2022-2023學(xué)年5月聯(lián)合質(zhì)量測評試題高一物理一、單項選擇題（本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一選項符合題目要求）1. 2022年11月29日，神舟十五號載人飛船發(fā)射取得圓滿成功，順利將費俊龍、鄧清明、張陸三位航天員送入太空。航天員進(jìn)駐天和核心艙與原核心艙內(nèi)航天員陳冬，劉洋、蔡旭哲一起開展機械臂操作﹑出艙活動，艙段轉(zhuǎn)移等工作，進(jìn)一步驗證航天員長期在軌駐留、再生生保等一系列關(guān)鍵技術(shù)。天和核心艙距離地面的高度約400km，繞地球的運動可近似為勻速圓周運動，地球半徑約6400km。若在飛船內(nèi)一彈簧秤下懸掛一質(zhì)量為m的重物。g為地球表面處重力加速度，則彈簧秤的讀數(shù)為（　?。?/span>  A.  B.  C.  D. 0【答案】D【解析】【詳解】重物處于完全失重狀態(tài)，彈簧秤的讀數(shù)為0。故選D。2. 下表面負(fù)電的云層靠近避雷針時，由于靜電感應(yīng)使避雷針尖端帶有正電荷，如圖實線為避雷針周圍電場的電場線，虛線為等勢面。A、B、C、D為電場中的四個點，其中AB=BC，曲線MN是一帶電微粒的運動軌跡，微粒重力忽略不計，下列說法正確的是（　　）  A. 微粒經(jīng)過M點時的加速度小于經(jīng)過N點時的加速度B. A點電勢低于D點電勢C. 粒子從M到N的運動過程中動能減少D. A、B兩點的電勢差等于B、C兩點的電勢差【答案】C【解析】【詳解】A．電場線越密集，電場強度越大，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度越大，所以微粒經(jīng)過M點時的加速度大于經(jīng)過N點時的加速度，故A錯誤；B．沿著電場線電勢逐漸降低，所以A點電勢高于D點電勢，故B錯誤；C．粒子受電場力大致向右下，從M到N的運動過程中，電場力做負(fù)功，動能減少，故C正確；D．由于從A到C點，電場減小，根據(jù)可知A、B兩點的電勢差大于B、C兩點的電勢差，故D錯誤；故選C。3. 高性能賽車都安裝了擾流板——尾翼，氣流通過車身會對車速為v的賽車產(chǎn)生大小為FN=kv2的壓力，以增加汽車的抓地力，不同角度的尾翼張角對應(yīng)不同的k值。假設(shè)賽車正在半徑為100m的水平彎道上轉(zhuǎn)彎，受到的最大靜摩擦力為其對地面壓力的0.8倍，賽車和車手的總質(zhì)量為640kg，g取10m/s2。以下說法正確的是（　　）  A. 若k=2，車速為40m/s時，車輛不會發(fā)生側(cè)滑B. 若k=2，車速過快會導(dǎo)致側(cè)滑C. 若k=8，車速為60m/s時，車輛會發(fā)生側(cè)滑D. 若k=8，車速過快會導(dǎo)致側(cè)滑【答案】B【解析】【詳解】AB．根據(jù)題已知可得，賽車轉(zhuǎn)彎時所受到的摩擦力為而賽車轉(zhuǎn)彎過程中由摩擦力提供向心力，則有當(dāng)車速為40m/s時，所需向心力為若k=2，則在此車速下地面給賽車的摩擦力大小為顯然摩擦力不足以提供在此車速下的向心力，賽車會發(fā)生側(cè)滑，故A錯誤，B正確；C．車速為60m/s時，所需向心力為若k=8，則在此車速下地面給賽車的摩擦力大小為可得此車速下，摩擦力恰好可以提供賽車做圓周運動，賽車不會發(fā)生側(cè)滑，故C錯誤；D．若k=8，摩擦力賽車轉(zhuǎn)彎所需向心力可見，當(dāng)k=8時恒有由此可知若k=8，車速過快也不會導(dǎo)致側(cè)滑，故D錯誤。故選B。4. 美國物理學(xué)家密立根通過研究平行板間懸浮不動的帶電油滴，比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量。如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距d，兩極板分別與電壓為U的恒壓電源兩極連接，極板N接地?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴靜止于極板間P點，重力加速度為g，則下列說法正確的是（　?。?/span>  A. 油滴帶正電，電荷量為B. 