2023學(xué)年第一學(xué)期高二段物理科目開(kāi)學(xué)質(zhì)量檢測(cè)（A）選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1. 如圖所示，條形磁鐵以速度v向螺旋管靠近，下面幾種說(shuō)正確的是（　　）A. 螺旋管中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流B. 螺旋管中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流C. 只有磁鐵的速度足夠大時(shí)，螺旋管中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流D. 只有磁鐵的磁性足夠強(qiáng)時(shí)，螺旋管中才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)條形磁鐵以速度v向螺旋管靠近，穿過(guò)螺旋管的磁通量增大，則螺旋管中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，與磁鐵的速度、磁鐵的磁性強(qiáng)弱無(wú)關(guān)，B正確．【點(diǎn)睛】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化或閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體中有感應(yīng)電流．根據(jù)條件進(jìn)行分析．解決本題關(guān)鍵要準(zhǔn)確把握產(chǎn)生感應(yīng)電流的一般條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化，電路必須閉合．2. 如圖，金屬棒ab，金屬導(dǎo)軌和螺線(xiàn)管組成閉合回路，金屬棒ab在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，則　　A. ab棒不受安培力作用B. ab棒所受安培力的方向向右C. ab棒向右運(yùn)動(dòng)速度越大，所受安培力越大D. 螺線(xiàn)管產(chǎn)生的磁場(chǎng)，A端為N極【答案】C【解析】【詳解】ab棒切割磁感線(xiàn)時(shí)，要產(chǎn)生感應(yīng)電流，而電流在磁場(chǎng)中就一定會(huì)有安培力，故A錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流總是起到阻礙的作用，故安培力的方向與導(dǎo)體棒一定的方向相反，應(yīng)當(dāng)向左，故B錯(cuò)誤；ab棒向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，、、，聯(lián)立解得：，則知速度越大，所受安培力越大，故C正確；根據(jù)右手定則，ab中的電流的方向向上，流過(guò)螺旋管時(shí)，外側(cè)的電流方向向下，根據(jù)安培定則得知螺線(xiàn)管產(chǎn)生的磁場(chǎng)，A端為S極，B端為N極，故D錯(cuò)誤．故選C.【點(diǎn)睛】回路中的一部分切割磁感線(xiàn)時(shí)，導(dǎo)體棒中要產(chǎn)生感應(yīng)電流，而電流在磁場(chǎng)中就一定會(huì)有安培力；感應(yīng)電流的大小與運(yùn)動(dòng)速度有關(guān)，運(yùn)動(dòng)速度越大，所受安培力越大．根據(jù)右手定則、左手定則和楞次定律依次進(jìn)行分析．3. 如圖甲所示，在豎直方向分布均勻的磁場(chǎng)中水平放置一個(gè)金屬圓環(huán)，圓環(huán)所圍面積為，圓環(huán)電阻為。在內(nèi)圓環(huán)中的感應(yīng)電流從上往下看為順時(shí)針?lè)较颉４艌?chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示（其中在的時(shí)間段呈直線(xiàn)）。則（　?。?/span>  A. 在時(shí)間段，感應(yīng)電流先減小后增大再減小B. 在時(shí)間段感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，?/span>時(shí)間段感應(yīng)電流也沿順時(shí)針?lè)较?/span>C. 在時(shí)間段，圓環(huán)最大發(fā)熱功率為D. 在時(shí)間段，通過(guò)圓環(huán)橫截面的電荷量為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率越大，感應(yīng)電流越大，由題圖可得在0～5s時(shí)間段磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率先減小再增大，最后不變，且最大值為0.1，則最大感應(yīng)電流則在0～5s時(shí)間段，感應(yīng)電流先減小再增大，最后不變，故A錯(cuò)誤；B．由題意知，在第1s內(nèi)感應(yīng)電流I沿順時(shí)針?lè)较?，根?jù)楞次定律知，磁場(chǎng)方向向上，結(jié)合題圖乙知向上為正方向，在2～4s時(shí)間段，磁感應(yīng)強(qiáng)度向上且減小，在4～5s時(shí)間段，磁感應(yīng)強(qiáng)度向下且增大，則在2～5s時(shí)間段，感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，?