故選AD。8．AC【詳解】由圖像可知，人先超重，再平衡，最后失重，則電梯的加速度先向上，再勻速，后加速度向下；若電梯向上運動的方向為正，則電梯可能先勻加速向上，再勻速向上，最后勻減速向上；或者電梯可能先勻減速向下，再勻速向下，最后勻加速向下；故選AC。9． 4.0 4.0 0.05【詳解】（1）[1]由圖乙可知，該測力計的精度為0.2N，則該讀數(shù)為4.0N。（2）①[2]用5mm長度的線段表示1N的力，以O為作用點，在圖甲中畫出力F1、F2的圖示，然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合，如圖所示②[3]用刻度尺量出F合的線段長為20.0 mm，所以F合大小為[4]F合與拉力F的夾角的正切值為10． AD 遠小于小于大于【詳解】（1）[1]A．為了保證滑塊受到的繩子拉力是恒力，需要調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，A正確；B．在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴木塊上，B錯誤；C．實驗時，先接通打點計時器的電源再放開木塊，C錯誤；D．平衡摩擦力后，每次改變木塊上的砝碼質(zhì)量時，只要保持傾角不變，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，D正確。故選AD；（2）[2]為了保證在改變木塊上的砝碼質(zhì)量時，木塊所受的拉力近似不變，以木塊和木塊上砝碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得以砝碼桶及桶內(nèi)砝碼為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立可得可知在改變時，為了使繩子拉力幾乎等于砝碼桶及桶內(nèi)砝碼總重力，需要砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠小于木塊和木塊上砝碼的總質(zhì)量；（3）[3][4]根據(jù)牛頓第二定律可得解得由圖像的斜率和縱軸截距大小關系可得可知小于，大于。11．【詳解】P靜止在桌面上，Q也靜止，對Q受力分析，由平衡條件得，輕繩張力P受到的摩擦力當Q上掛物塊K后，輕繩的張力變?yōu)樵瓉淼?/span>3倍，即有由于則P向右勻加速，根據(jù)牛頓第二定律得解得P和Q、K通過輕繩相連，以相同加速度下降，對Q、K由牛頓第二定律得解得12．（1）；（2），；（3）【詳解】（1）由圖像知，小物塊沖上斜面到達最高點所用時間，圖像面積即位移由圖像知，的加速度為方向沿傳送帶向下，小物塊向下運動過程中加速度大小與相等，由得故總時間（2）由圖像得的加速度為方向沿傳送帶向下；，對小物塊由牛頓第二定律得，對小物塊由牛頓第二定律得解得（3）傳送帶的速度，在內(nèi)傳送帶的位移小物塊的位移為兩者相對位移大小為在內(nèi)傳送帶的位移小物塊的位移為兩者相對位移大小為內(nèi)小物塊與傳送帶間因摩擦所產(chǎn)生的熱量13．（1）1.32m；（2）1.2m/s；（3）2 m/s2，方向水平向左（4）見解析【詳解】（1）物塊在木板上滑動的過程，根據(jù)牛頓第二定律得對木塊有解得對木板有解得木板的長度為解得（2）小物塊離開木板時，木板的速度為（3）小物塊離開后木板的加速度為方向水平向左；（4）小物塊離開木板時，物塊的速度物塊在地面上滑行時的加速度大小為物塊在地面上滑行的最大位移為木板在地面上滑行的最大位移為

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