將M板向下緩慢移動一小段距離，電源將給電容器充電C. 將M板向下緩慢移動一小段距離，油滴將向下運動D. 將M板向右移動少許，油滴在P點的電勢能增大【答案】B【解析】【詳解】A．帶電油滴靜止于極板間P點，則由平衡條件可得解得根據(jù)平衡條件可知油滴所受電場力豎直向上，而板間場強豎直向下，因此可知油滴帶負(fù)電，故A錯誤；B．根據(jù)電容器電容得決定式可知，當(dāng)將M板向下緩慢移動一小段距離，電容器的電容將變大，電源將給電容器充電，故B正確；C．由于電源電壓不變，當(dāng)將M板向下緩慢移動一小段距離，根據(jù)可知當(dāng)板間距減小，電容器兩極板間的電場強度將變大，此時電場力將大于重力，油滴將不再處于平衡態(tài)，將向上運動，故C錯誤；D．根據(jù)電容器電容得決定式可知，將M板向右移動少許，電容器的正對面積將減小，從而導(dǎo)致電容器的電容減小，而根據(jù)可知，電容器兩極板間的電壓不變，電容器將放電，而N板接地，電勢為零，板間電場強度不變，設(shè)P點的電勢為，P點到N板的電勢差P點到N板的距離不變，電場強度不變，則可知P點的電勢不變，而油滴在P點的電勢能P點電勢不變，油滴帶電量不變，則可知油滴在P點的電勢能不變，故D錯誤。故選B。5. 民俗表演“掄花”已被列入國家級非物質(zhì)文化遺產(chǎn)，掄花的原理如圖，兩花筒（用耐高溫材料制成的裝有木炭和鐵片的網(wǎng)狀容器）質(zhì)量均為m，用長為L的鋼絲繩固定在長度為d的橫梁兩端，點燃后在水平面內(nèi)逐漸加速轉(zhuǎn)動起來，熔化的鐵水會從花筒的孔眼中流出濺落到地面，璀璨奪目，下列說法正確的是（　?。?/span>  A. 隨著轉(zhuǎn)速的增加，鋼絲繩與豎直方向夾角θ會逐漸增大并直至90°B. 當(dāng)鋼絲繩與豎直方向夾角為θ時，橫梁轉(zhuǎn)動的角速度為C. 點燃木炭后，鋼絲繩對兩花筒做的功等于兩花筒機械能的增加量D. 轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后，隨著鐵水的流出，花筒質(zhì)量減小，鋼絲繩與豎直方向夾角θ會逐漸增大【答案】B【解析】【詳解】A．花筒受到沿繩子向上的拉力和豎直向下的重力，隨著轉(zhuǎn)速的增加，鋼絲繩與豎直方向夾角θ不可能達(dá)到90°，故A錯誤；B．當(dāng)鋼絲繩與豎直方向夾角為θ時，向心力又聯(lián)立得，橫梁轉(zhuǎn)動的角速度為故B正確；C．點燃木炭后，鋼絲繩對兩花筒做的功等于兩花筒重力勢能能的增加量，故C錯誤；D．由知，鋼絲繩與豎直方向夾角θ與花筒質(zhì)量無關(guān)，故D錯誤。故選B。6. 一項體能訓(xùn)練如圖所示，運動員腰部系著輕繩拖著輪胎從靜止開始沿著筆直的跑道勻加速前進(jìn)，5s末輪胎的速度為5m/s。已知繩對輪胎的拉力大小為100N，與地面的夾角θ=37°，運動員的質(zhì)量為70kg（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。下列說法正確的是（　?。?/span>A. 第2s末繩子拉力的瞬時功率為200WB. 第2s末運動員所受合力的瞬時功率為140WC. 前2s內(nèi)摩擦力對輪胎做的功為-20JD. 前2s內(nèi)摩擦力對輪胎做功的功率為20W【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)速度時間關(guān)系解得加速度為第2s末速度根據(jù)瞬時功率公式有故A錯誤；B．運動員所受合力的瞬時功率為故B正確；CD．根據(jù)已有條件，無法求出前2s內(nèi)摩擦力對輪胎做的功和功率，故CD錯誤。故選B。7. 如圖所示，質(zhì)量分別為m、2m、m的三個物體A、B、C通過輕繩與勁度系數(shù)為k的輕彈簧相連接，并均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)在將B、C之間的細(xì)繩剪斷，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不考慮一切阻力，下列說法正確的是（　?。?/span>    A. 在C落地前，A、B、C三者組成的系統(tǒng)機械能守恒B. 