/span>B錯(cuò)誤；C．結(jié)合A中分析可知，在4～5s時(shí)間段，圓環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流最大，發(fā)熱功率最大，為故C正確；D．在0～2 s時(shí)間段，通過(guò)圓環(huán)橫截面的電荷量為故D錯(cuò)誤。故選C。4. 轉(zhuǎn)筆是一項(xiàng)用不同的方法與技巧、以手指來(lái)轉(zhuǎn)動(dòng)筆的休閑活動(dòng)，深受廣大中學(xué)生的喜愛(ài)，其中也包含了許多的物理知識(shí)。如圖所示某轉(zhuǎn)筆高手能讓筆繞其手指上的某一點(diǎn)O沿順時(shí)針?lè)较蜃鼋撬俣葹?/span>ω的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知O點(diǎn)恰好是長(zhǎng)為L的金屬筆桿的中點(diǎn)，地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在與筆桿轉(zhuǎn)動(dòng)平面垂直方向的分量大小為B，方向向外，則（　　）A. 筆桿上O點(diǎn)電勢(shì)最低 B. O點(diǎn)與筆尖間的電勢(shì)差為C. O點(diǎn)與筆尖間的電勢(shì)差為 D. 筆桿兩端點(diǎn)間的電勢(shì)差為【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)右手定則判斷知O點(diǎn)電勢(shì)最高，A錯(cuò)誤；BC．O點(diǎn)與筆尖間的電勢(shì)差為C正確，B錯(cuò)誤；D．筆桿兩端點(diǎn)間的電勢(shì)差為0，D錯(cuò)誤；故選C。5. 在光滑的水面地面上方，有兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為，方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，為兩個(gè)磁場(chǎng)的分界線(xiàn)，磁場(chǎng)范圍足夠大.一個(gè)半徑為、質(zhì)量為、電阻為的金屬圓環(huán)垂直磁場(chǎng)方向，以速度從如圖實(shí)線(xiàn)所示位置向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到直徑剛好與邊界線(xiàn)重合時(shí)，圓環(huán)的速度為，則下列說(shuō)法正確的是（　　）  A. 此時(shí)圓環(huán)中的電流沿順時(shí)針?lè)较?/span>B. 此時(shí)圓環(huán)的加速度為C. 此過(guò)程中通過(guò)圓環(huán)截面的電荷量為D. 此時(shí)圓環(huán)中的電功率為【答案】D【解析】【詳解】A．由楞次定律可知，此時(shí)感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，?/span>A錯(cuò)誤；B．左右兩邊圓環(huán)均切割磁感線(xiàn)，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為感應(yīng)電流大小為故其所受安培力大小為加速度故B錯(cuò)誤；C．此過(guò)程中圓環(huán)磁通量的變化為電荷量為故C錯(cuò)誤；D．此時(shí)圓環(huán)的電功率為故D正確。故選D。6. 有一種工程減振裝置叫作調(diào)諧質(zhì)量阻尼器，是目前大跨度、大懸挑與高聳結(jié)構(gòu)振動(dòng)控制中應(yīng)用最廣泛的結(jié)構(gòu)被動(dòng)控制裝置之一。這種裝置是一個(gè)由彈簧、阻尼器和質(zhì)量塊組成的振動(dòng)控制系統(tǒng)，附加在需要振動(dòng)控制的主結(jié)構(gòu)上。主結(jié)構(gòu)在外界驅(qū)動(dòng)力的作用下產(chǎn)生振動(dòng)時(shí)，會(huì)帶動(dòng)減振裝置一起振動(dòng)。當(dāng)滿(mǎn)足一定條件時(shí)，減振裝置的彈性力與外來(lái)驅(qū)動(dòng)力的方向相反，抵消了一部分驅(qū)動(dòng)力，從而最大限度地降低主結(jié)構(gòu)的振動(dòng)，達(dá)到減振的效果。如圖所示是調(diào)諧質(zhì)量阻尼器的結(jié)構(gòu)，關(guān)于調(diào)諧質(zhì)量阻尼器，下列說(shuō)法正確的是（　?。?，  A. 其振動(dòng)頻率一定與外力的頻率相等B. 其振動(dòng)一定是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)C. 其工作原理是共振的利用D. 質(zhì)量塊變化時(shí)，其隨驅(qū)動(dòng)力振動(dòng)的頻率也會(huì)跟著發(fā)生變化【答案】A【解析】【詳解】AC．因?yàn)闈M(mǎn)足一定條件時(shí)，減振裝置的彈性力與外來(lái)驅(qū)動(dòng)力的方向相反，抵消了一部分驅(qū)動(dòng)力，可知其振動(dòng)頻率一定與外力的頻率相等，但不是共振，選項(xiàng)A正確，C錯(cuò)誤；B．其振動(dòng)是受迫振動(dòng)，不一定是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D．驅(qū)動(dòng)力振動(dòng)的頻率由外部振動(dòng)決定，則質(zhì)量塊變化時(shí)，其隨驅(qū)動(dòng)力振動(dòng)的頻率不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。7. 如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中有一等腰直角三角形OAC區(qū)域，其內(nèi)部存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，它的OC邊在x軸上且長(zhǎng)為L。邊長(zhǎng)也為L的正方形導(dǎo)線(xiàn)框的一條邊也在x軸上，時(shí)刻，該線(xiàn)框恰好位于圖中所示位置，此后線(xiàn)框在外力F的作用下沿x軸正方向以恒定的速度v通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。規(guī)定逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)閷?dǎo)線(xiàn)框中電流的正方向，則線(xiàn)框通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，線(xiàn)框中的感應(yīng)電流i、穿過(guò)線(xiàn)框平面的磁通量Ф、通過(guò)線(xiàn)框橫截面的電荷量q、外力F隨線(xiàn)框的位移x變化的圖像中錯(cuò)誤的是（圖中曲線(xiàn)是拋物線(xiàn)的一部分）（　　）  A.    B.   C.    D.   【答案】B【解析】【詳解】A．線(xiàn)框前進(jìn)過(guò)程中，單邊（右邊框）切割磁感線(xiàn)，有其中為實(shí)際切割長(zhǎng)度，隨著導(dǎo)線(xiàn)框的移動(dòng)而增大，與水平位移成正比，故感應(yīng)電流增大。同理導(dǎo)線(xiàn)框前進(jìn)過(guò)程中，也是單邊（左邊框）切割，其實(shí)際切割長(zhǎng)度一直在增大，其感應(yīng)電流隨位移呈線(xiàn)性關(guān)系增大，A正確；B．當(dāng)線(xiàn)框沿軸正方向運(yùn)動(dòng)位移時(shí)，穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最大，最大值在這之前（），磁通量關(guān)于位移的表達(dá)式為在這之后（），磁通量關(guān)于位移的表達(dá)式為B錯(cuò)誤；C．通過(guò)線(xiàn)框橫截面的電荷量故通過(guò)線(xiàn)框橫截面的電荷量與穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量成正比關(guān)系，故C圖像符合，C正確；D．由左手定則判斷可知，穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中線(xiàn)框受到的安培力一直向左，在內(nèi)，其大小在內(nèi)，其大小D正確。選錯(cuò)誤的，故選B。8. 所謂對(duì)接是指兩艘同方向以幾乎同樣快慢運(yùn)行宇宙飛船在太空中互相靠近，最后連接在一起．假設(shè)“天舟一號(hào)”和“天宮二號(hào)”的質(zhì)量分別為M、m，兩者對(duì)接前的在軌速度分別為、v，對(duì)接持續(xù)時(shí)間為，則在對(duì)接過(guò)程中“天舟一號(hào)”對(duì)“天宮二號(hào)”的平均作用力大小為（　?。?/span>A. B. C. D. 【答案】C【解析】【詳解】在天舟一號(hào)和天宮二號(hào)對(duì)接的過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒，有解得對(duì)接后兩者的共同速度以天宮二號(hào)為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理有解得故C正確；ABD錯(cuò)誤。故選C。9. 兩個(gè)單擺的振動(dòng)圖像如圖所示，則甲乙兩個(gè)單擺的擺長(zhǎng)之比為（　?。?/span>  A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【詳解】由圖可知，甲乙單擺的周期之比為1:2，根據(jù)可知甲乙兩個(gè)單擺的擺長(zhǎng)之比為1:4。故選A。10. 有些核反應(yīng)堆里要讓質(zhì)量為m中子與質(zhì)量為M原子核碰撞（M＞m），以便把中子的速度降下來(lái)。為此，應(yīng)該選用的原子核的質(zhì)量應(yīng)（　?。?/span>A. 較大 B. 較小 C. 都可以 D. 無(wú)法判斷【答案】B【解析】【詳解】設(shè)中子和質(zhì)量為M的原子核碰撞后速度分別為和，碰撞前后的總動(dòng)量和總能量守恒，以中子的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得由能量守恒得解得質(zhì)量為M的原子核越小，減少效果越好，因此要用質(zhì)量小的原子核作為減速劑。故選B。11. 做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，加速度的大小是，方向指向點(diǎn)；當(dāng)它經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)，加速度的大小是，方向指向A點(diǎn)。若AB之間的距離是，則它的平衡位置在（　?。?/span>A. 之間，距離處B. 之間，距離A點(diǎn)處C. 的外側(cè)，距離A點(diǎn)處D. 的外側(cè)，距離B點(diǎn)處【答案】B【解析】【詳解】A、B兩點(diǎn)加速度方向相反，故二者位于平衡位置的兩側(cè)，即它的平衡位置在AB之間；