剪斷細(xì)繩前，彈簧的伸長量為C. 剪斷細(xì)繩后，當(dāng)B的速度最大時B增加的重力勢能為D. 剪斷細(xì)繩瞬間，A、B的加速度大小為【答案】A【解析】【詳解】A．在C落地前，A、B、C三者組成的系統(tǒng)只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，故A正確；B．剪斷細(xì)繩前，物體A受力平衡，根據(jù)平衡條件有解得故B錯誤；C．剪斷細(xì)繩后，A、B物體做加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度為零時，B的速度最大，此時對A物體有解得在此過程彈簧的形變量為則物體B增加的重力勢能為故C錯誤；D．剪斷細(xì)繩瞬間，以A為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有對B有解得剪斷細(xì)繩瞬間，A、B的加速度大小為，故D錯誤；故選A。8. 均勻帶電球殼在球殼外某處產(chǎn)生的電場可等效看做相同電荷量的點電荷位于球心處產(chǎn)生的電場。如圖所示，在半球面AB上均勻分布負(fù)電荷，總的電荷量為，球面半徑為，CD為通過半球頂點與球心O的軸線，M、N、P為CD上的點，且，。當(dāng)P點固定一電荷量為的點電荷時，N點電場強度為0。則M點的場強大小為（　?。?/span>  A.  B.  C.  D. 【答案】D【解析】【詳解】假設(shè)半球面右側(cè)有一相同的半球面組成一個完整的均勻帶電球殼，球殼所帶電荷量為，設(shè)半球面在點的場強大小為，半球面在點的場強大小為，則有當(dāng)P點固定一電荷量為的點電荷時，N點電場強度為0，則有聯(lián)立解得，根據(jù)對稱性可知半球面在點的場強大小為則P點固定一電荷量為的點電荷時，M點的場強大小為故選D。二、多項選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求，全部做對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）9. 2020年6月23日，第55顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星發(fā)射成功，這標(biāo)志著我國提前半年完成北斗三號全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)星座部署目標(biāo)。發(fā)射某高軌道衛(wèi)星過程如圖所示，先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為r1=r的圓軌道I上做勻速圓周運動時，到A點時使衛(wèi)星瞬間加速進(jìn)入橢圓軌道II，運行到橢圓軌道的遠(yuǎn)地點B點時，再次瞬間改變衛(wèi)星的速度，使衛(wèi)星進(jìn)入半徑為r2=2r的圓軌道III做勻速周運動。已知衛(wèi)星在橢圓軌道運行時距地心的距離與衛(wèi)星線速度的乘積為定值，衛(wèi)星在橢圓軌道上A點時線速度為v，衛(wèi)星的質(zhì)量為m，地球質(zhì)量為M，引力常量為G，不計衛(wèi)星的質(zhì)量變化。則以下說法正確的是（　?。?/span>  A. 衛(wèi)星在圓軌道I上的機械能小于在圓軌道III上的機械能B. 衛(wèi)星橢圓軌道上運行過程中機械能守恒C. 發(fā)動機在B點對衛(wèi)星做的功為D. 發(fā)動機在B點對衛(wèi)星做功為【答案】ABD【解析】【詳解】A．衛(wèi)星從軌道I進(jìn)入軌道III，發(fā)動機對衛(wèi)星做正功，所以衛(wèi)星在圓軌道I上的機械能小于在圓軌道III上的機械能，故A正確；B．衛(wèi)星在橢圓軌道上運行過程中只有萬有引力做功，機械能守恒，故B正確；CD．設(shè)衛(wèi)星在r2=2r的圓軌道III上運行速度為，根據(jù)牛頓第二定律有解得設(shè)衛(wèi)星在橢圓軌道上運行經(jīng)過B點的速度為，由題意可知解得在B點，根據(jù)動能定理有故D正確，C錯誤。故選ABD。10. 如圖所示，地面上固定一截面為半圓形的表面光滑的圓柱，AB為其直徑，半徑R=1.8m，可視為質(zhì)點的小球質(zhì)量為m，放置在圓柱頂端，重力加速度g取10m/s2。