根據(jù)即加速度大小與彈簧的形變量成正比，由題則又xA+xB=10cm聯(lián)立得xA=4cm故選B。12. 如圖所示，動(dòng)量分別為，的兩個(gè)小球A、B在光滑的水平面上沿一直線(xiàn)向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后兩球發(fā)生正碰，分別用、表示兩小球動(dòng)量的變化量，則下列選項(xiàng)中可能正確的是（　?。?/span>A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】A【解析】【詳解】由題意可知，小球A的動(dòng)量變化最小值為動(dòng)量變化最大值為由動(dòng)量守恒可知，小球B的動(dòng)量變化范圍為故選A。13. 2023年第5號(hào)臺(tái)風(fēng)“杜蘇芮”于7月28日登陸福建晉江，登陸時(shí)強(qiáng)度為強(qiáng)臺(tái)風(fēng)級(jí)，中心最大風(fēng)速。假如你身處其中正面迎風(fēng)（假設(shè)空氣吹到人身上后速度瞬間減為零，空氣密度為），估算你受到的風(fēng)力大約為（　?。?/span>A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【詳解】人正面的面積約為設(shè)t時(shí)間內(nèi)吹到人正面的空氣質(zhì)量為m以t時(shí)間內(nèi)吹到人正面的空氣為研究對(duì)象，根據(jù)動(dòng)量定理有得代入數(shù)據(jù)解得F=2257.5N根據(jù)牛頓第三定律知，受到的風(fēng)力大約為2257.5N。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14. 如圖所示，兩個(gè)相同燈泡L1、L2，分別與電阻R和自感線(xiàn)圈L串聯(lián)，接到內(nèi)阻不可忽略的電源的兩端，當(dāng)閉合電鍵S到電路穩(wěn)定后，兩燈泡均正常發(fā)光，已知自感線(xiàn)圈的自感系數(shù)很大，則下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 閉合電鍵S到電路穩(wěn)定前，燈泡L1逐漸變亮B. 閉合電鍵S到電路穩(wěn)定前，燈泡L2逐漸變暗C. 斷開(kāi)電鍵S的一段時(shí)間內(nèi)，A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高D. 斷開(kāi)電鍵S的一段時(shí)間內(nèi)，燈泡L2亮一下逐漸熄滅【答案】AB【解析】【詳解】A．閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，燈立即正常發(fā)光，燈所在電路上線(xiàn)圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的增大，電流只能逐漸增大燈逐漸變亮，故A正確；B．閉合電鍵S到電路穩(wěn)定前，燈所在電路上線(xiàn)圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，電流只能逐漸增大，則總電路中的電流逐漸增大，電源的內(nèi)電阻消耗的電壓逐漸增大，所以路端電壓逐漸減小，則燈泡逐漸變暗，故B正確；C．閉合開(kāi)關(guān)，待電路穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，電流的方向與的方向相同，從右向左流過(guò)燈；所以A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)低，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_(kāi)電鍵S的一段時(shí)間內(nèi)，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，電流從原來(lái)的電流開(kāi)始減小，所以?xún)蓚€(gè)燈泡都是逐漸熄滅，不會(huì)閃亮一下，故D錯(cuò)誤．故選AB。【名師點(diǎn)睛】對(duì)于線(xiàn)圈要抓住雙重特性：當(dāng)電流不變時(shí)，它是電阻不計(jì)的導(dǎo)線(xiàn)；當(dāng)電流變化時(shí)，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源．15. 下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 在高速（接近光速）、微觀(guān)（小到分子、原子的尺度）領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適用，而動(dòng)量守恒定律仍然正確。B. 奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象。C. 法拉第通過(guò)對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的研究提出了閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一回路的磁通量的變化率成正比D. 變壓器的線(xiàn)圈都繞在鐵芯上，在鐵芯中產(chǎn)生的渦流使鐵芯發(fā)熱，浪費(fèi)了能量，我們要想辦法減小渦流，途徑之一是增大鐵芯材料的電阻率，常用的鐵芯材料是硅鋼，它的電阻率比較大【答案】AD【解析】【詳解】A．牛頓定律適用于宏觀(guān)低速物體，在高速（接近光速）、微觀(guān)（小到分子、原子的尺度）領(lǐng)域，牛頓運(yùn)動(dòng)定律不再適應(yīng)，而動(dòng)量守恒定律仍然正確，選項(xiàng)A正確；B．法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．紐曼、韋伯在對(duì)理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，先后指出，閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小跟穿過(guò)這一回路的磁通量的變化率成正比，后人稱(chēng)之為法拉第電磁感應(yīng)定律，故C錯(cuò)誤；D．變壓器的線(xiàn)圈都繞在鐵芯上，在鐵芯中產(chǎn)生的渦流使鐵芯發(fā)熱，浪費(fèi)了能量，我們要想辦法減小渦流，途徑之一是增大鐵芯材料的電阻率，常用的鐵芯材料是硅鋼，它的電阻率比較大，選項(xiàng)D正確。故選AD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16. 如圖甲，長(zhǎng)木板的一端墊有小木塊，可以微調(diào)木板的傾斜程度，以進(jìn)行阻力補(bǔ)償，使小車(chē)能在木板上做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。小車(chē)前端貼有橡皮泥，后端連一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器紙帶，接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源后，讓小車(chē)以某速度做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，與置于木板上靜止的小車(chē)相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率為，得到的紙帶如圖乙所示，已將各計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離標(biāo)在圖上。  （1）圖中的數(shù)據(jù)有、、、四段，計(jì)算兩車(chē)碰撞后的速度大小應(yīng)選哪段________；（2）若小車(chē)的質(zhì)量為，小車(chē)的質(zhì)量為，根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰后系統(tǒng)總動(dòng)量為________。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】    ①. DE    ②. 0.684【解析】【詳解】（1）[1]由紙帶可知，在BC段和DE段點(diǎn)跡分布均勻，說(shuō)明小車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)；因BC段平均速度較大，則計(jì)算小車(chē)A碰撞前的速度大小應(yīng)選BC段，計(jì)算小車(chē)A碰撞后的速度大小應(yīng)選DE段。（2）[2]由紙帶數(shù)據(jù)可知，碰后小車(chē)的速度碰后兩小車(chē)的總動(dòng)量是17. 小范同學(xué)在做“用單擺測(cè)量重力加速度”實(shí)驗(yàn)時(shí)  （1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖（a）所示，則該擺球的直徑為________mm。（2）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的下列說(shuō)法中正確的有________A由于擺球質(zhì)量不影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果，可以選擇乒乓球代替小鋼球B.擺球擺動(dòng)過(guò)程中要求偏角較?。ㄐ∮?/span>）C.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇小球擺到最低位置開(kāi)始計(jì)時(shí)D.用鐵夾夾住擺線(xiàn)而不是直接纏繞在鐵架上的主要目的是確保擺長(zhǎng)不變（3）在測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，該同學(xué)誤將擺線(xiàn)長(zhǎng)直接當(dāng)擺長(zhǎng)進(jìn)行處理，結(jié)果得到如右圖（b）所示的圖線(xiàn)，那么他用該圖線(xiàn)求得的重方加速度值與真實(shí)值相比________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。  【答案】    ①. 19.2    ②. BCD    ③. 不變【解析】【詳解】（1）[1]該擺球的直徑為（2）[2]A．為了減小空氣阻力的影響，擺球應(yīng)選擇密度大，質(zhì)量大的小鋼球，不可以選擇乒乓球代替小鋼球，故A錯(cuò)誤；B．