以下說法正確的是（　?。?/span>A. 若給小球一個輕微的擾動，小球?qū)恢毖貓A柱面滾動到地面B. 若給小球一個水平向右的初速度v=3m/s，小球?qū)⒆銎綊佭\動并恰好落在B點C. 若給小球一輕微擾動，小球會沿圓柱面運動至高度下降0.6m時離開圓柱面D. 若給小球一輕微擾動，小球運動過程中，重力的瞬時功率一直增大【答案】BCD【解析】【詳解】B．因可知若給小球一個水平向右的初速度v=3m/s，小球?qū)⒆銎綊佭\動，水平位移即小球恰好落在B點，選項B正確；AC．若給小球一個輕微的擾動，小球?qū)⒀厍蛎鏉L下，設(shè)當(dāng)小球與球心的連線與豎直方向夾角為θ時離開球面，則由能量關(guān)系解得即小球沿斜面下滑的高度為，選項A錯誤，C正確； D．若給小球一輕微擾動，小球運動過程中，根據(jù)PG=mgvy可知，重力的瞬時功率一直增大，選項D正確。故選BCD。11. 如圖所示，A為粒子源，能放出初速度為零、質(zhì)量為m、電荷量為e的質(zhì)子，經(jīng)過電壓為U1的A、B間的電場加速后沿圖中水平虛線進(jìn)入兩水平放置的平行板C、D之間。C、D兩板間的電壓為U2，板間的距離為d，板長為L，右側(cè)有一距CD板右端水平距離也為L為熒光屏豎直放置，與虛線交于O點。不計質(zhì)子的重力，則下列說法正確的是（　?。?/span>
  A. 質(zhì)子離開B板時的速度為B. 質(zhì)子飛出C、D間電場時速度方向與水平方向夾角的正切值為C. 質(zhì)子發(fā)送出C、D電場時在豎直方向上發(fā)生的位移為D. 質(zhì)子打到熒光屏上的位置距熒光屏中心O的距離為【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)得故A正確；B．質(zhì)子在C、D間電場運動時水平方向上做勻速直線運動，運動時間豎直方向上，加速度速度故B錯誤；C．質(zhì)子發(fā)送出C、D電場時在豎直方向上發(fā)生的位移為故C正確；D．質(zhì)子離開C、D間電場后打到熒光屏上時間豎直方向上運動的距離質(zhì)子打到熒光屏上的位置距熒光屏中心O的距離為故D錯誤。故選AC。12. 質(zhì)量為2t的汽車在平直路面上啟動，加速過程的速度-時間圖像如圖所示。從t1時刻起牽引力的功率保持不變，整個運動過程中汽車所受阻力恒為2000N，圖中v1=10m/s，t1=5s，t2=20s，則（　?。?/span>  A. 0~t1時間內(nèi)，汽車牽引力為6000NB. t1~t2時間內(nèi)，汽車功率為60kWC. 汽車運動的最大速度為20m/sD. 0~t2時間內(nèi)，汽車位移為75m【答案】ABD【解析】【詳解】A．汽車在0-t1時間內(nèi)的加速度為根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)據(jù)解得F=6000N故A正確；B．在t1-t2時間汽車的功率保持不變，可得汽車的額定功率為故B正確；C．汽車運動的最大速度為故C錯誤；D．0-t1時間內(nèi)，汽車運動的位移為在t1-t2時間汽車的位移為代入數(shù)據(jù)解得所以運動的總位移為故D正確。故選ABD。三、非選擇題（本題共6小題，共60分）13. 用如圖甲所示的自制裝置“探究物體做圓周運動的向心力大小與半徑、線速度、質(zhì)量的關(guān)系”，原理如圖乙所示，用一根輕桿一端固定小鋼球，另一端連接力傳感器，小鋼球靜止于A點，將光電門固定在A點的正下方緊靠A點處。在小鋼球底部豎直地粘一片寬度為d的遮光條，小鋼球的質(zhì)量為m，重力加速度為g。將小鋼球豎直懸掛，測出懸點到小鋼球球心之間的距離為R。（1）將小鋼球拉至某一位置由靜止釋放，讀出小鋼球經(jīng)過A時遮光條的擋光時間為Δt，則小鋼球通過A點時的速度大小v=_______________。（用題干中物理量表達(dá)）（2）傳感器的實時測量結(jié)果傳輸?shù)诫娔X并生成圖像如圖丙所示，小鋼球通過A點時的向心力大小為F=__________（用題干中物理量和圖丙中坐標(biāo)值表達(dá)），將其與向心力公式計算的結(jié)果進(jìn)行比較。（3）改變小鋼球釋放位置，重復(fù)實驗，比較發(fā)現(xiàn)F總是略小于F?，造成誤差的可能原因是__________。A. 小鋼球的質(zhì)量偏小                   B. 小鋼球速度的測量值偏小C. 存在空氣阻力                       D. 小鋼球速度的測量值偏大【答案】    ①.     ②.     ③. D【解析】【詳解】（1）[1]小鋼球通過A點時的速度大小（2）[2]小鋼球通過A點時的向心力大小為（3）[3]根據(jù)可知F?可能是由于小鋼球速度的測量值偏大造成的。故選D。14. 如圖所示，某同學(xué)利用電磁打點計時器通過自由落體運動驗證機械能守恒定律。  （1）在實驗過程中，下列操作正確的有（      ）A. 電磁打點計時器兩限位孔必須在同一豎直線上B. 該實驗應(yīng)使用8V以下直流電源C. 做實驗時，先釋放重物，再接通電磁打點計時器的電源D. 實驗中應(yīng)選用質(zhì)量大體積小的重物（2）某同學(xué)按照正確操作得到的紙帶如圖所示，其中0是起始點，1、2、3、4為從合適位置開始選取的連續(xù)點中的四個點，打點頻率為50Hz，該同學(xué)用毫米刻度尺測量0到1、2、3、4各點的距離，并記錄在圖中，重物的質(zhì)量m=0.2kg，重力加速度g=9.8m/s2。從0點到3點，重物重力勢能的減少量為ΔEp=__________J，其動能的增加量為ΔEk=___________J。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）  （3）若通過（2）中計算發(fā)現(xiàn)重物動能的增加量和重力勢能的減少量不相等，可能的原因是________________。【答案】    ①. AD    ②. 1.09    ③. 1.06    ④. 見解析【解析】【詳解】（1）[1]A．為了減小阻力，電磁打點計時器兩限位孔必須在同一豎直線上。故A正確；B．該實驗應(yīng)使用8V以下交流電源。故B錯誤；C．做實驗時，先接通電磁打點計時器的電源，再釋放重物。故C錯誤；D．實驗中為了減小空氣阻力的影響，應(yīng)選用質(zhì)量大體積小的重物。故D正確。故選AD。（2）[2]從0點到3點，重物重力勢能的減少量為[3]根據(jù)一段時間內(nèi)平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度，可得依題意，紙帶上相鄰點跡的時間間隔為其動能的增加量為聯(lián)立，解得（3）[4]重物動能的增加量和重力勢能的減少量不相等，可能的原因是試驗過程中存在阻力作用。15. 三星系統(tǒng)在宇宙中是非常罕見的，三星系統(tǒng)的引力制衡關(guān)系非常復(fù)雜，最近科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了距離地球有1300光年星系GW Orionis，如圖所示，甲、乙、丙就是該三星系統(tǒng)中的位于同一直線上的三顆恒星，甲、丙圍繞乙在半徑為R的圓軌道上運行，若甲恒星、丙恒星質(zhì)量均為M，乙恒星質(zhì)量為2M，萬有引力常量為G，求：（1）甲恒星所受向心力大??；（2）甲恒星和丙恒星的周期。  【答案】（1）；（2） 【解析】【詳解】（1）甲恒星所受向心力大小（2）根據(jù)得周期16. 如圖所示，一質(zhì)量為m的小球用長為L細(xì)線懸掛于O點，將小球拉至與O點等高處且使細(xì)線處于伸直狀態(tài)，然后將小球由靜止釋放，小球擺至最低點后細(xì)線碰到位于O點正下方的釘子A并繞其繼續(xù)擺動。（1）若細(xì)線能承受的最大拉力為小球重力的4倍，為保證細(xì)線不斷，求釘子距O點距離d1需要滿足的條件；（2）若細(xì)線碰到釘子后，小球能繼續(xù)在豎直面內(nèi)做完整圓周運動，求釘子到O點距離d2需要滿足的條件。  【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)機械能守恒定律得解得若細(xì)線能承受的最大拉力為小球重力的4倍，為保證細(xì)線不斷，根據(jù)牛頓第二定律得解得（2）若細(xì)線碰到釘子后，小球能繼續(xù)豎直面內(nèi)做完整圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律得根據(jù)機械能守恒定律得解得17. 