為了使小球的擺動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺球擺動(dòng)過(guò)程中要求偏角較小(小于5°)，故B正確；C．為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選擇小球擺到最低點(diǎn)位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，故C正確；D．用鐵夾夾住擺線(xiàn)而不是直接纏繞在鐵架上的主要目的是確保擺長(zhǎng)不變，故D正確。故選BCD。（3）[3]根據(jù)得可知利用斜率可以準(zhǔn)確求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，即他用該圖線(xiàn)求得的重方加速度值與真實(shí)值相比不變。18. 在“探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件”實(shí)驗(yàn)中，采用如圖甲所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．
 ①請(qǐng)用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)在答題卷相應(yīng)位置將圖甲連線(xiàn)補(bǔ)充完整，確保實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯_________．②某小組電路連接正確后，在滑動(dòng)變阻器滑片持續(xù)向右移動(dòng)的過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針持續(xù)向右偏，則當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，靈敏電流計(jì)的指針將___________-．A.向左偏一下    B.向右偏一下    C.持續(xù)向左偏    D.持續(xù)向右偏【答案】    ①.     ②. A【解析】【詳解】(1) 電源、開(kāi)關(guān)、滑動(dòng)變阻器和上面的線(xiàn)圈組成回路，滑動(dòng)變阻器可以改變電流，來(lái)檢驗(yàn)在下面的線(xiàn)圈是否會(huì)產(chǎn)生，下面的線(xiàn)圈和靈敏電流表相連，電路如圖：
 (2) 滑動(dòng)變阻器滑片持續(xù)向右移動(dòng)的過(guò)程中，接入電路中的電阻變大，電路中的電流變小，通過(guò)大線(xiàn)圈的磁通量變小，靈敏電流計(jì)指針向右偏，所以當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)時(shí)，電路中的電流變大，通過(guò)大線(xiàn)圈的磁通量變大，則靈敏電流計(jì)的指針向左偏一下，故A正確；19. 彈簧振子的運(yùn)動(dòng)示意圖如圖所示，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)2s后到達(dá)b點(diǎn)，又經(jīng)1s到達(dá)c點(diǎn)時(shí)速度為0。a、b中點(diǎn)O是平衡位置。已知ab=20cm，bc=4.1cm。試求：（1）振動(dòng)振幅和頻率；（2）質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a向右運(yùn)動(dòng)17s末位移；（3）質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a向右運(yùn)動(dòng)17s末的路程。  【答案】（1），；（2），方向沿x軸正方向；（3）【解析】【詳解】（1）質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)2s后到達(dá)b點(diǎn)，a、b中點(diǎn)O是平衡位置，根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)對(duì)稱(chēng)性可知，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)平衡位置O達(dá)到點(diǎn)b的時(shí)間為1s，而從b點(diǎn)經(jīng)1s到達(dá)c點(diǎn)，c點(diǎn)是最右點(diǎn)，故從平衡位置到最右端的時(shí)間為2s，因此頻率為振幅為（2）由（1）中分析可知質(zhì)點(diǎn)從a點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)1s后到達(dá)平衡位置O點(diǎn)，而故質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a向右運(yùn)動(dòng)17s末到達(dá)平衡位置，位移大小為方向沿x軸正方向；（3）由（2）中分析可知質(zhì)點(diǎn)經(jīng)a向右運(yùn)動(dòng)17s末的路程為20. 用火箭發(fā)射人造地球衛(wèi)星，火箭飛行時(shí)在極短的時(shí)間內(nèi)噴射燃?xì)獾馁|(zhì)量是，噴出的燃?xì)庀鄬?duì)噴氣前火箭的速度是，噴出燃?xì)夂蠡鸺馁|(zhì)量是。假設(shè)最后一節(jié)火箭的燃料用完后，火箭殼體和衛(wèi)星一起以的速度繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知衛(wèi)星的質(zhì)量為，最后一節(jié)火箭殼體的質(zhì)量為。