水平粗糙絕緣軌道AB與半徑為R的豎直光滑絕緣圓軌道的最低點B平滑連接，軌道放置于水平向右的勻強電場中，一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電滑塊由水平軌道A點靜止釋放后從B點進(jìn)入豎直圓軌道，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為，AB間的距離為L=8R?；瑝K運動到圓軌道最低點B時對軌道的壓力為7mg，求：（1）勻強電場的電場強度E的大??；（2）滑塊在圓軌道上運動時的最大速度的大小，以及速度最大時對軌道壓力的大小。  【答案】（1）；（2），【解析】【詳解】（1）滑塊運動到圓軌道最低點B時對軌道的壓力為7mg，根據(jù)牛頓第三定律，軌道對滑塊的支持力N=7mg根據(jù)得根據(jù)解得（2）對滑塊受力分析  滑塊與圓心連線與豎直方向成角且在圓心右下方（等效最低點）速度最大，根據(jù)動能定理解得根據(jù)解得，軌道對滑塊的支持力根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對軌道壓力18. 某種彈射裝置如圖所示，左端固定的輕彈簧處于壓縮狀態(tài)且鎖定，彈簧具有的彈性勢能Ep=9J，質(zhì)量m=2kg的滑塊靜止于彈簧右端，光滑水平軌道AB的右端與傾角θ=30°的傳送帶平滑連接，傳送帶長度L=12m，傳送帶以恒定速率v0=8m/s順時針轉(zhuǎn)動。某時刻解除鎖定，滑塊被彈簧彈射后滑上傳送帶，并從傳送帶頂端滑離落至地面。已知滑塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)，輕彈簧的自然長度小于水平軌道AB的長度且滑塊可視為質(zhì)點，重力加速度g取10m/s2。（1）求解除鎖定后，滑塊被彈簧彈出后的速度大??；（2）求滑塊在傳送帶上運動的過程中，摩擦力對滑塊做的功W；（3）求由于傳送滑塊電動機多消耗的電能E；（4）若每次開始時彈簧裝置具有不同的彈性勢能，要使滑塊滑離傳送帶后總能落至地面上的同一位置，求的取值范圍。【答案】（1）3m/s；（２）175J；（3）250；（4）【解析】【詳解】（1）由可得（2）因為所以故滑塊在傳送帶上先向上加速，根據(jù)牛頓第二定律得則滑塊與傳送帶共速時，有解得可知共速后，滑塊與傳送帶一起勻速運動，則摩擦力對滑塊做的功（3）傳送帶與滑塊共速前，由可得傳送帶這段時間傳送的距離則由動能定理及可得（4）分析可知，要使滑塊滑離傳送帶后總能落至地面上的同一位置，滑塊滑出傳送帶時要與傳送帶共速，滑塊剛好加速到與傳送帶共速時離開傳送帶，所對應(yīng)的彈性勢能最小，有得同理可得，滑塊剛好減速到與傳送帶共速時離開傳送帶，所對應(yīng)的彈性勢能最大，有得所以，滿足條件的彈性勢能范圍為

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精品解析：湖北省新高考聯(lián)考協(xié)作體2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期期末物理試題（解析版）：

這是一份精品解析：湖北省新高考聯(lián)考協(xié)作體2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期期末物理試題（解析版），共13頁。試卷主要包含了選擇題的作答，非選擇題的作答等內(nèi)容，歡迎下載使用。

精品解析：河南省新未來2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期6月期末聯(lián)考物理試題（解析版）：

這是一份精品解析：河南省新未來2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期6月期末聯(lián)考物理試題（解析版），共15頁。試卷主要包含了本卷主要考查內(nèi)容等內(nèi)容，歡迎下載使用。

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