某時(shí)刻火箭殼體與衛(wèi)星分離，分離時(shí)衛(wèi)星與火箭殼體沿軌道切線(xiàn)方向的相對(duì)速度為。計(jì)算：（1）火箭在時(shí)間內(nèi)一次噴氣后增加的速度。（2）火箭殼體與衛(wèi)星分離后衛(wèi)星和火箭殼體的速度分別是多大?（3）火箭殼體與衛(wèi)星分離后它們將如何運(yùn)動(dòng)?【答案】（1）；（2）5.5×103m/s，7.3×103m/s；（3）火箭殼體最后將會(huì)在大氣層中被燒毀，衛(wèi)星將在某一較高的圓軌道上“穩(wěn)定”下來(lái)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)【解析】【詳解】（1）以噴氣前的火箭為參考系。噴氣前火箭的動(dòng)量是0，噴氣后火箭的動(dòng)量是，燃?xì)獾膭?dòng)量是，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，噴氣后火箭和燃?xì)獾目倓?dòng)量仍然為0，所以解得（2）設(shè)，分離后殼體的速度為根據(jù)動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)計(jì)算得=5.5×103m/s則衛(wèi)星的速度為（3）衛(wèi)星分離后速度為>分離后將發(fā)生“離心現(xiàn)象”，衛(wèi)星對(duì)地面的高度將增大，該過(guò)程需克服地球引力做功，萬(wàn)有引力勢(shì)能將增大，動(dòng)能將減小，衛(wèi)星將在某一較高的圓軌道上“穩(wěn)定”下來(lái)作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而火箭殼體分離的速度=5.5×103m/s <它的軌道高度不斷降低，地球?qū)λ囊ψ稣?，萬(wàn)有引力勢(shì)能不斷減小，動(dòng)能不斷增大，最后將會(huì)在大氣層中被燒毀。21. 如圖所示，在水平面內(nèi)有兩根間距為l的金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌末端通過(guò)一小段塑料接口與足夠長(zhǎng)的傾斜平行金屬導(dǎo)軌平滑連接，傾斜導(dǎo)軌傾角為。在圖示區(qū)域Ⅰ，Ⅲ和Ⅳ中，存在垂直于導(dǎo)軌向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為，和；區(qū)域Ⅱ中導(dǎo)軌粗糙，寬度為d，其余導(dǎo)軌均光滑。磁場(chǎng)邊界上放置金屬棒a，磁場(chǎng)邊界右側(cè)附近靜止放置金屬棒b，傾斜導(dǎo)軌足夠遠(yuǎn)處連接有電感為L的電感線(xiàn)圈?，F(xiàn)讓金屬棒a以初速度進(jìn)入磁場(chǎng)，發(fā)現(xiàn)它最終剛好停在了（邊界左側(cè)），而金屬棒b恰好滑入傾斜軌道。已知金屬棒a與軌道粗糙部分的動(dòng)摩擦因數(shù)為，金屬棒a的電阻為R，其余電阻均不計(jì)，金屬棒a、b的質(zhì)量均為m，重力加速度取g，求：（1）在金屬棒a剛進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，金屬棒b的加速度；（2）金屬棒a在離開(kāi)區(qū)域Ⅰ后產(chǎn)生的焦耳熱Q；（3）金屬棒b能沿傾斜導(dǎo)軌向下滑行的最大距離。（已知自感線(xiàn)圈的自感電動(dòng)勢(shì)E自）  【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）a棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)和電流分別為所以棒b受到的安培力為由牛頓第二定律得解得（2）設(shè)金屬棒a離開(kāi)磁場(chǎng)Ⅰ區(qū)域時(shí)的速度為v1，此時(shí)金屬棒b的速度為v2，金屬棒a在區(qū)域Ⅱ中做勻減速運(yùn)動(dòng)，可得棒a穿越磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ過(guò)程中，由動(dòng)量定理可得根據(jù)題意有聯(lián)立解得對(duì)棒b，在該過(guò)程中，由動(dòng)量定理可得解得之后，由能量關(guān)系可知，克服安培力做的功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，金屬棒b此時(shí)的動(dòng)能將全部轉(zhuǎn)化成金屬棒a的焦耳熱Q，有（3）金屬棒b恰能滑入斜軌，則在斜軌上初速度為0開(kāi)始下滑，因?yàn)?/span>b棒與線(xiàn)圈組成的回路，直流電阻為零，所以必須滿(mǎn)足可得所以棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后棒上電流與棒的位移成正比，即所以棒的運(yùn)動(dòng)方程為可知金屬棒做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，平衡位置時(shí)a=0即由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)對(duì)稱(chēng)性可知，下滑最大距離為

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